麗水市2024學年第一學期普通高中教學質量監(jiān)控高二物理試題卷本試題卷分選擇題和非選擇題兩部分，共8頁，滿分100分，考試時間90分鐘?？忌⒁猓?．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆分別填寫在試題卷和答題紙規(guī)定的位置上。2．答題時，請按照答題紙上“注意事項”的要求，在答題紙相應的位置上規(guī)范作答．在試題卷上的作答一律無效。3．非選擇題的答案必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆寫在答題紙上相應區(qū)域內，作圖時，先使用2B鉛筆，確定后必須使用黑色字跡的簽字筆或鋼筆描黑，答案寫在本試題卷上無效。4．題目中無特殊說明的，重力加速度g取10m/s2。選擇題部分一、選擇題(本題共13小題，每小題3分，共39分。每小題列出的四個選項中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分)1.下列單位屬于國際單位制中基本單位的是（）A.庫侖 B.安培 C.法拉 D.伏特【答案】B【解析】【詳解】A．庫侖是電量的單位，是導出單位，故A錯誤；B．安培是電流的單位，是基本單位，故B正確；C．法拉是電容的單位，是導出單位，故C錯誤；D．伏特是電壓的單位，屬導出單位；故D錯誤。故選B。2.“一劍鐘情·從瓷開始”自行車公開賽于2024年9月22日在龍泉舉行。其中男子公路大眾組全程37.6公里（8圈），來自邁金科技TREK車隊的陳浩以50分22秒成績贏得該組別冠軍。關于本次比賽下列說法正確的是（）A.題中“50分22秒”指的是時刻B.題中“37.6公里”指的是位移C.研究選手在比賽中的運動軌跡時可以將選手看成質點D.冠軍選手陳浩在比賽過程中的平均速度約為44.8km/h【答案】C【解析】【詳解】A．題中“50分22秒”指的是時間間隔，選項A錯誤；B．題中“37.6公里”指的是路程，選項B錯誤；C．研究選手在比賽中的運動軌跡時，選手的大小形狀可忽略不計，可以將選手看成質點，選項C正確；D．冠軍選手陳浩在比賽過程中運動8圈，則位移零，可知平均速度為零，選項D錯誤。故選C。3.如圖所示，電燈吊在天花板上，下列說法正確的是（）A.燈對懸線的拉力與燈受到的重力是一對平衡力B.燈對懸線的拉力與懸線對燈的拉力是一對作用力與反作用力C.懸線對天花板的拉力與懸線對燈的拉力是一對平衡力D.燈受到的重力與懸線對天花板的拉力是一對作用力與反作用力【答案】B【解析】【詳解】AC．懸線對燈的拉力與燈受到的重力是一對平衡力，懸線對天花板的拉力與懸線對燈的拉力作用在兩個物體上，不是一對平衡力，選項AC錯誤；B．燈對懸線的拉力與懸線對燈的拉力是一對作用力與反作用力，選項B正確；D．懸線對天花板的拉力與天花板對懸線的拉力是一對作用力與反作用力，選項D錯誤。故選B。4.如圖所示，用三根輕繩將重為10N物塊懸掛在空中。已知ac和bc與豎直方向的夾角分別為30°和60°。則ac繩和bc繩中的拉力大小分別為（）【答案】A【解析】【詳解】對c點受力分析可得解得故選A。5.如圖所示是某衛(wèi)星系統(tǒng)的軌道示意圖，已知a、b、c三顆衛(wèi)星均做勻速圓周運動，其中a是地球同步衛(wèi)星，a、c軌道高度相等，且大于b的軌道高度，則（）A.衛(wèi)星a的加速度大于b的加速度B.衛(wèi)星b運行的速度大于第一宇宙速度C.衛(wèi)星c的線速度大于b的線速度D.衛(wèi)星c的運動周期等于地球的自轉周期【答案】D【解析】由于a的軌道高度大于b的軌道高度，所以衛(wèi)星a的加速度小于b的加速度，故A錯誤；B．第一宇宙速度是衛(wèi)星圍繞地球運轉的最大速度，衛(wèi)星b運行的速度小于第一宇宙速度，故B錯誤；由于a、c軌道高度相等，且大于b的軌道高度，所以衛(wèi)星c的線速度小于b的線速度，故C錯誤；a是地球同步衛(wèi)星，a、c軌道高度相等，所以衛(wèi)星c的運動周期等于地球的自轉周期，故D正確。故選D。6.在帶電量為+Q的點電荷形成的電場中，為測量某點的電場強度E，現(xiàn)在該點處放一帶電量為+q的試探電荷，所受電場力為F。靜電力常量為k，下列說法正確的是（）C.若撤去試探電荷，該處電場強度變?yōu)?D.若兩者電量均變?yōu)樵瓉淼?倍，空間位置不變，則試探電荷所受電場力變?yōu)?F【答案】D【解析】【詳解】A．根據庫侖定律可得所以故A錯誤；B．根據電場強度的定義式可得故B錯誤；C．若撤去試探電荷，該處電場強度不變，故C錯誤；D．根據庫侖定律可知，若兩者電量均變?yōu)樵瓉淼?倍，空間位置不變，則試探電荷所受電場力變?yōu)?F，故D正確。故選D。7.如圖所示為某一做直線運動的物體的v－t圖像，則根據圖像可知（）A.t=4s時物體距出發(fā)點的距離最遠B.前4s內物體的位移大小6mC.前4s內物體通過的路程7mD.1~3s和3~4s的加速度方向相反【答案】C【解析】【詳解】A．0~3s時物體一直向正方向運動，即t=3s時距出發(fā)點的距離最遠，選項A錯誤；B．圖像的面積等于位移可知，前4s內物體的位移大小選項B錯誤；C．前4s內物體通過的路程選項C正確；D．圖像的斜率等于加速度可知，1~3s和3~4s的加速度方向相同，選項D錯誤。故選C。8.如圖所示的電路中，輸入電壓U恒為8V，電阻R的阻值為1.5Ω，電動機線圈的電阻RM＝0.5Ω，電流表內阻不計。若電流表讀數為2A，下列說法正確的是（）A.電動機的輸入電壓是8VB.電動機的輸入功率是50WC.電動機的輸出功率是10WD.電動機的效率是80%【答案】D【解析】【詳解】A．電動機的輸入電壓是選項A錯誤；B．電動機的輸入功率是P=IUM=10W選項B錯誤；C．電動機的輸出功率是P出=PI2RM=8W選項C錯誤；D．電動機的效率是選項D正確。故選D。9.如圖所示，條形磁鐵以某一速度v勻速向左靠近螺線管，則（）A.電流表電流方向為a流向bB.電流表示數保持不變C.開關K斷開時，螺線管兩端的電勢差為零D.磁鐵若不動，開關K閉合瞬間，電流表電流方向為a流向b【答案】A【解析】【詳解】A．條形磁鐵以某一速度v勻速向左靠近螺線管，穿過螺線管的磁通量增大，根據楞次定律可知，電流表電流方向為a流向b，故A正確；B．由于穿過螺線管的磁通量不是均勻變化，所以感應電流不恒定，所以電流表示數變化，故B錯誤；C．開關K斷開時，螺線管仍產生感應電動勢，所以螺線管兩端的電勢差不為零，故C錯誤；D．磁鐵若不動，開關K閉合瞬間，穿過螺線管的磁通量不變，所以回路中不產生感應電流，故D錯誤。故選A。A.做圓周運動時甲的角速度小于乙B.做圓周運動時甲的向心力一定小于乙C.虛線與終點線的垂直距離為30mD.運動員做勻速圓周運動時冰面對人的摩擦力方向與速度方向相反【答案】C【解析】【詳解】A．由于甲乙做圓周運動的加速度大小相等，設甲、乙運動員圓周運動的角速度分別為、，則有解得即甲運動員的角速度大于乙運動員的角速度，A錯誤；B．根據牛頓第二定律可得甲、乙兩運動員做圓周運動時向心加速度大小相等，但甲乙運動員的質量大小未知，故圓周運動向心力的大小無法確定，B錯誤；C．甲運動員圓周運動的路程乙運動員圓周運動的路程甲乙運動員的速度之比為設虛線與終點線的垂直距離為，由于兩運動員同時抵達終點線，則有聯(lián)立上述各式解得C正確；D．運動員做勻速圓周運動時，冰面對人的摩擦力始終指向圓心，與速度方向垂直，D錯誤。故選C。11.如圖所示，在正方形的四個頂點A、B、C、D上放置帶電量相等的點電荷，A、C帶正電，B、D帶負電，O為正方形的幾何中心，兩條對角線上有與O等距的四個點E、F、G、H，已知無窮遠處電勢為0，下列說法正確的是（）A.E點和F點的電場強度相同B.E點電場強度小于G點【答案】C【解析】【詳解】A．根據電場強度疊加可知，E點和F點的電場強度大小相等，方向相反，故A錯誤；B．E點電場強度大小等于G點電場強度的大小，故B錯誤；C．O點位于兩組等量異種點電荷連線的中垂線上，其電勢為零，故C正確；D．G點靠近正電荷，E點靠近負電荷，所以三點電勢關系故D錯誤。故選C。12.如圖所示，投出去的籃球在空中運動依次經過A、B、C、D四個位置后再空心入框，已知相鄰兩位置的時間間隔為0.2s，其中A、D位置等高且水平距離為2.4m，籃球的質量為0.6kg，忽略空氣阻力，則籃球（）A.運動到B位置的速度為4m/sC.運動到D位置時重力的瞬時功率為30WD.從B運動到C的過程中速度變化量為零【答案】B【解析】【詳解】A．由題可知，A到D的時間為0.6s，則所以根據對稱性可知，B到最高點的時間為0.1s，則所以運動到B位置的速度為故A錯誤；B．A到B水平位移為A到B豎直位移為所以從A運動到B的位移為故B正確；C．運動到D位置時重力的瞬時功率為故C錯誤；D．從B運動到C的過程中速度變化量的大小為故D錯誤。故選B。13.如圖所示，兩金屬板M、N通過導線與右側水平導軌相連，導軌間距為D，金屬桿PQ垂直導軌放置，整個裝置處在方向豎直向上磁感應強度為B的勻強磁場中。當等離子束以速度持續(xù)從金屬板左側噴入，金屬桿PQ從靜止開始加速，速度達到時做勻速運動。已知等離子束的電阻率為，金屬板正對面積為S，距離為d，金屬桿PQ接入電路的電阻為R，其余電阻不計，且金屬桿PQ運動過程中所受摩擦力f恒定。則（）A.金屬桿電流的方向由Q流向PD.若等離子束的速度加倍，則金屬桿做勻速運動時的速度也加倍【答案】B【解析】【詳解】A．由左手定則可得等離子束從金屬板左側噴入，正電荷受洛倫茲力指向M板，正電荷在M板聚集，負電荷在N板聚集，金屬桿電流的方向由P流向Q，故A錯誤；B．當等離子束以速度持續(xù)從金屬板左側噴入，設M、N板間的電動勢為E，則解得M、N板間的電阻金屬桿剛開始運動時兩金屬板間的電壓為故B正確；C．速度達到時做勻速運動，則由可得故C錯誤；故選B。二、選擇題Ⅱ(本題共2小題，每小題3分，共6分．每小題列出的四個備選項中至少有一個是符合題目要求的．全部選對的得3分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分)14.下列說法正確的是（）A.地球赤道附近的重力加速度比南北極小B.電場強度為零的地方電勢一定為零C.一小段通電導線在某處不受磁場力作用，則該處磁感應強度一定為零D.以地面為零勢能面，某物體的重力勢能從5J變成0J，重力勢能變大了【答案】AD【解析】【詳解】A．地球赤道附近的重力加速度比南北極小，選項A正確；B．電場強度為零的地方電勢不一定為零，例如等量正電荷連線的中點位置，選項B錯誤；C．一小段通電導線在某處不受磁場力作用，可能是電流與磁場方向平行，而該處磁感應強度不一定為零，選項C錯誤；D．以地面為零勢能面，某物體的重力勢能從5J變成0J，物體位置升高了，重力勢能變大了，選項D正確。故選AD。15.如圖所示裝置由絕緣框架MN、固定不動的金屬板a與能在聲波驅動下沿水平方向振動的金屬振動膜b構成，E為電動勢不變的電源，A為理想電流表。當聲源發(fā)出聲音時，下列說法正確的是（）A.b振動過程中，a、b板間的帶電量不變B.b向左運動時，a、b板構成的電容器儲存的能量減小C.b向左運動時，a、b板間的電場強度減小D.b向右運動時，a、b板構成的電容器的電容增大【答案】BCD【解析】可知a、b板構成的電容器儲存的能量減小，故B正確；故選BCD。非選擇題部分三、實驗題(本題共2小題，共14分。)16.在“驗證機械能守恒定律”的實驗中：（1）如圖甲所示，除重物、紙帶、鐵架臺（含鐵夾）、電火花計時器外，在下列器材中，還必須用到是（）A.刻度尺 B.秒表C.220V直流電源 D.220V交流電源（2）實驗獲得一條紙帶，從出發(fā)點開始測量，截取點跡清晰的一段并測得數據如圖乙所示。已知打點的頻率為50Hz，則打“B”點時，重錘下落的速度大小為_____m/s（保留三位有效數字）。（3）已知重物質量為300g，通過查詢知道當地重力加速度值g=9.78m/s2，打點“O”到“B”過程中重物重力勢能減少量ΔEp=_____J（保留三位有效數字）。在本題計算重力勢能時，用到的重力加速度值______由紙帶求出。（填“能”或“不能”）【答案】（1）AD（2）3.33±0.01（3）①.1.67±0.02②.不能【解析】【小問1詳解】本實驗中電火花打點計時器需要使用220V交流電源，還需要刻度尺測量計數點間的距離，而不需要秒表記錄時間。故選AD?！拘?詳解】由于打點頻率為50Hz，所以計數點間的時間間隔為0.02s，所以【小問3詳解】[1]打點“O”到“B”過程中重物重力勢能減少量為[2]由于重物下落過程中受到阻力影響，所以實際下落的加速度小于重力加速度，所以計算重力勢能時，用到的重力加速度值不能由紙帶求出。17.在“測量干電池的電動勢和內阻”實驗中（2）采用圖乙所示電路進行精確測量，則導線a端應連在____接線柱上（選填“”或“”）；（3）實驗所得數據均標在圖丙所示UI坐標紙上，根據圖像求得電池電動勢為______V，內阻為______Ω；（結果均保留三位有效數字）（4）考慮到電表內阻的影響，（3）中所得電池電動勢______真實值，內阻______真實值。（兩空均選填“大于”、“小于”或“等于”）【答案】（1）1.40（2）B（3）①.1.48##1.49②.1.02##1.03##1.04##1.05##1.06（4）①.小于②.小于【解析】【小問1詳解】用多用電表“直流2.5V擋”粗測該干電池的電動勢，最小刻度為0.05V，則讀數為1.40V?！拘?詳解】由于干電池內阻較小與電流表內阻相差不多，因此應采用相對電源的外接法進行測量，故導線a端應連在B接線柱上。【小問3詳解】可知，圖線中縱軸截距表示電動勢圖線的斜率的絕對值表示干電池內阻【小問4詳解】[1][2]考慮到電表內阻的影響，根據閉合電路歐姆定律可知變形得根據表達式分析可知當電路中的電流為零時，由于電壓表的分流作用，電源仍有電流通過，所以電壓表的示數小于電動勢。電流表相對于電源內阻是外接法，所以測得內阻小于真實值。四、計算題(本題共4小題，共41分。)18.小軍同學遙控一電動模型汽車沿著平直跑道從靜止開始做勻加速直線運動，當汽車達到速度v時做勻速直線運動，勻速運動5s后關閉電動機做勻減速直線運動直至停止。全程運動120m用時15s。已知模型汽車質量m=4.0kg，全程所受阻力約為重力的。求汽車：（1）勻減速直線運動過程中加速度大?。唬?）勻速直線運動的速度v的大??；（3）勻加速直線運動過程中牽引力大小?！敬鸢浮浚?）2m/s2（2）12m/s（3）20N【解析】【小問1詳解】勻減速直線運動過程中解得=2m/s2【小問2詳解】加速階段與減速階段的平均速度都為，故解得【小問3詳解】減速階段的時間為故加速階段的時間為加速階段的加速度為由牛頓第二定律解得（1）若彈簧壓縮后的彈性勢能EP=0.48J，求①滑塊到達C點時的速度大小vC；②滑塊到達圓弧軌道E點時對軌道的壓力大小FN；（2）為保證滑塊達F點前不脫離軌道，求彈簧所能允許的最大壓縮量?！窘馕觥啃?詳解】[1]假設滑塊全程減速通過傳送帶，由動能定理解得[2]由動能定理可得解得由牛頓第二定律可得解得由牛頓第三定律可知，滑塊到達圓弧軌道E點時對軌道的壓力大小【小問2詳解】通過分析可知，若滑塊在D點不脫離軌道，則整個過程就不脫離軌道。若恰好過D點，由牛頓第二定律解得由動能定理可得解得根據能量守恒定律可知解得20.某粒子分析裝置原理如圖甲所示，I區(qū)域為粒子加速器；Ⅱ區(qū)域的豎直長度為L，內部存在垂直紙面向里的磁場B1和水平向左的電場；Ⅲ區(qū)域內存在垂直紙面向里的磁場B2。一質量為m，電荷量為q的正粒子（不計重力），由靜止經加速后，恰能以速度v0沿直線通過I、Ⅱ區(qū)域，并從Ⅱ區(qū)域中間S處垂直進入Ⅲ區(qū)域，最終打到右側的顯像板上。忽略各場場間的邊緣效應。求：（1）I區(qū)域內加速電壓U；（2）Ⅱ區(qū)域內電場強度大小E和打在顯像板上的位置到S的水平距離D0；（3）若撤去Ⅱ區(qū)域中的磁場，粒子將從S左側進入Ⅲ區(qū)域，軌跡大致如圖乙所示。求粒子打在顯像板上的位置到S的水平距離D。【解析】【小問1詳解】粒子在I中加速，根據動能定理有解得加速電壓【小問2詳解】粒子在Ⅱ中受力平衡解得電場強度粒子在Ⅲ中做勻速圓周運動，根據牛頓第二定律有解得所以打在顯像板上位置距狹縫中間的距離