高級(jí)中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025年北京市大興高考物理一模試卷一、單選題：本大題共14小題，共42分。1.有關(guān)核反應(yīng)方程式，（）下列說(shuō)法正確的是（）A.（）中應(yīng)該是電子 B.（）中應(yīng)該是質(zhì)子C.該反應(yīng)是核聚變 D.該反應(yīng)是核裂變【答案】B【解析】AB．根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，有故A錯(cuò)誤，B正確；CD．該反應(yīng)是原子核的人工轉(zhuǎn)變，故CD錯(cuò)誤。故選B。2.關(guān)于光的應(yīng)用，下列說(shuō)法正確的是（）A.照相機(jī)鏡頭的增透膜應(yīng)用了光的衍射原理B.光導(dǎo)纖維中內(nèi)層的折射率小于外層的折射率C.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，在鏡頭前加一個(gè)增透膜應(yīng)用了全反射現(xiàn)象D.光經(jīng)過(guò)刮胡須的刀片的影子邊緣模糊不清是由于光的衍射【答案】D【解析】A．照相機(jī)鏡頭的增透膜應(yīng)用了光的干涉原理，故A錯(cuò)誤；B．光導(dǎo)纖維應(yīng)用了全反射原理，內(nèi)層的折射率大于外層的折射率，故B錯(cuò)誤；C．拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，在鏡頭前加一個(gè)增透膜應(yīng)用了光的干涉原理，故C錯(cuò)誤；D．光經(jīng)過(guò)刮胡須的刀片的影子邊緣模糊不清是由于光的衍射，故D正確。故選D。3.如圖所示，一定量的理想氣體從狀態(tài)A開(kāi)始，經(jīng)歷兩個(gè)過(guò)程，先后到達(dá)狀態(tài)B和C，下列說(shuō)法正確的是（）A.狀態(tài)A和狀態(tài)B溫度相同，狀態(tài)C溫度最高B.狀態(tài)B和狀態(tài)C溫度相同，狀態(tài)A溫度最高C.從狀態(tài)A到狀態(tài)B溫度升高，氣體對(duì)外界做功，不斷吸熱D.從狀態(tài)B到狀態(tài)C溫度升高，氣體對(duì)外界做功，不斷吸熱【答案】C【解析】AB．由圖可知，狀態(tài)A到狀態(tài)B是一個(gè)等壓過(guò)程，根據(jù)因?yàn)閂B＞VA則有TB＞TA而狀態(tài)B到狀態(tài)C是一個(gè)等容過(guò)程，則有因pB＞pC則有TB＞TC對(duì)狀態(tài)A和C，依據(jù)理想氣體狀態(tài)參量方程，則有即解得TA=TC故AB錯(cuò)誤；C．從狀態(tài)A到狀態(tài)B溫度升高，內(nèi)能增大，體積膨脹，氣體對(duì)外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w不斷吸熱，故C正確；D．從狀態(tài)B到狀態(tài)C溫度降低，內(nèi)能減少，體積不變，氣體不做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w不斷放熱，故D錯(cuò)誤。故選C。4.一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)的波形圖如圖所示。此時(shí)介質(zhì)中x=2m處的質(zhì)點(diǎn)P由平衡位置向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，其振動(dòng)周期為0.4s。下列說(shuō)法正確的是（）A.該列波向右傳播B.該列波的波長(zhǎng)為6mC.該列波的波速為5m/sD.t=0時(shí)x=4m位置的質(zhì)點(diǎn)尚未運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】A．質(zhì)點(diǎn)P由平衡位置向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，由“同側(cè)法”可知，該列波向右傳播，選項(xiàng)A正確；B．由圖可知，該列波的波長(zhǎng)為4m，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．該列波的波速為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．t=0時(shí)x=4m位置的質(zhì)點(diǎn)在平衡位置，速度最大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。5.如圖所示，將理想變壓器原線圈接入電壓隨時(shí)間變化規(guī)律為u＝220sin(100πt)V的交流電源上，在副線圈兩端并聯(lián)接入規(guī)格為“22V，22W”的燈泡5個(gè)，燈泡均正常發(fā)光。除燈泡外的電阻均不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是（）A.變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10∶1B.電流表示數(shù)為0.5AC.副線圈中電流的頻率為25HzD.若副線圈中的燈泡減少一個(gè)，其余的燈泡都會(huì)變亮【答案】B【解析】A．燈泡正常發(fā)光，燈泡兩端的電壓為原線圈兩端電壓有效值為所以原、副線圈匝數(shù)之比為故A錯(cuò)誤；B．副線圈的電流為所以電流表示數(shù)為，故B正確；C．根據(jù)原線圈電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式可知原副線圈頻率相等，所以副線圈中電流的頻率為50Hz，故C錯(cuò)誤；D．若副線圈中的燈泡減少一個(gè)，由于原副線圈兩端電壓不變，則燈泡兩端的電壓不變，所以燈泡亮度不變，故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，軟鐵環(huán)上繞有M、N兩個(gè)線圈，線圈M與直流電源、電阻和開(kāi)關(guān)S1相連，線圈N與電流表和開(kāi)關(guān)S2相連。下列說(shuō)法正確的是（）A.保持S1閉合，軟鐵環(huán)中的磁場(chǎng)為逆時(shí)針?lè)较駼.保持S1閉合，在開(kāi)關(guān)S2閉合的瞬間，通過(guò)電流表的電流由C.保持S2閉合，在開(kāi)關(guān)S1閉合的瞬間，通過(guò)電流表的電流由D.保持S2閉合，在開(kāi)關(guān)S1斷開(kāi)的瞬間，電流表所在回路不會(huì)產(chǎn)生電流【答案】C【解析】A．由右手螺旋定則可以判斷出，軟鐵環(huán)中的磁場(chǎng)為順時(shí)針?lè)较颍蔄錯(cuò)誤；B．保持S1閉合，在開(kāi)關(guān)S2閉合的瞬間，N線圈中磁通量不變，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生。故B錯(cuò)誤；C．保持S2閉合，在開(kāi)關(guān)S1閉合的瞬間，N線圈中磁通量增大，根據(jù)楞次定律可以判斷，通過(guò)電流表的電流由。故C正確；D．保持S2閉合，在開(kāi)關(guān)S1斷開(kāi)的瞬間，N線圈中磁通量減小，根據(jù)“增反減同”可以判斷，通過(guò)電流表的電流由。故D錯(cuò)誤。故選C。7.地球靜止衛(wèi)星的發(fā)射過(guò)程可以簡(jiǎn)化如下：衛(wèi)星先在近地圓形軌道I上運(yùn)動(dòng)，在點(diǎn)A時(shí)點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道II，到達(dá)軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)B時(shí)，再次點(diǎn)火進(jìn)入同步軌道III繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。設(shè)衛(wèi)星質(zhì)量保持不變，下列說(shuō)法中正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道I上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的加速度小于在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的加速度B.衛(wèi)星在軌道I上的機(jī)械能等于在軌道III上的機(jī)械能C.衛(wèi)星在軌道I上和軌道III上的運(yùn)動(dòng)周期均與地球自轉(zhuǎn)周期相同D.衛(wèi)星在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率小于地球的第一宇宙速度【答案】D【解析】A．由，解得可知衛(wèi)星在軌道I上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的加速度等于在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的加速度，故A錯(cuò)誤；B．衛(wèi)星從軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ需在A點(diǎn)火加速，衛(wèi)星從軌道Ⅱ進(jìn)入軌道III需在B點(diǎn)火加速，所以衛(wèi)星在軌道I上的機(jī)械能小于在軌道III上的機(jī)械能，故B錯(cuò)誤；C．由開(kāi)普勒第三定律，可知衛(wèi)星在軌道I上的運(yùn)動(dòng)周期小于在軌道III上的運(yùn)動(dòng)周期，軌道III上的運(yùn)動(dòng)周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，故C錯(cuò)誤；D．由，可知可知衛(wèi)星在軌道III上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率小于地球的第一宇宙速度，衛(wèi)星在軌道III上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率大于衛(wèi)星在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率，故衛(wèi)星在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率小于地球的第一宇宙速度，故D正確。故選D。8.如圖所示，沿水平方向運(yùn)動(dòng)的汽車(chē)內(nèi)，一質(zhì)量為的物塊緊貼在車(chē)廂左側(cè)的豎直內(nèi)壁上，且與車(chē)廂保持相對(duì)靜止，物塊與車(chē)廂左壁間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，另一質(zhì)量為的小球通過(guò)輕質(zhì)細(xì)線與車(chē)廂頂部連接，細(xì)線與豎直方向的夾角為α。重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.汽車(chē)一定向右加速運(yùn)動(dòng)B.細(xì)線中的拉力大小為C.物塊與車(chē)廂左壁之間的摩擦力大小為D.物塊受到車(chē)廂左壁的彈力大小為【答案】D【解析】AB．根據(jù)題意，對(duì)小球受力分析，如圖所示豎直方向由水平方向由牛頓第二定律有可得方向水平向右，則小車(chē)和物塊加速度也是水平向右的，則小車(chē)可能做向右的加速運(yùn)動(dòng)，也能做向左的減速運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)題意，對(duì)物塊受力分析，如圖所示則有豎直方向的靜摩擦力大小為摩擦力不一定達(dá)到最大靜摩擦力，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。9.如圖所示，兩個(gè)帶等量正電的點(diǎn)電荷分別位于M、N兩點(diǎn)上，P、Q是MN連線上的兩點(diǎn)，E、F是MN連線中垂線上的兩點(diǎn)，O為EF、MN的交點(diǎn)，，。將一負(fù)點(diǎn)電荷在E點(diǎn)靜止釋放，不計(jì)負(fù)點(diǎn)電荷重力。下列說(shuō)法正確的是（）A.負(fù)電荷始終做加速運(yùn)動(dòng)B.從E點(diǎn)到F點(diǎn)電勢(shì)先增大后減小C.OP兩點(diǎn)間電勢(shì)差與PQ兩點(diǎn)間電勢(shì)差相等D.僅將M、N兩點(diǎn)電荷改為等量帶負(fù)電，P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不變【答案】B【解析】A．根據(jù)等量同種正電荷電場(chǎng)強(qiáng)度分布可知連線，在上方電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向上，在下方電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向下，則負(fù)電荷在上方所受電場(chǎng)力方向豎直向下，在下方所受電場(chǎng)力方向豎直向上，則負(fù)電荷在上方做加速運(yùn)動(dòng)，在點(diǎn)處處于平衡狀態(tài)，在下方做減速運(yùn)動(dòng)，故?A?錯(cuò)誤；B．根據(jù)A選項(xiàng)分析可知，從E點(diǎn)到F點(diǎn)電場(chǎng)力對(duì)負(fù)電荷先做正功，后做負(fù)功，則負(fù)電荷的電勢(shì)能先減小后增大，根據(jù)可知從E點(diǎn)到F點(diǎn)電勢(shì)先增大后減小，故B正確；C．從到電場(chǎng)強(qiáng)度變大，根據(jù)定性分析可知OP兩點(diǎn)間電勢(shì)差與PQ兩點(diǎn)間電勢(shì)差的大小關(guān)系為故C錯(cuò)誤；D．僅將M、N兩點(diǎn)電荷改為等量帶負(fù)電，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小不變，方向相反，即P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度改變，故D錯(cuò)誤。故選B。10.如圖所示，在一個(gè)圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于圓平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)有兩個(gè)質(zhì)量相等、所帶電荷量大小也相等的帶電粒子a和b，先后以不同的速率從圓邊沿的A點(diǎn)對(duì)準(zhǔn)圓形區(qū)域的圓心O射入圓形磁場(chǎng)區(qū)域，它們穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。粒子之間的相互作用力及所受重力和空氣阻力均可忽略不計(jì)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.a、b兩粒子所帶電荷的電性可能相同B.射入圓形磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)a粒子的速率較大C.穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程洛倫茲力對(duì)a做功較多D.穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程a粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間較長(zhǎng)【答案】D【解析】A．粒子的運(yùn)動(dòng)偏轉(zhuǎn)軌跡相反，根據(jù)左手定則可知，粒子電性相反，故A錯(cuò)誤；B．粒子沿圓形磁場(chǎng)的直徑飛入，根據(jù)徑向?qū)ΨQ(chēng)定圓心如圖所示由圖可知粒子在磁場(chǎng)中，洛倫茲力提供向心力解得兩粒子的質(zhì)量和電荷量大小相等，所以，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)左手定則可知洛倫茲力始終與速度垂直，不做功，故C錯(cuò)誤；D．粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期圓心角為，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間兩粒子的質(zhì)量和電荷量大小相等，所以周期相等，因?yàn)椋源┻^(guò)磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中所用時(shí)間：，故D正確。故選D。11.在一個(gè)很小的厚度為d的矩形半導(dǎo)體薄片上，制作四個(gè)電極E、F、M、N，它就成了一個(gè)霍爾元件，如圖所示．在E、F間通入恒定的電流I，同時(shí)外加與薄片垂直的磁場(chǎng)B，則薄片中的載流子（形成電流的自由電荷）就在洛倫茲力的作用下，向著與電流和磁場(chǎng)都垂直的方向漂移，使M、N間出現(xiàn)了電壓，稱(chēng)為霍爾電壓UH．可以證明UH=kIB/d，k為霍爾系數(shù)，它的大小與薄片的材料有關(guān)．下列說(shuō)法正確的是（）A.若M的電勢(shì)高于N的電勢(shì)，則載流子帶正電B.霍爾系數(shù)k較大的材料，其內(nèi)部單位體積內(nèi)的載流子數(shù)目較多C.借助霍爾元件能夠把電壓表改裝成磁強(qiáng)計(jì)（測(cè)定磁感應(yīng)強(qiáng)度）D.霍爾電壓UH越大，載流子受到磁場(chǎng)的洛侖茲力越小【答案】C【解析】根據(jù)左手定則可知正流子向N偏轉(zhuǎn)，即N帶正電，N的電勢(shì)高于M的電勢(shì)，A錯(cuò)誤；設(shè)上下兩個(gè)表面相距為L(zhǎng)，電子所受的電場(chǎng)力等于洛侖茲力，設(shè)材料單位體積內(nèi)電子的個(gè)數(shù)為n，材料截面積為S，，，聯(lián)立解得：，令，則，所以根據(jù)可知單位體積內(nèi)的載流子數(shù)目，隨著霍爾系數(shù)越大，而越小，B錯(cuò)誤；根據(jù)可得，故借助霍爾元件能夠把電壓表改裝成磁強(qiáng)計(jì)（測(cè)定磁感應(yīng)強(qiáng)度），C正確；載流子受到的洛倫茲力，霍爾電壓UH越大，載流子受到磁場(chǎng)的洛侖茲力越大，D錯(cuò)誤．12.某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示電路研究電容器充放電過(guò)程中的能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題，通過(guò)傳感器得到的數(shù)據(jù)做出電容器兩端電壓U隨電荷量Q變化的圖像如圖乙所示，電容器的電容為C，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，R為定值電阻。下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)電容器兩端電壓為U時(shí)，電容器存儲(chǔ)的電能為B.充電過(guò)程電源非靜電力做功為C.充電過(guò)程中，電壓傳感器的示數(shù)迅速增大后趨于穩(wěn)定D.放電過(guò)程中，電流傳感器示數(shù)均勻減小至零【答案】C【解析】A．當(dāng)電容器兩端電壓為U時(shí)，電容器存儲(chǔ)的電能為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．充電過(guò)程電源非靜電力做功為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．充電過(guò)程中，電容器帶電量迅速增加后趨于定值，則電壓傳感器的示數(shù)迅速增大后趨于穩(wěn)定，選項(xiàng)C正確；D．放電過(guò)程中，電路中的電流開(kāi)始時(shí)較大，后隨著電容器帶電量減小，放電電流逐漸減小，但是不是線性減小，即電流傳感器的示數(shù)不是均勻減小至零，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。13.如圖所示為某種光電式煙霧報(bào)警器的原理圖。在無(wú)煙霧時(shí)，光源發(fā)出的光沿直線傳播，光電管接收不到光，報(bào)警器處于靜默狀態(tài)；當(dāng)煙霧通過(guò)煙霧入口時(shí)，煙霧顆粒會(huì)散射光源發(fā)出的光，散射的光被光電管接收，從而產(chǎn)生光電流。干簧管是一個(gè)磁控開(kāi)關(guān)，用于控制報(bào)警電路的通斷。當(dāng)通過(guò)煙霧入口的煙霧達(dá)到一定濃度時(shí)，報(bào)警電路被激活，蜂鳴器就會(huì)發(fā)出報(bào)警聲。電鍵S處于閉合狀態(tài)，下列說(shuō)法正確的是（）A.干簧管是否導(dǎo)通與的電動(dòng)勢(shì)大小有關(guān)B.減小R?的阻值可以提高該報(bào)警器的靈敏度C.增加干簧管外纏繞線圈的匝數(shù)可以降低該報(bào)警器的靈敏度D.煙霧達(dá)到報(bào)警濃度時(shí)，干簧管外纏繞的線圈中一定無(wú)電流【答案】B【解析】A．干簧管是否導(dǎo)通主要取決于其外繞線圈中電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)，而該線圈又受光電管電路控制，與報(bào)警電路電源的電動(dòng)勢(shì)無(wú)直接關(guān)系，故A錯(cuò)誤。B．是光源所在回路的限流電阻，減小會(huì)增大光源發(fā)光強(qiáng)度，從而使散射到光電管的光更強(qiáng)、光電流更大，更易觸發(fā)報(bào)警，靈敏度提高，故B正確。C．增加干簧管外線圈匝數(shù)通常會(huì)增強(qiáng)線圈在給定電流下產(chǎn)生的磁場(chǎng)，有利于干簧管導(dǎo)通，提高靈敏度，故C錯(cuò)誤；D．要使干簧管吸合、蜂鳴器報(bào)警，線圈中必須有足夠的電流產(chǎn)生磁場(chǎng)，故D錯(cuò)誤。故選B。14.如圖所示，空間中有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，MN和PQ是兩根互相平行、豎直放置的光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)且電阻不計(jì)。質(zhì)量為m的金屬桿ab與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，金屬桿ab電阻為R，重力加速度為g。開(kāi)始時(shí)，開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，金屬桿ab由靜止自由下落，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后再閉合開(kāi)關(guān)S。當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后，下列說(shuō)法正確的是（）A.a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)B.導(dǎo)體棒做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)C.安培力做正功，機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能D.當(dāng)下落高度為時(shí)閉合開(kāi)關(guān)，則金屬桿ab會(huì)立刻做減速運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】A．根據(jù)右手定則可知，a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．導(dǎo)體棒受向上的安培力和向下的重力，若安培力大于重力，則加速度向上，則向下做減速運(yùn)動(dòng)，加速度為則做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)；若安培力等于重力，則金屬棒做勻速運(yùn)動(dòng)；若安培力小于重力，則加速度向下，則向下做加速運(yùn)動(dòng)，加速度為則做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．安培力方向向上，則安培力做負(fù)功，機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．當(dāng)下落高度為時(shí)閉合開(kāi)關(guān)，此時(shí)安培力則金屬桿ab會(huì)立刻做減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D正確。故選D。二、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共18分。15.某同學(xué)用多用電表測(cè)量電阻。使用前，觀察到多用電表指針已經(jīng)對(duì)準(zhǔn)表盤(pán)左側(cè)的零刻度。使用時(shí)，先將選擇開(kāi)關(guān)調(diào)到歐姆擋“”擋，再將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)圖1中的______旋鈕（選填“A”“B”或“C”），使指針指到表盤(pán)右側(cè)的零刻度處；然后將紅、黑表筆接在電阻兩端，發(fā)現(xiàn)指針的位置如圖2所示，則該電阻的阻值約為_(kāi)_____Ω。【答案】C6.0##6【解析】[1]進(jìn)行歐姆調(diào)零時(shí)，需要將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)圖1中的歐姆調(diào)零旋鈕，即調(diào)節(jié)C；[2]根據(jù)歐姆表的讀數(shù)規(guī)律，該讀數(shù)為16.“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)如圖所示，同學(xué)們?cè)诓僮鬟^(guò)程中有如下討論，其中對(duì)減小實(shí)驗(yàn)誤差有益的說(shuō)法是（）A.兩根細(xì)繩必須等長(zhǎng)B.橡皮筋應(yīng)與兩繩夾角的平分線在同一直線上C.在使用彈簧秤時(shí)要注意使彈簧秤與木板平面平行D.拉橡皮筋的細(xì)繩要長(zhǎng)些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些【答案】CD【解析】A．通過(guò)兩細(xì)繩用兩個(gè)彈簧秤互成角度地拉橡皮條時(shí)，并非要求兩細(xì)繩等長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；B．橡皮筋不需要與兩繩夾角的平分線在同一直線上，故B錯(cuò)誤；C．為了減小實(shí)驗(yàn)中因摩擦造成的誤差，操作中要求彈簧秤、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行，故C正確；D．為了更加準(zhǔn)確地記錄力的方向，拉橡皮條的細(xì)繩要長(zhǎng)些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些，故D正確。故選CD。17.某同學(xué)通過(guò)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測(cè)量單色光的波長(zhǎng)。該同學(xué)調(diào)整好實(shí)驗(yàn)裝置后，保持雙縫間的距離不變，分別用圖3所示的氫原子在可見(jiàn)光區(qū)的四條譜線中的照射雙縫。四條譜線的波長(zhǎng)滿(mǎn)足（，其中對(duì)應(yīng)），式中的為里德伯常量。實(shí)驗(yàn)形成如圖所示的干涉圖樣，則圖甲對(duì)應(yīng)的譜線是___________。（填“”，“”）?！敬鸢浮俊窘馕觥考讏D條紋間距較寬，由可知，根據(jù)題意，由公式結(jié)合圖像可知、分別是氫原子從第4能級(jí)和第5能級(jí)躍遷到第2能級(jí)發(fā)出的光，由可知，第4能級(jí)躍遷到第2能級(jí)輻射光子能量較小，波長(zhǎng)較長(zhǎng)，即，則圖甲對(duì)應(yīng)的譜線是。18.某同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。（1）該同學(xué)用如圖所示器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，下列圖中實(shí)驗(yàn)操作正確的是_______。A. B. C. D.（2）按正確合理的方法進(jìn)行操作，打出的一條紙帶如圖甲所示，在紙帶上選取三個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)A、B、C，測(cè)得它們到起始點(diǎn)О的距離分別為h1、h2、h3。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，重物的質(zhì)量為m，交流電的周期為T(mén)。從О點(diǎn)到B點(diǎn)的過(guò)程中，重物的重力勢(shì)能減小量為_(kāi)_________，動(dòng)能增加量為_(kāi)__________。（3）換用兩個(gè)質(zhì)量分別為m1、m2的重物進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，記錄下落高度h和相應(yīng)的速度大小v，描繪圖像如圖乙所示。改變重物質(zhì)量時(shí)，紙帶與重物所受阻力不變，請(qǐng)根據(jù)圖像分析說(shuō)明兩重物質(zhì)量的大小關(guān)系_____________?！敬鸢浮浚?）B（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接交流電源，同時(shí)使紙帶豎直，以減少阻力的影響。故選B。【小問(wèn)2詳析】[1]根據(jù)重力勢(shì)能的計(jì)算公式可知，重物的重力勢(shì)能減小量為[2]B點(diǎn)的速度為根據(jù)動(dòng)能的公式可知【小問(wèn)3詳析】根據(jù)動(dòng)能定理有解得根據(jù)圖像的斜率可知。三、計(jì)算題：本大題共4小題，共40分。19.如圖所示，光滑水平面內(nèi)存在一有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向如圖所示。一邊長(zhǎng)為正方形單匝導(dǎo)線框位于水平面內(nèi)，某時(shí)刻導(dǎo)線框以垂直磁場(chǎng)邊界的初速度從磁場(chǎng)左邊緣進(jìn)入磁場(chǎng)。已知導(dǎo)線框的質(zhì)量為、電阻為。求線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中（1）感應(yīng)電流的最大值；（2）線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度；（3）線框進(jìn)入磁場(chǎng)產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】線框產(chǎn)生的最大電動(dòng)勢(shì)為感應(yīng)電流的最大值【小問(wèn)2詳析】根據(jù)動(dòng)量定理，有其中平均電動(dòng)勢(shì)為聯(lián)立可得【小問(wèn)3詳析】根據(jù)能量守恒可得線框進(jìn)入磁場(chǎng)產(chǎn)生的焦耳熱20.2025年2月第九屆亞洲冬季運(yùn)動(dòng)會(huì)在哈爾濱成功舉辦，跳臺(tái)滑雪是極具觀賞性的項(xiàng)目之一。某滑道示意圖如圖所示，長(zhǎng)直助滑道AB與彎曲滑道BC平滑銜接，滑道BC高為10m，C是半徑為20m圓弧的最低點(diǎn)。質(zhì)量為60kg的運(yùn)動(dòng)員從A處由靜止開(kāi)始勻加速下滑，BC段的阻力忽略不計(jì)。AB長(zhǎng)為100m，運(yùn)動(dòng)員到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度大小為30m/s，取重力加速度g=10m/s2。求：（1）在AB段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員加速度的大小a。（2）運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能Ek。（3）運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)所受支持力大小FN?！敬鸢浮浚?）4.5m/s2（2）3.3×104J（3）3900N【解析】【小問(wèn)1詳析】運(yùn)動(dòng)員沿AB段做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由可得：a=4.5m/s2【小問(wèn)2詳析】BC段由動(dòng)能定理：運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能為=3.3×104J【小問(wèn)3詳析】運(yùn)動(dòng)員在C點(diǎn)受力情況：則可得=3900N21.2025年1月20日，我國(guó)有“人造太陽(yáng)”之稱(chēng)的全超導(dǎo)托卡馬克核聚變實(shí)驗(yàn)裝置（EAST），首次完成1億攝氏度1066秒“高質(zhì)量燃燒”。對(duì)人類(lèi)加快實(shí)現(xiàn)聚變發(fā)電具有重要意義。EAST通過(guò)高速運(yùn)動(dòng)的中性粒子束加熱等離子體，需要利用將帶電離子從混合粒子束中剝離出來(lái)。已知所有離子帶正電，電荷量均為q，質(zhì)量均為m。所有粒子的重力及粒子間的相互作用均可忽略不計(jì)。（1）“偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)”的原理簡(jiǎn)圖如圖1所示，包含中性粒子和帶電離子的混合粒子進(jìn)入由一對(duì)平行帶電極板構(gòu)成的勻強(qiáng)電場(chǎng)區(qū)域，混合粒子進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)速度方向與極板平行，離子在電場(chǎng)區(qū)域發(fā)生偏轉(zhuǎn)，中性粒子繼續(xù)沿原方向運(yùn)動(dòng)。已知兩極板間電壓為U，間距為d，若所有離子速度均為v，且都被下極板吞噬，求偏轉(zhuǎn)極板的最短長(zhǎng)度L。（2）“偏轉(zhuǎn)系統(tǒng)”還可以利用磁偏轉(zhuǎn)進(jìn)行帶電離子的剝離，如圖2所示。吞噬板MN的長(zhǎng)度為2d，混合粒子束寬度為d，垂直于吞噬板射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，且范圍足夠大。a.要使所有離子都打到吞噬板上，求帶電離子速度大小的范圍：b.以吞噬板上端點(diǎn)為坐標(biāo)原點(diǎn)，豎直向下為y軸正方向建立坐標(biāo)系，如圖2所示。單位時(shí)間內(nèi)通過(guò)y軸單位長(zhǎng)度進(jìn)入磁場(chǎng)的離子數(shù)為n。假設(shè)不同速度的離子在混合粒子束中都是均勻分布的，則落在吞噬板上的數(shù)量分布呈現(xiàn)一定的規(guī)律。設(shè)單位時(shí)間內(nèi)落在吞噬板y位置附近單位長(zhǎng)度上的離子數(shù)量為ny，寫(xiě)出ny隨y變化規(guī)律的表達(dá)式（不要求推導(dǎo)過(guò)程），并在圖3中作出ny-y圖像?！敬鸢浮浚?）（2）a.；b.見(jiàn)解析【解析】【小問(wèn)1詳析】帶電離子在兩極板內(nèi)做類(lèi)平拋運(yùn)動(dòng)，則，，聯(lián)立可得【小問(wèn)2詳析】a.最上沿的離子能打到吞噬板上，滿(mǎn)足，所以最下沿的離子不能超出吞噬板，滿(mǎn)足，所以所以帶電離子速度大小的范圍為b.①當(dāng)y≤d時(shí)，能打到y(tǒng)處的離子，源自混合粒子中居于上部寬度為y中的離子，所以②當(dāng)d<y≤2d時(shí)，能打到y(tǒng)處的離子，源自混合粒子中居于下部寬度為2d-y中的離子，所以由以上分析可得，圖線如圖所示22.構(gòu)建物理模型是一種研究物理問(wèn)題的科學(xué)思維方法。（1）如圖甲所示，一個(gè)質(zhì)量為0.18kg的壘球，以25m/s的水平速度飛向球棒，被球棒擊打后，反向水平飛回，速度的大小為45m/s。若球棒與壘球的作用時(shí)間為0.002s，求球棒對(duì)壘球的平均作用力大小F。（2）我們一般認(rèn)為，飛船在遠(yuǎn)離星球的宇宙深處航行時(shí)，其他星體對(duì)飛船的萬(wàn)有引力作用很微弱，可忽略不計(jì)。此時(shí)飛船將不受外力作用而做勻速直線運(yùn)動(dòng)。設(shè)想有一質(zhì)量為M的宇宙飛船，正以速度在宇宙中飛行。如圖乙所示，飛船可視為橫截面積為S的圓柱體。某時(shí)刻飛船監(jiān)測(cè)到前面有一片塵埃云，已知塵埃云分布均勻，密度為。a、假設(shè)塵埃碰到飛船時(shí)，立即吸附在飛船表面，若不采取任何措施，飛船將不斷減速。求飛船的速度由減小1%的過(guò)程中發(fā)生的位移大小x。b、假設(shè)塵埃與飛船發(fā)生的是彈性碰撞，且不考慮塵埃間的相互作用。為了保證飛船能以速度勻速穿過(guò)塵埃云，在剛進(jìn)入塵埃云時(shí)，飛船立即開(kāi)啟內(nèi)置的離子加速器。已知該離子加速器是利用電場(chǎng)加速帶電粒子，形成向外發(fā)射的高速（遠(yuǎn)大于飛船速度）粒子流，從而對(duì)飛行器產(chǎn)生推力。噴射粒子過(guò)程中，飛船的加速度很小，可視為慣性系。若發(fā)射的是一價(jià)陽(yáng)離子，每個(gè)陽(yáng)離子的質(zhì)量為m，加速電壓為U，元電荷為e。在加速過(guò)程中飛行器質(zhì)量的變化可忽略，求單位時(shí)間內(nèi)射出的陽(yáng)離子數(shù)N?！敬鸢浮浚?）6300N（2），【解析】【小問(wèn)1詳析】以壘球飛向球棒的方向?yàn)檎较?，壘球的初?dòng)量為末動(dòng)量為由動(dòng)量定理可得壘球與球棒之間的平均作用力為解得平均作用力大小為F=6300N【小問(wèn)2詳析】[1]對(duì)飛船與塵埃云，以飛船的方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律可得則[2]設(shè)在很短時(shí)間內(nèi)，與飛船碰撞的塵埃質(zhì)量為，所受飛船的作用力為，飛船與塵埃發(fā)生的是彈性碰撞，由動(dòng)量守恒定律由能量守恒定律聯(lián)立解得：由于M遠(yuǎn)大于，則解得碰后塵埃的速度為對(duì)塵埃由動(dòng)量定理：且則飛船所受阻力為設(shè)一個(gè)陽(yáng)離子在電場(chǎng)中加速后獲得的速度為v，由動(dòng)能定理設(shè)單位時(shí)間內(nèi)射出的離子數(shù)為N，則飛船受動(dòng)力為F，由動(dòng)量定理飛船勻速運(yùn)動(dòng)，則由受力平衡聯(lián)立解得2025年北京市大興高考物理一模試卷一、單選題：本大題共14小題，共42分。1.有關(guān)核反應(yīng)方程式，（）下列說(shuō)法正確的是（）A.（）中應(yīng)該是電子 B.（）中應(yīng)該是質(zhì)子C.該反應(yīng)是核聚變 D.該反應(yīng)是核裂變【答案】B【解析】AB．根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒，有故A錯(cuò)誤，B正確；CD．該反應(yīng)是原子核的人工轉(zhuǎn)變，故CD錯(cuò)誤。故選B。2.關(guān)于光的應(yīng)用，下列說(shuō)法正確的是（）A.照相機(jī)鏡頭的增透膜應(yīng)用了光的衍射原理B.光導(dǎo)纖維中內(nèi)層的折射率小于外層的折射率C.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，在鏡頭前加一個(gè)增透膜應(yīng)用了全反射現(xiàn)象D.光經(jīng)過(guò)刮胡須的刀片的影子邊緣模糊不清是由于光的衍射【答案】D【解析】A．照相機(jī)鏡頭的增透膜應(yīng)用了光的干涉原理，故A錯(cuò)誤；B．光導(dǎo)纖維應(yīng)用了全反射原理，內(nèi)層的折射率大于外層的折射率，故B錯(cuò)誤；C．拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時(shí)，在鏡頭前加一個(gè)增透膜應(yīng)用了光的干涉原理，故C錯(cuò)誤；D．光經(jīng)過(guò)刮胡須的刀片的影子邊緣模糊不清是由于光的衍射，故D正確。故選D。3.如圖所示，一定量的理想氣體從狀態(tài)A開(kāi)始，經(jīng)歷兩個(gè)過(guò)程，先后到達(dá)狀態(tài)B和C，下列說(shuō)法正確的是（）A.狀態(tài)A和狀態(tài)B溫度相同，狀態(tài)C溫度最高B.狀態(tài)B和狀態(tài)C溫度相同，狀態(tài)A溫度最高C.從狀態(tài)A到狀態(tài)B溫度升高，氣體對(duì)外界做功，不斷吸熱D.從狀態(tài)B到狀態(tài)C溫度升高，氣體對(duì)外界做功，不斷吸熱【答案】C【解析】AB．由圖可知，狀態(tài)A到狀態(tài)B是一個(gè)等壓過(guò)程，根據(jù)因?yàn)閂B＞VA則有TB＞TA而狀態(tài)B到狀態(tài)C是一個(gè)等容過(guò)程，則有因pB＞pC則有TB＞TC對(duì)狀態(tài)A和C，依據(jù)理想氣體狀態(tài)參量方程，則有即解得TA=TC故AB錯(cuò)誤；C．從狀態(tài)A到狀態(tài)B溫度升高，內(nèi)能增大，體積膨脹，氣體對(duì)外界做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w不斷吸熱，故C正確；D．從狀態(tài)B到狀態(tài)C溫度降低，內(nèi)能減少，體積不變，氣體不做功，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知?dú)怏w不斷放熱，故D錯(cuò)誤。故選C。4.一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)的波形圖如圖所示。此時(shí)介質(zhì)中x=2m處的質(zhì)點(diǎn)P由平衡位置向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，其振動(dòng)周期為0.4s。下列說(shuō)法正確的是（）A.該列波向右傳播B.該列波的波長(zhǎng)為6mC.該列波的波速為5m/sD.t=0時(shí)x=4m位置的質(zhì)點(diǎn)尚未運(yùn)動(dòng)【答案】A【解析】A．質(zhì)點(diǎn)P由平衡位置向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，由“同側(cè)法”可知，該列波向右傳播，選項(xiàng)A正確；B．由圖可知，該列波的波長(zhǎng)為4m，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．該列波的波速為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．t=0時(shí)x=4m位置的質(zhì)點(diǎn)在平衡位置，速度最大，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選A。5.如圖所示，將理想變壓器原線圈接入電壓隨時(shí)間變化規(guī)律為u＝220sin(100πt)V的交流電源上，在副線圈兩端并聯(lián)接入規(guī)格為“22V，22W”的燈泡5個(gè)，燈泡均正常發(fā)光。除燈泡外的電阻均不計(jì)，下列說(shuō)法正確的是（）A.變壓器原、副線圈匝數(shù)比為10∶1B.電流表示數(shù)為0.5AC.副線圈中電流的頻率為25HzD.若副線圈中的燈泡減少一個(gè)，其余的燈泡都會(huì)變亮【答案】B【解析】A．燈泡正常發(fā)光，燈泡兩端的電壓為原線圈兩端電壓有效值為所以原、副線圈匝數(shù)之比為故A錯(cuò)誤；B．副線圈的電流為所以電流表示數(shù)為，故B正確；C．根據(jù)原線圈電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式可知原副線圈頻率相等，所以副線圈中電流的頻率為50Hz，故C錯(cuò)誤；D．若副線圈中的燈泡減少一個(gè)，由于原副線圈兩端電壓不變，則燈泡兩端的電壓不變，所以燈泡亮度不變，故D錯(cuò)誤。故選B。6.如圖所示，軟鐵環(huán)上繞有M、N兩個(gè)線圈，線圈M與直流電源、電阻和開(kāi)關(guān)S1相連，線圈N與電流表和開(kāi)關(guān)S2相連。下列說(shuō)法正確的是（）A.保持S1閉合，軟鐵環(huán)中的磁場(chǎng)為逆時(shí)針?lè)较駼.保持S1閉合，在開(kāi)關(guān)S2閉合的瞬間，通過(guò)電流表的電流由C.保持S2閉合，在開(kāi)關(guān)S1閉合的瞬間，通過(guò)電流表的電流由D.保持S2閉合，在開(kāi)關(guān)S1斷開(kāi)的瞬間，電流表所在回路不會(huì)產(chǎn)生電流【答案】C【解析】A．由右手螺旋定則可以判斷出，軟鐵環(huán)中的磁場(chǎng)為順時(shí)針?lè)较颍蔄錯(cuò)誤；B．保持S1閉合，在開(kāi)關(guān)S2閉合的瞬間，N線圈中磁通量不變，沒(méi)有感應(yīng)電流產(chǎn)生。故B錯(cuò)誤；C．保持S2閉合，在開(kāi)關(guān)S1閉合的瞬間，N線圈中磁通量增大，根據(jù)楞次定律可以判斷，通過(guò)電流表的電流由。故C正確；D．保持S2閉合，在開(kāi)關(guān)S1斷開(kāi)的瞬間，N線圈中磁通量減小，根據(jù)“增反減同”可以判斷，通過(guò)電流表的電流由。故D錯(cuò)誤。故選C。7.地球靜止衛(wèi)星的發(fā)射過(guò)程可以簡(jiǎn)化如下：衛(wèi)星先在近地圓形軌道I上運(yùn)動(dòng)，在點(diǎn)A時(shí)點(diǎn)火變軌進(jìn)入橢圓軌道II，到達(dá)軌道的遠(yuǎn)地點(diǎn)B時(shí)，再次點(diǎn)火進(jìn)入同步軌道III繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。設(shè)衛(wèi)星質(zhì)量保持不變，下列說(shuō)法中正確的是（）A.衛(wèi)星在軌道I上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的加速度小于在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的加速度B.衛(wèi)星在軌道I上的機(jī)械能等于在軌道III上的機(jī)械能C.衛(wèi)星在軌道I上和軌道III上的運(yùn)動(dòng)周期均與地球自轉(zhuǎn)周期相同D.衛(wèi)星在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率小于地球的第一宇宙速度【答案】D【解析】A．由，解得可知衛(wèi)星在軌道I上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的加速度等于在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)A點(diǎn)時(shí)的加速度，故A錯(cuò)誤；B．衛(wèi)星從軌道Ⅰ進(jìn)入軌道Ⅱ需在A點(diǎn)火加速，衛(wèi)星從軌道Ⅱ進(jìn)入軌道III需在B點(diǎn)火加速，所以衛(wèi)星在軌道I上的機(jī)械能小于在軌道III上的機(jī)械能，故B錯(cuò)誤；C．由開(kāi)普勒第三定律，可知衛(wèi)星在軌道I上的運(yùn)動(dòng)周期小于在軌道III上的運(yùn)動(dòng)周期，軌道III上的運(yùn)動(dòng)周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，故C錯(cuò)誤；D．由，可知可知衛(wèi)星在軌道III上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率小于地球的第一宇宙速度，衛(wèi)星在軌道III上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率大于衛(wèi)星在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率，故衛(wèi)星在軌道II上運(yùn)動(dòng)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)的速率小于地球的第一宇宙速度，故D正確。故選D。8.如圖所示，沿水平方向運(yùn)動(dòng)的汽車(chē)內(nèi)，一質(zhì)量為的物塊緊貼在車(chē)廂左側(cè)的豎直內(nèi)壁上，且與車(chē)廂保持相對(duì)靜止，物塊與車(chē)廂左壁間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，另一質(zhì)量為的小球通過(guò)輕質(zhì)細(xì)線與車(chē)廂頂部連接，細(xì)線與豎直方向的夾角為α。重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是（）A.汽車(chē)一定向右加速運(yùn)動(dòng)B.細(xì)線中的拉力大小為C.物塊與車(chē)廂左壁之間的摩擦力大小為D.物塊受到車(chē)廂左壁的彈力大小為【答案】D【解析】AB．根據(jù)題意，對(duì)小球受力分析，如圖所示豎直方向由水平方向由牛頓第二定律有可得方向水平向右，則小車(chē)和物塊加速度也是水平向右的，則小車(chē)可能做向右的加速運(yùn)動(dòng)，也能做向左的減速運(yùn)動(dòng)，故AB錯(cuò)誤；CD．根據(jù)題意，對(duì)物塊受力分析，如圖所示則有豎直方向的靜摩擦力大小為摩擦力不一定達(dá)到最大靜摩擦力，故C錯(cuò)誤，D正確。故選D。9.如圖所示，兩個(gè)帶等量正電的點(diǎn)電荷分別位于M、N兩點(diǎn)上，P、Q是MN連線上的兩點(diǎn)，E、F是MN連線中垂線上的兩點(diǎn)，O為EF、MN的交點(diǎn)，，。將一負(fù)點(diǎn)電荷在E點(diǎn)靜止釋放，不計(jì)負(fù)點(diǎn)電荷重力。下列說(shuō)法正確的是（）A.負(fù)電荷始終做加速運(yùn)動(dòng)B.從E點(diǎn)到F點(diǎn)電勢(shì)先增大后減小C.OP兩點(diǎn)間電勢(shì)差與PQ兩點(diǎn)間電勢(shì)差相等D.僅將M、N兩點(diǎn)電荷改為等量帶負(fù)電，P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度不變【答案】B【解析】A．根據(jù)等量同種正電荷電場(chǎng)強(qiáng)度分布可知連線，在上方電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向上，在下方電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向下，則負(fù)電荷在上方所受電場(chǎng)力方向豎直向下，在下方所受電場(chǎng)力方向豎直向上，則負(fù)電荷在上方做加速運(yùn)動(dòng)，在點(diǎn)處處于平衡狀態(tài)，在下方做減速運(yùn)動(dòng)，故?A?錯(cuò)誤；B．根據(jù)A選項(xiàng)分析可知，從E點(diǎn)到F點(diǎn)電場(chǎng)力對(duì)負(fù)電荷先做正功，后做負(fù)功，則負(fù)電荷的電勢(shì)能先減小后增大，根據(jù)可知從E點(diǎn)到F點(diǎn)電勢(shì)先增大后減小，故B正確；C．從到電場(chǎng)強(qiáng)度變大，根據(jù)定性分析可知OP兩點(diǎn)間電勢(shì)差與PQ兩點(diǎn)間電勢(shì)差的大小關(guān)系為故C錯(cuò)誤；D．僅將M、N兩點(diǎn)電荷改為等量帶負(fù)電，電場(chǎng)強(qiáng)度的大小不變，方向相反，即P點(diǎn)電場(chǎng)強(qiáng)度改變，故D錯(cuò)誤。故選B。10.如圖所示，在一個(gè)圓形區(qū)域內(nèi)有垂直于圓平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，現(xiàn)有兩個(gè)質(zhì)量相等、所帶電荷量大小也相等的帶電粒子a和b，先后以不同的速率從圓邊沿的A點(diǎn)對(duì)準(zhǔn)圓形區(qū)域的圓心O射入圓形磁場(chǎng)區(qū)域，它們穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示。粒子之間的相互作用力及所受重力和空氣阻力均可忽略不計(jì)，下列說(shuō)法中正確的是（）A.a、b兩粒子所帶電荷的電性可能相同B.射入圓形磁場(chǎng)區(qū)域時(shí)a粒子的速率較大C.穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程洛倫茲力對(duì)a做功較多D.穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域的過(guò)程a粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間較長(zhǎng)【答案】D【解析】A．粒子的運(yùn)動(dòng)偏轉(zhuǎn)軌跡相反，根據(jù)左手定則可知，粒子電性相反，故A錯(cuò)誤；B．粒子沿圓形磁場(chǎng)的直徑飛入，根據(jù)徑向?qū)ΨQ(chēng)定圓心如圖所示由圖可知粒子在磁場(chǎng)中，洛倫茲力提供向心力解得兩粒子的質(zhì)量和電荷量大小相等，所以，故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)左手定則可知洛倫茲力始終與速度垂直，不做功，故C錯(cuò)誤；D．粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期圓心角為，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間兩粒子的質(zhì)量和電荷量大小相等，所以周期相等，因?yàn)椋源┻^(guò)磁場(chǎng)區(qū)域過(guò)程中所用時(shí)間：，故D正確。故選D。11.在一個(gè)很小的厚度為d的矩形半導(dǎo)體薄片上，制作四個(gè)電極E、F、M、N，它就成了一個(gè)霍爾元件，如圖所示．在E、F間通入恒定的電流I，同時(shí)外加與薄片垂直的磁場(chǎng)B，則薄片中的載流子（形成電流的自由電荷）就在洛倫茲力的作用下，向著與電流和磁場(chǎng)都垂直的方向漂移，使M、N間出現(xiàn)了電壓，稱(chēng)為霍爾電壓UH．可以證明UH=kIB/d，k為霍爾系數(shù)，它的大小與薄片的材料有關(guān)．下列說(shuō)法正確的是（）A.若M的電勢(shì)高于N的電勢(shì)，則載流子帶正電B.霍爾系數(shù)k較大的材料，其內(nèi)部單位體積內(nèi)的載流子數(shù)目較多C.借助霍爾元件能夠把電壓表改裝成磁強(qiáng)計(jì)（測(cè)定磁感應(yīng)強(qiáng)度）D.霍爾電壓UH越大，載流子受到磁場(chǎng)的洛侖茲力越小【答案】C【解析】根據(jù)左手定則可知正流子向N偏轉(zhuǎn)，即N帶正電，N的電勢(shì)高于M的電勢(shì)，A錯(cuò)誤；設(shè)上下兩個(gè)表面相距為L(zhǎng)，電子所受的電場(chǎng)力等于洛侖茲力，設(shè)材料單位體積內(nèi)電子的個(gè)數(shù)為n，材料截面積為S，，，聯(lián)立解得：，令，則，所以根據(jù)可知單位體積內(nèi)的載流子數(shù)目，隨著霍爾系數(shù)越大，而越小，B錯(cuò)誤；根據(jù)可得，故借助霍爾元件能夠把電壓表改裝成磁強(qiáng)計(jì)（測(cè)定磁感應(yīng)強(qiáng)度），C正確；載流子受到的洛倫茲力，霍爾電壓UH越大，載流子受到磁場(chǎng)的洛侖茲力越大，D錯(cuò)誤．12.某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖甲所示電路研究電容器充放電過(guò)程中的能量轉(zhuǎn)化問(wèn)題，通過(guò)傳感器得到的數(shù)據(jù)做出電容器兩端電壓U隨電荷量Q變化的圖像如圖乙所示，電容器的電容為C，電源的電動(dòng)勢(shì)為E，R為定值電阻。下列說(shuō)法正確的是（）A.當(dāng)電容器兩端電壓為U時(shí)，電容器存儲(chǔ)的電能為B.充電過(guò)程電源非靜電力做功為C.充電過(guò)程中，電壓傳感器的示數(shù)迅速增大后趨于穩(wěn)定D.放電過(guò)程中，電流傳感器示數(shù)均勻減小至零【答案】C【解析】A．當(dāng)電容器兩端電壓為U時(shí)，電容器存儲(chǔ)的電能為選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．充電過(guò)程電源非靜電力做功為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．充電過(guò)程中，電容器帶電量迅速增加后趨于定值，則電壓傳感器的示數(shù)迅速增大后趨于穩(wěn)定，選項(xiàng)C正確；D．放電過(guò)程中，電路中的電流開(kāi)始時(shí)較大，后隨著電容器帶電量減小，放電電流逐漸減小，但是不是線性減小，即電流傳感器的示數(shù)不是均勻減小至零，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。13.如圖所示為某種光電式煙霧報(bào)警器的原理圖。在無(wú)煙霧時(shí)，光源發(fā)出的光沿直線傳播，光電管接收不到光，報(bào)警器處于靜默狀態(tài)；當(dāng)煙霧通過(guò)煙霧入口時(shí)，煙霧顆粒會(huì)散射光源發(fā)出的光，散射的光被光電管接收，從而產(chǎn)生光電流。干簧管是一個(gè)磁控開(kāi)關(guān)，用于控制報(bào)警電路的通斷。當(dāng)通過(guò)煙霧入口的煙霧達(dá)到一定濃度時(shí)，報(bào)警電路被激活，蜂鳴器就會(huì)發(fā)出報(bào)警聲。電鍵S處于閉合狀態(tài)，下列說(shuō)法正確的是（）A.干簧管是否導(dǎo)通與的電動(dòng)勢(shì)大小有關(guān)B.減小R?的阻值可以提高該報(bào)警器的靈敏度C.增加干簧管外纏繞線圈的匝數(shù)可以降低該報(bào)警器的靈敏度D.煙霧達(dá)到報(bào)警濃度時(shí)，干簧管外纏繞的線圈中一定無(wú)電流【答案】B【解析】A．干簧管是否導(dǎo)通主要取決于其外繞線圈中電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)，而該線圈又受光電管電路控制，與報(bào)警電路電源的電動(dòng)勢(shì)無(wú)直接關(guān)系，故A錯(cuò)誤。B．是光源所在回路的限流電阻，減小會(huì)增大光源發(fā)光強(qiáng)度，從而使散射到光電管的光更強(qiáng)、光電流更大，更易觸發(fā)報(bào)警，靈敏度提高，故B正確。C．增加干簧管外線圈匝數(shù)通常會(huì)增強(qiáng)線圈在給定電流下產(chǎn)生的磁場(chǎng)，有利于干簧管導(dǎo)通，提高靈敏度，故C錯(cuò)誤；D．要使干簧管吸合、蜂鳴器報(bào)警，線圈中必須有足夠的電流產(chǎn)生磁場(chǎng)，故D錯(cuò)誤。故選B。14.如圖所示，空間中有垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，MN和PQ是兩根互相平行、豎直放置的光滑金屬導(dǎo)軌，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)且電阻不計(jì)。質(zhì)量為m的金屬桿ab與導(dǎo)軌垂直且接觸良好，金屬桿ab電阻為R，重力加速度為g。開(kāi)始時(shí)，開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)，金屬桿ab由靜止自由下落，經(jīng)過(guò)一段時(shí)間后再閉合開(kāi)關(guān)S。當(dāng)開(kāi)關(guān)S閉合后，下列說(shuō)法正確的是（）A.a點(diǎn)電勢(shì)高于b點(diǎn)電勢(shì)B.導(dǎo)體棒做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)C.安培力做正功，機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能D.當(dāng)下落高度為時(shí)閉合開(kāi)關(guān)，則金屬桿ab會(huì)立刻做減速運(yùn)動(dòng)【答案】D【解析】A．根據(jù)右手定則可知，a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．導(dǎo)體棒受向上的安培力和向下的重力，若安培力大于重力，則加速度向上，則向下做減速運(yùn)動(dòng)，加速度為則做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)；若安培力等于重力，則金屬棒做勻速運(yùn)動(dòng)；若安培力小于重力，則加速度向下，則向下做加速運(yùn)動(dòng)，加速度為則做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．安培力方向向上，則安培力做負(fù)功，機(jī)械能轉(zhuǎn)化為電能，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．當(dāng)下落高度為時(shí)閉合開(kāi)關(guān)，此時(shí)安培力則金屬桿ab會(huì)立刻做減速運(yùn)動(dòng)，選項(xiàng)D正確。故選D。二、實(shí)驗(yàn)題：本大題共2小題，共18分。15.某同學(xué)用多用電表測(cè)量電阻。使用前，觀察到多用電表指針已經(jīng)對(duì)準(zhǔn)表盤(pán)左側(cè)的零刻度。使用時(shí)，先將選擇開(kāi)關(guān)調(diào)到歐姆擋“”擋，再將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)圖1中的______旋鈕（選填“A”“B”或“C”），使指針指到表盤(pán)右側(cè)的零刻度處；然后將紅、黑表筆接在電阻兩端，發(fā)現(xiàn)指針的位置如圖2所示，則該電阻的阻值約為_(kāi)_____Ω?！敬鸢浮緾6.0##6【解析】[1]進(jìn)行歐姆調(diào)零時(shí)，需要將紅、黑表筆短接，調(diào)節(jié)圖1中的歐姆調(diào)零旋鈕，即調(diào)節(jié)C；[2]根據(jù)歐姆表的讀數(shù)規(guī)律，該讀數(shù)為16.“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)如圖所示，同學(xué)們?cè)诓僮鬟^(guò)程中有如下討論，其中對(duì)減小實(shí)驗(yàn)誤差有益的說(shuō)法是（）A.兩根細(xì)繩必須等長(zhǎng)B.橡皮筋應(yīng)與兩繩夾角的平分線在同一直線上C.在使用彈簧秤時(shí)要注意使彈簧秤與木板平面平行D.拉橡皮筋的細(xì)繩要長(zhǎng)些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些【答案】CD【解析】A．通過(guò)兩細(xì)繩用兩個(gè)彈簧秤互成角度地拉橡皮條時(shí)，并非要求兩細(xì)繩等長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；B．橡皮筋不需要與兩繩夾角的平分線在同一直線上，故B錯(cuò)誤；C．為了減小實(shí)驗(yàn)中因摩擦造成的誤差，操作中要求彈簧秤、細(xì)繩、橡皮條都應(yīng)與木板平行，故C正確；D．為了更加準(zhǔn)確地記錄力的方向，拉橡皮條的細(xì)繩要長(zhǎng)些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些，故D正確。故選CD。17.某同學(xué)通過(guò)雙縫干涉實(shí)驗(yàn)測(cè)量單色光的波長(zhǎng)。該同學(xué)調(diào)整好實(shí)驗(yàn)裝置后，保持雙縫間的距離不變，分別用圖3所示的氫原子在可見(jiàn)光區(qū)的四條譜線中的照射雙縫。四條譜線的波長(zhǎng)滿(mǎn)足（，其中對(duì)應(yīng)），式中的為里德伯常量。實(shí)驗(yàn)形成如圖所示的干涉圖樣，則圖甲對(duì)應(yīng)的譜線是___________。（填“”，“”）?！敬鸢浮俊窘馕觥考讏D條紋間距較寬，由可知，根據(jù)題意，由公式結(jié)合圖像可知、分別是氫原子從第4能級(jí)和第5能級(jí)躍遷到第2能級(jí)發(fā)出的光，由可知，第4能級(jí)躍遷到第2能級(jí)輻射光子能量較小，波長(zhǎng)較長(zhǎng)，即，則圖甲對(duì)應(yīng)的譜線是。18.某同學(xué)通過(guò)實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。（1）該同學(xué)用如圖所示器材進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，下列圖中實(shí)驗(yàn)操作正確的是_______。A. B. C. D.（2）按正確合理的方法進(jìn)行操作，打出的一條紙帶如圖甲所示，在紙帶上選取三個(gè)連續(xù)打出的點(diǎn)A、B、C，測(cè)得它們到起始點(diǎn)О的距離分別為h1、h2、h3。已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，重物的質(zhì)量為m，交流電的周期為T(mén)。從О點(diǎn)到B點(diǎn)的過(guò)程中，重物的重力勢(shì)能減小量為_(kāi)_________，動(dòng)能增加量為_(kāi)__________。（3）換用兩個(gè)質(zhì)量分別為m1、m2的重物進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn)，記錄下落高度h和相應(yīng)的速度大小v，描繪圖像如圖乙所示。改變重物質(zhì)量時(shí)，紙帶與重物所受阻力不變，請(qǐng)根據(jù)圖像分析說(shuō)明兩重物質(zhì)量的大小關(guān)系_____________?！敬鸢浮浚?）B（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】打點(diǎn)計(jì)時(shí)器接交流電源，同時(shí)使紙帶豎直，以減少阻力的影響。故選B。【小問(wèn)2詳析】[1]根據(jù)重力勢(shì)能的計(jì)算公式可知，重物的重力勢(shì)能減小量為[2]B點(diǎn)的速度為根據(jù)動(dòng)能的公式可知【小問(wèn)3詳析】根據(jù)動(dòng)能定理有解得根據(jù)圖像的斜率可知。三、計(jì)算題：本大題共4小題，共40分。19.如圖所示，光滑水平面內(nèi)存在一有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為、方向如圖所示。一邊長(zhǎng)為正方形單匝導(dǎo)線框位于水平面內(nèi)，某時(shí)刻導(dǎo)線框以垂直磁場(chǎng)邊界的初速度從磁場(chǎng)左邊緣進(jìn)入磁場(chǎng)。已知導(dǎo)線框的質(zhì)量為、電阻為。求線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中（1）感應(yīng)電流的最大值；（2）線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度；（3）線框進(jìn)入磁場(chǎng)產(chǎn)生的焦耳熱?！敬鸢浮浚?）（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳析】線框產(chǎn)生的最大電動(dòng)勢(shì)為感應(yīng)電流的最大值【小問(wèn)2詳析】根據(jù)動(dòng)量定理，有其中平均電動(dòng)勢(shì)為聯(lián)立可得【小問(wèn)3詳析】根據(jù)能量守恒可得線框進(jìn)入磁場(chǎng)產(chǎn)生的焦耳熱20.2025年2月第九屆亞洲冬季運(yùn)動(dòng)會(huì)在哈爾濱成功舉辦，跳臺(tái)滑雪是極具觀賞性的項(xiàng)目之一。某滑道示意圖如圖所示，長(zhǎng)直助滑道AB與彎曲滑道BC平滑銜接，滑道BC高為10m，C是半徑為20m圓弧的最低點(diǎn)。質(zhì)量為60kg的運(yùn)動(dòng)員從A處由靜止開(kāi)始勻加速下滑，BC段的阻力忽略不計(jì)。AB長(zhǎng)為100m，運(yùn)動(dòng)員到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度大小為30m/s，取重力加速度g=10m/s2。求：（1）在AB段運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，運(yùn)動(dòng)員加速度的大小a。（2）運(yùn)動(dòng)員經(jīng)過(guò)C點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能