高級中學(xué)名校試卷PAGEPAGE12025屆湖南省株洲市高三物理5月底信息練習(xí)試卷(一）學(xué)校:___________姓名:___________班級:___________考號:___________注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．甲狀腺癌患者手術(shù)切除甲狀腺后,可以通過口服含有碘131的藥物進一步進行放射性治療,為避免患者體內(nèi)的碘131產(chǎn)生的輻射對他人造成危害,應(yīng)進行一段時間的隔離。碘131發(fā)生衰變的過程可以用方程53131I→54131Xe+Z來表示A．碘131的衰變?yōu)棣滤プ傿．碘131衰變方程中的Z為He原子核C．患者口服劑量的大小,不影響隔離時間的長短D．患者服藥后,藥物中含有的碘131經(jīng)過兩個半衰期全部衰變2．根據(jù)宇宙大爆炸理論，密度較大區(qū)域的物質(zhì)在萬有引力作用下，不斷聚集可能形成恒星。恒星最終的歸宿與其質(zhì)量有關(guān)，如果質(zhì)量為太陽質(zhì)量的1～8倍將坍縮成白矮星，質(zhì)量為太陽質(zhì)量的10～20倍將坍縮成中子星，質(zhì)量更大的恒星將坍縮成黑洞。設(shè)恒星坍縮前后可看成質(zhì)量均勻分布的球體，質(zhì)量不變，體積縮小，自轉(zhuǎn)變快。不考慮恒星與其他物體的相互作用。已知逃逸速度為第一宇宙速度的2倍，中子星密度大于白矮星。根據(jù)萬有引力理論，下列說法正確的是()A．同一恒星表面任意位置的重力加速度相同B．恒星坍縮后表面兩極處的重力加速度比坍縮前的大C．恒星坍縮前后的第一宇宙速度不變D．中子星的逃逸速度小于白矮星的逃逸速度3．圖甲為一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖,圖乙為該波中平衡位置坐標為x=6m處質(zhì)點P的振動圖像,則下列說法中正確的是甲乙A．該波的傳播方向沿x軸正方向B．在t=0.5s時刻,圖甲中質(zhì)點P相對平衡位置的位移為10cmC．在t=1s時刻,平衡位置在x=5m處的質(zhì)點的位移為10cmD．從t=0時刻開始至t=6s時刻結(jié)束,在這段時間內(nèi),平衡位置在x=5m處的質(zhì)點通過的路程為120cm4．如圖所示，水平圓盤上有A、B兩個物塊，中間用一根不可伸長的輕繩連在一起，輕繩經(jīng)過圓盤圓心。它們一起隨圓盤繞豎直中心軸轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)動角速度由零逐漸增大，轉(zhuǎn)動半徑，質(zhì)量，A、B兩物塊與圓盤間的動摩擦因數(shù)均為μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A．當時，繩中恰好出現(xiàn)拉力B．A物塊受到的摩擦力一旦達最大值，再增大，兩個物塊將一起相對圓盤滑動C．要使A、B兩物塊與圓盤保持相對靜止，的最大值為D．當A、B兩物塊恰好要與圓盤發(fā)生相對滑動時，繩中的拉力為5．如圖所示，真空中正三角形三個頂點固定三個等量電荷，其中A、B帶正電，C帶負電，O、M、N為AB邊的四等分點，下列說法正確的是（）A．M、N兩點電場強度相同B．M、N兩點電勢相同C．正電荷在M點電勢能比在O點時要小D．負電荷在N點電勢能比在O點時要大6．如圖，真空中有區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，區(qū)域Ⅰ中存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向下(與紙面平行)，磁場方向垂直紙面向里，等腰直角三角形CGF區(qū)域(區(qū)域Ⅱ)內(nèi)存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外。圖中A、C、O三點在同一直線上，AO與GF垂直，且與電場和磁場方向均垂直。A點處的粒子源持續(xù)將比荷一定但速率不同的粒子射入?yún)^(qū)域Ⅰ中，只有沿直線AC運動的粒子才能進入?yún)^(qū)域Ⅱ。若區(qū)域Ⅰ中電場強度大小為E、磁感應(yīng)強度大小為B1，區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強度大小為B2，則粒子從CF的中點射出，它們在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為t0。若改變電場或磁場強弱，能進入?yún)^(qū)域Ⅱ中的粒子在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為t，不計粒子的重力及粒子之間的相互作用，下列說法正確的是()A．若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?B1，則t＞t0B．若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強度大小變?yōu)?E，則t＞t0C．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?4B2，則t＝D．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?4B2，則t＝2t二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7．如圖所示，傾角的光滑斜面固定在水平地面上，質(zhì)量均為m的物塊A和物塊B并排放在斜面上，與斜面垂直的擋板P固定在斜面底端，輕彈簧一端固定在擋板上，另一端與物塊A連接，物塊A、B（物塊A、B不相連）處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)用一沿斜面向上的外力拉物塊B，使物塊A、B一起沿斜面向上以加速度a做勻加速直線運動。已知重力加速度為g，彈簧的勁度系數(shù)為k，不計空氣阻力，則下列說法正確的是（）A．物塊A、B分離時彈簧恰好為原長B．物塊A、B分離前外力為變力，分離后為恒力C．從外力作用在物塊B上到物塊A、B分離的時間為D．外力的最大值為8．如圖所示，矩形ABCD為一玻璃磚的截面，AB=3L、AD=2L.該截面內(nèi)一條單色光線a從A點射向BC中點E，剛好在BC面上發(fā)生全反射并直接射向D點.另一條該單色光線b與AE平行，從AB上的P點（未畫出）折射進入玻璃磚，光線經(jīng)BC面反射后直接射向CD的中點F.已知真空中光速為cA．玻璃磚的折射率為2B．光線b第一次打在BC面上時發(fā)生全反射C．光線b第一次打在CD面上時發(fā)生全反射D．光線b第一次從P點傳播到F點用時為16L139．(多選)如圖，發(fā)電機的矩形線圈長為2L、寬為L，匝數(shù)為N，放置在磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中。理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)分別為n0、n1和n2，兩個副線圈分別接有電阻R1和R2。當發(fā)電機線圈以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動時，理想電流表讀數(shù)為I。不計線圈電阻，下列說法正確的是()A．通過電阻R2的電流為nB．電阻R2兩端的電壓為nC．n0與n1的比值為2D．發(fā)電機的功率為210．溜索是一種古老的渡河工具，如圖所示。粗鋼索兩端連接在河兩岸的固定樁上，把滑輪、保險繩索與人作為整體，總質(zhì)量為。整體從高處平臺上的A點由靜止出發(fā)，沿鋼索滑下，滑過最低點C，到達B點時速度為零，A、B兩點的高度差為，重力加速度為，不計空氣阻力。則（）A．整體滑到C點時速度最大B．整體滑到C點時受到彈力大小為C．從A點滑到C點的過程中，整體重力的功率先增大后減小D．從A點滑到B點的過程中，摩擦產(chǎn)生的熱量為三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．某同學(xué)設(shè)計了一個用拉力傳感器驗證機械能守恒定律的實驗.一根輕繩一端連接固定的拉力傳感器，另一端連接小鋼球，如圖甲所示.拉起小鋼球至某一位置由靜止釋放，使小鋼球在豎直平面內(nèi)擺動，記錄鋼球擺動過程中拉力傳感器示數(shù)的最大值Tmax和最小值Tmin.改變小鋼球的初始釋放位置，重復(fù)上述過程.根據(jù)測量數(shù)據(jù)在直角坐標系中繪制的T 甲 乙（1）若小鋼球擺動過程中機械能守恒，則圖乙中直線斜率的理論值為________.（2）由圖乙得:直線的斜率為__________，小鋼球的重力為____N.（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）（3）該實驗系統(tǒng)誤差的主要來源是______（單選，填正確答案標號）.A.小鋼球擺動角度偏大B.小鋼球初始釋放位置不同C.小鋼球擺動過程中有空氣阻力12．小明同學(xué)研究了多用電表的結(jié)構(gòu)原理，利用學(xué)校實驗室的器材，自己組裝了一個有多擋倍率的歐姆表。學(xué)?？晒┦褂玫钠鞑娜缦拢弘娏鞅恚砍?，內(nèi)阻，表盤可調(diào)換），干電池3節(jié)（每一節(jié)干電池電動勢為、內(nèi)阻為），定值電阻兩個（，），多量程多用電表表盤，滑動變阻器兩個——其中微調(diào)滑動變阻器（最大阻值）和粗調(diào)滑動變阻器（最大阻值）。（1）為了測量一個阻值在到之間的待測電阻，他用一節(jié)干電池組裝了如圖甲所示的歐姆表，經(jīng)過準確的計算將電流表表盤調(diào)換成如圖乙所示的多用電表表盤，則組裝的這個歐姆表的倍率應(yīng)為（選填“×1”或“×10”或“×100”），圖甲中與電流表并聯(lián)的電阻R應(yīng)選用定值電阻中的（選填“”或“”）；（2）他按照第（1）問中的組裝方式組裝了歐姆表后，進行了正確的歐姆調(diào)零操作。接著用它測量待測電阻的阻值，指針偏轉(zhuǎn)位置如圖乙所示，則讀出待測電阻阻值的測量值為Ω；（3）上面的操作和測量進行完之后，小明同學(xué)再利用題目所給的實驗器材，組裝了一個倍率為“×1000”的歐姆表，請你設(shè)計正確的電路連接方案，在圖丙中把需要用到的器材連接起來。13．如圖所示，均勻薄壁U形管豎直放置，左管上端封閉，右管上端開口且足夠長，用兩段水銀封閉了A、B兩部分理想氣體，下方水銀的左右液面高度相差ΔL=10cm，右管上方的水銀柱高h=14cm，初狀態(tài)環(huán)境溫度為27℃，A部分氣體長度l1=30cm，外界大氣壓強p0=76cmHg.現(xiàn)保持溫度不變，在右管中緩慢注入水銀，使下方水銀左右液面等高，然后給A部分氣體緩慢升溫，使A（1）右管中注入的水銀在U形管中的高度是多少；（2）升溫后的溫度是多少.14．如圖所示，在一個匝數(shù)為N、橫截面積為S、阻值為的圓形螺線管內(nèi)充滿方向與線圈平面垂直、大小隨時間均勻變化的勻強磁場，其變化率為k。螺線管右側(cè)連接有“T”形金屬軌道裝置，整個裝置處于大小為、方向豎直向下的勻強磁場中，該裝置由位于同一水平面的光滑平行導(dǎo)軌AP、和粗糙豎直導(dǎo)軌SW、構(gòu)成，導(dǎo)軌間距均為l。開始時，導(dǎo)體棒a、b分別靜置在水平軌道上左右兩側(cè)適當位置，b棒用一絕緣且不可伸長的輕繩通過光滑轉(zhuǎn)彎裝置O與c棒相連，與b、c棒相連的輕繩分別與導(dǎo)軌SP、SW平行，三根導(dǎo)體棒的長度均為l且始終與導(dǎo)軌垂直接觸。剛開始鎖定b棒，閉合開關(guān)K后，a棒由靜止開始運動，與b棒碰前瞬間，a棒的速度為，此時解除b棒的鎖定，同時斷開開關(guān)K，碰后兩棒粘在一起運動，此后導(dǎo)體棒減速為零的過程中c棒產(chǎn)生的焦耳熱為Q。已知三根導(dǎo)體棒的質(zhì)量均為m，電阻均為，c棒與豎直軌道間的動摩擦因數(shù)為，a、b棒碰撞時間極短，不計其他電阻及阻力，重力加速度為g。求（1）開關(guān)K剛閉合時，通過a棒的電流大??；（2）a棒從靜止加速到的過程中，流過a棒的電荷量；（3）a、b棒碰后瞬間，a棒的速度大??；（4）c棒上升的最大高度。15．（威海乳山一中2023高三期末）如圖所示，高度為h、質(zhì)量為M的光滑斜面置于水平地面上（斜面未固定），斜面末端通過一小段圓弧與光滑地面相切，長度為L的傳送帶與水平地面相平，以速度v勻速轉(zhuǎn)動，斜面與傳送帶之間的地面上放置兩個物塊a、b，a、b之間有很小的狹縫，質(zhì)量分別為和，在斜面的頂端由靜止釋放一質(zhì)量為的物塊c，經(jīng)過一段時間后滑離斜面，在水平面上與a發(fā)生碰撞，最終b恰好滑過傳送帶右端。已知所有物塊均可看成質(zhì)點，它們之間的碰撞均為彈性碰撞且時間極短，與傳送帶的動摩擦因數(shù)均為，，，，，，重力加速度。（1）求c滑離斜面時的速度大小；（2）求a、b剛滑上傳送帶時的速度大小、；（3）求傳送帶的長度L；（4）為使a與c能夠在傳送帶上相碰，求a、b的初位置離傳送帶左端距離x的范圍。

——★參考答案★——1．【知識點】原子核的衰變及半衰期【答案】A【解析】基礎(chǔ)考點：核反應(yīng)方程+原子核的衰變及半衰期選項分析結(jié)論A根據(jù)核反應(yīng)過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知核反應(yīng)方程為53131I→54131Xe+-10√B×C碘131的半衰期不變,要避免碘131輻射的危害,需要讓碘131含量降低到一定程度,患者口服劑量的大小會影響隔離時間的長短×D患者服藥后,碘131經(jīng)過兩個半衰期還剩下原來的1×2．【知識點】萬有引力定律問題的分析與計算【答案】B【解析】恒星兩極處自轉(zhuǎn)的向心加速度為零，萬有引力全部提供向心力，其他位置萬有引力的一個分力提供向心力，另一個分力提供重力，在同一恒星表面的不同位置重力不同，則重力加速度不同，A錯誤；在恒星表面兩極處，有GMmR2＝mg，可得g＝GMR2，根據(jù)題意可知，恒星坍縮前后，質(zhì)量不變，體積縮小，可知R變小，則恒星坍縮后表面兩極處的重力加速度比坍縮前的大，B正確；由GMmR2＝mv12R，可得第一宇宙速度v1＝GMR，由于坍縮后半徑R變小，則恒星坍縮后的第一宇宙速度變大，C錯誤；恒星的質(zhì)量M＝ρV＝ρ·43πR3，可得恒星半徑R＝333．【知識點】波的圖像和振動圖像的綜合應(yīng)用【答案】D【解析】經(jīng)典試題：振動圖像和波的圖像的綜合應(yīng)用已知t=0時刻質(zhì)點P向上振動,根據(jù)“上下坡法”可知該波的傳播方向沿x軸負方向,A錯誤;由題圖乙可知A=20cm,T=4s,ω=2πT=π2rad/s,則質(zhì)點P的振動方程為y=20sinπ2t(cm),t=0.5s時刻,質(zhì)點P的位移為y=102cm,B錯誤;由題圖甲可知,波長為λ=8m,又t=1s=T4,將波形向左平移2m,此時x=5m處的質(zhì)點位移為102cm,C錯誤;因6s=3T2,所以x=5m處質(zhì)點通過的路程為s=【一題多解】由題圖知λ=8m,T=4s,則v=λT=2m/s,根據(jù)數(shù)學(xué)關(guān)系可知t=0時平衡位置在x=623m的質(zhì)點位移為10cm,根據(jù)平移法可得t'=Δxv=532s=56s,所以經(jīng)56s平衡位置在4．【知識點】水平面內(nèi)勻速圓周問題【答案】C【詳析】A．當B恰好達到最大靜摩擦力的時候，對B解得當A恰好達到最大靜摩擦力的時候，對A解得可知B先達到最大靜摩擦力，當此時繩中無彈力，故A錯誤；B．當A的摩擦力達到最大時，B的摩擦力也達到最大值，再增大，繩中拉力繼續(xù)變大，因A所需的向心力更大，則A的摩擦力保持不變，B所需的向心力較小，所以B的摩擦力減小，直到為零后反向逐漸增大，當反向達到最大值，A、B將一起相對圓盤向A的方向滑動，所以當A的摩擦力達到最大時，再增大，兩物體不是立即相對圓盤產(chǎn)生滑動，故B錯誤；CD．由上述分析可知當A所受的摩擦力指向圓心達到最大且B所受的摩擦力達到最大背離圓心時，A、B將與圓盤發(fā)生相對滑動，設(shè)此時繩中拉力為，則對A對B解得故C正確，D錯誤。故選C。5．【知識點】電勢能與靜電力做功、電場的疊加

【答案】B【詳析】A．根據(jù)場強疊加以及對稱性可知，MN兩點的場強大小相同，但是方向不同，A錯誤；B．因在AB處的正電荷在MN兩點的合電勢相等，在C點的負電荷在MN兩點的電勢也相等，則MN兩點電勢相等，B正確；CD．因負電荷從M到O，因AB兩電荷的合力對負電荷的庫侖力從O指向M，則該力對負電荷做負功，C點的負電荷也對該負電荷做負功，可知三個電荷對該負電荷的合力對其做負功，則該負電荷的電勢能增加，即負電荷在M點的電勢能比在O點??；同理正電荷在M點的電勢能比在O點大；同理可知負電荷在N點的電勢能比在O點??；故CD錯誤。選B。6．【知識點】帶電粒子在疊加場中的運動【答案】D【解析】設(shè)沿AC做直線運動的粒子的速度大小為v，有qvB1＝qE，即v＝EB1，粒子在磁場Ⅱ中做勻速圓周運動，如圖中軌跡1，由幾何關(guān)系可知運動軌跡所對的圓心角為90°，則運動時間為14周期，又qvB2＝mv2r，可得r＝mvqB2，時間t0＝14·2πmqB2，根據(jù)幾何關(guān)系可知OC＝2r，若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?B1，則做勻速直線運動的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼囊话?，粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼囊话?，如圖中軌跡2，軌跡對應(yīng)的圓心角依然為90°，時間t＝14·2πmqB2＝t0，A錯誤；若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強度大小變?yōu)?E，則做勻速直線運動的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼?倍，粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，如圖中軌跡3，粒子從F點離開磁場，對應(yīng)的圓心角依然為90°，時間t＝14·2πmqB2＝t0，B錯誤；若僅將區(qū)域Ⅱ中的磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?4B2，粒子在區(qū)域Ⅱ中做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)?33r＞2r，粒子從O、F間離開，如圖中軌跡4，由幾何關(guān)系可知，軌跡對應(yīng)的圓心角θ滿足sinθ＝OC433r＝2r433r＝32，則θ＝60°，則t＝16·2πmq·34B2＝839t0，C錯誤；若僅將區(qū)域Ⅱ中的磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?7．【知識點】連接體問題（整體和隔離法）、臨界問題【答案】BC【詳析】A．物塊A、B在外力的作用下沿斜面向上做勻加速直線運動，加速度不變，當物塊A、B分離時，物塊A、B的加速度相等且沿斜面向上，物塊A、B間的彈力此時對物塊A分析可知彈簧彈力沿斜面向上，彈簧處于壓縮狀態(tài)，故A項錯誤；B．物塊A、B分離后，對B分析故物塊A、B分離后，外力為恒力，故B項正確；C．對物塊A、B整體進行分析，外力未作用在物塊B上時，彈簧的壓縮量物塊A、B分離時，對物塊A有解得由運動學(xué)知識有解得故C項正確；D．物塊A、B分離時外力達到最大，此后不變，由牛頓第二定律得解得故D項錯誤。故選BC。8．【知識點】光的折射定律及其應(yīng)用、全反射與折射的綜合應(yīng)用【答案】BD【解析】設(shè)玻璃磚的折射率為n，根據(jù)幾何關(guān)系可知，該單色光在玻璃磚中發(fā)生全反射的臨界角C滿足sinC=1n=12，解得n=2，A錯誤；如圖所示，設(shè)光線b在AB面的折射角為α，則根據(jù)折射定律有n=sin60°sinα=2，解得sinα=34，根據(jù)幾何關(guān)系可知，光線b在BC面的入射角的正弦值等于cosα，并且cosα=134>12，所以光線b第一次打在BC面上時發(fā)生全反射，同理可知光線b在CD面的入射角等于α，并且sinα<12，所以光線b第一次打在CD面上時不能發(fā)生全反射，B正確，C錯誤；光線b第一次從P點傳播到F點的距離為s=2Lcosα=8L13【易錯警示】不能準確畫出光路圖并合理利用幾何關(guān)系導(dǎo)致失誤本題中可能會在兩個方面出現(xiàn)失誤：一是求解折射率對應(yīng)的角度出現(xiàn)失誤；二是求解全反射問題中的幾何關(guān)系可能會找錯.解決幾何光學(xué)問題時一般都需要準確畫出光路圖，進而結(jié)合幾何關(guān)系進行求解.9．【知識點】理想變壓器原、副線圈兩端的電壓、功率、電流關(guān)系及其應(yīng)用【答案】BC【詳析】本題考查交變電流與變壓器相結(jié)合的問題。由題可知，發(fā)電機產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢的最大值Em＝2NBL2ω，電動勢的有效值U0＝Em2＝2NBL2ω，設(shè)R1、R2兩端的電壓分別為U1、U2，則I＝U1R1，由理想變壓器的原理有U0U1＝n0n1，U0U2＝n0n2，可得U1U2＝n1n2，則R2兩端的電壓為U2＝n2n1U1＝n2IR1n1，通過電阻R2的電流為I2＝U2R210．【知識點】功能原理、能量守恒與曲線運動的綜合【答案】CD【詳析】A．對滑輪、保險繩索與人的整體，由于C點為最低點，切線方向為水平方向，可知C點處重力沿切線方向的分力為零；由于摩擦力作用，整體在到達C點之前已經(jīng)在減速，可知整體滑到C點時速度不是最大，故A錯誤；B．由于運動軌道是曲線，滑到C點時，需提供豎直向上的向心力，故整體滑到C點時受到彈力大小大于，故B錯誤；C．由于A點和C點重力的功率都為零，可知從A點滑到C點的過程中，重力的功率先增大后減小，故C正確；D．從A點滑到B點的過程中，由能量守恒可知，摩擦產(chǎn)生的熱量等于減少的重力勢能，即摩擦產(chǎn)生的熱量為，故D正確。故選CD。11．【知識點】實驗：驗證機械能守恒定律【答案】（1）-（2）-2.1；（3）C【解析】（1）小鋼球運動過程中繩上拉力最大處為最低點B，此時速度最大，繩上拉力最小處為軌跡最高點A，速度為零，對球受力分析可得，在A處有mgcosθ=Tmin，在B處有Tmax-mg=mv（2）取圖乙中的點(0,1.765N)和(0.196N,1.35N)，求得斜率約為-2.1（3）該實驗系統(tǒng)誤差的主要來源為空氣阻力，C正確.12．【知識點】實驗：練習(xí)使用多用電表【答案】（1）×10；R1；（2）160；（3）見解析【詳析】（1）[1]由指針所指刻線和待測電阻的大約阻值可知，組裝的這個歐姆表的倍率應(yīng)為×10；[2]由歐姆表的倍率可知歐姆表的中值電阻為，電路中的最大電流為，圖甲中與電流表并聯(lián)的電阻R的阻值為，電阻R應(yīng)選用定值電阻中的R1；（2）[3]歐姆表表針所指的刻線為16，倍率為×10，則待測電阻阻值的測量值為（3）[4]由題意可知組裝的新歐姆表的中值電阻為，使用兩節(jié)干電池時電路中的最大電流為，則電路連接方案如圖所示13．【知識點】氣體等溫變化與玻意耳定律、理想氣體與理想氣體狀態(tài)方程【答案】（1）30cm（2）117℃【解析】（1）設(shè)右管中注入的水銀在U形管中的高度為Δh，U形管的橫截面積為S,對A部分氣體分析，初始狀態(tài)p1=p0+14cmHg+10cmHg=100cmHg末狀態(tài)p2=p0+14cmHg+ρgΔhA部分氣體發(fā)生等溫變化，根據(jù)玻意耳定律有p1V解得Δh=30cm.（2）設(shè)升溫前溫度為T0，升溫后溫度為T，緩慢升溫過程中，對AV2=l1升溫后V3=l1S由理想氣體狀態(tài)方程得p2V解得T=390K，則升溫后的溫度為t=390-27314．【知識點】雙桿模型【答案】（1）；（2）；（3）；（4）【詳析】（1）開關(guān)K剛閉合時，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢通過a棒的電流大?。?）a棒根據(jù)動量定理流過a棒的電荷量（3）a、b棒碰撞過程中，根據(jù)動量守恒定律，對a、b棒對c棒因此碰后瞬間，a棒的速度大?。?）整個電路的焦耳熱對c棒因此c棒上升過程中c棒上升的最大高度15．【知識點】傳送帶模型、動量守恒的判定與應(yīng)用、求解彈性碰撞問題【答案】（1）；（2），；（3）L=m；（4）【詳析】（1）由動量守恒和系統(tǒng)機械能守恒得解得（2）c與a發(fā)生碰撞a與b發(fā)生碰撞

解得（3）物塊b滑上傳送帶上時的加速度解得（4）當物塊a恰好返回傳送帶左端時，與物塊c發(fā)生碰撞。因為a和c的速度小于，所以物塊a在傳送帶上的運動時間物塊a在地面上的運動時間物塊c在地面上的運動時間解得

當物塊a和物塊c都返回傳送帶左端時，a與c發(fā)生碰撞。物塊c在傳送帶上的運動時間解得

a、b的初位置離傳送帶左端距離x的范圍2025屆湖南省株洲市高三物理5月底信息練習(xí)試卷(一）學(xué)校:___________姓名:___________班級:___________考號:___________注意事項：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準考證號填寫在本試卷和答題卡上．2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標號涂黑．如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號．回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上．寫在本試卷上無效．3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回．一、選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1．甲狀腺癌患者手術(shù)切除甲狀腺后,可以通過口服含有碘131的藥物進一步進行放射性治療,為避免患者體內(nèi)的碘131產(chǎn)生的輻射對他人造成危害,應(yīng)進行一段時間的隔離。碘131發(fā)生衰變的過程可以用方程53131I→54131Xe+Z來表示A．碘131的衰變?yōu)棣滤プ傿．碘131衰變方程中的Z為He原子核C．患者口服劑量的大小,不影響隔離時間的長短D．患者服藥后,藥物中含有的碘131經(jīng)過兩個半衰期全部衰變2．根據(jù)宇宙大爆炸理論，密度較大區(qū)域的物質(zhì)在萬有引力作用下，不斷聚集可能形成恒星。恒星最終的歸宿與其質(zhì)量有關(guān)，如果質(zhì)量為太陽質(zhì)量的1～8倍將坍縮成白矮星，質(zhì)量為太陽質(zhì)量的10～20倍將坍縮成中子星，質(zhì)量更大的恒星將坍縮成黑洞。設(shè)恒星坍縮前后可看成質(zhì)量均勻分布的球體，質(zhì)量不變，體積縮小，自轉(zhuǎn)變快。不考慮恒星與其他物體的相互作用。已知逃逸速度為第一宇宙速度的2倍，中子星密度大于白矮星。根據(jù)萬有引力理論，下列說法正確的是()A．同一恒星表面任意位置的重力加速度相同B．恒星坍縮后表面兩極處的重力加速度比坍縮前的大C．恒星坍縮前后的第一宇宙速度不變D．中子星的逃逸速度小于白矮星的逃逸速度3．圖甲為一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖,圖乙為該波中平衡位置坐標為x=6m處質(zhì)點P的振動圖像,則下列說法中正確的是甲乙A．該波的傳播方向沿x軸正方向B．在t=0.5s時刻,圖甲中質(zhì)點P相對平衡位置的位移為10cmC．在t=1s時刻,平衡位置在x=5m處的質(zhì)點的位移為10cmD．從t=0時刻開始至t=6s時刻結(jié)束,在這段時間內(nèi),平衡位置在x=5m處的質(zhì)點通過的路程為120cm4．如圖所示，水平圓盤上有A、B兩個物塊，中間用一根不可伸長的輕繩連在一起，輕繩經(jīng)過圓盤圓心。它們一起隨圓盤繞豎直中心軸轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)動角速度由零逐漸增大，轉(zhuǎn)動半徑，質(zhì)量，A、B兩物塊與圓盤間的動摩擦因數(shù)均為μ，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A．當時，繩中恰好出現(xiàn)拉力B．A物塊受到的摩擦力一旦達最大值，再增大，兩個物塊將一起相對圓盤滑動C．要使A、B兩物塊與圓盤保持相對靜止，的最大值為D．當A、B兩物塊恰好要與圓盤發(fā)生相對滑動時，繩中的拉力為5．如圖所示，真空中正三角形三個頂點固定三個等量電荷，其中A、B帶正電，C帶負電，O、M、N為AB邊的四等分點，下列說法正確的是（）A．M、N兩點電場強度相同B．M、N兩點電勢相同C．正電荷在M點電勢能比在O點時要小D．負電荷在N點電勢能比在O點時要大6．如圖，真空中有區(qū)域Ⅰ和Ⅱ，區(qū)域Ⅰ中存在勻強電場和勻強磁場，電場方向豎直向下(與紙面平行)，磁場方向垂直紙面向里，等腰直角三角形CGF區(qū)域(區(qū)域Ⅱ)內(nèi)存在勻強磁場，磁場方向垂直紙面向外。圖中A、C、O三點在同一直線上，AO與GF垂直，且與電場和磁場方向均垂直。A點處的粒子源持續(xù)將比荷一定但速率不同的粒子射入?yún)^(qū)域Ⅰ中，只有沿直線AC運動的粒子才能進入?yún)^(qū)域Ⅱ。若區(qū)域Ⅰ中電場強度大小為E、磁感應(yīng)強度大小為B1，區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強度大小為B2，則粒子從CF的中點射出，它們在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為t0。若改變電場或磁場強弱，能進入?yún)^(qū)域Ⅱ中的粒子在區(qū)域Ⅱ中運動的時間為t，不計粒子的重力及粒子之間的相互作用，下列說法正確的是()A．若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?B1，則t＞t0B．若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強度大小變?yōu)?E，則t＞t0C．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?4B2，則t＝D．若僅將區(qū)域Ⅱ中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?4B2，則t＝2t二、選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多項是符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7．如圖所示，傾角的光滑斜面固定在水平地面上，質(zhì)量均為m的物塊A和物塊B并排放在斜面上，與斜面垂直的擋板P固定在斜面底端，輕彈簧一端固定在擋板上，另一端與物塊A連接，物塊A、B（物塊A、B不相連）處于靜止狀態(tài)?，F(xiàn)用一沿斜面向上的外力拉物塊B，使物塊A、B一起沿斜面向上以加速度a做勻加速直線運動。已知重力加速度為g，彈簧的勁度系數(shù)為k，不計空氣阻力，則下列說法正確的是（）A．物塊A、B分離時彈簧恰好為原長B．物塊A、B分離前外力為變力，分離后為恒力C．從外力作用在物塊B上到物塊A、B分離的時間為D．外力的最大值為8．如圖所示，矩形ABCD為一玻璃磚的截面，AB=3L、AD=2L.該截面內(nèi)一條單色光線a從A點射向BC中點E，剛好在BC面上發(fā)生全反射并直接射向D點.另一條該單色光線b與AE平行，從AB上的P點（未畫出）折射進入玻璃磚，光線經(jīng)BC面反射后直接射向CD的中點F.已知真空中光速為cA．玻璃磚的折射率為2B．光線b第一次打在BC面上時發(fā)生全反射C．光線b第一次打在CD面上時發(fā)生全反射D．光線b第一次從P點傳播到F點用時為16L139．(多選)如圖，發(fā)電機的矩形線圈長為2L、寬為L，匝數(shù)為N，放置在磁感應(yīng)強度大小為B的勻強磁場中。理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)分別為n0、n1和n2，兩個副線圈分別接有電阻R1和R2。當發(fā)電機線圈以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動時，理想電流表讀數(shù)為I。不計線圈電阻，下列說法正確的是()A．通過電阻R2的電流為nB．電阻R2兩端的電壓為nC．n0與n1的比值為2D．發(fā)電機的功率為210．溜索是一種古老的渡河工具，如圖所示。粗鋼索兩端連接在河兩岸的固定樁上，把滑輪、保險繩索與人作為整體，總質(zhì)量為。整體從高處平臺上的A點由靜止出發(fā)，沿鋼索滑下，滑過最低點C，到達B點時速度為零，A、B兩點的高度差為，重力加速度為，不計空氣阻力。則（）A．整體滑到C點時速度最大B．整體滑到C點時受到彈力大小為C．從A點滑到C點的過程中，整體重力的功率先增大后減小D．從A點滑到B點的過程中，摩擦產(chǎn)生的熱量為三、非選擇題：本大題共5題，共56分。11．某同學(xué)設(shè)計了一個用拉力傳感器驗證機械能守恒定律的實驗.一根輕繩一端連接固定的拉力傳感器，另一端連接小鋼球，如圖甲所示.拉起小鋼球至某一位置由靜止釋放，使小鋼球在豎直平面內(nèi)擺動，記錄鋼球擺動過程中拉力傳感器示數(shù)的最大值Tmax和最小值Tmin.改變小鋼球的初始釋放位置，重復(fù)上述過程.根據(jù)測量數(shù)據(jù)在直角坐標系中繪制的T 甲 乙（1）若小鋼球擺動過程中機械能守恒，則圖乙中直線斜率的理論值為________.（2）由圖乙得:直線的斜率為__________，小鋼球的重力為____N.（結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）（3）該實驗系統(tǒng)誤差的主要來源是______（單選，填正確答案標號）.A.小鋼球擺動角度偏大B.小鋼球初始釋放位置不同C.小鋼球擺動過程中有空氣阻力12．小明同學(xué)研究了多用電表的結(jié)構(gòu)原理，利用學(xué)校實驗室的器材，自己組裝了一個有多擋倍率的歐姆表。學(xué)校可供使用的器材如下：電流表（量程，內(nèi)阻，表盤可調(diào)換），干電池3節(jié)（每一節(jié)干電池電動勢為、內(nèi)阻為），定值電阻兩個（，），多量程多用電表表盤，滑動變阻器兩個——其中微調(diào)滑動變阻器（最大阻值）和粗調(diào)滑動變阻器（最大阻值）。（1）為了測量一個阻值在到之間的待測電阻，他用一節(jié)干電池組裝了如圖甲所示的歐姆表，經(jīng)過準確的計算將電流表表盤調(diào)換成如圖乙所示的多用電表表盤，則組裝的這個歐姆表的倍率應(yīng)為（選填“×1”或“×10”或“×100”），圖甲中與電流表并聯(lián)的電阻R應(yīng)選用定值電阻中的（選填“”或“”）；（2）他按照第（1）問中的組裝方式組裝了歐姆表后，進行了正確的歐姆調(diào)零操作。接著用它測量待測電阻的阻值，指針偏轉(zhuǎn)位置如圖乙所示，則讀出待測電阻阻值的測量值為Ω；（3）上面的操作和測量進行完之后，小明同學(xué)再利用題目所給的實驗器材，組裝了一個倍率為“×1000”的歐姆表，請你設(shè)計正確的電路連接方案，在圖丙中把需要用到的器材連接起來。13．如圖所示，均勻薄壁U形管豎直放置，左管上端封閉，右管上端開口且足夠長，用兩段水銀封閉了A、B兩部分理想氣體，下方水銀的左右液面高度相差ΔL=10cm，右管上方的水銀柱高h=14cm，初狀態(tài)環(huán)境溫度為27℃，A部分氣體長度l1=30cm，外界大氣壓強p0=76cmHg.現(xiàn)保持溫度不變，在右管中緩慢注入水銀，使下方水銀左右液面等高，然后給A部分氣體緩慢升溫，使A（1）右管中注入的水銀在U形管中的高度是多少；（2）升溫后的溫度是多少.14．如圖所示，在一個匝數(shù)為N、橫截面積為S、阻值為的圓形螺線管內(nèi)充滿方向與線圈平面垂直、大小隨時間均勻變化的勻強磁場，其變化率為k。螺線管右側(cè)連接有“T”形金屬軌道裝置，整個裝置處于大小為、方向豎直向下的勻強磁場中，該裝置由位于同一水平面的光滑平行導(dǎo)軌AP、和粗糙豎直導(dǎo)軌SW、構(gòu)成，導(dǎo)軌間距均為l。開始時，導(dǎo)體棒a、b分別靜置在水平軌道上左右兩側(cè)適當位置，b棒用一絕緣且不可伸長的輕繩通過光滑轉(zhuǎn)彎裝置O與c棒相連，與b、c棒相連的輕繩分別與導(dǎo)軌SP、SW平行，三根導(dǎo)體棒的長度均為l且始終與導(dǎo)軌垂直接觸。剛開始鎖定b棒，閉合開關(guān)K后，a棒由靜止開始運動，與b棒碰前瞬間，a棒的速度為，此時解除b棒的鎖定，同時斷開開關(guān)K，碰后兩棒粘在一起運動，此后導(dǎo)體棒減速為零的過程中c棒產(chǎn)生的焦耳熱為Q。已知三根導(dǎo)體棒的質(zhì)量均為m，電阻均為，c棒與豎直軌道間的動摩擦因數(shù)為，a、b棒碰撞時間極短，不計其他電阻及阻力，重力加速度為g。求（1）開關(guān)K剛閉合時，通過a棒的電流大小；（2）a棒從靜止加速到的過程中，流過a棒的電荷量；（3）a、b棒碰后瞬間，a棒的速度大??；（4）c棒上升的最大高度。15．（威海乳山一中2023高三期末）如圖所示，高度為h、質(zhì)量為M的光滑斜面置于水平地面上（斜面未固定），斜面末端通過一小段圓弧與光滑地面相切，長度為L的傳送帶與水平地面相平，以速度v勻速轉(zhuǎn)動，斜面與傳送帶之間的地面上放置兩個物塊a、b，a、b之間有很小的狹縫，質(zhì)量分別為和，在斜面的頂端由靜止釋放一質(zhì)量為的物塊c，經(jīng)過一段時間后滑離斜面，在水平面上與a發(fā)生碰撞，最終b恰好滑過傳送帶右端。已知所有物塊均可看成質(zhì)點，它們之間的碰撞均為彈性碰撞且時間極短，與傳送帶的動摩擦因數(shù)均為，，，，，，重力加速度。（1）求c滑離斜面時的速度大?。唬?）求a、b剛滑上傳送帶時的速度大小、；（3）求傳送帶的長度L；（4）為使a與c能夠在傳送帶上相碰，求a、b的初位置離傳送帶左端距離x的范圍。

——★參考答案★——1．【知識點】原子核的衰變及半衰期【答案】A【解析】基礎(chǔ)考點：核反應(yīng)方程+原子核的衰變及半衰期選項分析結(jié)論A根據(jù)核反應(yīng)過程中質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒可知核反應(yīng)方程為53131I→54131Xe+-10√B×C碘131的半衰期不變,要避免碘131輻射的危害,需要讓碘131含量降低到一定程度,患者口服劑量的大小會影響隔離時間的長短×D患者服藥后,碘131經(jīng)過兩個半衰期還剩下原來的1×2．【知識點】萬有引力定律問題的分析與計算【答案】B【解析】恒星兩極處自轉(zhuǎn)的向心加速度為零，萬有引力全部提供向心力，其他位置萬有引力的一個分力提供向心力，另一個分力提供重力，在同一恒星表面的不同位置重力不同，則重力加速度不同，A錯誤；在恒星表面兩極處，有GMmR2＝mg，可得g＝GMR2，根據(jù)題意可知，恒星坍縮前后，質(zhì)量不變，體積縮小，可知R變小，則恒星坍縮后表面兩極處的重力加速度比坍縮前的大，B正確；由GMmR2＝mv12R，可得第一宇宙速度v1＝GMR，由于坍縮后半徑R變小，則恒星坍縮后的第一宇宙速度變大，C錯誤；恒星的質(zhì)量M＝ρV＝ρ·43πR3，可得恒星半徑R＝333．【知識點】波的圖像和振動圖像的綜合應(yīng)用【答案】D【解析】經(jīng)典試題：振動圖像和波的圖像的綜合應(yīng)用已知t=0時刻質(zhì)點P向上振動,根據(jù)“上下坡法”可知該波的傳播方向沿x軸負方向,A錯誤;由題圖乙可知A=20cm,T=4s,ω=2πT=π2rad/s,則質(zhì)點P的振動方程為y=20sinπ2t(cm),t=0.5s時刻,質(zhì)點P的位移為y=102cm,B錯誤;由題圖甲可知,波長為λ=8m,又t=1s=T4,將波形向左平移2m,此時x=5m處的質(zhì)點位移為102cm,C錯誤;因6s=3T2,所以x=5m處質(zhì)點通過的路程為s=【一題多解】由題圖知λ=8m,T=4s,則v=λT=2m/s,根據(jù)數(shù)學(xué)關(guān)系可知t=0時平衡位置在x=623m的質(zhì)點位移為10cm,根據(jù)平移法可得t'=Δxv=532s=56s,所以經(jīng)56s平衡位置在4．【知識點】水平面內(nèi)勻速圓周問題【答案】C【詳析】A．當B恰好達到最大靜摩擦力的時候，對B解得當A恰好達到最大靜摩擦力的時候，對A解得可知B先達到最大靜摩擦力，當此時繩中無彈力，故A錯誤；B．當A的摩擦力達到最大時，B的摩擦力也達到最大值，再增大，繩中拉力繼續(xù)變大，因A所需的向心力更大，則A的摩擦力保持不變，B所需的向心力較小，所以B的摩擦力減小，直到為零后反向逐漸增大，當反向達到最大值，A、B將一起相對圓盤向A的方向滑動，所以當A的摩擦力達到最大時，再增大，兩物體不是立即相對圓盤產(chǎn)生滑動，故B錯誤；CD．由上述分析可知當A所受的摩擦力指向圓心達到最大且B所受的摩擦力達到最大背離圓心時，A、B將與圓盤發(fā)生相對滑動，設(shè)此時繩中拉力為，則對A對B解得故C正確，D錯誤。故選C。5．【知識點】電勢能與靜電力做功、電場的疊加

【答案】B【詳析】A．根據(jù)場強疊加以及對稱性可知，MN兩點的場強大小相同，但是方向不同，A錯誤；B．因在AB處的正電荷在MN兩點的合電勢相等，在C點的負電荷在MN兩點的電勢也相等，則MN兩點電勢相等，B正確；CD．因負電荷從M到O，因AB兩電荷的合力對負電荷的庫侖力從O指向M，則該力對負電荷做負功，C點的負電荷也對該負電荷做負功，可知三個電荷對該負電荷的合力對其做負功，則該負電荷的電勢能增加，即負電荷在M點的電勢能比在O點小；同理正電荷在M點的電勢能比在O點大；同理可知負電荷在N點的電勢能比在O點??；故CD錯誤。選B。6．【知識點】帶電粒子在疊加場中的運動【答案】D【解析】設(shè)沿AC做直線運動的粒子的速度大小為v，有qvB1＝qE，即v＝EB1，粒子在磁場Ⅱ中做勻速圓周運動，如圖中軌跡1，由幾何關(guān)系可知運動軌跡所對的圓心角為90°，則運動時間為14周期，又qvB2＝mv2r，可得r＝mvqB2，時間t0＝14·2πmqB2，根據(jù)幾何關(guān)系可知OC＝2r，若僅將區(qū)域Ⅰ中磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?B1，則做勻速直線運動的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼囊话?，粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼囊话耄鐖D中軌跡2，軌跡對應(yīng)的圓心角依然為90°，時間t＝14·2πmqB2＝t0，A錯誤；若僅將區(qū)域Ⅰ中電場強度大小變?yōu)?E，則做勻速直線運動的粒子的速度變?yōu)樵瓉淼?倍，粒子在區(qū)域Ⅱ內(nèi)做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)樵瓉淼?倍，如圖中軌跡3，粒子從F點離開磁場，對應(yīng)的圓心角依然為90°，時間t＝14·2πmqB2＝t0，B錯誤；若僅將區(qū)域Ⅱ中的磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?4B2，粒子在區(qū)域Ⅱ中做勻速圓周運動的軌跡半徑變?yōu)?33r＞2r，粒子從O、F間離開，如圖中軌跡4，由幾何關(guān)系可知，軌跡對應(yīng)的圓心角θ滿足sinθ＝OC433r＝2r433r＝32，則θ＝60°，則t＝16·2πmq·34B2＝839t0，C錯誤；若僅將區(qū)域Ⅱ中的磁感應(yīng)強度大小變?yōu)?7．【知識點】連接體問題（整體和隔離法）、臨界問題【答案】BC【詳析】A．物塊A、B在外力的作用下沿斜面向上做勻加速直線運動，加速度不變，當物塊A、B分離時，物塊A、B的加速度相等且沿斜面向上，物塊A、B間的彈力此時對物塊A分析可知彈簧彈力沿斜面向上，彈簧處于壓縮狀態(tài)，故A項錯誤；B．物塊A、B分離后，對B分析故物塊A、B分離后，外力為恒力，故B項正確；C．對物塊A、B整體進行分析，外力未作用在物塊B上時，彈簧的壓縮量物塊A、B分離時，對物塊A有解得由運動學(xué)知識有解得故C項正確；D．物塊A、B分離時外力達到最大，此后不變，由牛頓第二定律得解得故D項錯誤。故選BC。8．【知識點】光的折射定律及其應(yīng)用、全反射與折射的綜合應(yīng)用【答案】BD【解析】設(shè)玻璃磚的折射率為n，根據(jù)幾何關(guān)系可知，該單色光在玻璃磚中發(fā)生全反射的臨界角C滿足sinC=1n=12，解得n=2，A錯誤；如圖所示，設(shè)光線b在AB面的折射角為α，則根據(jù)折射定律有n=sin60°sinα=2，解得sinα=34，根據(jù)幾何關(guān)系可知，光線b在BC面的入射角的正弦值等于cosα，并且cosα=134>12，所以光線b第一次打在BC面上時發(fā)生全反射，同理可知光線b在CD面的入射角等于α，并且sinα<12，所以光線b第一次打在CD面上時不能發(fā)生全反射，B正確，C錯誤；光線b第一次從P點傳播到F點的距離為s=2Lcosα=8L1