考生須知：．全卷分試卷和答題卷，考試結(jié)束后，將答題卷上交。．試卷共8頁，共小題。滿分分，考試時間分鐘。．答題前，請務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號用黑色字跡的簽字筆或鋼筆填寫在答題紙規(guī)定的位置上。．請將答案寫在答題卷的相應(yīng)位置上，寫在試卷上無效。．可能用到的相關(guān)數(shù)據(jù)：無特殊說明重力加速度g取，。選擇題部分一、選擇題Ⅰ（共小題，每小題3分，共分。每小題列出的四個備選項(xiàng)中只有一個是符合題目要求的，不選、多選、錯選均不得分）1.近年來我國在電子直線加速器的研發(fā)和生產(chǎn)方面不斷取得突破，“神龍一號”加速器的核心參數(shù)之一為20MeV。下列物理量中單位可以為eV的是（）A.電場強(qiáng)度B.電勢差C.電勢能D.電動勢【答案】C【解析】AN/CV/m量單位，故單位不能為eV，故A錯誤；BVeV是能量單位，電勢差本身并非能量，故單位不能為eV，故B錯誤；C．電勢能：電勢能是能量的一種形式，單位為焦耳（J）或電子伏特（eVeV表示，故單位可以為eV，故C正確；D．電動勢：電動勢的單位為伏特（VeV，故D錯誤。故選C。2.2025年8月，全球首個人形機(jī)器人運(yùn)動會在北京舉辦。比賽包括自由體操、舞蹈、物料搬運(yùn)與整理等項(xiàng)目?？蓪C(jī)器人看成質(zhì)點(diǎn)的是（）A.確定足球比賽中機(jī)器人的位置第1頁/共23頁

B.欣賞開幕式表演中機(jī)器人打太極拳的動作C.觀察機(jī)器人整理物料的精確程度D.研究跳高比賽中機(jī)器人的起跳動作【答案】A【解析】A為質(zhì)點(diǎn)，故A正確；B．欣賞開幕式表演中機(jī)器人打太極拳的動作時，需關(guān)注其姿態(tài)、四肢運(yùn)動等細(xì)節(jié)，大小和形狀不可忽略，故不能將機(jī)器人視為質(zhì)點(diǎn)，故B錯誤；C狀不可忽略，故不能將機(jī)器人視為質(zhì)點(diǎn)，故C錯誤；D．研究跳高比賽中機(jī)器人起跳動作時，需分析腿部發(fā)力、身體姿態(tài)變化等細(xì)節(jié)，大小和形狀不可忽略，故不能將機(jī)器人視為質(zhì)點(diǎn)，故D錯誤。故選A。3.如圖，一理想降壓變壓器輸入端接電壓為U1的交流電，輸出端給用戶供電，用戶得到的電壓為U，輸出端輸電線的電阻可等效為R。該變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1和n。下列說法正確的是（）A.B.用戶的功率增加時，U2不變C.用戶的功率增加時，原線圈的電流也增大D.電路老化導(dǎo)致R增大，可適當(dāng)增大n1來維持用戶的電壓【答案】C【解析】【詳解】A．設(shè)副線圈兩端電壓為，根據(jù)理想變壓器電壓規(guī)律在副線圈中，故A錯誤；第2頁/共23頁

BC但降壓變壓器輸入端接電壓不變，線圈匝數(shù)不變，故副線圈兩端電壓不變，副線圈兩端的輸出功率可知，副線圈中的電流增大，輸出端輸電線的電阻兩端的電壓輸出端輸電線的電阻兩端的功率輸出端輸電線的電阻兩端的電壓增大，副線圈中可知律可知原線圈中的電流增大，故B錯誤，C正確；D．電路老化導(dǎo)致R增大，在副線圈中，要維持用戶的電壓不變，需要增大副線圈兩端電壓，根據(jù)理想變壓器電壓規(guī)律為維持用戶的電壓，需要減小，故D錯誤。故選C4.某靜電除塵裝置由帶正電的金屬圓筒Q和帶負(fù)電的線狀電極PA、B、M、N為同一等勢線（圖中虛線）上的四點(diǎn)，A、B、C在圓筒的直徑上，則（）A.M、N兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同B.金屬圓筒Q上E、F兩點(diǎn)的電勢相同C.帶負(fù)電的粉塵從B點(diǎn)運(yùn)動到C點(diǎn)，電勢能增大D.若電極P與金屬圓筒Q的極性交換，除塵效果不變第3頁/共23頁

【答案】B【解析】【詳解】A．根據(jù)電場線的疏密程度可知，M點(diǎn)的電場強(qiáng)度與N點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，方向不同，A錯誤；B．金屬圓筒的表面是一個等勢面，各點(diǎn)電勢均相同，B正確；C．沿電場線方向電勢降低，由圖可知，粉塵帶負(fù)電，結(jié)合可知，，C錯誤；D．電極極性交換后，電場方向反向，帶電粉塵的受力方向改變，無法被正常收集，除塵效果改變，D錯誤。故選B。5.的衰變方程為的質(zhì)量為m的質(zhì)量為mX粒子的質(zhì)量為m，則（）A.X粒子是氦原子核，它的電離能力很弱B.的平均核子質(zhì)量比的大C.的比結(jié)合能為D.若靜止，其衰變后的和X粒子的動能之比是4:234【答案】D【解析】【詳解】A．根據(jù)核反應(yīng)前后質(zhì)量數(shù)、電荷數(shù)守恒可知，X粒子的電荷數(shù)為2，質(zhì)量數(shù)為4，所以X是氦原子核（αα粒子電離能力強(qiáng)，故A錯誤；B．平均核子質(zhì)量等于原子核質(zhì)量除以核子數(shù)，衰變過程釋放能量，質(zhì)量虧損，即新核比反應(yīng)核更穩(wěn)定，其平均核子質(zhì)量更小，即，故B錯誤；C．比結(jié)合能是原子核總結(jié)合能除以核子數(shù)，表達(dá)式C錯誤；D．鈾核靜止衰變，動量守恒，與X粒子動量大小相等、方向相反，根據(jù)可得動能之比，故D正確。第4頁/共23頁

故選D。6.如圖所示，用兩根絕緣細(xì)線將質(zhì)量均為m的小球1和小球2連接并懸掛于天花板上，小球1球2帶電?，F(xiàn)施加一水平方向的勻強(qiáng)電場，兩小球處于靜止?fàn)顟B(tài)，細(xì)線a、b和豎直方向夾角分別為α、β，則（）A.小球2一定帶正電B.僅減小電場強(qiáng)度，β仍大于αC.僅增大小球2的電荷量，α不變，β增大D.細(xì)線a的拉力大小為2mgcosα【答案】B【解析】【詳解】A．勻強(qiáng)電場方向若向右，則小球2帶正電，勻強(qiáng)電場方向若向左，則小球2帶負(fù)電，故A錯誤；B．對小球1和小球2整體，有，可得對小球2，有，第5頁/共23頁

聯(lián)立可得β大于α，可得僅減小電場強(qiáng)度，β仍大于α，故B正確；CD．僅增大小球2的電荷量，根據(jù)可得α變大，可得β也變大，細(xì)線a的拉力大小為，故CD錯誤。故選B。7.有關(guān)下列四幅圖的描述正確的是（）A.圖1中，該電路能有效發(fā)射電磁波B.圖2中，該磁場能產(chǎn)生電場，但不能產(chǎn)生電磁波C.圖3中，線圈中的自感電動勢正在減小D.圖4中，真空冶煉爐的爐壁產(chǎn)生渦流，使?fàn)t內(nèi)金屬熔化【答案】A【解析】A1效發(fā)射電磁波，故A正確；B2生感生電場，也能產(chǎn)生電磁波，故B錯誤；C．圖3描述的LC振蕩電路，電容器的放電過程中，電路電流變化減小，由可知線圈中的自感第6頁/共23頁

可知線圈中的自感電動勢正在增大；不能判斷具體情況，故C錯誤；D．真空冶煉爐的原理是使?fàn)t內(nèi)金屬產(chǎn)生渦流，使?fàn)t內(nèi)金屬熔化，故D錯誤。故選A。8.我們可以用“聲線”來描述聲波的傳播情況，聲線上某點(diǎn)的切線方向?yàn)樵擖c(diǎn)聲波的傳播方向。聲線的傳播規(guī)律與光的傳播規(guī)律類似，遵循折射定律。地面上方一定高度S處有一個聲源，發(fā)出的聲波在空氣中向周）A.M點(diǎn)比N點(diǎn)的溫度要低B.M點(diǎn)和N點(diǎn)接收到的聲音強(qiáng)度相同C.若將該聲源移至N點(diǎn)，傳播到S點(diǎn)的聲線必過M點(diǎn)D.到達(dá)地面的聲線與地面處處垂直【答案】C【解析】AM點(diǎn)到N點(diǎn)"聲線"高的地方，聲波傳播速度越大，可知M點(diǎn)比N點(diǎn)的溫度要高，A錯誤；BN點(diǎn)接收到的聲音強(qiáng)度比M點(diǎn)弱，B錯誤；C"聲線"NS點(diǎn)一定沿圖中聲線，必過M點(diǎn)，C正確；D垂直，D錯誤。故選C。9.H=2m的O1L=1m的不可伸長的輕繩使小球在水平面內(nèi)做以O(shè)2為圓心的勻速圓周運(yùn)動，此時。某時刻，繩子和小球的連接處突然斷開，小球最終落在O3所在的水平地面上。OOO3的連線垂直地面，不計(jì)空氣對小球運(yùn)動的影響，小球可視為質(zhì)點(diǎn)且落地后即靜止。則（）第7頁/共23頁

A.小球下落的時間為B.小球的落點(diǎn)到O3的距離為1.2mC.若增大H，落點(diǎn)到O3的距離先增大后減小D.若增大L，落點(diǎn)到O3的距離先增大后減小【答案】B【解析】【詳解】A．繩子斷開后小球做平拋運(yùn)動，由解得，故A錯誤；B．設(shè)小球做圓周運(yùn)動的速度大小為，則有解得小球平拋的水平位移小球的落點(diǎn)到O3的距離故B正確；C．若增大H，由，可知小球做平拋運(yùn)動的時間變長，由，可知小球平拋運(yùn)動的初速度大小不變，則小球平拋的水平位移變大，落點(diǎn)到O3的距離變大，故C錯誤；D．由第8頁/共23頁

得若增大L，由，得，小球平拋的水平位移小球的落點(diǎn)到O3的距離又若增大L，由二次函數(shù)知識可知落點(diǎn)到O3的距離一直增大，故D錯誤。故選B。10.豎直方向的圓柱形區(qū)域內(nèi)存在沿豎直軸線方向的磁場，磁感應(yīng)強(qiáng)度的表達(dá)式為（ω其產(chǎn)生的感生電場滿足，r為某點(diǎn)到圓心O點(diǎn)的距離。如圖所示，現(xiàn)將一光滑絕緣細(xì)管固定于某一水平截面內(nèi)，沿管方向設(shè)為xmqt=0時小球從A點(diǎn)靜止釋放，已知，，，小球恰好以為平衡位置做簡諧運(yùn)動。管的內(nèi)徑遠(yuǎn)小于d，小球直徑略小于管的內(nèi)徑，簡諧運(yùn)動周期公式為。則ω為（）A.B.C.D.【答案】D【解析】【詳解】感生電場的表達(dá)式為，則小球受到的電場力為第9頁/共23頁

設(shè)小球所在位置到圓心O的連線與的夾角為，則由幾何關(guān)系可得電場力沿細(xì)管方向的分力大小為又因?yàn)榇肷鲜浇獾盟孕∏蜃龊喼C運(yùn)動的回復(fù)力為其中負(fù)號表示回復(fù)力與位移方向相反。已知簡諧運(yùn)動回復(fù)力的表達(dá)式為又因?yàn)楹喼C運(yùn)動的位移表達(dá)式為其中為簡諧運(yùn)動的振幅。所以小球以為平衡位置做簡諧運(yùn)動時，其比例系數(shù)滿足根據(jù)幾何關(guān)系有聯(lián)立解得所以聯(lián)立解得故選D。二、選擇題Ⅱ（共3小題，每小題4分，共分。四個選項(xiàng)中至少有一個是符合題目要求的。全部選對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯的得0分）下列說法正確的是A.立體電影利用了光的衍射B.要保存地下的水分，就要把地面的土壤鋤松C.霍爾元件是把電信號轉(zhuǎn)化為磁信號的元器件D.紫外線具有較高的能量，足以破壞細(xì)胞核中的物質(zhì)【答案】BD【解析】【詳解】A．立體電影利用了光的偏振原理，故A錯誤；B壤鋤松，破壞這些土壤里的毛細(xì)管，故B正確；第10頁/共23頁

C．霍爾元件是把磁信號轉(zhuǎn)化為電信號的元器件，故C錯誤；D．紫外線的頻率較大，具有較高的能量，足以破壞細(xì)胞核中的物質(zhì)，故D正確。故選BD。12.果如圖1。玻爾最早推導(dǎo)出氫原子能級公式，圖2為氫原子的能級圖。已知電子的電量e=1.6×10-19C，根據(jù)圖中信息，可知（）A.鈉的極限頻率為10.00×1014HzB.圖1計(jì)算出的普朗克常量為C.位于能級4的單個氫原子最多能發(fā)射出3種頻率的光D.氫原子從能級4躍遷到能級2時放出的光子能使鈉發(fā)生光電效應(yīng)【答案】CD【解析】【詳解】A．根據(jù)光電效應(yīng)方程當(dāng)時，為極限頻率，由圖可知，，而不是10.00×1014Hz，故A錯誤；B．根據(jù)光電效應(yīng)方程變式得由上式可知斜率，將橫縱軸截距坐標(biāo)代入可得因此，故B錯誤；Cn能級最多能發(fā)射出n-1種頻率的光，因此位于能級4的單個氫原子最多能發(fā)射出3種頻率的光，故C正確；第11頁/共23頁

D．由圖2知?dú)湓訌哪芗?躍遷到能級2時放出的光子能量為由光電效應(yīng)方程可知，鈉的逸出功為，故放出的光子能使鈉發(fā)生光電效應(yīng)，故D正確。故選CD。13.2》中展現(xiàn)了太空電梯的宏大場景。如圖所示，太空電梯由位于赤道的地面基座、運(yùn)載艙、地球同步軌道空間站、平衡錘及纜繩組成。已知整個太空電梯除運(yùn)載艙外與地面保持相對靜止，不計(jì)大氣環(huán)流的影響，則（）A.當(dāng)運(yùn)載艙相對地面勻速上升時，其對纜繩的力有阻礙地球自轉(zhuǎn)的效果B.當(dāng)平衡錘與地球同步軌道空間站的纜繩斷裂時，平衡錘將做近心運(yùn)動C.當(dāng)運(yùn)載艙相對地面勻速上升時，艙底支持力對宇航員做的功小于宇航員機(jī)械能的增加量D.若要提高運(yùn)載艙的載荷，應(yīng)將平衡錘放置更低的軌道上【答案】AC【解析】A．運(yùn)載艙伴隨地球同步旋轉(zhuǎn)，當(dāng)其相對地表勻速上升時，軌道半徑r增大。為維持與地球自轉(zhuǎn)角速度ω同步，其切向速度v=ωr需相應(yīng)增大。依據(jù)牛頓第二定律，纜繩需對運(yùn)載艙施加一個沿旋轉(zhuǎn)方向的側(cè)向力；根據(jù)牛頓第三定律，運(yùn)載艙對纜繩產(chǎn)生反向作用力。該力的方向與地球自轉(zhuǎn)方向相反，起到阻礙地球自轉(zhuǎn)的作用，故A正確。BF小于維持圓周運(yùn)動所需的向心力F。若平衡錘與空間站間的纜繩斷裂，因萬有引力不足以提供向心力，平衡錘將做離心運(yùn)動，而非近心運(yùn)動，故B錯誤。第12頁/共23頁

C．當(dāng)運(yùn)載艙相對地面勻速上升時，其豎直速度分量恒定，但切向速度v=ωr隨半徑r增大而增大，因此宇EkEpE航員機(jī)械能的增量由艙底支持力N與側(cè)壁提供的側(cè)向力共同做功實(shí)現(xiàn)。側(cè)向力對切向動能的增加做功，而艙底支持力N主要克服重力做功，因此艙底支持力對宇航員所做的功小于宇航員機(jī)械能的增加量，故C正確。D其所需向心力與萬有引力的差值越大，所產(chǎn)生的補(bǔ)償張力也越大。因此，應(yīng)將平衡錘安置在更高的軌道上，故D錯誤。故選AC。非選擇題部分三、非選擇題（共5小題，共分）14.如圖1為“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”實(shí)驗(yàn)裝置。（1）下列說法正確的是A.圖中打點(diǎn)計(jì)時器直接使用220V交流電源B.打點(diǎn)計(jì)時器限位孔須處于同一豎直線上C.一定要選用第一個點(diǎn)跡清晰的紙帶D.實(shí)驗(yàn)繪出v2—h圖像，圖線有沒有過原點(diǎn)與機(jī)械能是否守恒無關(guān)（22所示，實(shí)驗(yàn)中得到一條點(diǎn)跡清晰的紙帶。在紙帶的后端選擇連續(xù)的打點(diǎn)作為計(jì)數(shù)點(diǎn)，并且標(biāo)上1、2、3、4、5。電源頻率為50Hz。第13頁/共23頁

①在打計(jì)數(shù)點(diǎn)4時，重物的速度為____m/s，重物下落的加速度g=____m/s2（結(jié)果均保留2②選取第一個打點(diǎn)和計(jì)數(shù)點(diǎn)4來驗(yàn)證機(jī)械能守恒。已知重物質(zhì)量為0.2kg，第一個打點(diǎn)對應(yīng)的速度為0，計(jì)數(shù)點(diǎn)1與第一個打點(diǎn)的距離為，當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭=9.8m/s2，則在計(jì)算重物的重力勢能減少量△Ep時，重力加速度應(yīng)選用____（選填“g”或“g”E____（選填“大于”“小于”或“等于”）重物動能的增加量△E，其原因可能是____。A．紙帶與限位孔間存在摩擦阻力B．電源的實(shí)際頻率小于50HzC．計(jì)算△Ep時重力加速度選擇錯誤【答案】（1）BD（2）①1.9##1.8##2.0②.8.8##8.7##8.9③.g2④.大于⑤.A【解析】【小問1詳解】A．圖中電磁打點(diǎn)計(jì)時器使用的是8V低壓交流電源，故A錯誤；B且兩個限位孔在同一豎直線上，故B正確；CC錯誤；D．機(jī)械能是否守恒只與圖線的斜率有關(guān)，與圖線有沒有過原點(diǎn)無關(guān)，故D正確。故選BD。【小問2詳解】[1]打計(jì)數(shù)點(diǎn)4時，重物的速度[2]重物下落的加速度[3]在計(jì)算重物的重力勢能減少量△Ep時，重力加速度應(yīng)選用[4]重物重力勢能的減少量△Ep大于重物動能的增加量△Ek第14頁/共23頁

[5]A．紙帶與限位孔間存在摩擦阻力，由于摩擦阻力做負(fù)功，重物動能的增加量△Ek偏小，所以重物重力勢能的減少量△Ep大于重物動能的增加量△E，故A正確；B50Hz會使重物重力勢能的減少量△Ep大于動能的增加量△E，故B錯誤；C．若計(jì)算△Ep時重力加速度誤選了，會造成重物重力勢能的減少量△Ep偏小，不會使重物重力勢能的減少量△Ep大于動能的增加量△E，故C錯誤。故選A。15.（11所示虛線框內(nèi)為一多用電表歐姆擋的內(nèi)部電路。若已知干電池（E=1.5Vr=1ΩR0（0～800Ω“電流表（0～100μA1.5kΩ”或“電流表（0～1mA1kΩ”電流表____（選填“A”或“B”）（2）下列說法正確的是A.選擇開關(guān)置于歐姆擋“×10”，先后測量電阻甲和乙，在測完甲的阻值后，不改變擋位再測量電阻乙，無需重新進(jìn)行電阻調(diào)零。B.為減小誤差，測量電阻時指針的偏角要盡量大一些C.表盤上直接讀取的示數(shù)，即為待測電阻的阻值D.如果不能估計(jì)未知電阻的大小時，可以先用中等倍率的某個歐姆擋試測，然后根據(jù)讀數(shù)的大小選擇合適的擋位再次測量（3）換用另一只多用電表來測量電壓表的內(nèi)阻，如圖2所示第15頁/共23頁

①電壓表的正極與多用電表的____（選填“紅表筆”或“黑表筆”）相連。②若歐姆擋的中值刻度為“15”“×100”R=____Ω。此時，電壓表的示數(shù)為U，則干電池的電動勢E=____（用字母U【答案】（1）B（2）AD（3）①.黑表筆②.3000③.1.5U【解析】【小問1詳解】若用電流表A，則需調(diào)零電阻若用電流表B，則需調(diào)零電阻則應(yīng)該選電流表B?！拘?詳解】A．先后測量電阻甲和乙時，因不改變擋位，則無需重新進(jìn)行電阻調(diào)零，A正確。B．為減小誤差，測量電阻時指針的偏角要盡量指在中間位置附近，B錯誤；C．表盤上讀取的示數(shù)乘以倍率為待測電阻的阻值，C錯誤；D的擋位再次測量；若指針偏角過大，則應(yīng)該換成較低檔位；若指針偏轉(zhuǎn)過小則應(yīng)換成較高檔位，D正確。故選AD。【小問3詳解】①[1]根據(jù)“紅進(jìn)黑出”，則電壓表的正極與多用電表的黑表筆相連。第16頁/共23頁

②[2][3]若歐姆擋的中值刻度為“15”，選擇歐姆擋“×100”，則歐姆表內(nèi)阻為R=1500Ω，則由，則電壓表的內(nèi)阻R=3000Ω。此時，電壓表的示數(shù)為U，則干電池的電動勢。16.感器相連，下端與洗衣缸相通。注水時，細(xì)管內(nèi)被封閉的空氣隨水面上升逐漸被壓縮。細(xì)管內(nèi)空氣柱剛被封閉時的長度為L=52cmL=50cmp=1.0×105Pag=10m/s2ρ=1.0×103kg/m3。（1）緩慢注水時，空氣柱的內(nèi)能_____（選填“增大”“減小”或“不變”（2）求啟動停止注水程序時，兩水面的高度差h；（3）為了提高洗滌效果，停止進(jìn)水后對水緩慢進(jìn)行加熱，空氣柱的溫度也升高，假設(shè)升溫過程中空氣柱吸收的熱量為Q，內(nèi)能增加ΔU，求此過程水對空氣柱做的功W?！敬鸢浮浚?）不變（2）（3）【解析】【小問1詳解】理想氣體的內(nèi)能僅由溫度決定，緩慢注水時氣體溫度保持不變，因此空氣柱的內(nèi)能不變?！拘?詳解】封閉氣體做等溫變化，根據(jù)玻意耳定律第17頁/共23頁

因?yàn)椋?，（S為細(xì)管橫截面積）聯(lián)立解得兩水面高度差【小問3詳解】根據(jù)熱力學(xué)第一定律有整理得17.質(zhì)量為m1的滑塊aa的右上部分為半徑R=1.2m的光滑圓弧BAAm=1kg可視為質(zhì)點(diǎn)的小滑塊b從Bb運(yùn)動到A點(diǎn)時的對地速度v=4m/s，離開Acc平行，cm=4kgθ=37°，c與斜面之間的動摩擦因數(shù)μ=0.76，b與c之間的動摩擦因數(shù)μ=0.8，最大靜摩擦力等于滑動摩擦力。（1）求b剛滑入c的速度大小v；（2）若將c鎖定在斜面上，求b在c上滑行的距離l；（3）求a的質(zhì)量m；（4cc一個沿斜面向下的瞬時沖量I=10kg·m/sb剛好滑入cb滑入c到兩者相對靜止的過程中，求b、c間摩擦產(chǎn)生的熱量Q?！敬鸢浮浚?）（2）（3）（4）【解析】【小問1詳解】b在離開A后到滑入c的過程中做平拋運(yùn)動，水平方向分速度不變，則有第18頁/共23頁

解得【小問2詳解】b在c上滑行時受到自身重力、c對其的支持力和沿斜面向上的摩擦力根據(jù)牛頓第二定律可知，沿斜面方向有解得根據(jù)勻變速直線運(yùn)動速度位移關(guān)系，有解得【小問3詳解】滑塊b從B運(yùn)動到A的過程，根據(jù)動量守恒有根據(jù)機(jī)械能守恒有聯(lián)立解得【小問4詳解】由于可知c受力平衡，先做勻速運(yùn)動；b減速運(yùn)動的加速度為根據(jù)動量定理可得c的初速度為b減速到與c共速過程中有b在c上滑行的距離為b、c間摩擦產(chǎn)生的熱量Q=聯(lián)立代入數(shù)據(jù)解得18.軸向磁通永磁發(fā)電機(jī)能實(shí)現(xiàn)“”1圖26體盤組成轉(zhuǎn)子并隨轉(zhuǎn)軸OO′沿順時針方向一起轉(zhuǎn)動，永磁體產(chǎn)生的6個面積與線圈分別相同的扇形磁場也B6第19頁/共23頁

制線圈的導(dǎo)線兩端A、B與連有燈泡L和電鍵K的外電路相連。已知扇形外半徑為r，內(nèi)半徑為r，每個線圈的電阻均為R，燈泡L的電阻為6R，額定電壓為U，不計(jì)線圈電感及線圈間的空隙，不計(jì)阻力。（1Kω0AB間的電壓U；（2）當(dāng)轉(zhuǎn)動穩(wěn)定后，燈泡恰好正常發(fā)光，如圖2中，此時線圈兩側(cè)磁場面積大小相同，從此時刻開始計(jì)時到轉(zhuǎn)子轉(zhuǎn)動過程中，求通過單個線圈的磁通量Φ的絕對值和時間t滿足的關(guān)系；（3）若