2026版高考物理步步高大二輪（培優(yōu)版）選擇題滿分練(七)(時(shí)間：35分鐘)一、單項(xiàng)選擇題(本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。)1.(2024·甘肅卷，2)小明測(cè)得蘭州地鐵一號(hào)線列車從“東方紅廣場(chǎng)”到“蘭州大學(xué)”站的v－t圖像如圖1所示，此兩站間的距離約為()圖1A.980m B.1230m C.1430m D.1880m答案C解析根據(jù)v－t圖像與坐標(biāo)軸所圍圖形的面積表示位移結(jié)合題圖可知，x＝eq\f(（74－25）＋94,2)×20m＝1430m，C正確。2.(2024·湖南株洲一模)如圖2，一螞蟻(可看成質(zhì)點(diǎn))在半徑為R的半球體表面上緩慢爬行，螞蟻與半球體間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，若螞蟻在爬行過(guò)程中不滑離球面，則其距半球體頂點(diǎn)的豎直高度不應(yīng)超過(guò)()圖2A.R－eq\f(R,\r(1＋μ2)) B.R－eq\f(R,\r(1－μ2)) C.eq\f(R,\r(1－μ2)) D.eq\f(R,\r(1＋μ2))答案A解析螞蟻緩慢沿軌道下移，受力如圖所示隨著螞蟻的下移，支持力與豎直方向的夾角θ在增大，螞蟻受到的摩擦力在增大，當(dāng)摩擦力達(dá)到最大靜摩擦力時(shí)，螞蟻離頂點(diǎn)最遠(yuǎn)，此時(shí)有tanθ＝eq\f(Ff,FN)＝μ，螞蟻離頂點(diǎn)的高度為h＝R(1－cosθ)，結(jié)合幾何關(guān)系可解得h＝R－eq\f(R,\r(1＋μ2))，故A正確。3.(2024·山東棗莊三模)如圖3甲是國(guó)產(chǎn)科幻大片《流浪地球2》中人類在地球同步靜止軌道上建造的空間站，人類通過(guò)地面和空間站之間的“太空電梯”往返于天地之間。圖乙是人乘坐“太空電梯”時(shí)由于隨地球自轉(zhuǎn)而需要的向心加速度a與其到地心距離r的關(guān)系圖像，已知r1為地球半徑，r2為地球同步衛(wèi)星軌道半徑，下列說(shuō)法正確的是()圖3A.地球自轉(zhuǎn)的角速度ω＝eq\f(a2－a1,r2－r1)B.地球同步衛(wèi)星的周期T＝2πeq\r(\f(r2,a2))C.上升過(guò)程中電梯艙對(duì)人的支持力保持不變D.從空間站向艙外自由釋放一物體，物體將做自由落體運(yùn)動(dòng)答案B解析根據(jù)a＝ω2r，可知a－r圖像中，其斜率為角速度的平方，所以ω＝eq\r(\f(a2－a1,r2－r1))，A錯(cuò)誤；由于a2＝ω2r2，解得ω＝eq\r(\f(a2,r2))，周期T＝eq\f(2π,ω)＝2πeq\r(\f(r2,a2))，B正確；上升過(guò)程中，人處于超重狀態(tài)，支持力會(huì)變大，C錯(cuò)誤；太空中物體均處于失重狀態(tài)，從空間站向艙外自由釋放一物體，不會(huì)做自由落體運(yùn)動(dòng)，D錯(cuò)誤。

4.(2024·河北滄州模擬)肺活量是衡量人體呼吸功能的一個(gè)重要指標(biāo)，是指人能夠呼出的氣體在標(biāo)準(zhǔn)大氣壓p0下的最大體積。一同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖4所示的裝置測(cè)量自己的肺活量，豎直放置的汽缸中有一與汽缸壁接觸良好的活塞，活塞上方放有重物，活塞由于卡槽作用在汽缸中靜止不動(dòng)，插銷K處于打開狀態(tài)，汽缸中活塞下方空間的體積為V0，該同學(xué)用盡全力向細(xì)吹嘴吹氣后，關(guān)閉插銷K，最終活塞下方空間的體積變?yōu)閑q\f(3,2)V0，已知外界大氣壓強(qiáng)為p0，活塞的面積為S，活塞及上方重物的總重力G＝eq\f(1,2)p0S，汽缸的導(dǎo)熱性能良好，則該同學(xué)的肺活量為()圖4A.eq\f(3,4)V0 B.V0 C.eq\f(5,4)V0 D.eq\f(3,2)V0答案C解析設(shè)該同學(xué)呼出的氣體在標(biāo)準(zhǔn)大氣壓p0下的體積為V，把該同學(xué)呼出的氣體和活塞下方汽缸中原有的氣體作為研究對(duì)象，有p0V0＋p0V＝p·eq\f(3,2)V0，其中p＝p0＋eq\f(G,S)＝eq\f(3,2)p0，解得V＝eq\f(5,4)V0，故C正確。5.一鉛球被水平拋出，從拋出時(shí)開始計(jì)時(shí)，第0.1s內(nèi)的位移為s1，第0.2s內(nèi)的位移為s2，第0.3s內(nèi)的位移為s3，不計(jì)空氣阻力，已知eq\f(s1,s2)＝eq\f(1,2)，則()A.0＜eq\f(s2,s3)＜eq\f(1,2) B.eq\f(1,2)＜eq\f(s2,s3)＜eq\f(2,3) C.eq\f(2,3)＜eq\f(s2,s3)＜eq\f(3,4) D.eq\f(3,4)＜eq\f(s2,s3)＜eq\f(4,5)答案B解析設(shè)鉛球在第0.1s內(nèi)水平方向的位移為x、豎直方向的位移為y，則第0.2s內(nèi)水平方向的位移為x、豎直方向的位移為3y，第0.3s內(nèi)水平方向的位移為x、豎直方向的位移為5y，則第0.1s內(nèi)的位移為s1＝eq\r(x2＋y2)，第0.2s內(nèi)的位移為s2＝eq\r(x2＋（3y）2)，第0.3s內(nèi)的位移為s3＝eq\r(x2＋（5y）2)，由eq\f(s1,s2)＝eq\f(1,2)可得eq\f(s2,s3)＝eq\f(2,\r(10))，B正確。6.如圖5所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為2∶1，原線圈通過(guò)燈泡L1與正弦式交流電源相連，電源電壓恒定，副線圈通過(guò)導(dǎo)線與燈泡L2和L3相連，三個(gè)燈泡規(guī)格完全相同。三個(gè)燈泡都能發(fā)光(不考慮燈絲電阻隨溫度變化的情況)，工作中L3燈絲被燒斷，關(guān)于L3燈絲燒斷后說(shuō)法正確的是()圖5A.燈泡L1變亮B.燈泡L2變亮C.原線圈兩端的電壓變小D.變壓器輸入功率不變答案B解析燈泡L3燈絲燒斷后，副線圈回路電阻R副變大，如圖所示，根據(jù)變壓器的等效電阻R等＝eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(n1,n2)))eq\s\up12(2)R副，可知R等阻值變大，電源電壓恒定，則原線圈電流減小，燈泡L1變暗，A錯(cuò)誤；原線圈電流減小，電源電壓恒定，所以變壓器的輸入功率變小，D錯(cuò)誤；由于輸入電流變小，燈泡L1兩端的電壓減小，原線圈兩端電壓增大，匝數(shù)比不變，故副線圈兩端電壓增大，所以燈泡L2變亮，故B正確，C錯(cuò)誤。7.如圖6所示，空間中存在一平面直角坐標(biāo)系xOy，其第一象限內(nèi)存在方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。將一帶負(fù)電的粒子從y軸上的A(0，a)點(diǎn)以一定初速度沿著與y軸正半軸成θ＝45°的方向射入磁場(chǎng)，經(jīng)磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)后，粒子從x軸上的C點(diǎn)垂直x軸離開磁場(chǎng)。已知磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B，粒子的比荷和電荷量分別為k、q，粒子的重力不計(jì)。下列說(shuō)法正確的是()圖6A.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為eq\f(π,4kB)B.從射入磁場(chǎng)到離開磁場(chǎng)，粒子所受洛倫茲力沖量的大小為eq\f(3\r(2)πqBa,4)C.粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為aD.C與O點(diǎn)相距(eq\r(2)＋1)a答案D解析作出粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t＝eq\f(（π－θ）,2π)·eq\f(2πm,qB)＝eq\f(3π,4kB)，A錯(cuò)誤；由幾何關(guān)系得粒子的運(yùn)動(dòng)軌道半徑r＝eq\r(2)a，由洛倫茲力提供向心力有qvB＝meq\f(v2,r)，解得v＝eq\f(qBr,m)＝eq\f(\r(2)qBa,m)，因?yàn)槁鍌惼澚κ亲兞?，所以粒子所受洛倫茲力沖量的大小I≠(qvB)t，即I≠eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(q\f(\r(2)qBa,m)B))·eq\f(3πm,4qB)＝eq\f(3\r(2)πqBa,4)，B、C錯(cuò)誤；由幾何關(guān)系可知，C與O點(diǎn)距離為sOC＝r＋a＝(eq\r(2)＋1)a，D正確。8.(2024·湖北武漢高三期末)如圖7所示陰影部分為某玻璃磚的截面圖，ABCD是邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的正方形，DC是半圓弧CPD的直徑，O是其圓心，一束單色光從AD邊的E點(diǎn)射入玻璃磚，入射角為i，折射光線正好照射到半圓弧的頂端P，并且在P點(diǎn)恰好發(fā)生全反射，反射光線正好經(jīng)過(guò)BC邊的F點(diǎn)。已知sini＝eq\f(\r(3),3)，光在真空中的傳播速度為c，則該單色光在玻璃磚中的傳播時(shí)間為()圖7A.eq\f(4L,c) B.eq\f(2L,c) C.eq\f(3L,2c) D.eq\f(4L,3c)答案D解析在P點(diǎn)恰好發(fā)生全反射，根據(jù)幾何關(guān)系可知，在E點(diǎn)的折射角與臨界角C互余。根據(jù)折射定律n＝eq\f(sini,sinr)＝eq\f(sini,cosC)，sinC＝eq\f(1,n)，解得n＝eq\f(2,\r(3))，單色光在玻璃磚中的傳播速度為v＝eq\f(c,n)＝eq\f(\r(3),2)c，由幾何關(guān)系有s＝2×eq\f(\f(1,2)L,sinC)＝nL，該單色光在玻璃磚中的傳播時(shí)間為t＝eq\f(s,v)＝eq\f(4L,3c)，故D正確。二、多項(xiàng)選擇題(本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。)9.(2023·天津卷，7)位于坐標(biāo)原點(diǎn)的波源從t＝0時(shí)刻開始振動(dòng)，t＝0.5s時(shí)形成的機(jī)械波波形圖如圖8所示，則下列說(shuō)法正確的是()圖8A.機(jī)械波的波速v＝4m/sB.x＝1m處的質(zhì)點(diǎn)在t＝0.3s時(shí)位于波谷C.波源的振動(dòng)方程為y＝0.02sin(5πt＋π)mD.x＝－1m處的質(zhì)點(diǎn)半個(gè)周期內(nèi)向左移動(dòng)半個(gè)波長(zhǎng)答案BC解析波源位于坐標(biāo)原點(diǎn)，由題圖可知，該波源形成兩列波，且在t＝0.5s的時(shí)間內(nèi)波傳播的距離為Δx＝2.5m，則機(jī)械波的波速為v＝eq\f(Δx,t)＝eq\f(2.5,0.5)m/s＝5m/s，A錯(cuò)誤；由題圖可知波的波長(zhǎng)為λ＝2m，則波的周期為T＝eq\f(λ,v)＝eq\f(2,5)s＝0.4s，波剛傳到x＝1m處需要的時(shí)間t1＝eq\f(x,v)＝eq\f(1,5)s＝0.2s，由于t＝0.5s時(shí)波恰好向右傳播到x1＝2.5m處，結(jié)合同側(cè)法可知波源的起振方向沿y軸的負(fù)方向，所以t1＝0.2s時(shí)x＝1m處的質(zhì)點(diǎn)沿y軸的負(fù)方向振動(dòng)，再經(jīng)過(guò)0.1s的時(shí)間，即eq\f(1,4)T的時(shí)間后，x＝1m處的質(zhì)點(diǎn)剛好位于波谷處，B正確；設(shè)波源的振動(dòng)方程為y＝Asin(ωt＋φ)，由以上可知ω＝eq\f(2π,T)＝5πrad/s，由題圖可知波的振幅為A＝2cm＝0.02m，又波源的起振方向沿y軸的負(fù)方向且t＝0時(shí)刻位于坐標(biāo)原點(diǎn)，則波源的振動(dòng)方程為y＝－0.02sin(5πt)m＝0.02sin(5πt＋π)m，C正確；質(zhì)點(diǎn)起振后只在平衡位置附近上下振動(dòng)，不會(huì)隨波左右遷移，D錯(cuò)誤。10.(2024·福建七地市質(zhì)檢)如圖9甲所示，質(zhì)量為m的物塊P與物塊Q(質(zhì)量未知)之間拴接一輕彈簧，靜止在光滑的水平地面上，彈簧恰好處于原長(zhǎng)?，F(xiàn)給物塊P一瞬時(shí)初速度v0，并把此時(shí)記為0時(shí)刻，規(guī)定向左為正方向，0～2t0時(shí)間內(nèi)物塊P、Q運(yùn)動(dòng)的a－t圖像如圖乙所示，其中t軸下方部分的面積大小為S1，t軸上方部分的面積大小為S2，則()圖9A.物塊Q的質(zhì)量為eq\f(1,2)mB.t0時(shí)刻物塊Q的速度為vQ＝S2C.t0時(shí)刻物塊P的速度為vP＝v0－eq\f(1,2)S1D.0～2t0時(shí)間內(nèi)彈簧始終對(duì)物塊Q做正功答案ACD解析0～2t0時(shí)間內(nèi)Q所受彈力方向始終向左，P所受彈力方向始終向右，彈簧始終對(duì)Q做正功；t0時(shí)刻，P、Q所受彈力最大且大小相等，由牛頓第二定律可得eq\f(F彈,mP)＝eq\f(F彈,m)＝eq\f(a0,2)，eq\f(F彈,mQ)＝a0，則Q的質(zhì)量為eq\f(1,2)m，故A、D正確；由a－t圖像可知，t0時(shí)刻Q的速度為vQ＝eq\f(1,2)S2，故B錯(cuò)誤；由a－t圖像可知，t0時(shí)刻P的速度為vP＝v0－eq\f(1,2)S1，故C正確。11.(2024·四川涼山州聯(lián)考)如圖10所示a、b、c、d為勻強(qiáng)電場(chǎng)中4條沿水平方向的等勢(shì)面，一個(gè)質(zhì)量為m，電荷量為q的粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)，A、B為其運(yùn)動(dòng)軌跡上的兩個(gè)點(diǎn)。已知該粒子在A點(diǎn)的速度大小為v1，在B點(diǎn)的速度大小為v2，A、B連線長(zhǎng)為L(zhǎng)，連線與等勢(shì)面間的夾角為θ，不計(jì)粒子受到的重力，則()圖10A.粒子所受的電場(chǎng)力方向豎直向下B.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向豎直向下C.粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)電場(chǎng)力做負(fù)功D.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為eq\f(m（veq\o\al(2,2)－veq\o\al(2,1)）,2qLsinθ)答案AD解析該電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，等勢(shì)面沿水平方向，則電場(chǎng)方向沿豎直方向，粒子的軌跡向下彎曲，所以粒子受到的電場(chǎng)力方向豎直向下，粒子從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)電場(chǎng)力做正功，故A正確，C錯(cuò)誤；由于粒子的電性未知，則無(wú)法判斷勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度方向，故B錯(cuò)誤；A、B兩點(diǎn)沿電場(chǎng)線方向的距離為y＝Lsinθ，由動(dòng)能定理有qEy＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,2)－eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)，聯(lián)立解得E＝eq\f(m（veq\o\al(2,2)－veq\o\al(2,1)）,2qLsinθ)，故D正確。12.(2024·安徽合肥三模)如圖11所示，相距為eq\f(1,2)L的水平虛線MN、PQ間有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。“日”字形閉合導(dǎo)體線框豎直放置，線框?qū)挒長(zhǎng)，cd到MN的距離為eq\f(1,2)L，將導(dǎo)體線框由靜止釋放，cd邊和ef邊都恰好勻速通過(guò)磁場(chǎng)。已知ab、cd、ef邊的電阻分別為R、R、3R，其他部分電阻不計(jì)，運(yùn)動(dòng)中線框平面始終與磁場(chǎng)垂直，ab邊始終水平，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是()圖11A.ef邊和cd邊通過(guò)磁場(chǎng)的速度之比為2∶1B.cd邊通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中，通過(guò)ab邊的電荷量為eq\f(3BL2,14R)C.ef邊通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中，安培力的沖量大小為eq\f(B2L3,14R)D.整個(gè)線框穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為eq\f(4B2L3\r(gL),7R)答案ABD解析cd邊進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度為v1，則有mg＝I1LB＝eq\f(B2L2v1,1.75R)，ef邊進(jìn)磁場(chǎng)時(shí)的速度為v2，則有mg＝I2LB＝eq\f(B2L2v2,3.5R)，解得v2∶v1＝2∶1，選項(xiàng)A正確；cd邊通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中，通過(guò)cd邊的電荷量為q＝eq\f(BL·\f(1,2)L,1.75R)＝eq\f(BL2,3.5R)，則通過(guò)ab邊的電荷量q1＝eq\f(3,4)q＝eq\f(3BL2,14R)，選項(xiàng)B正確；ef邊通過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中，安培力的沖量大小I＝mg·eq\f(\f(1,2)L,v2)＝eq\f(mgL,2v2)＝eq\f(B2L3,7R)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；整個(gè)線框穿過(guò)磁場(chǎng)過(guò)程中，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為Q＝2mg·eq\f(1,2)L＝mgL，根據(jù)機(jī)械能守恒定律有mg·eq\f(1,2)L＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)，解得v1＝eq\r(gL)，則m＝eq\f(B2L2\r(gL),1.75gR)，解得Q＝eq\f(4B2L3\r(gL),7R)，選項(xiàng)D正確。選擇題滿分練(三)(時(shí)間：35分鐘)一、單項(xiàng)選擇題(本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。)1.(2024·江蘇卷，3)用粒子X(jué)轟擊氮核從原子核中打出了質(zhì)子，該實(shí)驗(yàn)的核反應(yīng)方程式是X＋eq\o\al(14,7)N→eq\o\al(1,1)H＋eq\o\al(14,6)C，則粒子X(jué)為()A.正電子eq\o\al(0,1)e B.中子eq\o\al(1,0)n C.氘核eq\o\al(2,1)H D.氦核eq\o\al(4,2)He答案B解析2.如圖1所示的電路，線圈的電阻忽略不計(jì)，閉合開關(guān)S，待電路達(dá)到穩(wěn)定狀態(tài)后斷開開關(guān)S，LC電路中將產(chǎn)生電磁振蕩，如果規(guī)定線圈中的電流方向從a到b為正，斷開開關(guān)的時(shí)刻t＝0，則電感線圈中電流i隨時(shí)間t變化的圖像為()圖1答案D解析因線圈電阻為零，電路穩(wěn)定時(shí)，線圈兩端電壓為零，電容器不帶電；斷開開關(guān)后，t＝0時(shí)刻線圈中電流最大，方向由b到a，為負(fù)方向，以后形成振蕩電流，則電感線圈中電流i隨時(shí)間t變化的圖像為D，故D正確。3.某實(shí)驗(yàn)小組用如圖2所示的實(shí)驗(yàn)裝置探究某金屬發(fā)生光電效應(yīng)的實(shí)驗(yàn)規(guī)律。當(dāng)用頻率為ν的入射光照射金屬板K時(shí)，電流表示數(shù)不為零，向右調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片P，直到電流表的示數(shù)剛好為零，此時(shí)電壓表的示數(shù)為Uc。則下列說(shuō)法中正確的是()圖2A.實(shí)驗(yàn)時(shí)電源的左端為正極B.若增大入射光的頻率，Uc將會(huì)變大C.若不改變?nèi)肷涔忸l率和電路，增大入射光強(qiáng)度，Uc將會(huì)變大D.調(diào)換電源的極性(同時(shí)調(diào)整電壓表)，保持光照不變，向右滑動(dòng)滑片P的過(guò)程中，電流表示數(shù)一定一直增大答案B解析根據(jù)題意可知，當(dāng)向右調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片P，電流表的示數(shù)減小為零，說(shuō)明此時(shí)光電管兩端的電壓為反向電壓，則電源的右端為正極，故A錯(cuò)誤；根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程可知，當(dāng)增大入射光的頻率時(shí)，光電子的最大初動(dòng)能增大，而Ekm＝eUc，所以Uc將會(huì)變大，故B正確；若不改變?nèi)肷涔忸l率和電路，增大入射光強(qiáng)度，飽和光電流增大，頻率不變，Uc將保持不變，故C錯(cuò)誤；調(diào)換電源的極性(同時(shí)調(diào)整電壓表)，保持光照不變，向右滑動(dòng)滑片P的過(guò)程中，當(dāng)電流達(dá)到飽和光電流后，電壓增大，電流將保持不變，故D錯(cuò)誤。4.(2024·遼寧大連二模)目前，國(guó)產(chǎn)部分品牌家用汽車已安裝智能雨刮器。有的智能雨刮器借助于光學(xué)式傳感器實(shí)現(xiàn)下雨時(shí)自動(dòng)啟動(dòng)，前擋風(fēng)玻璃安裝光學(xué)傳感器后的橫截面示意圖如圖3所示，其工作原理可做如下簡(jiǎn)化：不下雨時(shí)，激光光源P發(fā)出的紅外線在玻璃內(nèi)傳播斜射到N處，全反射后被接收器Q接收；下雨時(shí)N處的外側(cè)有水滴，光源P發(fā)出的紅外線在N處不能全反射，接收器Q接收到的光照強(qiáng)度變小，從而啟動(dòng)雨刮器。關(guān)于智能雨刮器工作原理的分析正確的是()圖3A.入射角θ的設(shè)計(jì)與紅外線的頻率無(wú)關(guān)B.前擋風(fēng)玻璃的折射率需要比雨水的折射率小C.若前擋風(fēng)玻璃外側(cè)區(qū)域有油污，可能會(huì)影響雨刮器的自動(dòng)啟動(dòng)D.若光源P和接收器Q的距離變大了，一定會(huì)導(dǎo)致不下雨時(shí)雨刮器自動(dòng)啟動(dòng)答案C解析根據(jù)全反射的條件可知，入射角θ的設(shè)計(jì)需要大于或等于全反射臨界角，而全反射臨界角與紅外線的頻率有關(guān)，A錯(cuò)誤；根據(jù)全反射條件可知，前擋風(fēng)玻璃的折射率要比雨水的折射率大，B錯(cuò)誤；若前擋風(fēng)玻璃外側(cè)區(qū)域有油污，油污對(duì)紅外線有折射作用，接收器Q接收到的光照強(qiáng)度變小，不下雨時(shí)雨刮器也可能自動(dòng)啟動(dòng)，C正確；若光源P和接收器Q的距離變大了，根據(jù)幾何關(guān)系可知，光源P發(fā)出的紅外線在玻璃內(nèi)傳播斜射到N處的入射角變大，若入射角仍大于或等于全反射臨界角，則接收器Q仍可以接收到紅外線，雨刮器不會(huì)啟動(dòng)，D錯(cuò)誤。5.(2024·廣東深圳二模)2024年3月20日，長(zhǎng)征八號(hào)火箭成功發(fā)射，將鵲橋二號(hào)直接送入預(yù)定地月轉(zhuǎn)移軌道。如圖4所示，鵲橋二號(hào)在進(jìn)入近月點(diǎn)P、遠(yuǎn)月點(diǎn)A的月球捕獲橢圓軌道，開始繞月球飛行。經(jīng)過(guò)多次軌道控制，鵲橋二號(hào)最終進(jìn)入近月點(diǎn)P和遠(yuǎn)月點(diǎn)B、周期為24小時(shí)的環(huán)月橢圓軌道。關(guān)于鵲橋二號(hào)的說(shuō)法正確的是()圖4A.離開火箭時(shí)速度大于地球的第三宇宙速度，才能進(jìn)入環(huán)月軌道B.在捕獲軌道運(yùn)行的周期大于24小時(shí)C.在捕獲軌道上經(jīng)過(guò)P點(diǎn)時(shí)，需要點(diǎn)火加速，才可能進(jìn)入環(huán)月軌道D.經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的加速度比經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)大答案B解析鵲橋二號(hào)離開火箭時(shí)速度要大于第一宇宙速度小于第二宇宙速度，才能進(jìn)入環(huán)月軌道，A錯(cuò)誤；由開普勒第三定律eq\f(a3,T2)＝k知，鵲橋二號(hào)在捕獲軌道上運(yùn)行的周期大于在環(huán)月軌道上運(yùn)行的周期，B正確；在P點(diǎn)要由捕獲軌道變軌到環(huán)月軌道，做近心運(yùn)動(dòng)，必須降軌減速，C錯(cuò)誤；根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力知Geq\f(Mm,r2)＝ma，解得a＝eq\f(GM,r2)，則經(jīng)過(guò)A點(diǎn)的加速度比經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)小，D錯(cuò)誤。6.在光滑水平地面上放一個(gè)質(zhì)量為2kg的內(nèi)側(cè)帶有光滑弧形凹槽的滑塊A，凹槽的底端切線水平，如圖5所示。質(zhì)量為1kg的小物塊B以v0＝6m/s的水平速度從滑塊A的底端沿槽上滑，恰好能到達(dá)滑塊A的頂端。重力加速度g＝10m/s2，不計(jì)空氣阻力。則小物塊B沿滑塊A上滑的最大高度為()圖5A.0.3m B.0.6m C.1.2m D.1.8m答案C解析當(dāng)二者速度相等時(shí)，小物塊B沿滑塊A上滑的高度最大，設(shè)最大高度為h，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，以v0的方向?yàn)檎较?，有mv0＝(m＋M)v，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知eq\f(1,2)mveq\o\al(2,0)＝eq\f(1,2)(m＋M)v2＋mgh，解得h＝1.2m，故C正確。7.(2024·江蘇泰州一模)一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)a開始，經(jīng)a→b、b→c、c→a三個(gè)過(guò)程后回到初始狀態(tài)a，其p－V圖像如圖6所示。下列判斷正確的是()圖6A.氣體在a→b過(guò)程中做等溫變化B.氣體在b→c過(guò)程中內(nèi)能增加C.氣體在a→b過(guò)程和b→c過(guò)程對(duì)外界做的功相等D.氣體在一次循環(huán)過(guò)程中會(huì)向外界放出熱量答案C解析氣體在a→b過(guò)程中因pV乘積變大，由eq\f(pV,T)＝C知溫度升高，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；氣體在b→c過(guò)程中因pV乘積變小，可知溫度降低，內(nèi)能減小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；在p－V圖像中，圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于氣體對(duì)外做功，可知?dú)怏w在a→b過(guò)程和b→c過(guò)程對(duì)外界做的功相等，選項(xiàng)C正確；氣體在一次循環(huán)過(guò)程中從a到b再到c過(guò)程對(duì)外做功，從c到a過(guò)程外界對(duì)氣體做功，整個(gè)過(guò)程中氣體對(duì)外做功，且內(nèi)能不變，則氣體會(huì)從外界吸收熱量，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。8.(2024·河北邢臺(tái)二模)隨著環(huán)保理念的深入，廢棄塑料分選再循環(huán)利用可減少對(duì)資源的浪費(fèi)。其中靜電分選裝置如圖7所示，兩極板帶上等量異種電荷僅在板間形成勻強(qiáng)電場(chǎng)，漏斗出口與極板上邊緣等高，到極板間距相等，a、b兩類塑料顆粒離開漏斗出口時(shí)分別帶上正、負(fù)電荷，經(jīng)過(guò)分選電場(chǎng)后a類顆粒匯集在收集板的右端，已知極板間距為d，板長(zhǎng)為L(zhǎng)，極板下邊緣與收集板的距離為H，兩種顆粒的比荷均為k，重力加速度為g，顆粒進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的初速度為零且可視為質(zhì)點(diǎn)，不考慮顆粒間的相互作用和空氣阻力，在顆粒離開電場(chǎng)區(qū)域時(shí)不接觸極板但有最大偏轉(zhuǎn)量，則()圖7A.右極板帶正電B.顆粒離開漏斗口在電場(chǎng)中做勻變速曲線運(yùn)動(dòng)C.兩極板間的電壓值為eq\f(gkd2,2L)D.顆粒落到收集板時(shí)的速度大小為eq\r(2g（L＋H）＋\f(gd2,2L))答案D解析根據(jù)題意可知，正電荷所受電場(chǎng)力水平向右，則電場(chǎng)方向水平向右，右極板帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；由于顆粒進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的初速度為零，在電場(chǎng)中受電場(chǎng)力和重力的合力保持不變，則顆粒離開漏斗口在電場(chǎng)中做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；設(shè)兩極板間的電壓值為U，水平方向上有qeq\f(U,d)＝ma，eq\f(d,2)＝eq\f(1,2)at2，豎直方向上有L＝eq\f(1,2)gt2，聯(lián)立解得U＝eq\f(gd2,2kL)，故C錯(cuò)誤；顆粒離開電場(chǎng)時(shí)的水平速度為vx＝eq\r(2a·\f(d,2))＝eq\r(\f(gd2,2L))，離開電場(chǎng)后，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則顆粒落到收集板時(shí)的水平速度仍為vx；豎直方向上，顆粒一直做自由落體運(yùn)動(dòng)，顆粒落到收集板時(shí)的豎直速度為vy＝eq\r(2g（H＋L）)，則顆粒落到收集板時(shí)的速度大小為v＝eq\r(veq\o\al(2,x)＋veq\o\al(2,y))＝eq\r(2g（L＋H）＋\f(gd2,2L))，故D正確。二、多項(xiàng)選擇題(本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。)9.下列說(shuō)法正確的是()A.在液體表面層，分子間作用力表現(xiàn)為斥力B.一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀自然過(guò)程都不可逆C.玻爾理論可以成功解釋氦原子的光譜現(xiàn)象D.電磁波在真空中傳播時(shí)，它的電場(chǎng)強(qiáng)度E、磁感應(yīng)強(qiáng)度B、波的傳播方向兩兩垂直答案BD解析在液體表面層，分子間距離較大，分子間作用力表現(xiàn)為引力，因此產(chǎn)生液體表面張力，故A錯(cuò)誤；根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的宏觀自然過(guò)程都具有方向性，是不可逆的，故B正確；玻爾理論只能成功解釋氫原子的光譜現(xiàn)象，故C錯(cuò)誤；電磁波是橫波，每一處的電場(chǎng)強(qiáng)度和磁感應(yīng)強(qiáng)度總是相互垂直的，且與波的傳播方向垂直，故D正確。10.(2024·江西九校協(xié)作體二模)如圖8所示，在等腰直角三角形abc區(qū)域內(nèi)存在方向垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，O點(diǎn)為ab邊的中點(diǎn)，在O點(diǎn)處有一粒子源沿紙面內(nèi)不同方向、以相同的速率v＝eq\f(qBL,m)不斷向磁場(chǎng)中釋放相同的帶正電的粒子，已知粒子的質(zhì)量為m，電荷量為q，直角邊ab長(zhǎng)為2eq\r(2)L。不計(jì)重力和粒子間的相互作用力，則()圖8A.從ac邊射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為eq\f(πm,4qB)B.從ac邊射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的最短時(shí)間為eq\f(πm,3qB)C.粒子能從bc邊射出的區(qū)域長(zhǎng)度為L(zhǎng)D.粒子能從bc邊射出的區(qū)域長(zhǎng)度為eq\r(2)L答案BD解析由qvB＝meq\f(v2,r)和v＝eq\f(qBL,m)，聯(lián)立解得r＝L，如圖所示，Od⊥ac，根據(jù)幾何關(guān)系可知，Od＝L，對(duì)應(yīng)從ac邊射出的最短弦長(zhǎng)，圓半徑一定時(shí)，弦長(zhǎng)越短其所對(duì)應(yīng)的圓心角越小，即運(yùn)動(dòng)時(shí)間最短，軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為60°，則最短時(shí)間tmin＝eq\f(1,6)T，T＝eq\f(2πr,v)＝eq\f(2πm,qB)，解得t＝eq\f(πm,3qB)，A錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)粒子軌跡與ac邊相切時(shí)與bc邊交于e點(diǎn)，即從bc邊射出的最高點(diǎn)，由幾何關(guān)系可知Oe＝2L，則粒子能從bc邊射出的區(qū)域eb的長(zhǎng)度為eq\r(2)L，C錯(cuò)誤，D正確。11.(2024·山東濟(jì)南模擬)如圖9所示，質(zhì)量為m1＝90g的物塊從距離地面高度為h＝19m處自由下落，在下落到距離地面高度為h′＝14m時(shí)，質(zhì)量為m2＝10g的子彈以v0＝10m/s的水平速度瞬間擊中物塊并留在其中。重力加速度g＝10m/s2，忽略空氣阻力，下列說(shuō)法正確的是()圖9A.子彈擊中物塊后瞬間，物塊水平方向的速度大小變?yōu)?m/sB.