2026版高考物理步步高大二輪（標(biāo)準(zhǔn)版）選擇題滿分練(八)(時(shí)間：35分鐘)一、單項(xiàng)選擇題(本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。)1.(2024·江西卷，3)一質(zhì)點(diǎn)沿x軸運(yùn)動(dòng)，其位置坐標(biāo)x與時(shí)間t的關(guān)系為x＝1＋2t＋3t2(x的單位是m，t的單位是s)。關(guān)于速度及該質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)的位移，下列選項(xiàng)正確的是()A.速度是對(duì)物體位置變化快慢的描述；6mB.速度是對(duì)物體位移變化快慢的描述；6mC.速度是對(duì)物體位置變化快慢的描述；5mD.速度是對(duì)物體位移變化快慢的描述；5m答案C解析速度是描述物體運(yùn)動(dòng)快慢的物理量，即物體的空間位置隨時(shí)間變化的快慢，B、D錯(cuò)誤；根據(jù)x與t的關(guān)系式可知，t＝0時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位于x＝1m處，t＝1s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)位于x＝6m處，因此質(zhì)點(diǎn)在第1s內(nèi)的位移為5m，A錯(cuò)誤，C正確。2.我國(guó)多次成功使用“冷發(fā)射”技術(shù)發(fā)射長(zhǎng)征十一號(hào)系列運(yùn)載火箭。如圖1所示，發(fā)射倉(cāng)內(nèi)的高壓氣體先將火箭豎直向上推出，火箭速度接近零時(shí)再點(diǎn)火飛向太空。從火箭開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)火的過(guò)程中()圖1A.火箭與發(fā)射倉(cāng)組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒B.火箭上升時(shí)，處于超重狀態(tài)C.高壓氣體對(duì)火箭推力的沖量等于火箭動(dòng)量的增加量D.高壓氣體的推力和空氣阻力對(duì)火箭做功之和大于火箭動(dòng)能的增加量答案D解析火箭飛出發(fā)射倉(cāng)到點(diǎn)火的過(guò)程受到重力作用，此過(guò)程火箭與發(fā)射倉(cāng)組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，故A錯(cuò)誤；根據(jù)題意可知，火箭點(diǎn)火前的上升階段，分為加速上升和減速上升兩個(gè)階段，先超重后失重，故B錯(cuò)誤；由動(dòng)量定理可知(F－mg－F阻)Δt＝mΔv，解得FΔt＝mΔv＋mgΔt＋F阻Δt，高壓氣體對(duì)火箭推力的沖量大于火箭動(dòng)量的增加量，故C錯(cuò)誤；由動(dòng)能定理可知WF－WG－W阻＝eq\f(1,2)mv2，解得WF－W阻＝eq\f(1,2)mv2＋WG，高壓氣體的推力和空氣阻力對(duì)火箭做功之和大于火箭動(dòng)能的增加量，故D正確。3.(2024·遼寧大連一模)智能手機(jī)的攝像頭光圈尺寸和曝光時(shí)間會(huì)影響照片的成像質(zhì)量。某智能手機(jī)的攝像頭光圈的面積為S，標(biāo)準(zhǔn)曝光時(shí)間為t，暗室中有一個(gè)黃色的點(diǎn)光源，發(fā)光功率為P，現(xiàn)用該手機(jī)在距離點(diǎn)光源r處正對(duì)光源拍照。已知黃光的波長(zhǎng)為λ，真空中的光速為c。普朗克常量為h，不考慮空氣對(duì)光子的吸收，則單次拍照進(jìn)入手機(jī)攝像頭快門的光子個(gè)數(shù)為()A.eq\f(PλSt,4πr2hc) B.eq\f(PcSt,4πr3hλ) C.eq\f(PλSt,2πr2hc) D.eq\f(3PλSt,4πr3hc)答案A解析由光的頻率與波長(zhǎng)的關(guān)系為c＝λν，所以一個(gè)光子的能量為E0＝hν，該光源在曝光時(shí)間t內(nèi)發(fā)出的光能為E＝Pt，在曝光時(shí)間t內(nèi)進(jìn)入手機(jī)攝像頭的光所具有的能量為E1，有eq\f(E1,E)＝eq\f(S,4πr2)，則曝光時(shí)間t內(nèi)穿過(guò)該攝像頭的光子數(shù)為n＝eq\f(E1,E0)＝eq\f(PλSt,4πr2hc)，故A正確。4.(2024·河南鄭州二模)如圖2所示，一光滑的正三角形斜面體OAB放在光滑的水平地面上，不可伸長(zhǎng)的輕繩兩端分別拴接質(zhì)量為m1、m2的兩物體P、Q，分別放在OA、OB面上，輕繩跨過(guò)固定在O點(diǎn)的光滑滑輪，兩部分輕繩與斜面均平行。作用在斜面體上的恒力使斜面體向右做勻加速運(yùn)動(dòng)，兩物體P、Q與斜面體保持相對(duì)靜止，且P恰好沒(méi)有離開(kāi)斜面，則m1、m2的比值為()圖2A.1∶2 B.1∶1 C.3∶4 D.2∶1答案A解析對(duì)P、Q受力分析如圖甲、乙所示因?yàn)镻恰好沒(méi)有離開(kāi)斜面，故其和斜面無(wú)彈力，可知繩上的彈力T＝eq\f(m1g,cos30°)＝eq\f(2\r(3),3)m1g，整體的加速度a＝gtan30°＝eq\f(\r(3),3)g，對(duì)Q有FNcos30°－Tcos60°＝m2a，F(xiàn)Ncos60°＋Tcos30°＝m2g，聯(lián)立解得m1∶m2＝1∶2，故A正確。5.(2024·北京昌平二模)如圖3所示，兩個(gè)質(zhì)量均為m的小木塊A、B(可視為質(zhì)點(diǎn))放在水平圓盤上，A、B到轉(zhuǎn)軸OO′的距離分別為l、2l。小木塊與圓盤之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ，可以認(rèn)為小木塊的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。若圓盤從靜止開(kāi)始繞軸轉(zhuǎn)動(dòng)，并緩慢地加速，用ω表示圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，用g表示重力加速度的大小，下列說(shuō)法正確的是()圖3A.圓盤對(duì)A的作用力大小大于A對(duì)圓盤的作用力大小B.當(dāng)ω＝eq\r(\f(μg,2l))時(shí)，A所受摩擦力的大小為μmgC.A、B所受摩擦力的大小始終相等D.B一定比A先開(kāi)始滑動(dòng)答案D解析圓盤對(duì)A的作用力與A對(duì)圓盤的作用力是相互作用力，總是等大反向，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；當(dāng)ω＝eq\r(\f(μg,2l))時(shí)，A所受摩擦力的大小為FfA＝mω2l＝eq\f(1,2)μmg，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)Ff＝mω2l可知，在兩木塊未發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)，A、B所受摩擦力的大小不相等，當(dāng)兩木塊都產(chǎn)生相對(duì)滑動(dòng)后受滑動(dòng)摩擦力大小相等，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；根據(jù)μmg＝mωeq\o\al(2,0)r，可知ω0＝eq\r(\f(μg,r))，可知產(chǎn)生滑動(dòng)時(shí)B的臨界角速度較小，則B一定比A先開(kāi)始滑動(dòng)，選項(xiàng)D正確。6.(2024·陜西西安一模)2024年4月25日20時(shí)59分，搭載神舟十八號(hào)載人飛船的長(zhǎng)征二號(hào)F遙十八運(yùn)載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心點(diǎn)火發(fā)射。4月26日3時(shí)32分，神舟十八號(hào)成功對(duì)接于中國(guó)空間站的天和核心艙徑向端口，整個(gè)自主交會(huì)對(duì)接過(guò)程歷時(shí)約6.5小時(shí)。核心艙繞地球飛行的軌道可視為圓軌道，軌道離地面的高度約為地球半徑的eq\f(1,16)。下列說(shuō)法正確的是()A.核心艙在軌道上飛行的速度大于7.9km/sB.核心艙進(jìn)入軌道后所受地球的萬(wàn)有引力大小約為它在地面時(shí)的eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(16,17)))2倍C.神舟十八號(hào)載人飛船與核心艙成功對(duì)接后，空間站由于質(zhì)量增大，軌道半徑將明顯變小D.若已知空間站的運(yùn)行周期、地球半徑和引力常量G，可求出空間站質(zhì)量答案B解析7.9km/s是第一宇宙速度，是最小的發(fā)射速度，最大的環(huán)繞速度，故核心艙在軌道上飛行的速度小于7.9km/s，故A錯(cuò)誤；根據(jù)F＝Geq\f(Mm,r2)可得核心艙進(jìn)入軌道后所受地球的萬(wàn)有引力大小與它在地面時(shí)的萬(wàn)有引力大小比值為eq\f(F1,F2)＝eq\f(R2,r2)，其中eq\f(R,r)＝eq\f(R,R＋h)＝eq\f(16,17)，則eq\f(F1,F2)＝eq\f(R2,r2)＝(eq\f(16,17))2，故B正確；根據(jù)Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(v2,r)可得軌道半徑與空間站的質(zhì)量無(wú)關(guān)，所以神舟十八號(hào)載人飛船與核心艙成功對(duì)接后，雖然空間站質(zhì)量增大，但軌道半徑不變，故C錯(cuò)誤；根據(jù)Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(4π2,T2)r，若已知地球半徑、運(yùn)行周期和引力常量G，只能求出地球質(zhì)量，而不能求出空間站質(zhì)量，故D錯(cuò)誤。7.某科研小組設(shè)計(jì)一款超重報(bào)警裝置，其結(jié)構(gòu)原理圖如圖4所示，主體是導(dǎo)熱性能良好的薄壁密閉容器，厚度和質(zhì)量不計(jì)的活塞通過(guò)輕桿連接輕質(zhì)平臺(tái)。平臺(tái)上未放重物時(shí)，內(nèi)部封閉理想氣體的氣柱長(zhǎng)度L＝0.2m；當(dāng)活塞進(jìn)入預(yù)警區(qū)域時(shí)，系統(tǒng)會(huì)發(fā)出超重預(yù)警。橫截面積S＝0.01m2，底部的預(yù)警區(qū)域深度h＝0.1m，平臺(tái)上輕放質(zhì)量為m的重物穩(wěn)定時(shí)，活塞剛好觸動(dòng)報(bào)警裝置。已知環(huán)境溫度不變，大氣壓強(qiáng)p0＝1.0×105Pa，g＝10m/s2，不計(jì)摩擦阻力，下列說(shuō)法正確的是()圖4A.重物的質(zhì)量m＝200kgB.重物的質(zhì)量m＝1000kgC.放上重物至活塞最終穩(wěn)定的過(guò)程中，密閉氣體對(duì)外界放出的熱量為100JD.放上重物至活塞最終穩(wěn)定的過(guò)程中，密閉氣體對(duì)外界放出的熱量為200J答案D解析最終穩(wěn)定時(shí)，封閉氣體溫度不變，則p0LS＝p1hS，又因?yàn)閜1＝p0＋eq\f(mg,S)，求得m＝100kg，A、B錯(cuò)誤；設(shè)外界大氣壓力和重物對(duì)封閉氣體做功為W，則W＝(mg＋p0S)(L－h(huán))，代入數(shù)據(jù)求得W＝200J，封閉氣體內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律ΔU＝W＋Q，可得氣體對(duì)外界放出的熱量為Q＝－200J，C錯(cuò)誤，D正確。8.(2024·江西贛州一模)LED燈具有節(jié)能、環(huán)保、壽命長(zhǎng)、高亮度、耐高溫等特點(diǎn)從而得到廣泛使用，如圖5為汽車車頭LED大燈，為提高亮度，燈組的前端是一半徑為R、質(zhì)量分布均勻的玻璃球，如圖所示O為球心，一單色光束從O1處射向A點(diǎn)，經(jīng)折射后從B點(diǎn)平行于OO1射出，折射角為60°，OA⊥OB，則()圖5A.光束在A點(diǎn)的入射角α＝30°B.光束在玻璃球中頻率比在真空中要小C.此光束在玻璃球中傳播的時(shí)間為eq\f(\r(6)R,3c)D.玻璃球的折射率為eq\f(\r(6),2)答案D解析根據(jù)幾何關(guān)系可知，光線從B點(diǎn)射出時(shí)的入射角為45°，根據(jù)折射定律可知，玻璃球的折射率為n＝eq\f(sin60°,sin45°)＝eq\f(\r(6),2)，由于光束在A點(diǎn)折射角為45°，則光束在A點(diǎn)的入射角為α＝60°，故A錯(cuò)誤，D正確；光束在玻璃球中頻率與在真空中頻率相等，故B錯(cuò)誤；此光束在玻璃中傳播的速度為v＝eq\f(c,n)，根據(jù)幾何關(guān)系可知，光束在玻璃球中傳播的距離為s＝eq\r(2)R，則此光束在玻璃球中傳播的時(shí)間為t＝eq\f(s,v)＝eq\f(\r(2)nR,c)＝eq\f(\r(3)R,c)，故C錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題(本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。)9.2024年1月30日，由中國(guó)核動(dòng)力研究設(shè)計(jì)院設(shè)計(jì)、建造的全球功率最高溶液型醫(yī)用同位素試驗(yàn)堆在四川正式開(kāi)工建設(shè)。醫(yī)用同位素堆建成后，將實(shí)現(xiàn)年產(chǎn)10萬(wàn)居里的鉬－99、2萬(wàn)居里的碘－131。已知鉬－99的半衰期約為2.75天，衰變方程為eq\o\al(99,42)Mo→eq\o\al(99,43)Tc＋eq\o\al(0,－1)e，eq\o\al(99,42)Mo、eq\o\al(99,43)Tc的比結(jié)合能分別為E1、E2，eq\o\al(131,53)I可由氘轟擊eq\o\al(130,52)Te制得，光在真空中的速度為c。則()A.氘轟擊eq\o\al(130,52)Te的方程為eq\o\al(2,1)H＋eq\o\al(130,52)Te→eq\o\al(131,53)I＋eq\o\al(1,0)nB.16個(gè)eq\o\al(99,42)Mo經(jīng)過(guò)5.5天剩余4個(gè)C.eq\o\al(99,42)Mo的結(jié)合能大于eq\o\al(99,33)Tc的結(jié)合能D.eq\o\al(99,42)Mo衰變損失的質(zhì)量為eq\f(99E2－99E1,c2)答案AD解析根據(jù)核反應(yīng)方程遵循質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒可知，氘轟擊eq\o\al(130,52)Te的方程為eq\o\al(2,1)H＋eq\o\al(130,52)Te→eq\o\al(131,53)I＋eq\o\al(1,0)n，A正確；半衰期是大量原子核的統(tǒng)計(jì)規(guī)律，對(duì)少數(shù)原子核不適用，B錯(cuò)誤；由核反應(yīng)方程可知eq\o\al(99,43)Tc比eq\o\al(99,42)Mo穩(wěn)定，所以eq\o\al(99,43)Tc的比結(jié)合能大于eq\o\al(99,42)Mo的比結(jié)合能，又eq\o\al(99,43)Tc、eq\o\al(99,42)Mo的核子數(shù)相同，所以eq\o\al(99,43)Tc的結(jié)合能大于eq\o\al(99,42)Mo的結(jié)合能，C錯(cuò)誤；由題意可知核反應(yīng)釋放的能量為ΔE＝99E2－99E1，又由愛(ài)因斯坦質(zhì)能方程有ΔE＝Δmc2，則eq\o\al(99,42)Mo衰變的質(zhì)量虧損為Δm＝eq\f(99E2－99E1,c2)，D正確。10.(2024·湖南岳陽(yáng)高三期末)一簡(jiǎn)諧橫波在水平繩上沿x軸負(fù)方向以v＝20m/s的速度傳播。已知t＝0時(shí)的波形如圖6所示，繩上兩質(zhì)點(diǎn)M、N的平衡位置分別是xM＝5m、xN＝35m。從該時(shí)刻開(kāi)始計(jì)時(shí)，下列說(shuō)法正確的是()圖6A.質(zhì)點(diǎn)N的振動(dòng)周期為2sB.1.5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)M正向平衡位置靠近C.質(zhì)點(diǎn)M比質(zhì)點(diǎn)N早0.5s回到平衡位置D.7.5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)M、N振動(dòng)的速度大小相同答案ACD解析由題意知v＝20m/s，λ＝40m，則有T＝eq\f(λ,v)＝2s，A正確；1.5s時(shí)質(zhì)點(diǎn)N處的振動(dòng)信息剛好傳到質(zhì)點(diǎn)M處，此時(shí)M將遠(yuǎn)離平衡位置，B錯(cuò)誤；由題意可知質(zhì)點(diǎn)M第一次回到平衡位置需要0.25s，而質(zhì)點(diǎn)N第一次回到平衡位置的時(shí)間t＝eq\f(50－35,20)s＝0.75s，即質(zhì)點(diǎn)M比質(zhì)點(diǎn)N早0.5s回到平衡位置，C正確；因?yàn)棣＝7.5s＝(3＋eq\f(3,4))T，在振動(dòng)了3T后，質(zhì)點(diǎn)M和N的振動(dòng)狀態(tài)和t＝0時(shí)一樣，只需要考慮eq\f(3,4)T內(nèi)的情況，在eq\f(3,4)T＝1.5s內(nèi)，波向前傳播的距離為30m，質(zhì)點(diǎn)N的振動(dòng)狀態(tài)傳播到x＝5m質(zhì)點(diǎn)(即質(zhì)點(diǎn)M)處，x1＝65m處質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)狀態(tài)傳播到x＝35質(zhì)點(diǎn)(即質(zhì)點(diǎn)N)處，此時(shí)質(zhì)點(diǎn)M和N的振動(dòng)速度大小相等，方向相反，D正確。11.如圖7，理想變壓器原線圈接在電壓有效值恒定的交流電源上，圖中各電表均為理想電表。下列說(shuō)法正確的是()圖7A.閉合開(kāi)關(guān)S后電流表A1的示數(shù)不變B.閉合開(kāi)關(guān)S后電壓表V的示數(shù)減小C.僅使觸頭P向下移動(dòng)，電流表A2的示數(shù)增大D.僅使觸頭P向上移動(dòng)，R0的功率減小答案BD解析根據(jù)題意，設(shè)原線圈的等效電阻為R等，副線圈負(fù)載電阻為R總，原、副線圈匝數(shù)比為n1∶n2，則有R等＝eq\f(neq\o\al(2,1),neq\o\al(2,2))R總，閉合開(kāi)關(guān)S后，副線圈負(fù)載電阻R總減小，則原線圈的等效電阻R等減小，可知，電流表A1的示數(shù)I1＝eq\f(U,R0＋R等)增大，原線圈輸入電壓U1＝U－I1R0減小，則副線圈輸出電壓U2減小，輸出電流I2增大，則電壓表V的示數(shù)U′＝U2－I2R1減小，故A錯(cuò)誤，B正確；僅使觸頭P向下移動(dòng)，副線圈負(fù)載電阻R總減小，由A、B分析可知，電壓表V的示數(shù)減小，則電流表A2的示數(shù)減小，故C錯(cuò)誤；僅使觸頭P向上移動(dòng)，副線圈負(fù)載電阻R總增大，則原線圈的等效電阻R等增大，可知電流表A1的示數(shù)I1＝eq\f(U,R0＋R等)減小，則R0的功率P＝Ieq\o\al(2,1)R0減小，故D正確。12.(2024·湖北襄陽(yáng)一模)如圖8甲所示，物體a、b間拴接一個(gè)壓縮后被鎖定的輕質(zhì)彈簧，整個(gè)系統(tǒng)靜止放在光滑水平地面上，其中a物體最初與左側(cè)的固定擋板相接觸，b物體質(zhì)量為4kg?，F(xiàn)解除對(duì)彈簧的鎖定，在a物體離開(kāi)擋板后的某時(shí)刻開(kāi)始，b物體的v－t圖像如圖乙所示，則可知()圖8A.a物體的質(zhì)量為1kgB.a物體的最大速度為4m/sC.在a物體離開(kāi)擋板后，彈簧的最大彈性勢(shì)能為6JD.在a物體離開(kāi)擋板后，物體a、b組成的系統(tǒng)動(dòng)量和機(jī)械能都守恒答案BC解析解除對(duì)彈簧的鎖定，在a物體離開(kāi)擋板后，物體a、b以及彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量和機(jī)械能都守恒，D錯(cuò)誤；由題意可知b的速度最大時(shí)，a的速度最小為零，且此時(shí)彈簧處于原長(zhǎng)；b的速度最小時(shí)，a的速度最大，且此時(shí)彈簧也處于原長(zhǎng)。設(shè)a的質(zhì)量為ma，a的最大速度為va，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有mbv0＝mbvb＋mava，由機(jī)械能守恒定律可得eq\f(1,2)mbveq\o\al(2,0)＝eq\f(1,2)mbveq\o\al(2,b)＋eq\f(1,2)maveq\o\al(2,a)，由圖像可知v0＝3m/s，vb＝1m/s，解得va＝4m/s，ma＝2kg，A錯(cuò)誤，B正確；當(dāng)a、b速度相等時(shí)，a、b動(dòng)能之和最小，根據(jù)能量守恒定律，此時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能最大。根據(jù)動(dòng)量守恒定律有mbv0＝(mb＋ma)v，根據(jù)能量守恒定律Epmax＝eq\f(1,2)mbveq\o\al(2,0)－eq\f(1,2)(mb＋ma)v2，解得Epmax＝6J，C正確。選擇題滿分練(二)(時(shí)間：35分鐘)一、單項(xiàng)選擇題(本題共8小題，每小題3分，共24分。每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。)1.(2024·新課標(biāo)卷，15)福建艦是我國(guó)自主設(shè)計(jì)建造的首艘彈射型航空母艦。借助配重小車可以進(jìn)行彈射測(cè)試，測(cè)試時(shí)配重小車被彈射器從甲板上水平彈出后，落到海面上。調(diào)整彈射裝置，使小車水平離開(kāi)甲板時(shí)的動(dòng)能變?yōu)檎{(diào)整前的4倍。忽略空氣阻力，則小車在海面上的落點(diǎn)與其離開(kāi)甲板處的水平距離為調(diào)整前的()A.0.25倍 B.0.5倍 C.2倍 D.4倍答案C解析由Ek＝eq\f(1,2)mv2可知，若小車水平離開(kāi)甲板時(shí)的動(dòng)能變?yōu)檎{(diào)整前的4倍，則速度將變?yōu)檎{(diào)整前的2倍。小車離開(kāi)甲板后做平拋運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間不變，由x＝v0t可知小車在海面上的落點(diǎn)與其離開(kāi)甲板處的水平距離為調(diào)整前的2倍，C正確。2.(2024·陜西渭南二模)2024年春節(jié)前后，我國(guó)湖北、湖南等地遭遇了多年不遇的凍雨天氣，給人們的出行帶來(lái)不便。當(dāng)樹(shù)葉上帶有冰塊，人在樹(shù)下行走時(shí)經(jīng)常會(huì)出現(xiàn)冰塊砸到頭部的情況。若冰塊的質(zhì)量為100g，從離頭頂?shù)木嚯x約為80cm處無(wú)初速掉落，砸到頭部冰塊未反彈，與頭部的作用時(shí)間約為0.2s，重力加速度g取10m/s2，不計(jì)空氣阻力，則冰塊對(duì)頭部的平均作用力約為()A.4N B.3N C.2N D.1N答案B解析根據(jù)h＝eq\f(1,2)gt2可得冰塊在空中下落時(shí)間為t＝eq\r(\f(2h,g))＝eq\r(\f(2×0.8,10))s＝0.4s，以向下為正方向，整個(gè)過(guò)程對(duì)冰塊應(yīng)用動(dòng)量定理可得mg(t＋Δt)－FΔt＝0，解得冰塊對(duì)頭部的平均作用力為F＝eq\f(mg（t＋Δt）,Δt)＝eq\f(0.1×10×（0.4＋0.2）,0.2)N＝3N，故B正確。3.(2024·北京豐臺(tái)二模)用圖1甲所示的電路研究光電效應(yīng)中電子發(fā)射的情況與照射光的強(qiáng)弱、光的顏色(頻率)等物理量之間的關(guān)系。分別用三束光照射同一陰極K進(jìn)行了三次實(shí)驗(yàn)，得到電流表示數(shù)I與電壓表示數(shù)U之間的關(guān)系如圖乙所示。下列說(shuō)法正確的是()圖1A.入射光光子的能量①＞②＞③B.光電子的最大初動(dòng)能①＞②＞③C.單位時(shí)間照射到K上的光子數(shù)①＞③D.照射到K上時(shí)金屬的逸出功②最大答案C解析由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程得eUc＝Ek＝hν－W0，可以看出遏止電壓與頻率呈線性關(guān)系，頻率越大，遏止電壓越大，所以由題圖乙可知，①光的頻率等于③光的頻率，③光的頻率低于②光的頻率，所以入射光光子的能量②＞①＝③，光電子的最大初動(dòng)能②＞①＝③，故A、B錯(cuò)誤；由題圖乙可知，①光對(duì)應(yīng)的飽和光電流大于③光對(duì)應(yīng)的飽和光電流，因?yàn)轱柡凸怆娏髟酱?，單位時(shí)間內(nèi)逸出的光電子數(shù)越多，且逸出的光電子數(shù)越多，入射的光子數(shù)也越多，所以單位時(shí)間照射到K上的光子數(shù)①＞③，故C正確；同一陰極K的逸出功相等，故D錯(cuò)誤。4.(2024·湖南長(zhǎng)沙一模)某人駕駛汽車在平直公路上以108km/h的速度勻速行駛，某時(shí)刻看到前方路上有障礙物，經(jīng)過(guò)一段反應(yīng)時(shí)間，開(kāi)始剎車，假設(shè)剎車后汽車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)。從看到障礙物到車子停下的過(guò)程，汽車的位移x隨速度v變化的關(guān)系圖像由一段平行于x軸的直線與一段曲線組成，直線與曲線的分界點(diǎn)為P點(diǎn)(如圖2所示)。則下列說(shuō)法正確的是()圖2A.曲線部分是一段拋物線B.司機(jī)的反應(yīng)時(shí)間為0.417sC.剎車的加速度大小為5m/s2D.剎車的時(shí)間是6s答案A解析對(duì)勻減速運(yùn)動(dòng)，滿足v2－veq\o\al(2,0)＝－2ax，則x－v圖像為拋物線，故A正確；汽車在反應(yīng)時(shí)間內(nèi)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由題圖可知對(duì)應(yīng)于直線段，反應(yīng)時(shí)間內(nèi)的位移為x1＝15m，速率為v0＝108km/h＝30m/s，則反應(yīng)時(shí)間為t1＝eq\f(x1,v0)＝eq\f(15,30)s＝0.5s，故B錯(cuò)誤；剎車過(guò)程的位移為x2＝(90－15)m＝75m，根據(jù)－veq\o\al(2,0)＝2ax2，解得a＝－6m/s2，故C錯(cuò)誤；剎車的時(shí)間為t2＝eq\f(－v0,－a)＝5s，故D錯(cuò)誤。5.(2024·重慶南開(kāi)中學(xué)二模)某天早上溫度為10℃，物理老師剛啟動(dòng)汽車時(shí)看到汽車儀表盤顯示各輪胎壓強(qiáng)如圖3所示，中午剛啟動(dòng)汽車時(shí)看到后輪壓強(qiáng)變成了2.8bar(1bar＝100kPa)，該過(guò)程認(rèn)為輪胎內(nèi)的體積不變，輪胎內(nèi)部氣體可看成理想氣體，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()圖3A.中午溫度約為20℃B.輪胎內(nèi)部氣體分子的平均動(dòng)能增加C.氣體分子撞擊輪胎內(nèi)壁的平均作用力增加D.輪胎內(nèi)部氣體吸收熱量，對(duì)外做功，內(nèi)能不變答案D解析T1＝283K，輪胎內(nèi)氣體的體積不變，根據(jù)查理定律有eq\f(p1,T1)＝eq\f(p2,T2)，解得T2＝293K，所以t2＝20℃，溫度升高，則輪胎內(nèi)部氣體分子的平均動(dòng)能增加，故A、B正確；輪胎內(nèi)的體積不變，壓強(qiáng)增大，則氣體分子撞擊輪胎內(nèi)壁的平均作用力增加，故C正確；輪胎內(nèi)部氣體溫度升高，內(nèi)能增大，做功為0，吸收熱量，故D錯(cuò)誤。6.如圖4所示，兩平行細(xì)激光束a、b由真空中射向足夠大的長(zhǎng)方體透明材料的下表面，發(fā)現(xiàn)該材料的上表面只有一處有光線射出，則()圖4A.激光a在材料的上表面被全反射B.激光b在材料的上表面被全反射C.透明材料對(duì)激光a的折射率大于對(duì)激光b的折射率D.激光a在透明材料中傳播速度比激光b在透明材料中傳播速度大答案D解析根據(jù)幾何關(guān)系可知兩束單色光在玻璃磚的上表面的入射角等于在下表面的折射角，根據(jù)光路可逆性原理知，兩束單色光在玻璃磚的上表面都不會(huì)發(fā)生全反射，故A、B錯(cuò)誤；因玻璃磚的上表面只有一束光線射出，通過(guò)玻璃磚后a和b光射在上表面上同一點(diǎn)，a的側(cè)移量小于b的側(cè)移量，可知透明材料對(duì)激光a的折射率小于對(duì)激光b的折射率，根據(jù)v＝eq\f(c,n)，可知激光a在透明材料中傳播速度比激光b在透明材料中傳播速度大，故C錯(cuò)誤，D正確。7.(2024·廣東揭陽(yáng)二模)如圖5所示，在光滑的水平面上，質(zhì)量為4m、長(zhǎng)為L(zhǎng)的木板右端緊靠豎直墻壁，與墻壁不粘連。質(zhì)量為m的滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))以水平向右的速度v滑上木板左端，滑到木板右端時(shí)速度恰好為零?，F(xiàn)滑塊以水平速度kv(k未知)滑上木板左端，滑到木板右端時(shí)與豎直墻壁發(fā)生彈性碰撞，滑塊以原速率彈回，剛好能夠滑到木板左端而不從木板上落下，重力加速度大小為g。下列說(shuō)法正確的是()圖5A.滑塊向右運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，加速度大小為eq\f(2v2,L)B.滑塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)為eq\f(v2,8gL)C.k＝2D.滑塊彈回瞬間的速度大小為eq\f(\r(5)v,2)答案D解析滑塊(可視為質(zhì)點(diǎn))以水平向右的速度v滑上木板左端，滑到木板右端時(shí)速度恰好為零，根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知v2＝2aL，解得a＝eq\f(v2,2L)，故A錯(cuò)誤；根據(jù)牛頓第二定律有μmg＝ma，解得μ＝eq\f(v2,2gL)，故B錯(cuò)誤；小滑塊以水平速度v向右滑時(shí)，由動(dòng)能定理有－FfL＝0－eq\f(1,2)mv2，小滑塊以速度kv滑上木板至碰墻時(shí)速度為v1，由動(dòng)能定理有－FfL＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)－eq\f(1,2)m(kv)2，滑塊與墻碰后向左運(yùn)動(dòng)到木板左端，此時(shí)滑塊、木板的共同速度為v2，由動(dòng)量守恒定律有mv1＝(m＋4m)v2，由能量守恒定律可得FfL＝eq\f(1,2)mveq\o\al(2,1)－eq\f(1,2)(m＋4m)veq\o\al(2,2)，解得k＝eq\f(3,2)，v1＝eq\f(\r(5)v,2)，故C錯(cuò)誤，D正確。8.(2024·湖北武漢一模)如圖6所示，發(fā)電機(jī)線圈所處的磁場(chǎng)可視為勻強(qiáng)磁場(chǎng)，從圖示位置開(kāi)始繞軸OO′逆時(shí)針?lè)较騽蛩俎D(zhuǎn)動(dòng)。線圈阻值為R，通過(guò)電刷與外電路連接，理想變壓器原線圈與副線圈匝數(shù)比為1∶2，定值電阻R1＝2R，滑動(dòng)變阻器R2最大阻值為8R，開(kāi)始滑片P位于最上端，忽略電流表及線路電阻，下列說(shuō)法中正確的是()圖6A.線圈經(jīng)過(guò)圖示位置時(shí)，電流表的示數(shù)為零B.僅將滑片P向下滑動(dòng)，電流表的示數(shù)將減小C.僅將滑片P向下滑動(dòng)，發(fā)電機(jī)的輸出功率將減小D.僅將滑片P向下滑動(dòng)，電阻R2消耗的功率將減小答案C解析電流表的示數(shù)為交流電的有效值，則線圈經(jīng)過(guò)圖示位置時(shí)，電流表的示數(shù)不為零，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；變壓器等效電阻R等效＝(eq\f(n1,n2))2R2＝eq\f(1,4)R2，僅將滑片P向下滑動(dòng)，則R2減小，R等效減小，R1和R等效并聯(lián)后的電阻減小，因線圈電動(dòng)勢(shì)一定，則電流表的示數(shù)將變大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；將線圈看作電源，其電阻R為電源內(nèi)阻，將R1和R等效并聯(lián)看作是外電路，開(kāi)始時(shí)R等效＝2R，此時(shí)R1和R等效并聯(lián)電阻為R等于電源內(nèi)阻，則開(kāi)始時(shí)發(fā)電機(jī)輸出功率最大，僅將滑片P向下滑動(dòng)，R等效減小，外電阻逐漸遠(yuǎn)離電源內(nèi)阻，可知發(fā)電機(jī)的輸出功率將變小，選項(xiàng)C正確；將R1和R并聯(lián)后的電阻(eq\f(2R,3))等效為電源內(nèi)阻，將R等效看作是外電路，僅將滑片P向下滑動(dòng)，則外電阻從2R逐漸減小，外電路消耗的功率先增加后減小，即電阻R2消耗的功率先增加后減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。二、多項(xiàng)選擇題(本題共4小題，每小題4分，共16分。每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。)9.(2024·陜西西安高三期末)如圖7甲所示，橫截面積為10cm2、繞有4000匝的螺線管與一定值電阻串聯(lián)。已知螺線管的電阻為2Ω，定值電阻的阻值為6Ω，穿過(guò)螺線管內(nèi)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻變大，其B－t圖像如圖乙所示，以磁場(chǎng)向右穿過(guò)螺線管為正方向，在0～2s內(nèi)，下列說(shuō)法正確的是()圖7A.穿過(guò)螺線管的磁通量的變化率為10Wb/sB.A點(diǎn)電勢(shì)比C點(diǎn)電勢(shì)低C.定值電阻的電功率為8WD.螺線管產(chǎn)生的熱量為4J答案BD解析磁通量的變化率為eq\f(ΔΦ,Δt)＝eq\f(ΔB,Δt)S＝eq\f(6－2,2)×10×10－4Wb/s＝2×10－3Wb/s，故A錯(cuò)誤；根據(jù)楞次定律可知，A點(diǎn)電勢(shì)比C點(diǎn)電勢(shì)低，故B正確；回路中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E＝neq\f(ΔΦ,Δt)＝4000×2×10－3V＝8V，則定值電阻的電功率為PR＝I2R＝(eq\f(E,R＋r))2R＝6W，故C錯(cuò)誤；螺線管產(chǎn)生的熱量為Q＝I2rt＝(eq\f(E,R＋r))2rt＝4J，故D正確。10.(2024·江西上饒二模)如圖8所示，在同一均勻介質(zhì)中，兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，兩波源分別位于x＝－0.2m和x＝1.2m處，兩列波的傳播周期均為0.4s，兩波源的振幅均為10cm，所有質(zhì)點(diǎn)均沿y軸方向運(yùn)動(dòng)。t＝0時(shí)刻的波形如圖8所示，此刻平衡位置在x＝0.2m和x＝0.8m的P、Q兩質(zhì)點(diǎn)剛開(kāi)始振動(dòng)，質(zhì)點(diǎn)M的平衡位置處于x＝0.6m處。已知兩波源開(kāi)始振動(dòng)后持續(xù)振動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是()圖8A.質(zhì)點(diǎn)M的起振方向沿y軸負(fù)方向B.兩列波的波速均為0.1m/sC.0.4s后質(zhì)點(diǎn)M是振動(dòng)加強(qiáng)點(diǎn)D.在0～1.0s時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)P通過(guò)的路程為60cm答案AD解析在同一介質(zhì)中，波速相等，則右側(cè)的波先傳到M點(diǎn)，根據(jù)平移法可知，質(zhì)點(diǎn)M的起振方向沿y軸負(fù)方向，故A正確；兩列波的波長(zhǎng)為0.4m，則波速為v＝eq\f(λ,T)＝1m/s，故B錯(cuò)誤；由距離關(guān)系可知0.2s后右側(cè)的波傳到質(zhì)點(diǎn)M處，M向下振動(dòng)，再經(jīng)0.2s后經(jīng)過(guò)平衡位置向上振動(dòng)，0.4s后左側(cè)的波剛好傳到質(zhì)點(diǎn)M處，起振方向向下，則質(zhì)點(diǎn)M是振動(dòng)減弱點(diǎn)，故C錯(cuò)誤；右側(cè)波傳到P點(diǎn)用時(shí)為t＝eq\f(Δx,