12025-2026學(xué)年第一學(xué)期高二年級期末檢測物理參考答案【解析】金屬框中產(chǎn)生感應(yīng)電流的條件是穿過金屬框的磁通量發(fā)生變化。A．在a位置處，穿過金屬框的磁通量正在增大，金屬框中存在感應(yīng)電流，A正確；BC．從b位置到c位置過程中，穿過金屬框的磁通量不變，金屬框中無感應(yīng)電流，B、C錯誤；D．從c位置到d位置過程中，金屬框穿過磁場邊界時，穿過金屬框的磁通量減小，金屬框中存在感應(yīng)電流，D錯誤。故選A?！窘馕觥繋щ娏Ｗ釉趧驈?qiáng)電場中受到豎直方向的恒定的電場力，水平方向做勻速運(yùn)動，豎直方向做初速度為0的勻加速直線運(yùn)動。設(shè)粒子在電場中的加速度為a，AB邊長為L1、AD邊長為L2，則水平方向有L1=v0t，豎直方向有at2。若將帶電粒子的初速度減小為，假設(shè)粒子從CD邊離開電場區(qū)域，則豎直方向則粒子從MC間離開電場。故選B?！窘馕觥緼錯誤；B．該振子由A點(diǎn)運(yùn)動到O點(diǎn)的過程中，彈性勢能減小，動能增大，速度增大，B正確；C．該振子由A點(diǎn)運(yùn)動到O點(diǎn)的過程中位移減小，回復(fù)力減小，加速度減小，C錯誤；D．0.5s為四分之一周期，振子只有從平衡位置運(yùn)動至最大位移處，或者從最大位移處運(yùn)動至平衡位置，振子通過的路程才等于振幅，D錯誤。故選B?！窘馕觥緼B．由乙圖知，O點(diǎn)左側(cè)場強(qiáng)方向從O點(diǎn)出發(fā)指向x軸負(fù)向無窮遠(yuǎn)處，右側(cè)場強(qiáng)方向從O點(diǎn)出發(fā)指向x軸正向無窮遠(yuǎn)處，故將一個帶負(fù)電粒子從B點(diǎn)由靜止釋放，粒子先受到向左的電場力，向左加速，過了O點(diǎn)，受到向右的電場力，粒子減速，由對稱性可知，粒子運(yùn)動到A點(diǎn)時速度為零，然后再反向加速，2過O點(diǎn)后，再減速，到B點(diǎn)時速度為零，如此往返運(yùn)動，A錯誤，B正確；C．由A、B選項(xiàng)的分析可知，粒子在A、B兩點(diǎn)的速度均為零，根據(jù)能量守恒，粒子在A、B兩點(diǎn)的電勢能相等，C錯誤；D．由乙圖可知，當(dāng)加速度為零，即電場強(qiáng)度為零時，粒子有最大速度，即粒子到達(dá)O點(diǎn)的速度最大，D錯誤。故選B。【解析】AB．將滑動變阻器R的滑片向上移動過程中，滑動變阻器接入電路阻值減小，電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路總電流增大，路端電壓減小，則電流表示數(shù)I增大，電壓表示數(shù)U變小，A、B錯誤；C．電壓表的示數(shù)U與電流表的示數(shù)I的比值為R外，由于滑動變阻器接入電路阻值減小，電路外電阻減小，所以減小，C正確；D．根據(jù)閉合電路歐姆定律可得U=E-Ir，則有r，r，D錯誤。故選C?！窘馕觥拷饘偾蛭挥趦牲c(diǎn)電荷的電場中，處于靜電平衡狀態(tài)，金屬球內(nèi)電場為球外兩點(diǎn)電荷的電場與金屬球感應(yīng)電荷電場疊加成的合電場，場強(qiáng)為零，則感應(yīng)電荷的電場與球外點(diǎn)電荷的電場等大、反向。A．處于靜電平衡狀態(tài)的金屬球是等勢體，表面是等勢面，則B、C兩點(diǎn)電勢相等，A錯誤；B．G點(diǎn)位于金屬球內(nèi)，場強(qiáng)為0，B錯誤；C．G點(diǎn)位于金屬球內(nèi)，場強(qiáng)為0，兩點(diǎn)電荷在H點(diǎn)的合場強(qiáng)平行AD向右，則金屬球感應(yīng)電荷在H點(diǎn)的電場平行AD向左，C錯誤；D．兩點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的場強(qiáng)為2k，則感應(yīng)電荷在O點(diǎn)的場強(qiáng)大小也為k，D正確。故選D?！窘馕觥緼．作出a、b粒子在磁場中的運(yùn)動軌跡如圖所示，根據(jù)左手定則可知，a、b粒子均帶負(fù)電，A錯誤；B．根據(jù)a粒子的運(yùn)動軌跡，由幾何知識可得Rtan30L，B錯誤；粒子在磁場中運(yùn)動時，洛倫茲力提供向心力，有qvB=m，得v。3a、b粒子比荷相同，則速度之比C正確；D．根據(jù)題意可知，a、b粒子在磁場中的運(yùn)動周期T粒子在磁場中運(yùn)動的時間t兩粒子在磁場中偏轉(zhuǎn)的圓心角θa=120。，θb=6故選C。【解析】A．P、Q導(dǎo)線通入電流I后，P導(dǎo)線恰好靜止，可知P、Q間為吸引力，則兩導(dǎo)線中電流方向相同，A錯誤；B．由A項(xiàng)分析可知，兩導(dǎo)線通入電流I后，有吸引力FA=mgsinθ；導(dǎo)線Q恰好靜止在斜面上，有F1=FA+2mgsinθ=3mgsinθ,B錯誤；C．P、Q導(dǎo)線通入電流2I后加速運(yùn)動，可知P、Q導(dǎo)線相互吸引，由題可知，通電流2I后，吸引力F'A=4FA=4mgsinθ,對導(dǎo)線P，有F'A-mgsinθ=ma，解得a=3gsinθ,C錯誤；D．P、Q導(dǎo)線通入電流2I后，對導(dǎo)線P、Q，有F2-3mgsinθ=3ma，解得F2=12mgsinθ,D正確。故選D?！窘馕觥緼．由題意知兩波傳播速度均為0.25m/s，題圖可知波的周期為4s，故兩波波長均為λ=vT=1m，從圖2、圖3可知兩波振動步調(diào)相反，且M點(diǎn)到兩波源的波程差Δx1=(6-2.5-2.5)m=1m，可知Δx1恰好是波長的整數(shù)倍，故M是振動減弱點(diǎn)，A錯誤；B．由題意可知N點(diǎn)到兩波源的波程分別為8λ和10λ,故N點(diǎn)在兩列波中的振動與兩波源一致，t=0時刻N(yùn)點(diǎn)的位移為1m+(－2m)=－1m，大小為1m，B正確；C．由B項(xiàng)分析可知，t=0至t=2s的過程中，N點(diǎn)由位移為－1m運(yùn)動至位移為1m，故t=1s時，N點(diǎn)速度沿x軸正方向，C正確；D．波源S1、S2連線的中點(diǎn)為減弱點(diǎn)，連線上相鄰減弱點(diǎn)間的距離為m，兩減弱點(diǎn)間均間隔一個加強(qiáng)點(diǎn)，可知波源S1、S2的連線上（不含S1、S2點(diǎn)）有12個加強(qiáng)點(diǎn)，D正確。故選BCD。【解析】A．小球從A到B的過程，由動能定理，有qUAB-mgLsinmvmv則A、B兩點(diǎn)的電勢4差為UABA正確；BC．若電場是勻強(qiáng)電場，電場力恒定，到達(dá)B點(diǎn)時小球速度也為v0，則小球做勻速直線運(yùn)動，電場力與重力、支持力的合力為零，小球的重力沿斜面向下的分力為mgsinθ一定，則當(dāng)電場力沿斜面向上，大小為F=mgsinθ時，電場力最小，場強(qiáng)最小，根據(jù)電場力F=qE，可知該電場的場強(qiáng)的最小值為EB錯誤，C正確；D．由UAB可知，A電勢高于B點(diǎn)電勢，若傾角θ=45°,AC=BC，則A點(diǎn)電勢等于B點(diǎn)電勢，不符合能量守恒定律，D錯誤。故選AC。【解析】（1）實(shí)驗(yàn)中小球碰撞前后的速度是利用平拋運(yùn)動規(guī)律間接測量得到的，根據(jù)平拋運(yùn)動規(guī)律可得gt2，x=vt，解得小球平拋的初速度。因平拋運(yùn)動下落的高度h均相同，故小球碰撞前后的速度與平拋運(yùn)動的水平位移成正比，可用平拋運(yùn)動的水平位移大小代替小球碰撞前后的速度大小，需要直尺測量平拋運(yùn)動的水平位移大小，此外還需要天平測量小球的質(zhì)量，用圓規(guī)確定小球的平均落點(diǎn)位置。故選D。（2）為了使兩球發(fā)生正碰，兩小球的半徑需相同。為保證入射小球不反彈，需滿足m1＞m2。故選C。（3）根據(jù)（1）的分析，可得碰撞前入射小球的速度大小v1∝OP，碰撞后入射小球的速度大小v2∝OM，碰撞后被碰小球的速度大小v3∝ON。若碰撞中動量守恒，以向右為正方向，則由動量守恒定律得m1v1＝m2v3+m1v2，可得需滿足的關(guān)系式為m1·OP＝m1·OM+m2·ON。【解析】（1）為了較準(zhǔn)確測量電池的電動勢和內(nèi)阻，因電路的最大電流不超過0.6A，則電流表應(yīng)該選B；變阻器應(yīng)該選阻值較小的D即可；（2）對應(yīng)乙圖電路由于電壓表的分流作用，使得電流表示數(shù)小于通過電源的電流，但是短路電流是不變的，則U-I圖像是A；甲圖電路由于電流表分壓，使得電壓表示數(shù)小于電源的路端電壓，但是斷路電壓是不變的，則U-I圖像是C。（3）因電表內(nèi)阻均未知，兩圖相比電流表分壓比電壓表分流更明顯，則實(shí)驗(yàn)電路圖應(yīng)該選圖中的乙圖。（4）由圖可以求得電源電動勢E=1.5V，內(nèi)電阻Ω=1.0Ω?！窘馕觥浚?）由題意可知，單色光從C點(diǎn)垂直于AO邊射入恰好在D點(diǎn)發(fā)生全反射，由圖中的幾何關(guān)系得D點(diǎn)是AB中點(diǎn)，得DB=DO=R，（1）由題意可知，單色光從C點(diǎn)垂直于AO邊射入恰好在D點(diǎn)發(fā)生全反射，由圖中的幾何關(guān)系得D點(diǎn)是AB中點(diǎn)，得DB=DO=R，（2）光線從D點(diǎn)反射后恰好射到O點(diǎn)，∠DOB=60°,大于臨界角C0，則在O點(diǎn)發(fā)生全反射，如圖，514．【答案】(1)8m/s（4分）(2)0.1N/C（4分）(3)（3.3m，06分）【解析】（1）粒子運(yùn)動軌跡如圖在第二象限磁場中，由幾何關(guān)系可得，圓周半徑r11m………………（2分）（2）微粒進(jìn)入第四象限時在電場中做類平拋運(yùn)動，設(shè)沿y軸負(fù)方向的分速度為vy，（3）微粒第一次從第一象限進(jìn)入第四象限的位置x1=2×4.8m………（1分）微粒進(jìn)入第四象限，速度10m/s微粒在第四象限做圓周運(yùn)動在x軸的弦長為L=2r2sinα=1.5m………………（1分）微粒第二次經(jīng)過x軸的位置x2=x1?L=3.3m微粒從P點(diǎn)出發(fā)后第二次經(jīng)過x軸時的坐標(biāo)為（3.3m，0）………………（2分）15．【答案】(1)1m/s（5分）(2)2m/s（5分）(3)5sm/s（8分）【解析】（1）小球C運(yùn)動到水平面上時速度大小設(shè)為vC1，此時A速度大小設(shè)為vA1根據(jù)水平方向動量守恒則有mAvA1?mCvC1=0…………………解得vC1=4m/s(向左)，vA1=1m/s(向右)小球C第一次從圓弧軌道上滑下后，物塊A的速度大小為vA1=1m/s……（1分）（2）發(fā)生碰撞后，B的速度大小設(shè)為vB，小球C的速度大小設(shè)為vC2，解得vC2=2m/s（向右vB=2m/s(向左)小球C與物塊B發(fā)生碰撞后，物塊B的的速度大小為vB=2m/s。………（1分）（3）在C球第一次滑下到與物塊B發(fā)生碰撞的過程中，設(shè)物塊A的位移大小為x1，小球C的水平位移