1、第二節(jié) 磁場對運動電荷的作用學(xué)生用書P1841.(高考全國卷)如圖，MN為鋁質(zhì)薄平板，鋁板上方和下方分別有垂直于圖平面的勻強磁場(未畫出)一帶電粒子從緊貼鋁板上表面的P點垂直于鋁板向上射出，從Q點穿越鋁板后到達PQ的中點O.已知粒子穿越鋁板時，其動能損失一半，速度方向和電荷量不變不計重力鋁板上方和下方的磁感應(yīng)強度大小之比為() A2BC1 D 解析：選D.設(shè)帶電粒子在P點時初速度為v1，從Q點穿過鋁板后速度為v2，則Ek1mv，Ek2mv，由題意可知Ek12Ek2，即mvmv，則.粒子做圓周運動的向心力由洛倫茲力提供，即qvB，得R，由題意可知，所以， 故選項D正確2.(2016高考四川卷)如

2、圖所示，正六邊形abcdef區(qū)域內(nèi)有垂直于紙面的勻強磁場一帶正電的粒子從f點沿fd方向射入磁場區(qū)域，當速度大小為vb時，從b點離開磁場，在磁場中運動的時間為tb；當速度大小為vc時，從c點離開磁場，在磁場中運動的時間為tc.不計粒子重力則()Avbvc12，tbtc21Bvbvc21，tbtc12Cvbvc21，tbtc21Dvbvc12，tbtc12解析：選A.設(shè)正六邊形的邊長為L，一帶正電的粒子從f點沿fd方向射入磁場區(qū)域，當速度大小為vb時，從b點離開磁場，由幾何關(guān)系可知，粒子在磁場中做圓周運動的半徑rbL，粒子在磁場中做圓周運動的軌跡所對應(yīng)的圓心角為120，由洛倫茲力提供向心力Bqvb

3、，得L，且T，得tb；當速度大小為vc時，從c點離開磁場，由幾何關(guān)系可知，粒子在磁場中做圓周運動的軌跡所對應(yīng)的圓心角260，粒子在磁場中做圓周運動的半徑rcL2L，同理有2L，tc，解得vbvc12，tbtc21，A正確3(2015高考全國卷)兩相鄰勻強磁場區(qū)域的磁感應(yīng)強度大小不同、方向平行一速度方向與磁感應(yīng)強度方向垂直的帶電粒子(不計重力)，從較強磁場區(qū)域進入到較弱磁場區(qū)域后，粒子的()A軌道半徑減小，角速度增大B軌道半徑減小，角速度減小C軌道半徑增大，角速度增大D軌道半徑增大，角速度減小解析：選D.分析軌道半徑：帶電粒子從較強磁場區(qū)域進入到較弱磁場區(qū)域后，粒子的速度v大小不變，磁感應(yīng)強度B

4、減小，由公式r可知，軌道半徑增大分析角速度：由公式T可知，粒子在磁場中運動的周期增大，根據(jù)知角速度減小選項D正確4.(2018河南商丘模擬)在如圖所示的平面直角坐標系xOy中，有一個圓形區(qū)域的勻強磁場(圖中未畫出)，磁場方向垂直于xOy平面，O點為該圓形區(qū)域邊界上的一點現(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶電荷量為q的帶電粒子(不計重力)從O點以初速度v0沿x軸正方向進入磁場，已知粒子經(jīng)過y軸上P點時速度方向與y軸正方向夾角為30，OPL，求：(1)磁感應(yīng)強度的大小和方向；(2)該圓形磁場區(qū)域的最小面積解析：(1)由左手定則得磁場方向垂直xOy平面向里粒子在磁場中做弧長為圓周的勻速圓周運動，如圖所示，粒子在Q點飛出磁場設(shè)其圓心為O，半徑為R.由幾何關(guān)系有(LR)sin 30R，所以RL.由牛頓第二定律有qv0Bm，故R.由以上