1、高二物理3-5測試題1學校:_姓名：_班級：_考號：_一、選擇題1下列說法正確的是 （選對一個給3分，選對兩個給4分，選對三個給6分。每錯選一個扣3分，最低得分為0分）A太陽輻射的能量來自太陽內部聚變時釋放的核能，不斷的核聚變，使太陽的質量會不斷減小 B原子核發(fā)生衰變后，新核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了4C若使放射性物質的溫度升高，壓強增大，其半衰期可能變小 D已知氫原子的基態(tài)能量為E1 = 13.6 eV，一個處于基態(tài)的氫原子吸收了一個14 eV的光子后會被電離E已知氫原子光譜在可見光部分只有四條譜線，它們分別是從 n 為 3、4、5、6 的能級直接向n = 2能級躍遷時產生的，其中有兩

2、條紫色、一條紅色、一條藍色。則氫原子從n = 6能級直接向n = 2能級躍遷時，產生的是紫色光2質量m=100 kg的小船靜止在平靜水面上，船兩端載著m甲=40 kg,m乙=60 kg的游泳者，在同一水平線上甲朝左乙朝右同時以相對于岸3 m/s的速度躍入水中，如圖16-2-3所示，則小船的運動方向和速度為（ ）圖16-2-3A.向左，小于1 m/sB.向左，大于1 m/sC.向右，大于1 m/sD.向右，小于1 m/s3關于物體的動量、沖量、動量的變化量，下列說法正確的是（ ）A物體受的力越大，力的沖量就越大B沖量與動量的單位在國際單位制下是相同的，所以沖量就是動量C某個物體的動量變化越快 ，

3、它受到的合外力一定越大D某個物體的動能變化，則它的動量一定變化4已知鈣和鉀的截止頻率分別為7.731014Hz和5.441011Hz，在某種單色光的照射下兩種金屬均發(fā)生光電效應，比較它們表面逸出的具有最大初動能的光電子，鈣逸出的光電子具有較大的 。A波長 B頻率 C能量 D動量5如圖所示，A、B兩小球離光滑地面髙度均為h=5m，相距 l=4.8m，將A以大小為2m/s的初速v0向B水平拋出的同時，B自由下落。A、B與地面發(fā)生彈性碰撞前后，水平分速度不變，豎直分速度大小不變、方向相反。B球質量m=0.2kg，不計空氣阻力及小球與地面碰撞的時間，g=10m/s2。B球第一次與地相碰的過程中，合力對

4、B球的沖量大小I及A、B第一次相碰時，B球離地高度 H為( )A.I= 2N s，H=0.8m B.I=2N s，H=4.2mC.I =4N s，H =0.8m D.I=4N s，H=4.2m6一塊含鈾的礦石質量為M，其中鈾元素的質量為m鈾發(fā)生一系列衰變，最終生成物為鉛已知鈾的半衰期為T，那么下列說法中正確的有（ ）A經過兩個半衰期后這塊礦石中基本不再含有鈾了B經過兩個半衰期后原來所含的鈾元素的原子核有發(fā)生了衰變C經過三個半衰期后，其中鈾元素的質量還剩D經過一個半衰期后該礦石的質量剩下二、多選題7某放射性元素的原子核內有N個核子，其中有n個質子，該原子核發(fā)生2次衰變和1次衰變，變成1個新核，則

5、 ( )A衰變前原子核有n個中子B衰變后新核有(n3)個質子C衰變后新核的核子數(shù)為(N3)D衰變前原子核的質量數(shù)等于衰變后新核質量數(shù)與放出粒子質量數(shù)之和8關于近代物理學，下列說法正確的是（ ）A射線、射線和射線是三種波長不同的電磁波B一群處于n=4能級的氫原子向低能級躍遷時能輻射出6種不同頻率的光C重核裂變過程生成中等質量的核，反應前后質量數(shù)守恒，但質量一定減少D10個放射性元素的原子核在經一個半衰期后，一定有5個原子核發(fā)生衰變E在光電效應實驗中，用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能Ek越大，則這種金屬的逸出功W0越小9如圖所示為氫原子的能級圖?，F(xiàn)有大量處于n3

6、激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷。下列說法正確的是（ ）A這些氫原子總共可輻射出6種不同頻率的光B氫原子由n3躍遷到n1產生的光照射逸出功為6.34 eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應C氫原子由n3躍遷到n2產生的光波長最長D這些氫原子躍遷時輻射出光子能量的最大值為10.2 eV10科學家使用核反應獲取氚，再利用氘和氚核反應獲得能量，核反應方程分別為：XY4.9MeV和X17.6MeV，下列表述正確的有AX是中子BY的質子數(shù)是3，中子數(shù)是6C兩個核反應都沒有質量虧損D氘和氚的核反應是核聚變反應11如圖所示，光滑水平地面上靜止放置由彈簧相連的木塊A和B，開始時彈簧處于原長，現(xiàn)給A一個向右的瞬時沖量，讓A開始以

7、速度v0向右運動，若，則（ ）voBAA當彈簧壓縮最短時，B的速度達到最大值B當彈簧再次恢復原長時，A的速度一定向右C當彈簧再次恢復原長時，A的速度一定小于B的速度D當彈簧再次恢復原長時，A的速度可能大于B的速度三、實驗題12某同學用如圖所示的（a）圖裝置來探究碰撞中的守恒量，圖中PQ是斜槽，QR為水平槽，（b）圖是多次實驗中某球落到位于水平地面記錄紙上得到10個落點痕跡，有關該實驗的一些說法，不正確的有A入射球和被碰球必須是彈性好的，且要求兩球的質量相等，大小相同B被碰球靜止放在槽口，入射球必須每次從軌道的同一位置由靜止釋放C小球碰撞前后的速度不易測量，所以通過測小球“平拋運動的射程”間接地

8、解決D圖（b）可測出碰撞后某球的水平射程為64.7cm（或取64.2cm 65.2cm之間某值）四、計算題（題型注釋）13如圖，光滑水平直軌道上有三個質量均為m的物塊A、B、C B的左側固定一輕彈簧（彈簧左側的擋板質量不計）設A以速度v0朝B運動，壓縮彈簧；當A、B速度相等時，B與C恰好相碰并粘接在一起，然后繼續(xù)運動假設B和C碰撞過程時間極短求從A開始壓縮彈簧直至與彈簧分離的過程中，（1）整個系統(tǒng)損失的機械能；（2）A與擋板分離時，A的速度（計算結果可用根號表示）14強激光的出現(xiàn)豐富了人們對光電效應的認識用強激光照射金屬時，由于其光子密度極大，一個電子在極短時間內吸收多個光子成為可能，從而形成

9、多光子光電效應如圖所示，用頻率為的強激光照射光電管陰極K，假設電子在極短時間內吸收兩個光子形成光電效應，(已知該金屬的逸出功為W0，普朗克常量為h，電子電荷量為e)求：光電子的最大初動能；當光電管兩極間反向電壓增加到多大時，光電流恰好為零15如圖所示，光滑平臺上有兩個剛性小球A和B，質量分別為2m和3m，小球A以速度v0向右運動并與靜止的小球B發(fā)生碰撞（碰撞過程不損失機械能），小球B飛出平臺后經時間t剛好掉入裝有沙子向左運動的小車中，小車與沙子的總質量為m，速度為2 v0，小車行駛的路面近似看做是光滑的，求：（I）碰撞后小球A和小球B的速度；（II）小球B掉入小車后的速度。16如圖所示，質量M

10、=0.6kg的滑板靜止在光滑水平面上，其左端C距鎖定裝置D的水平距離l=0.5m，滑板的上表面由粗糙水平面和光滑圓弧面在B點平滑連接而成，粗糙水平面長L=4m，圓弧的半徑R=0.3m現(xiàn)讓一質量m=0.3kg，可視為質點的小滑塊以大小方向水平向左的初速度滑上滑板的右端A若滑板到達D處即被鎖定，滑塊返回B點時裝置D即刻解鎖，已知滑塊與滑板間的動摩擦因數(shù)=0.2，重力加速度g=10m/s2求：（1）滑板到達D處前瞬間的速率；（2）滑塊到達最大高度時與圓弧頂點P的距離；（3）滑塊與滑板間摩擦產生的總熱量；請瀏覽后下載，資料供參考，期待您的好評與關注！參考答案1ADE【解析】試題分析：太陽輻射的能量來自

11、太陽內部聚變時釋放的核能，由質能方程知，不斷的核聚變，使太陽的質量會不斷減小，所以A正確；原子核發(fā)生衰變后，釋放一個，所以新核與原來的原子核相比，中子數(shù)減少了2，故B錯誤；半衰期與物理、化學性質無關，使放射性物質的溫度升高，壓強增大，其半衰期可能不變，所以C錯誤；當處于基態(tài)的氫原子吸收的能量大于基態(tài)的電離能時，氫原子將電離，氫原子的基態(tài)能量為E1 = 13.6 eV，電離能為E = 13.6 eV，所以當吸收一個14 eV的光子后會被電離，所以D正確；可見光中紫光的頻率最大，故紫光光子的能量最大，根據躍遷假說釋放光子的能量，氫原子從n = 6能級直接向n = 2能級躍遷時，釋放光子能量最大，故

12、產生的是紫色光，E正確?？键c：本題考查核聚變、半衰期、玻爾理論2A 【解析】取甲人的速度方向為正方向，根據動量守恒定律m甲v甲+m乙v乙+Mv=0,403+60(-3)+100v=0所以v=0.6 m/sv0表示小船速度方向向左.3CD【解析】試題分析：動量P=mv，沖量I=Ft,動量的變化等于沖量。根據相應公式判斷可知，A錯誤。沖量等于動量該變量，所以B錯誤。某個物體的動量變化量為沖量，因此某個物體的動量變化越快 ，它受到的合外力一定越大，C對。根據可知，某個物體的動能變化，則它的動量一定變化，D對考點：動量、沖量、動量的變化量之間的關系點評：本題考查了動量、沖量、動量的變化量之間的關系，需

13、要了解這些物理量的公式才能區(qū)分這些物理量。4 A【解析】試題分析：設入射光的頻率為，根據愛因斯坦光電效應方程可知EkhW0，W0h0，由題意可知，鈣的截止頻率比鉀的大，因此鈣表面逸出的光電子的最大初動能比鉀的小，其動量也小，故選項C、D錯誤；根據德布羅意波長公式可知：，又有：cf，故選項A正確；選項B錯誤。考點：本題主要考查了對愛因斯坦光電效應方程、德布羅意波長公式的理解與應用問題，屬于中檔偏低題。5D【解析】試題分析：根據得：A下落的時間為t=1s，落地時豎直速度為vy=gt=10 m/s，由題意知，A求與地面碰撞的過程中速度變化量為v=-10-10=-20 m/s，再根據動量定理得：I=m

14、v=4N s，A、B相碰時小球A的水平位移為l=4.8m，由對稱性知，小球A與地面第一次相碰后上升到最高點的過程需要1s，此時小球A的水平位移為x=4m，故還需，兩球相遇，在0.4s內小球下落的高度為，故此時B球離地高度 H為4.8m。所以A、B、C錯誤；D正確?？键c：本題考查自由落體、動量定理6C【解析】試題分析：總質量m、衰變質量m1、衰變時間，半衰期之間關系為：m1=m（）n，n為半衰期次數(shù)，即n= ，為半衰期，t為衰變時間，所以在本題中有：經過2T剩余U為：m1=m（）n，發(fā)生衰變的為m；經過時間2T后該礦石的質量為：M=Mm+=Mm，故AB錯誤；由上分析可知，經過三個半衰期后，其中鈾

15、元素的質量還剩m1=m（）3=，故C正確經過一個半衰期后該礦石的質量剩下Mm，故D錯誤；考點：愛因斯坦質能方程；原子核衰變及半衰期、衰變速度【名師點睛】解答本題的關鍵是熟練掌握有關半衰期的運算，弄清總質量、衰變質量、衰變時間，半衰期之間關系。要注意對基本概念和規(guī)律的理解及應用7BD【解析】試題分析：衰變前原子核有（N-n）個中子，選項A錯誤；原子核發(fā)生2次衰變和1次衰變，故新核質量數(shù)變?yōu)椋∟-8），質子數(shù)變?yōu)椋╪-4+1）=（n-3）；故選項B正確，C錯誤；根據質量數(shù)守恒原則，衰變前原子核的質量數(shù)等于衰變后新核質量數(shù)與放出粒子質量數(shù)之和，選項D正確；故選BD.考點：原子核的衰變.8BCE【解析

16、】解：A、射線是電磁波，而射線、射線不是電磁波，故A錯誤；B、根據數(shù)學組合=6，故B正確；C、核子結合成原子核時一定有質量虧損，釋放出能量，故C正確；D、半衰期是大量原子核顯現(xiàn)出來的統(tǒng)計規(guī)律，對少量的原子核沒有意義，故D錯誤E、據光電效應方程可知，用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的最大初動能越大，則這種金屬的逸出功越小，故E正確；故選：BCE【點評】本題考查的知識點較多，難度不大，要在平時學習中多積累，掌握光電效應方程的應用，及理解半衰期適用條件，最后會區(qū)別三種射線的不同9BC【解析】試題分析：大量處于n3激發(fā)態(tài)的氫原子向低能級躍遷時，總共可輻射出種不同頻率的光，選項A

17、錯誤；氫原子由n3躍遷到n1產生的光的能量為-1.51eV-(-13.6eV)=12.09eV，則照射逸出功為6.34 eV的金屬鉑能發(fā)生光電效應，選項B正確；氫原子由n3躍遷到n2產生的光頻率最小，故波長最長，選項C正確；這些氫原子躍遷時輻射出光子能量的最大值為從n=3到n=1的躍遷，放出光子的能量為12.09eV ，選項D錯誤；故選BC.考點：波爾理論；光電效應.10AD【解析】由X17.6MeV，根據反應前后質量數(shù)、電荷數(shù)守恒可知，X的質量數(shù)為1，電荷數(shù)為0，因此X是中子，故選項A正確；再由XY4.9MeV，根據反應前后質量數(shù)、電荷數(shù)守恒可知，Y的質量數(shù)為6，電荷數(shù)為3，即其質子數(shù)為3，

18、中子數(shù)也為3，故選項B錯誤；由于兩個反應中都釋放了能量，因此根據愛因斯坦質能方程可知，兩個反應中都存在質量虧損，故選項C錯誤；根據核聚變反應的定義可知，氘和氚反應生成了一個核，故選項D正確?！究键c定位】對愛因斯坦質能方程、核聚變反應概念的理解，及核反應方程中質量數(shù)、電荷數(shù)守恒的應用。11BC【解析】試題分析： A開始壓縮彈簧時做減速運動，B做加速運動，當兩者速度相等時，彈簧壓縮最短，然后B繼續(xù)做加速運動，A繼續(xù)做減速運動，所以彈簧壓縮到最短時，B的速度不是達到最大，故選項A錯誤；彈簧壓縮到最短時，兩者速度相等，然后B繼續(xù)做加速，A繼續(xù)做減速運動，直到彈簧恢復原長，此時B的速度達到最大，且大于A

19、的速度，根據動量守恒有：mAv0=mAvA+mBvB，若A的速度方向向左，則mBvBmAv0，動能，可知EKBEk0，違背了能量守恒定律，所以A的速度一定向右故選項BC正確，D錯誤故選：BC.考點：動量守恒定律；能量守恒定律.12A【解析】試題分析：為防止兩球碰撞后入射球反彈，入射球的質量應大于被碰球的質量，為發(fā)生對心碰撞，兩球半徑應相等，故A錯誤；為保證小球的速度相等，被碰球靜止放在槽口，入射球必須每次從軌道的同一位置由靜止釋放，故B正確；小球離開軌道后做平拋運動，由于小球拋出點的高度相等，它們在空中的運動時間相等，小球的水平位移與小球的初速度成正比，小球碰撞前后的速度不易測量，所以通過測小

20、球“平拋運動的射程”間接地解決，故C正確；由圖示刻度尺可知，圖（b）可測出碰撞后某球的水平射程為64.7cm（64.2cm-65.2cm均正確），故D正確；考點：考查了動量守恒定律13（1）整個系統(tǒng)損失的機械能為；（2）A與擋板分離時，A的速度為0.28v0，方向與v0相反【解析】試題分析：（1）A、B接觸的過程中AB系統(tǒng)的動量守恒，根據動量守恒定律求出當AB速度相同時的速度大小，B與C接觸的瞬間，B、C組成的系統(tǒng)動量守恒，求出碰撞瞬間BC的速度，根據能量守恒求出整個系統(tǒng)損失的機械能（2）對于整個過程，A、B、C和彈簧組成的系統(tǒng)遵守動量守恒和能量守恒，可列式求解A與擋板分離時A的速度解：（1）

21、取向右為正方向對A、B相撞的過程中，對AB組成的系統(tǒng)，由動量守恒定律得：mv0=2mv1，解得AB相等的速度為：v1=0.5v0B與C接觸的瞬間，B、C組成的系統(tǒng)動量守恒，有：m0.5v0=2mv2解得：v2=所以整個系統(tǒng)損失的機械能為：E=m（0.5v0） 22m（）2=（2）對于整個過程，A、B、C和彈簧組成的系統(tǒng)遵守動量守恒和能量守恒，則得：mv0=mvA+2mvBC；=E+聯(lián)立解得：vA=0.28v0，方向與v0相反答：（1）整個系統(tǒng)損失的機械能為；（2）A與擋板分離時，A的速度為0.28v0，方向與v0相反【點評】本題綜合考查了動量守恒定律和能量守恒定律，綜合性較強，關鍵合理地選擇研究的系統(tǒng)和過程，運用動量守恒進行求解14 2hW0；【解析】試題分析：根據愛因