1、2018 年普通高等學(xué)校招生全國統(tǒng)一考試高三物理仿真卷（三）本試卷共 32 頁，38 題（含選考題）。全卷滿分300 分。考試用時(shí)150 分鐘。?？荚図樌⒁馐马?xiàng)：1、答題前，先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫在試題卷和答題卡上，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。用2B 鉛筆將答題卡上試卷類型A 后的方框涂黑。2、 選擇題的作答：每小題選出答案后，用2B 鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo) 號(hào)涂黑，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。3、 非選擇題的作答： 用簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試 題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。4、 選考題的作答：先把所選題目的

2、題號(hào)在答題卡上指定的位置用2B 鉛筆涂黑。答案寫在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非答題區(qū)域均無效。5、考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷和答題卡一并上交?？赡苡玫降南鄬?duì)原子質(zhì)量：H 1 C 12 N 14 O 16 S 32 V 51第 I 卷二、選擇題：本題共 8 小題，每題 6 分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418 題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求。第 1921 題有多選項(xiàng)題目要求。全部答對(duì)的得6 分，選對(duì)但不全的得 3分，有選錯(cuò)的得 0 分。14相隔一定距離的電荷或磁體間的相互作用是怎樣發(fā)生的？這是一個(gè)曾經(jīng)使人感到困惑、 引起猜想且有過長期爭(zhēng)論的科學(xué)問題。19 世紀(jì)以前，不

3、少物理學(xué)家支持超距作用的觀點(diǎn)。英國的邁克爾法拉第于 1837 年提出了電場(chǎng)和磁場(chǎng)的概念，解釋了電荷之間以及磁體之間相互 作用的傳遞方式，打破了超距作用的傳統(tǒng)觀念。1838 年，他用電力線（即電場(chǎng)線）和磁力線（即磁感線）形象地描述電場(chǎng)和磁場(chǎng)，并解釋電和磁的各種現(xiàn)象。下列對(duì)電場(chǎng)和磁場(chǎng)的認(rèn)識(shí)，正確的是A. 法拉第提出的磁場(chǎng)和電場(chǎng)以及電力線和磁力線都是客觀存在的B. 在電場(chǎng)中由靜止釋放的帶正電粒子，一定會(huì)沿著電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)C. 磁感線上某點(diǎn)的切線方向跟放在該點(diǎn)的通電導(dǎo)線的受力方向一致D. 通電導(dǎo)體與通電導(dǎo)體之間的相互作用是通過磁場(chǎng)發(fā)生的-2 -【解析】電場(chǎng)和磁場(chǎng)均是客觀存在的特殊物質(zhì)；電場(chǎng)線和磁感線是人類

4、為了形象地描述 電場(chǎng)和磁場(chǎng)而引入的虛擬的線，實(shí)際并不存在，故A 錯(cuò)誤；電荷的運(yùn)動(dòng)取決于初速度和力的方向， 故電場(chǎng)線不是電荷在電場(chǎng)中的軌跡， 只有在點(diǎn)電荷的電場(chǎng)和勻強(qiáng)電場(chǎng)中由靜止釋放的 帶正電粒子（只受電場(chǎng)力），才會(huì)沿著電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)，故B 錯(cuò)誤；根據(jù)左手定則可知，磁感線上某點(diǎn)的切線方向跟放在該點(diǎn)的通電導(dǎo)線的受力方向垂直，故C 錯(cuò)誤；根據(jù)磁場(chǎng)的性質(zhì)可知，通電導(dǎo)體與通電導(dǎo)體之間的相互作用是通過磁場(chǎng)發(fā)生的，故D 正確?！敬鸢浮緿15. 下列說法正確的是A. 湯姆孫通過研究陰極射線發(fā)現(xiàn)了電子，并提出了原子的“棗糕模型”B. 太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)C. 光電效應(yīng)中光電子的最大初動(dòng)能與入射光

5、的頻率成正比D.157N+!HR1；C+；He 是 a 衰變方程【解析】湯姆孫通過研究陰極射線發(fā)現(xiàn)了電子，并提出了原子的“棗糕模型”，選項(xiàng)A正確；太陽輻射的能量主要來自太陽內(nèi)部的熱核反應(yīng)，選項(xiàng)B 錯(cuò)誤；光電效應(yīng)中光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率呈線性關(guān)系，不成正比，選項(xiàng)C 錯(cuò)誤；157N+；卜 2126C+；He 是人工轉(zhuǎn)變，不是 a衰變方程，選項(xiàng) D 錯(cuò)誤。【答案】A16.無線網(wǎng)絡(luò)給人們帶來了很多方便。假設(shè)可以采用衛(wèi)星對(duì)所有用戶在任何地方提供免費(fèi)WiFi服務(wù)。已知地球半徑為R重力加速度為g,提供免費(fèi) WiFi 服務(wù)的衛(wèi)星繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)， 則下列關(guān)于該衛(wèi)星的說法正確的是A. 衛(wèi)星圍繞地球運(yùn)動(dòng)

6、的軌道越高，角速度越大B. 衛(wèi)星圍繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道越高，速度越小C. 若衛(wèi)星距離地面的高度等于地球半徑，則衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的周期為D. 衛(wèi)星的軌道可以在地球上任一經(jīng)線所在的平面內(nèi)【解析】由G mrw2,解得 3 = 實(shí)由此可知，衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道越高，即軌道半徑r越大，角速度3越小,運(yùn)動(dòng)的軌道越高，即軌道半徑r越大，速度v越小,B 正確；由扇巴mr牛2,又r= 2R, GM r . T T= 2 nA 錯(cuò)誤；由v=顯然衛(wèi)-3 -=gR,解得T= 4n、/ , C 錯(cuò)誤；由于地球自轉(zhuǎn)，經(jīng)線所在的平面不停地變化，而衛(wèi)星的軌 道平面不變，所以衛(wèi)星的軌道不可能在地球上任一經(jīng)線所在的平面內(nèi)，D 錯(cuò)誤?！?/p>

7、答案】B-4 -17如圖所示，一理想變壓器原、畐U線圈匝數(shù)之比為4： 1，原線圈兩端接入穩(wěn)定的正弦交流電源u= 220 2sin 314t(V);副線圈接有電阻R并接有理想電壓表和理想電流表。下列結(jié)論 正確的是A.電壓表讀數(shù)為 55 2 VB.若僅將副線圈匝數(shù)增加到原來的2 倍，則電流表的讀數(shù)減小到原來的一半C.若僅將R的阻值增加到原來的 2 倍，則輸入功率也增加到原來的2 倍D.若R的阻值和副線圈匝數(shù)同時(shí)增加到原來的2 倍，則輸出功率增加到原來的2 倍【解析】因?yàn)榻涣麟娫磚= 220 2sin 314t(V)，電壓表的讀數(shù)為變壓器的輸出電壓的有效值，由U1=匕得，電壓表讀數(shù)為 55 V,所以

8、選項(xiàng) A 錯(cuò)誤；若副線圈匝數(shù)增加，則U 增大，由n2U12= 3 可知，電流表示數(shù)增大，所以選項(xiàng)B 錯(cuò)誤；輸入電壓和匝數(shù)比不變，則輸出電壓不變，RU2當(dāng)負(fù)載電阻R變大時(shí)，12=，電流變小，又Pi=P=LbI2，故輸入功率也減小，所以選項(xiàng)CR錯(cuò)誤；若副線圈匝數(shù)增加到原來的2 倍，貝 y U2 增加到原來的 2 倍，同時(shí)R的阻值也增加到原U2來的 2 倍，故輸出功率-變?yōu)樵瓉淼?2 倍，所以選項(xiàng) D 正確。R【答案】D18.如圖甲所示，輕質(zhì)彈簧豎直放置，下端固定在水平地面上。一質(zhì)量為 簧上方且離地高度為h1的A點(diǎn)由靜止釋放，小物塊下落過程中的動(dòng)能 的關(guān)系如圖乙所示，其中h2h1段圖線為直線。已知重

9、力加速度為是A.當(dāng)小物塊離地高度為h2時(shí)，小物塊的加速度恰好為零m的小物塊從輕彈&隨離地高度h變化g,則以下判斷中正確的B.當(dāng)小物塊離地高度為C.小物塊從離地高度為D.小物塊從離地高度為h1處下落到離地高度為h4處的過程中，其減少的重力勢(shì)能恰好等-5 -h3時(shí)，小物塊的動(dòng)能最大，此時(shí)彈簧恰好處于原長狀態(tài)h2處下落到離地高度為h3處的過程中，彈簧的彈性勢(shì)能增加了mg h2-h3) 于彈簧增加的彈性勢(shì)能【解析】由題意可知，當(dāng)小物塊離地高度為h2時(shí)，小物塊剛好開始接觸彈簧，此時(shí)小物塊只受到重力作用， 故此時(shí)的加速度大小為重力加速度g,A 錯(cuò)誤；當(dāng)小物塊離地高度為h3時(shí),由題圖乙可知小物塊的動(dòng)

10、能達(dá)到最大，小物塊的速度達(dá)到最大，此時(shí)有mg= kx，彈簧的壓縮量為x=h2h3, B 錯(cuò)誤；小物塊從離地高度為h2處下落到離地高度為h3處的過程中，重 力勢(shì)能減少了mgh2h3),由能量守恒定律可知， 小物塊減少的重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為小物塊增加的 動(dòng)能和彈簧增加的彈性勢(shì)能，即彈簧增加的彈性勢(shì)能 & =mgh2h3) (ELi，隨著加速度增大，彈簧變長，重力勢(shì)能一直減??；當(dāng)木塊恰好要離開斜面時(shí)，彈簧長度L3=LO+x3=LO+kS 化；當(dāng)木塊離開斜面穩(wěn)定時(shí)，設(shè)彈簧與水平方向的夾角為a，aV0,mama有=kx4,mg= maan a ,隨著a增大，a減小，彈簧長度L4=LO+X4=LO+si

11、n aksi n a*mgmg所以LsL4, D 正確。因?yàn)閔s=l_3sin 0 =Losin0+,h4=LQna =Losina+1，h4”“24. （12 分）M=2 kg 的帶有弧形軌道的平臺(tái)置于足夠長的水平軌道上，弧形軌道與水平軌道平滑連接，水平軌道上靜置一小球B。從弧形軌道上距離水平軌道高h(yuǎn)= 0.3 m 處由靜止釋放一質(zhì)量mA= 1 kg 的小球A,小球A沿軌道下滑后與小球B發(fā)生彈性正碰，碰后小球被彈回，且恰好追不上平臺(tái)。已知所有接觸面均光滑，重力加速度為2取 10 m/s ）g。求小球B的質(zhì)量。(g【解析】設(shè)小球 A 下滑到水平軌道上時(shí)的速度大小為V1，平臺(tái)水平速度大小為V,由

12、動(dòng)量守恒定律有 0 =mviMv由能量守恒定律有mgh= 決2+如2聯(lián)立解得V1= 2 m/s ,v= 1 m/s小球AB碰后運(yùn)動(dòng)方向相反，設(shè)小球AB的速度大小分別為V1和V2。由于碰后小球A被彈回，且恰好追不上平臺(tái)，則此時(shí)小球A的速度等于平臺(tái)的速度，有1 m/s由動(dòng)量守恒定律得mv1=mv1+mv2121212由能量守恒定律有 gmw= mvr+ mvz聯(lián)立解得m= 3 kg?！敬鸢浮? kg25. （20 分）如圖所示，某空間中有四個(gè)方向垂直于紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相同、 半徑均為R的圓-13 -形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域 1、2、3、4。其中 1 與 4 相切，2 相切于 1 和 3,3 相切于

13、2 和 4,且第 1 個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域和第 4 個(gè)磁場(chǎng)區(qū)域的豎直方向的直徑在一條直線上。一質(zhì)量為m帶電荷量為一q的粒子，靜止置于電勢(shì)差為U)的帶電平行板(豎直放置)形成的電場(chǎng)中(初始位置在負(fù)極板附近)，經(jīng)過電場(chǎng)加速后，從第1 個(gè)磁場(chǎng)的最左端水平進(jìn)入，并從第3 個(gè)磁場(chǎng)的最下端豎直穿出。已知 tan 22.5 = 0.4，不計(jì)帶電粒子的重力。rKKXKIXKNXXNKKXM.D：XXXXXR X X X Xt X X X X Mr* XxKM/探i /M X X X V XM：X X X Av/? /U的帶電平行板(水平放置，其小孔解得v=2qUm。不能按原路返回，因?yàn)榱Ｗ舆M(jìn)入第3 個(gè)磁場(chǎng)下的電場(chǎng)后，向

14、下減速至速度為零，然后-14 -1 2,X X X /XXX1J X X K X X XX X ”.X X X X 3XXX xl-n 1 XX XXX X 1 ”2廠*xr X X XK KX XXKX XX X7 X X X X /凈普KX X K X X QX X X i JXX /X X X ：X X X Lq；+22.5甲 X XX xXX /41X K X X4X X XXzX /根據(jù)洛倫茲力提供向心力得-15 -（4）該帶電粒子在四個(gè)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，如圖乙所示，由幾何關(guān)系知其軌道半徑只/2能是R,根據(jù)洛倫茲力提供向心力得qvB=rm-R-（二）選考題：共 45 分。請(qǐng)考生從

15、 2 道物理題、2 道化學(xué)題、2 道生物題中每科任選一題作 答。如果多做，則每科按所做的第一題計(jì)分。33.物理一一選修 3 - 3 （15 分）（1）（5_ 分）下列說法中正確的是。A. 氣體壓強(qiáng)的大小和單位體積內(nèi)的分子數(shù)及氣體分子的平均動(dòng)能都有關(guān)B. 布朗運(yùn)動(dòng)是液體分子的運(yùn)動(dòng)，說明液體分子永不停息地做無規(guī)則熱運(yùn)動(dòng)C. 熱力學(xué)第二定律的開爾文表述：不可能從單一熱庫吸收熱量，使之完全變成功，而不 產(chǎn)生其他影響D. 水黽可以停在水面上是因?yàn)橐后w具有表面張力E. 溫度升高，物體所有分子的動(dòng)能都增大（2）（10 分）一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A變化到狀態(tài)B再變化到狀態(tài)C,其p-V圖像如圖所示。已知該氣體

16、在狀態(tài)A時(shí)的溫度為 27 C,求：（i ）該氣體在狀態(tài)B和C時(shí)的溫度分別為多少 K?（ii）該氣體從狀態(tài)A經(jīng)B再到C的全過程中是吸熱還是放熱？傳遞的熱量是多少？【解析】（1）氣體的壓強(qiáng)與單位體積內(nèi)的分子數(shù)及氣體分子的平均動(dòng)能都有關(guān)，故 A 正確;布朗運(yùn)動(dòng)指懸浮在液體中的固體微粒所做的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)，布朗運(yùn)動(dòng)反映的是液體分子的無規(guī) 則運(yùn)動(dòng)，故 B錯(cuò)誤；熱力學(xué)第二定律的開爾文表述：不可能從單一熱庫吸收熱量，使之完全 變成功，而不產(chǎn)生其他影響，C 正確；因?yàn)橐后w具有表面張力，水黽才能無拘無束地在水面上【答案】Iql0m見解析（3） 5R2ml寸2解得 B=解得v= IIql0m。|5-16 -行走自如，

17、故 D 正確；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高，并不是物體所有分子的動(dòng)能-17 -都增大，故 E 錯(cuò)誤。(2)( i )對(duì)一定質(zhì)量的理想氣體由圖像可知，L B為等容變化,由查理定律得：pA=pBTATB即代入數(shù)據(jù)得：TB=600 KATC由理想氣體狀態(tài)方程得：pAVApCV：TATC代入數(shù)據(jù)得：TC=300 K。(ii )從A到C氣體體積減小，外界對(duì)氣體做正功，由p-V圖線與橫軸所圍成的面積可得:WPB+PCJw= 1 000 J由于TA=TC,該氣體在狀態(tài)A和狀態(tài)C內(nèi)能相等，有：U= 0由熱力學(xué)第一定律有：U=WvQ可得：Q=- 1 000 J，即氣體向外界放出熱量，傳遞的熱量為 1 00

18、0 J。【答案】(1)ACD (2)( i )600 K 300 K ( ii)放熱 1 000 J34.物理一一選修 3 - 4 (15 分)(1)(5 分)圖 為一列簡(jiǎn)諧橫波在t= 0.10 s 時(shí)刻的波形圖，P是平衡位置在x= 1.0 mE.質(zhì)點(diǎn)Q簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為y= 0.10 sin 10 nt(國際單位)(2)(10 分)一厚度為h的大平板玻璃水平放置，其下表面貼有一半徑為r的圓形發(fā)光面。在玻璃板上表面放置一半徑為R的圓紙片，圓紙片的中心與圓形發(fā)光面的中心在同一豎直線上。已知圓紙片恰好能完全遮擋住從圓形發(fā)光面發(fā)出的光線(不考慮反射)，求平板玻璃的折射率。處的質(zhì)點(diǎn),Q是平衡位置在x= 4.0 m 處的質(zhì)點(diǎn)；圖(b)為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖像,F列說法正確的A. 在t= 0.10 sB. 在t= 0.25 sC.從t= 0.10 sD.從t= 0.10 s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)Q向y軸正方向運(yùn)動(dòng)時(shí)，質(zhì)點(diǎn)P的y軸正方向相同到t= 0.25 s，該波沿x軸負(fù)方向傳播了到t= 0.25 s，質(zhì)點(diǎn)P通過的路程為30 cm(a)-18 -【解析