1、2015年06月21日1328782980的高中物理組卷一選擇題（共24小題）1（2013海南）關(guān)于物體所受合外力的方向，下列說法正確的是（）A物體做速率逐漸增加的直線運動時，其所受合外力的方向一定與速度方向相同B物體做變速率曲線運動時，其所受合外力的方向一定改變C物體做變速率圓周運動時，其所受合外力的方向一定指向圓心D物體做勻速率曲線運動時，其所受合外力的方向總是與速度方向垂直2（2012荊州區(qū)校級模擬）小河寬為d，河水中各點水流速度的大小與各點到較近河岸邊的距離成正比，v=kx，k=，x是各點到近岸的距離若小船在靜水中的速度為v0，小船的船頭垂直河岸渡河，則下列說法中正確的是（）A小船渡河

2、的軌跡為直線B小船渡河的時間為C此種方式渡河所用的時間最短D小船到達離河對岸處，船的渡河速度為2v03（2012珠海校級模擬）氫原子中的電子繞原子核做勻速圓周運動和人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動比較（）A電子可以在大于基態(tài)軌道半徑的任意圓軌道上運動，衛(wèi)星也可以在大于地球半徑的任意圓軌道上運動B軌道半徑越大，線速度都越大C軌道半徑越大，周期都越大D軌道半徑越大，能量都越小4（2012建德市校級模擬）如圖，在同一豎直平面內(nèi)有兩個正對著的半圓形光滑軌道，軌道的半徑都是R軌道端點所在的水平線相隔一定的距離x一質(zhì)量為m的小球能在其間運動而不脫離軌道，經(jīng)過最低點B時的速度為v小球在最低點B與最高點A對軌道的

3、壓力之差為F（F0）不計空氣阻力則（）Am、x一定時，R越大，F(xiàn)一定越大Bm、x、R一定時，v越大，F(xiàn)一定越大Cm、R一定時，x越大，F(xiàn)一定越大Dm、R、x一定時，F(xiàn)與v的大小無關(guān)5（2011潤州區(qū)校級模擬）某同學(xué)對著墻壁練習(xí)打網(wǎng)球，假定球在墻面以25m/s的速度沿水平方向反彈，落地點到墻面的距離在10m至15m之間忽略空氣阻力，取g=10m/s2球在墻面上反彈點的高度范圍是（）A0.8m至1.8mB0.8m至1.6mC1.0m至1.6mD1.0m至1.8m6（2011高州市校級模擬）甲、乙兩人在一幢樓房的三樓窗口比賽擲壘球，他們都盡力沿水平方向拋出同樣的壘球，不計空氣阻力，甲擲的水平距離正好

4、是乙的兩倍若乙想水平擲出相當(dāng)于甲在三樓窗口擲出的距離，則乙應(yīng)（）A在5樓窗口水平拋出B在6樓窗口水平拋出C在9樓窗口水平拋出D在12樓窗口水平拋出7（2011浦東新區(qū)模擬）如圖所示，斜面上有a、b、c、d 四個點，ab=bc=cd，從a點以初動能EK0水平拋出一個小球，它落在斜面上的b點，速度方向與斜面之間的夾角為若小球從 a 點以初動能2EK0水平拋出，不計空氣阻力，則下列判斷正確的是（）A小球?qū)⒙湓赾點B小球?qū)⒙湓赾下方C小球落在斜面的速度方向與斜面的夾角大于D小球落在斜面的速度方向與斜面的夾角等于8（2011廣東校級模擬）如圖所示，質(zhì)量為m、帶電量為+q的三個相同的帶電小球A、B、C，從

5、同一高度以初速度v0水平拋出（小球運動過程中，不計空氣阻力），B球處于豎直向下的勻強磁場中，C球處于垂直紙面向里的勻強電場中，它們落地的速率分別為vA、vB、vC，落地瞬間重力的瞬時功率分別為PA、PB、PC，則以下判斷正確的是（）AvA=vB=vCBvA=vBvCCPAPBPCDPA=PB=PC9（2011江漢區(qū)校級模擬）如圖所示，用一根長桿和兩個小定滑輪組合成的裝置來提升質(zhì)量為m的重物A，長桿的一端放在地上，并且通過鉸鏈連接形成轉(zhuǎn)軸，其端點恰好處于左側(cè)滑輪正下方的O點處，在桿的中點C處拴一細繩，通過兩個滑輪后掛上重物A，C點與O點的距離為l，滑輪上端B點距O點的距離為4l現(xiàn)在桿的另一端用力

6、，使其沿逆時針方向由豎直位置以角速度緩緩轉(zhuǎn)至水平位置（轉(zhuǎn)過了90角）則在此過程中，下列說法正確的是（）A重物A做勻速直線運動B重物A的速度先增大后減小，最大速度是lC繩的拉力對A所做的功為（3）mglD繩的拉力對A所做的功為（3）mgl+m2l210（2011英德市校級一模）如圖所示，一個帶正電的小球沿光滑的水平絕緣桌面向右運動，速度的方向垂直于一個水平方向的勻強磁場，小球飛離桌子邊緣落到地板上設(shè)其飛行時間為t1，水平射程為s1，落地速率為v1撤去磁場，其余條件不變時，小球飛行時間為t2，水平射程為s2，落地速率為v2，則（）At1t2Bs1s2Cs1s2Dv1v211（2011高州市校級模擬

7、）如圖所示，小球用細繩懸掛于O點，在O點正下方有一固定的釘子C，把小球拉到水平位置后無初速釋放，當(dāng)細線轉(zhuǎn)到豎直位置時有一定大小的速度，與釘子C相碰的前后瞬間（）A小球的線速度變大B小球的向心加速度不變C小球的向心加速度突然增大D繩中張力突然增大12（2011江西校級二模）“六十甲子”是古人發(fā)明用來計時的方法，也是一種表示自然界五行之氣循環(huán)流轉(zhuǎn)的直觀表示法某學(xué)校物理興趣小組用空心透明粗糙塑料管制作了如圖所示的豎直“60”造型兩個“0”字型圓的半徑均為R讓一質(zhì)量為m、直徑略小于管徑的小球從入口A處無初速度放入，B、C、D是軌道上的三點，E為出口，其高度低于入口A已知BC是“0”字型的一條豎直方向的

8、直徑，D點是左側(cè)“0”字型上的一點，與圓心等高，A比C高R，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，則小球在整個運動過程中，下列說法錯誤的是（）A如果是光滑小球，在D點處，塑料管的左側(cè)對小球的壓力4mgB如果是光滑小球，小球一定能從E點射出C如果是不光滑小球，且能通過C點，此處塑料管對小球的作用力小于mgD如果是不光滑小球，小球不可能停在B點13（2010浙江）宇宙飛船以周期為T繞地球作圓周運動時，由于地球遮擋陽光，會經(jīng)歷“日全食”過程，如圖所示已知地球的半徑為R，地球質(zhì)量為M，引力常量為G，地球自轉(zhuǎn)周期為T0太陽光可看作平行光，宇航員在A點測出的張角為，則（）A飛船繞地球運動的線速度為B一天內(nèi)飛船經(jīng)歷“日全食

9、”的次數(shù)為C飛船每次“日全食”過程的時間為D飛船周期為T=14（2010海淀區(qū)模擬）關(guān)于物體運動狀態(tài)與所受外力之間的關(guān)系的說法中，正確的是（）A物體的運動狀態(tài)發(fā)生變化，說明該物體的受力情況一定發(fā)生變化B物體的運動狀態(tài)保持不變，說明該物體受到的合外力一定為零C物體在做曲線運動的過程中，受到的合外力一定是恒力D物體在做圓周運動的過程中，受到的合外力一定是變力15（2010安化縣校級模擬）如圖所示為推行節(jié)水工程的轉(zhuǎn)動噴水“龍頭”，水平的噴水“龍頭”距地面高為h，其噴灌半徑為可達10h，每分鐘噴出水的質(zhì)量為m，所用的水從地下H深的井里抽取，設(shè)水以相同的速率噴出，水泵的效率為，不計空氣阻力（重力加速度為

10、g）則（）A噴水龍頭噴出水的初速度為B水泵每分鐘對水所做的功為mg（H+26h）C水泵每分鐘對水所做的功為25mghD帶動水泵的電動機的最大輸出功率為16（2009羅湖區(qū)校級模擬）如圖，ACB是一光滑的，足夠長的，固定在豎直平面內(nèi)的“”形框架，其中CA、CB邊與豎直方向的夾角分別為37和53P、Q兩個輕質(zhì)小環(huán)分別套在CA、CB上，兩根細繩的一端分別系在P、Q環(huán)上，另一端和一繩套系在一起，結(jié)點為O將質(zhì)量為m的鉤碼掛在繩套上，OP、OQ兩根細繩拉直后的長度分別用l1、l2表示，受到的拉力分別用F1和F2表示，下列說法正確的是（）A若l1=l2，則兩繩受到的拉力F1=F2B若l1=l2，則兩繩受到的

11、拉力F1F2C若l1l2，則兩繩受到的拉力F1F2D若l1l2，則兩繩受到的拉力F1=F217（2006濟南模擬）如圖所示，用一連接體一端與一小球相連，繞過O點的水平軸在豎直平面內(nèi)做圓周運動，設(shè)軌道半徑為r，圖中P、Q兩點分別表示小球軌道的最高點和最低點，則以下說法正確的是（）A若連接體是輕質(zhì)細繩時，小球到達P點的速度可以為零B若連接體是輕質(zhì)細桿時，小球到達P點的速度可以為零C若連接體是輕質(zhì)細繩時，小球在P點受到細繩的拉力可能為零D若連接體是輕質(zhì)細桿時，小球在P點受到細桿的作用力為拉力，在Q點受到細桿的作用力為推力18（2015嘉峪關(guān)校級三模）如圖所示，一輛有四分之一圓弧的小車停在不光滑的水平

12、地面上，質(zhì)量為m的小球從靜止開始由車的頂端無摩擦滑下，且小車始終保持靜止?fàn)顟B(tài)，地面對小車的靜摩擦力最大值是（）ABCmgD19（2014春鞍山期末）如圖所示，一固定斜面傾角為30，一質(zhì)量為m的小物塊自斜面底端以一定的初速度沿斜面向上做勻減速運動，加速度大小等于重力加速度的大小g物塊上升的最大高度為H，則此過程中，物塊的（）A動能損失了2mgHB動能損失了mgHC機械能損失了mgHD機械能損失了20（2014濟寧二模）如圖所示，輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P栓接，另一端與物體A相連，物體A靜止于光滑水平桌面上，A右端連接一細線，細線繞過光滑的定滑輪與物體B相連開始時用手托住B，讓細線恰好伸直，然

13、后由靜止釋放B，直至B獲得最大速度下列有關(guān)該過程的分析正確的是（）AB物體受到繩的拉力保持不變BB物體機械能的減少量小于彈簧彈性勢能的增加量CA物體動能的增量等于B物體重力做功與彈簧對A的彈力做功之和DA物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機械能的增加量等于細線拉力對A做的功21（2014江西一模）內(nèi)壁光滑的環(huán)形凹槽半徑為R，固定在豎直平面內(nèi)，一根長度為R的輕桿，一端固定有質(zhì)量為m的小球甲，另一端固定有質(zhì)量為2m的小球乙，將兩小球放入凹槽內(nèi)，小球乙位于凹槽的最低點，如圖所示由靜止釋放后（）A下滑過程中甲球減少的機械能總等于乙球增加的機械能B下滑過程中甲球減少的重力勢能總等于乙球增加的重力勢能C甲球可沿凹槽下

14、滑到槽的最低點D桿從右向左滑回時，乙球一定能回到凹槽的最低點22（2014春常州期末）以恒定的功率P行駛的汽車以初速度v0沖上傾角一定的斜坡，設(shè)受到的阻力（不包括汽車所受重力的沿斜面向下的分力）恒定不變，則汽車上坡過程中的vt圖象可能是圖1中的哪一個（）ABCD23（2013江蘇）如圖所示，水平桌面上的輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端與小物塊相連彈簧處于自然長度時物塊位于O點（圖中未標(biāo)出）物塊的質(zhì)量為m，AB=a，物塊與桌面間的動摩擦因數(shù)為現(xiàn)用水平向右的力將物塊從O點拉至A點，拉力做的功為W撤去拉力后物塊由靜止向左運動，經(jīng)O點到達B點時速度為零重力加速度為g 則上述過程中（）A物塊在A點時，彈簧的彈性

15、勢能等于WmgaB物塊在B點時，彈簧的彈性勢能小于WmgaC經(jīng)O點時，物塊的動能小于WmgaD物塊動能最大時彈簧的彈性勢能小于物塊在B點時彈簧的彈性勢能24（2013江都市校級學(xué)業(yè)考試）如圖所示，由電動機帶動的水平傳送帶以速度為v=2.0m/s勻速運行，A端上方靠近傳送帶料斗中裝有煤，打開閥門，煤以流量為Q=50kg/s落到傳送帶上，煤與傳送帶達共同速度后被運至B端，在運送煤的過程中，下列說法正確的是（）A電動機應(yīng)增加的功率為100WB電動機應(yīng)增加的功率為200WC在一分鐘內(nèi)因煤與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱為6.0103JD在一分鐘內(nèi)因煤與傳送帶摩擦產(chǎn)生的熱為1.2104J二填空題（共2小題）25（2

16、011高州市校級模擬）在研究平拋物體運動的實驗中，用一張印有小方格的紙來記錄軌跡，小方格的邊長L=1.25cm，若小球在平拋運動途中的幾個位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球平拋初速度的為V0=m/s（g=10m/s2），到達b點時的瞬時速度大小為Vb=m/s（保留兩位有效數(shù)字）26（2011奎文區(qū)校級模擬）某學(xué)生在做研究平拋運動的實驗中，忘記小球（做平拋運動的起點位置O，他只得到如圖所示的一段軌跡，建立圖示坐標(biāo)系xOy（其中x、y軸方向準(zhǔn)確），g=10m/s2，則該物體做平拋運動的初速度為m/s小球的拋出點的橫坐標(biāo)X=，縱坐標(biāo)Y=三解答題（共4小題）27（2013重慶）在一種新的“子母球”

17、表演中，讓同一豎直線上的小球A和小球B，從距水平地面高度為ph（p1）和h的地方同時由靜止釋放，如題9圖所示球A的質(zhì)量為m，球B的質(zhì)量為3m設(shè)所有碰撞都是彈性碰撞，重力加速度大小為g，忽略球的直徑、空氣阻力及碰撞時間（1）求球B第一次落地時球A的速度大?。唬?）若球B在第一次上升過程中就能與球A相碰，求p的取值范圍；（3）在（2）情形下，要使球A第一次碰后能到達比其釋放點更高的位置，求p應(yīng)滿足的條件28（2012重慶模擬）如圖所示，水平地面上方被豎直線MN分隔成兩部分，M點左側(cè)地面粗糙，動摩擦因數(shù)為=0.5，右側(cè)光滑MN右側(cè)空間有一范圍足夠大的勻強電場在O點用長為R=5m的輕質(zhì)絕緣細繩，拴一個

18、質(zhì)量mA=0.04kg，帶電量為q=+2104的小球A，在豎直平面內(nèi)以v=10m/s的速度做順時針勻速圓周運動，運動到最低點時與地面剛好不接觸處于原長的彈簧左端連在墻上，右端與不帶電的小球B接觸但不粘連，B球的質(zhì)量mB=0.02kg，此時B球剛好位于M點現(xiàn)用水平向左的推力將B球緩慢推至P點（彈簧仍在彈性限度內(nèi)），MP之間的距離為L=10cm，推力所做的功是W=0.27J，當(dāng)撤去推力后，B球沿地面右滑恰好能和A球在最低點處發(fā)生正碰，并瞬間成為一個整體C（A、B、C均可視為質(zhì)點），碰后瞬間立即把勻強電場的場強大小變?yōu)镋=6103N/C，電場方向不變（取g=10m/s2）求：（1）A、B兩球在碰前勻

19、強電場的大小和方向（2）碰撞后整體C的速度（3）整體C運動到最高點時繩的拉力大小29（2012利州區(qū)校級一模）如圖所示，AB是傾角為的粗糙直軌道，BCD是光滑的圓弧軌道，AB恰好在B點與圓弧相切，圓弧的半徑為R一個質(zhì)量為m的物體（可以看作質(zhì)點）從直軌道上的P點由靜止釋放，結(jié)果它能在兩軌道間做往返運動已知P點與圓弧的圓心O等高，物體與軌道AB間的動摩擦因數(shù)為求：（1）物體做往返運動的整個過程中在AB軌道上通過的總路程；（2）最終當(dāng)物體通過圓弧軌道最低點E時，對圓弧軌道的壓力；（3）為使物體能順利到達圓弧軌道的最高點D，釋放點距B點的距離L應(yīng)滿足什么條件？30（2011崇川區(qū)校級模擬）如圖所示，一

20、個光滑的圓錐體固定在水平桌面上，其軸線沿豎直方向，母線與軸線的夾角=30，一條長為l的繩，一端固定在圓錐體的頂點O，另一端系一個質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點），小球以角速度繞圓錐體的軸線在水平面內(nèi)做勻速圓周運動試分析：（1）小球以角速度=轉(zhuǎn)動時，繩子的拉力和圓錐體對小球的支持力；（2）小球以角速度=轉(zhuǎn)動時，繩子的拉力和圓錐體對小球的支持力2015年06月21日1328782980的高中物理組卷參考答案與試題解析一選擇題（共24小題）1（2013海南）關(guān)于物體所受合外力的方向，下列說法正確的是（）A物體做速率逐漸增加的直線運動時，其所受合外力的方向一定與速度方向相同B物體做變速率曲線運動時，其所受

21、合外力的方向一定改變C物體做變速率圓周運動時，其所受合外力的方向一定指向圓心D物體做勻速率曲線運動時，其所受合外力的方向總是與速度方向垂直考點：物體做曲線運動的條件菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：物體做曲線運動條件專題分析：勻加速運動中，加速度方向與速度方向相同；勻減速運動中，速度方向可正可負，但二者方向必相反；加速度的正負與速度正方向的選取有關(guān)解答：解：A、合力的方向與加速度方向相同，與速度的方向和位移的方向無直接關(guān)系，當(dāng)物體做加速運動時，加速度方向與速度方向相同；當(dāng)物體做減速運動時，加速度的方向與速度的方向相反，故A正確，B、物體做變速率曲線運動時，其所受合外力的方向不一定改變，比如：平拋運動，故B錯

22、誤C、物體做勻速圓周運動時，其所受合外力的方向一定指向圓心，若非勻速圓周運動，則合外力一定不指向圓心，故C錯誤D、物體做勻速率曲線運動時，速度的大小不變，所以其所受合外力始終指向圓心，則其的方向總是與速度方向垂直，故D正確，故選：AD點評：物體做加速還是減速運動，不是簡單地看加速度的正負，應(yīng)該看兩者方向間的關(guān)系，還可以用牛頓第二定律理解2（2012荊州區(qū)校級模擬）小河寬為d，河水中各點水流速度的大小與各點到較近河岸邊的距離成正比，v=kx，k=，x是各點到近岸的距離若小船在靜水中的速度為v0，小船的船頭垂直河岸渡河，則下列說法中正確的是（）A小船渡河的軌跡為直線B小船渡河的時間為C此種方式渡河

23、所用的時間最短D小船到達離河對岸處，船的渡河速度為2v0考點：運動的合成和分解菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；運動的合成和分解專題分析：將小船的運動分解為沿船頭指向和順?biāo)鞣较虻膬蓚€分運動，兩個分運動同時發(fā)生，互不干擾，與合運動相等效根據(jù)運動的合成來確定初速度與加速度的方向關(guān)系，從而確定來小船的運動軌跡；小船垂直河岸渡河時間最短，由位移與速度的比值來確定運動的時間；由水流速度的大小與各點到較近河岸邊的距離成正比，來確定水流的速度，再由小船在靜水中的運動速度，從而確定小船的渡河速度解答：解：A、小船的速度為沿船頭指向和順?biāo)鞣较虻膬蓚€分運動的分速度的矢量和，而兩個分速度垂直，故當(dāng)順?biāo)鞣较虻姆炙俣茸?/p>

24、大時，合速度最大，合速度的方向隨順?biāo)鞣较虻姆炙俣鹊淖兓兓?，故小船到達河中心時速度最大，且運動軌跡為曲線，故A錯誤，B、將小船的運動分解為沿船頭指向和順?biāo)鞣较虻膬蓚€分運動，兩個分運動同時發(fā)生，互不干擾，故渡河時間與順?biāo)鞣较虻姆诌\動無關(guān)，當(dāng)船頭與河岸垂直時，沿船頭方向的分運動的分位移最小，故渡河時間最短，最短時間為，故B正確，C也正確；D、小船到達離河對岸處，則水流速度為，而小船在靜水中的速度為v0，所以船的渡河速度為，故D錯誤；故選BC點評：本題關(guān)鍵是當(dāng)船頭與河岸垂直時，渡河時間最短，同時合速度與分速度遵循平行四邊形定則，同時注意v=kx公式中的x的含義3（2012珠海校級模擬）氫原子

25、中的電子繞原子核做勻速圓周運動和人造衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運動比較（）A電子可以在大于基態(tài)軌道半徑的任意圓軌道上運動，衛(wèi)星也可以在大于地球半徑的任意圓軌道上運動B軌道半徑越大，線速度都越大C軌道半徑越大，周期都越大D軌道半徑越大，能量都越小考點：勻速圓周運動菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；勻速圓周運動專題分析：氫原子中的電子繞原子核做勻速圓周運動有固定的軌道，不是任意軌道，電子繞核運動時，半徑增大，電場力做負功，電勢能增大，動能減小；根據(jù)庫侖力提供向心力可分析周期的變化和衛(wèi)星繞地球運動類似根據(jù)萬有引力提供向心力公式即可求解；解答：解：A、氫原子中的電子繞原子核做勻速圓周運動有固定的軌道，不是任意軌道

26、，故A錯誤；B、根據(jù)庫侖力提供向心力得：，解得：v=，根據(jù)G解得：v=，所以軌道半徑越大，線速度都越減小，故B錯誤；C、根據(jù)庫侖力提供向心力得：，和G，可知軌道半徑越大，周期都越大，故C正確；D、氫原子核外電子從半徑較小的軌道躍遷到半徑較大的軌道時，庫侖力對電子做負功，所以動能變小，電勢能變大（動能轉(zhuǎn)為電勢能），因為吸收了光子，總能量變大，故D錯誤故選C點評：電子繞核運動的規(guī)律和衛(wèi)星繞地球運動規(guī)律類似，在學(xué)習(xí)時可以類比進行學(xué)習(xí)，加強理解4（2012建德市校級模擬）如圖，在同一豎直平面內(nèi)有兩個正對著的半圓形光滑軌道，軌道的半徑都是R軌道端點所在的水平線相隔一定的距離x一質(zhì)量為m的小球能在其間運動

27、而不脫離軌道，經(jīng)過最低點B時的速度為v小球在最低點B與最高點A對軌道的壓力之差為F（F0）不計空氣阻力則（）Am、x一定時，R越大，F(xiàn)一定越大Bm、x、R一定時，v越大，F(xiàn)一定越大Cm、R一定時，x越大，F(xiàn)一定越大Dm、R、x一定時，F(xiàn)與v的大小無關(guān)考點：向心力；牛頓第二定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；牛頓第二定律在圓周運動中的應(yīng)用分析：小球在最高點和最低點靠合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律、結(jié)合機械能守恒定律求出最低點和最高點軌道對小球的彈力，從而得出壓力之差的表達式，從而得出壓力差與什么量有關(guān)系解答：解：在最低點B，有，則根據(jù)機械能守恒定律得，在最高點A有：，解得所以=A、m、x一定時，R

28、越大，F(xiàn)一定越小故A錯誤B、m、x、R一定時，v越大，F(xiàn)不變故B錯誤C、m、R一定時，x越大，F(xiàn)一定越大故C正確D、m、R、x一定時，F(xiàn)與v的大小無關(guān)故D正確故選CD點評：本題綜合考查了牛頓第二定律和機械能守恒定律，關(guān)鍵搞清向心力的來源，知道最高點速度和最低點速度的關(guān)系5（2011潤州區(qū)校級模擬）某同學(xué)對著墻壁練習(xí)打網(wǎng)球，假定球在墻面以25m/s的速度沿水平方向反彈，落地點到墻面的距離在10m至15m之間忽略空氣阻力，取g=10m/s2球在墻面上反彈點的高度范圍是（）A0.8m至1.8mB0.8m至1.6mC1.0m至1.6mD1.0m至1.8m考點：平拋運動菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題分析：球

29、沿水平方向反彈，所以反彈后的球做的是平拋運動，根據(jù)平拋運動的規(guī)律，水平方向上的勻速直線運動，和豎直方向上的自由落體運動，列方程求解即可解答：解：球做平拋運動，在水平方向上：x=V0t 由初速度是25m/s，水平位移是10m至15m之間，所以球的運動的時間是0.4s0.6s之間，在豎直方向上自由落體：h=gt2所以可以求得高度的范圍是0.8m至1.8m，所以A正確故選A點評：本題就是對平拋運動規(guī)律的直接考查，掌握住平拋運動的規(guī)律就能輕松解決6（2011高州市校級模擬）甲、乙兩人在一幢樓房的三樓窗口比賽擲壘球，他們都盡力沿水平方向拋出同樣的壘球，不計空氣阻力，甲擲的水平距離正好是乙的兩倍若乙想水平

30、擲出相當(dāng)于甲在三樓窗口擲出的距離，則乙應(yīng)（）A在5樓窗口水平拋出B在6樓窗口水平拋出C在9樓窗口水平拋出D在12樓窗口水平拋出考點：平拋運動菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；平拋運動專題分析：兩人在同一高度拋球，由公式x=v0t根據(jù)水平距離的關(guān)系可確定兩人的拋出初速度，要使兩人拋出水平距離相等，則s可求出各自下落的時間，再由h=從而確定乙應(yīng)有的高度解答：解：甲、乙兩人在同樣的高度，平拋小球，甲擲的水平距離正好是乙的兩倍，由于兩者下落時間相等，則由公式x=v0t可得兩者的拋出速度之比：v甲：v乙=2：1要使兩人的拋出水平距離相等，則有t甲：t乙=1：2由h=從而可得：h甲：h乙=1：4因為甲在三樓窗口

31、擲出，相當(dāng)于二層樓高，因此乙應(yīng)該在樓層高度為8，即在9樓窗口水平拋出所以只有C正確；ABD均錯誤；故選：C點評：本題考查平拋運動規(guī)律，熟練掌握運動學(xué)公式，同時注意樓層的高度7（2011浦東新區(qū)模擬）如圖所示，斜面上有a、b、c、d 四個點，ab=bc=cd，從a點以初動能EK0水平拋出一個小球，它落在斜面上的b點，速度方向與斜面之間的夾角為若小球從 a 點以初動能2EK0水平拋出，不計空氣阻力，則下列判斷正確的是（）A小球?qū)⒙湓赾點B小球?qū)⒙湓赾下方C小球落在斜面的速度方向與斜面的夾角大于D小球落在斜面的速度方向與斜面的夾角等于考點：平拋運動菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；平拋運動專題分析：A、小

32、球落在斜面上，豎直方向上的位移與水平方向位移的比值一定，即，t=，運動的時間與初速度有關(guān)，根據(jù)豎直方向上的位移公式，可得出豎直位移與初速度的關(guān)系，從而知道小球的落點C、判斷速度方向與水平方向的夾角變化，去判斷的變化解答：解：A、設(shè)斜面的傾角為，小球落在斜面上，豎直方向上的位移與水平方向位移的比值，t=，在豎直方向上的位移，當(dāng)初動能變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)，知初速度變?yōu)樵瓉淼谋?，則y變?yōu)樵瓉淼?倍，知小球落在c點故A正確，B錯誤 C、設(shè)小球落在斜面上速度與水平方向的夾角為，則，又t=，所以tan=2tan，不變，則不變，所以速度方向與斜面的夾角也不變故C錯誤，D正確故選AD點評：物體在斜面上做平拋運

33、動落在斜面上，豎直方向的位移與水平方向上的位移比值是一定值以及知道在任一時刻速度與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍8（2011廣東校級模擬）如圖所示，質(zhì)量為m、帶電量為+q的三個相同的帶電小球A、B、C，從同一高度以初速度v0水平拋出（小球運動過程中，不計空氣阻力），B球處于豎直向下的勻強磁場中，C球處于垂直紙面向里的勻強電場中，它們落地的速率分別為vA、vB、vC，落地瞬間重力的瞬時功率分別為PA、PB、PC，則以下判斷正確的是（）AvA=vB=vCBvA=vBvCCPAPBPCDPA=PB=PC考點：平拋運動；帶電粒子在勻強電場中的運動；帶電粒子在勻強磁場中的運動菁優(yōu)網(wǎng)

34、版權(quán)所有專題：壓軸題分析：由題意可知，A球只受重力做平拋運動，B球除受重力之外，還受垂直紙面向里的洛倫茲力作用，但洛倫茲力不做功，豎直方向只受重力作用，做自由落體運動，C球除受重力之外，還受垂直紙面向里的電場力作用，這兩個力都是恒力，所以C球做勻加速曲線運動，并且電場力對小球做正功再根據(jù)動能定理和瞬時功率的公式即可得出結(jié)論解答：解：根據(jù)題意可知：（1）A球只有重力做功；B球雖然還受洛倫茲力作用，但洛倫茲力不做功，也只有重力做功；C球除重力做功外，電場力對其做正功，根據(jù)動能定理可知：A、B兩球合力做的功相等，初速度又相同，所以末速度大小相等，而C球合外力做的功比AB兩球合外力做的功大，而初速度與

35、AB球相等，故C球的末速度比AB兩球大，故B正確；（2）落體時的重力的功率等于重力乘以重力方向的速度，我們只研究豎直方向，發(fā)現(xiàn)B的洛倫茲力總是垂直紙面向里，不影響重力方向，C的電場力方向也是垂直紙面向里的，對豎直方向也沒用影響，故豎直方向都做自由落體運動，高度相同，所以末速度在豎直方向的分量相同，重力又相等，根據(jù)p=mgvy可知三個球落地瞬間重力的瞬時功率相等，故D正確故選BD點評：本題是電場、磁場、重力場問題的綜合應(yīng)用，注意對物體受力情況的分析，要靈活運用運動的合成與分解，不涉及到運動過程的題目可以運用動能定理去解決，簡潔、方便該題難度較大9（2011江漢區(qū)校級模擬）如圖所示，用一根長桿和兩

36、個小定滑輪組合成的裝置來提升質(zhì)量為m的重物A，長桿的一端放在地上，并且通過鉸鏈連接形成轉(zhuǎn)軸，其端點恰好處于左側(cè)滑輪正下方的O點處，在桿的中點C處拴一細繩，通過兩個滑輪后掛上重物A，C點與O點的距離為l，滑輪上端B點距O點的距離為4l現(xiàn)在桿的另一端用力，使其沿逆時針方向由豎直位置以角速度緩緩轉(zhuǎn)至水平位置（轉(zhuǎn)過了90角）則在此過程中，下列說法正確的是（）A重物A做勻速直線運動B重物A的速度先增大后減小，最大速度是lC繩的拉力對A所做的功為（3）mglD繩的拉力對A所做的功為（3）mgl+m2l2考點：運動的合成和分解；功能關(guān)系菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；勻速圓周運動專題；功的計算專題分析：由運動的

37、合成與分解可得出重物的運動速度，則可確定出重物的運動狀態(tài)及速度的最大值；由功能的關(guān)系可確定出繩子對重物所做的功解答：解：A、設(shè)C點線速度方向與繩子沿線的夾角為（銳角）；由題知C點的線速度為L，該線速度在繩子方向上的分速度就為Lcos；的變化規(guī)律是開始最大（90）然后逐漸變小，所以，Lcos逐漸變大，直至繩子和桿垂直，變?yōu)榱悖K子的速度變?yōu)樽畲?；然后，又逐漸增大，Lcos逐漸變小，繩子的速度變慢可知重物做變速運動，故A錯誤；重物先加速，后減速，當(dāng)為零時，重物的速度最大，達到L，故B正確；拉力對重物m所做的功等于物體重力勢能的增加量和動能的增加量，物體升高的高度等于左側(cè)繩子的伸長量，由幾何關(guān)系可知

38、，h=（3）L，故重力勢能增加量為（3）mgL； 而桿轉(zhuǎn)到水平位置時，cos=，則此時速度為L；故此時動能的增加量為mv2=m2l2；因此繩子對物體A所做的功為（3）mgL+m2l2；故C錯誤，D錯誤；故選B點評：本題應(yīng)明確重物的速度來自于繩子的速度，注意在速度的分解時應(yīng)明確桿的轉(zhuǎn)動線速度為線速度，而繩伸長速度及轉(zhuǎn)動速度為分速度，再由運動的合成與分解得出合速度與分速度的關(guān)系10（2011英德市校級一模）如圖所示，一個帶正電的小球沿光滑的水平絕緣桌面向右運動，速度的方向垂直于一個水平方向的勻強磁場，小球飛離桌子邊緣落到地板上設(shè)其飛行時間為t1，水平射程為s1，落地速率為v1撤去磁場，其余條件不變

39、時，小球飛行時間為t2，水平射程為s2，落地速率為v2，則（）At1t2Bs1s2Cs1s2Dv1v2考點：運動的合成和分解；平拋運動；帶電粒子在勻強磁場中的運動菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題分析：小球在有磁場時做一般曲線運動，無磁場時做平拋運動，運用分解的思想，兩種情況下，把小球的運動速度和受力向水平方向與豎直方向分解，然后利用牛頓第二定律和運動學(xué)公式來分析判斷運動時間和水平射程；最后利用洛倫茲力不做功判斷落地的速率解答：解：A、有磁場時，小球下落過程中要受重力和洛侖茲力共同作用，重力方向豎直向下，大小方向都不變；洛侖茲力的大小和方向都隨速度的變化而變化，但在能落到地面的前提下洛侖茲力的方向跟速

40、度方向垂直，總是指向右上方某個方向，其水平分力fx水平向右，豎直分力fy豎直向上 如圖所示，豎直方向的加速度仍向下，但小于重力加速度g，從而使運動時間比撤去磁場后要長，即t1t2，所以，A選項正確B、C：小球水平方向也將加速運動，從而使水平距離比撤去磁場后要大，即s1s2，所以，B選項正確，C選項錯誤D、在有磁場，重力和洛侖茲力共同作用時，其洛侖茲力的方向每時每刻都跟速度方向垂直，不對粒子做功，不改變粒子的動能，有磁場和無磁場都只有重力作功，動能的增加是相同的有磁場和無磁場，小球落地時速度方向并不相同，但速度的大小是相等的，因此，D選項錯誤故選：A、B點評：本題關(guān)鍵運用分解的思想，把小球的運動

41、和受力分別向水平和豎直分解，然后根據(jù)選項分別選擇規(guī)律分析討論11（2011高州市校級模擬）如圖所示，小球用細繩懸掛于O點，在O點正下方有一固定的釘子C，把小球拉到水平位置后無初速釋放，當(dāng)細線轉(zhuǎn)到豎直位置時有一定大小的速度，與釘子C相碰的前后瞬間（）A小球的線速度變大B小球的向心加速度不變C小球的向心加速度突然增大D繩中張力突然增大考點：向心力；牛頓第二定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；牛頓第二定律在圓周運動中的應(yīng)用分析：由機械能守恒可知小球到達最低點的速度，小球碰到釘子后仍做圓周運動，由向心力公式可得出繩子的拉力與小球轉(zhuǎn)動半徑的關(guān)系；由圓周運動的性質(zhì)可知其線速度、角速度及向心加速度的大小關(guān)系解答

42、：解：A、小球擺下后由機械能守恒可知，mgh=mv2，因小球下降的高度相同，故小球到達最低點時的速度相同，故小球的線速度不變，故A錯誤；BC、小球的向心加速度a=，RL，故小球的向心加速度增大，故B錯誤，C正確；D、設(shè)釘子到球的距離為R，則Fmg=m故繩子的拉力F=mg+m因R小于L，故有釘子時，繩子上的拉力變大，故D正確；故選CD點評：本題中要注意細繩碰到釘子前后轉(zhuǎn)動半徑的變化，再由向心力公式分析繩子上的拉力變化12（2011江西校級二模）“六十甲子”是古人發(fā)明用來計時的方法，也是一種表示自然界五行之氣循環(huán)流轉(zhuǎn)的直觀表示法某學(xué)校物理興趣小組用空心透明粗糙塑料管制作了如圖所示的豎直“60”造型

43、兩個“0”字型圓的半徑均為R讓一質(zhì)量為m、直徑略小于管徑的小球從入口A處無初速度放入，B、C、D是軌道上的三點，E為出口，其高度低于入口A已知BC是“0”字型的一條豎直方向的直徑，D點是左側(cè)“0”字型上的一點，與圓心等高，A比C高R，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間，則小球在整個運動過程中，下列說法錯誤的是（）A如果是光滑小球，在D點處，塑料管的左側(cè)對小球的壓力4mgB如果是光滑小球，小球一定能從E點射出C如果是不光滑小球，且能通過C點，此處塑料管對小球的作用力小于mgD如果是不光滑小球，小球不可能停在B點考點：向心力；牛頓第二定律菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；牛頓第二定律在圓周運動中的應(yīng)用分析：根據(jù)動能定

44、理求出小球在某點的速度，再根據(jù)牛頓第二定律，徑向的合力提供向心力求出塑料管對球的作用力解答：解：A、若球光滑，根據(jù)動能定理得，再由牛頓第二定律得，聯(lián)立兩式解得N=4mg故A正確B、因為A點比E點高，且球光滑，根據(jù)機械能守恒，小球一定能從E點射出故B正確C、若球光滑，根據(jù)動能定理得，N+mg=，解得N=mg因為小球不光滑，到達C點的速度小于，所以塑料管對小球的作用 力小于mg故C正確D、若小球不光滑，可能不能越過C點，最終會停在B點故D錯誤本題選錯誤的，故選D點評：本題綜合運用了動能定理和牛頓第二定律，關(guān)鍵理清圓周運動向心力的來源，運用牛頓定律進行求解13（2010浙江）宇宙飛船以周期為T繞地球

45、作圓周運動時，由于地球遮擋陽光，會經(jīng)歷“日全食”過程，如圖所示已知地球的半徑為R，地球質(zhì)量為M，引力常量為G，地球自轉(zhuǎn)周期為T0太陽光可看作平行光，宇航員在A點測出的張角為，則（）A飛船繞地球運動的線速度為B一天內(nèi)飛船經(jīng)歷“日全食”的次數(shù)為C飛船每次“日全食”過程的時間為D飛船周期為T=考點：線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速；萬有引力定律及其應(yīng)用菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題分析：宇宙飛船繞地球做勻速圓周運動，由飛船的周期及半徑可求出飛船的線速度；同時由引力提供向心力的表達式，可列出周期與半徑及角度的關(guān)系當(dāng)飛船進入地球的影子后出現(xiàn)“日全食”到離開陰影后結(jié)束，所以算出在陰影里轉(zhuǎn)動的角度，即可求出發(fā)生一次“

46、日全食”的時間；由地球的自轉(zhuǎn)時間與宇宙飛船的轉(zhuǎn)動周期，可求出一天內(nèi)飛船發(fā)生“日全食”的次數(shù)解答：解：A、飛船繞地球勻速圓周運動 線速度為又由幾何關(guān)系知 故A正確；B、地球自轉(zhuǎn)一圈時間為To，飛船繞地球一圈時間為T，飛船繞一圈會有一次日全食，所以每過時間T就有一次日全食，得一天內(nèi)飛船經(jīng)歷“日全食”的次數(shù)為 故B不正確；C、由幾何關(guān)系，飛船每次“日全食”過程的時間內(nèi)飛船轉(zhuǎn)過角 所需的時間為t=；故C不正確；D、萬有引力提供向心力則故D正確；故選為AD點評：掌握勻速圓周運動中線速度、角速度及半徑的關(guān)系，同時理解萬有引力定律，并利用幾何關(guān)系得出轉(zhuǎn)動的角度14（2010海淀區(qū)模擬）關(guān)于物體運動狀態(tài)與所受

47、外力之間的關(guān)系的說法中，正確的是（）A物體的運動狀態(tài)發(fā)生變化，說明該物體的受力情況一定發(fā)生變化B物體的運動狀態(tài)保持不變，說明該物體受到的合外力一定為零C物體在做曲線運動的過程中，受到的合外力一定是恒力D物體在做圓周運動的過程中，受到的合外力一定是變力考點：曲線運動菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有分析：力是改變物體運動狀態(tài)的原因，當(dāng)物體受到的合外力為零時，物體的運動狀態(tài)保持不變，即物體處于勻速直線運動狀態(tài)或靜止?fàn)顟B(tài)；根據(jù)牛頓第二定律可知，物體加速度的方向與物體所受合外力的方向相同，但物體加速度的方向與物體速度的方向不一定相同當(dāng)物體的加速度不為0時，物體的速度一定發(fā)生變化解答：解：A、力是改變物體運動狀態(tài)的原因，故

48、當(dāng)物體的運動狀態(tài)變時，物體受到的合外力不為零，但不一定變化，故A錯誤B、物體的運動狀態(tài)保持不變，則速度不變，則沒有加速度存在，說明該物體受到的合外力一定為零，故B正確C、物體在做曲線運動的過程中，受到的合外力可以是恒力，也可以是變力，但必須存在合力，比如：平拋運動的合力不變，而勻速圓周運動的合力是變化的，故C錯誤D正確故選BD點評：物體的運動狀態(tài)即物體的速度，物體的運動狀態(tài)發(fā)生改變，即物體的速度發(fā)生改變，既包括速度大小發(fā)生改變，也包括速度的方向發(fā)生改變同時理解曲線運動的條件15（2010安化縣校級模擬）如圖所示為推行節(jié)水工程的轉(zhuǎn)動噴水“龍頭”，水平的噴水“龍頭”距地面高為h，其噴灌半徑為可達1

49、0h，每分鐘噴出水的質(zhì)量為m，所用的水從地下H深的井里抽取，設(shè)水以相同的速率噴出，水泵的效率為，不計空氣阻力（重力加速度為g）則（）A噴水龍頭噴出水的初速度為B水泵每分鐘對水所做的功為mg（H+26h）C水泵每分鐘對水所做的功為25mghD帶動水泵的電動機的最大輸出功率為考點：平拋運動菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；平拋運動專題分析：A、根據(jù)平拋運動的知識求出噴水龍頭噴出水的初速度B、根據(jù)動能定理求出水泵每分鐘對水所做的功D、電動機輸出的功，乘以水泵的效率等于水泵對水所做的功解答：解：A、h=gt2，則t=初速度v0=故A正確B、根據(jù)動能定理得，Wmg（H+h）=mv02則W=mg（H+26h）故

50、B正確C錯誤C、根據(jù)能量守恒得，P=，所以P=，故D正確故選ABD點評：本題考查了平拋運動的規(guī)律，以及要熟練運用動能定理和能量守恒定律16（2009羅湖區(qū)校級模擬）如圖，ACB是一光滑的，足夠長的，固定在豎直平面內(nèi)的“”形框架，其中CA、CB邊與豎直方向的夾角分別為37和53P、Q兩個輕質(zhì)小環(huán)分別套在CA、CB上，兩根細繩的一端分別系在P、Q環(huán)上，另一端和一繩套系在一起，結(jié)點為O將質(zhì)量為m的鉤碼掛在繩套上，OP、OQ兩根細繩拉直后的長度分別用l1、l2表示，受到的拉力分別用F1和F2表示，下列說法正確的是（）A若l1=l2，則兩繩受到的拉力F1=F2B若l1=l2，則兩繩受到的拉力F1F2C若

51、l1l2，則兩繩受到的拉力F1F2D若l1l2，則兩繩受到的拉力F1=F2考點：運動的合成和分解菁優(yōu)網(wǎng)版權(quán)所有專題：壓軸題；運動的合成和分解專題分析：P、Q是兩個輕質(zhì)小環(huán)，重力不計，當(dāng)它們平衡時所受的拉力與桿垂直，根據(jù)數(shù)學(xué)知識確定兩繩與豎直方向夾角的關(guān)系，再由平衡條件判斷兩繩拉力的關(guān)系解答：解：由題，ABC光滑，掛上重物達到平衡后，輕環(huán)P、Q所受的拉力應(yīng)分別垂直于AC、BC，否則兩環(huán)將繼續(xù)滑動由此根據(jù)幾何知識可知，兩根繩子不論長短、比例如何，它們與豎直方向的夾角都不變有F1sin53=F2sin37，則F1F2故A、B、D錯誤，C正確故選C點評：本題分析時要消除思維定勢的影響，要注意兩環(huán)重力不計的特點，同時要善于運用幾何知識確定出兩繩與豎直方向夾角之間的關(guān)系17（2006濟南模擬）如圖所示，用