1、2020屆高三物理全真模擬預(yù)測(cè)試題（二十）二、選擇題：本題共 8小題，每小題6分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得 3分，有選錯(cuò)的得0分.14、在磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B0、方向豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，水平放置一根通電長(zhǎng)直導(dǎo)線 ，電流的方向垂直于紙 面向里。如圖所示，a、b、c、d是以直導(dǎo)線為圓心的同一圓周上的四點(diǎn)，在這四點(diǎn)中（）A.c、d兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等B.a、b兩點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等C.c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的值最小D.b點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的值最大【答案】C【解析】通電直導(dǎo)線在 c點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度方向與 Bo的

2、方向相反，b、d兩點(diǎn)的電流磁場(chǎng)與 Bo垂直,a 點(diǎn)電流磁場(chǎng)與Bo同向油磁場(chǎng)的疊加知c點(diǎn)的合磁感應(yīng)強(qiáng)度最小。15.利用圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置觀測(cè)光電效應(yīng)，已知實(shí)驗(yàn)中測(cè)得某種金屬的遏止電壓Uc與入射頻率Y之間的關(guān)系如圖乙所示，電子的電荷量為e=1.6M。19 C,則（） e 1、&_.A.普朗克常量為7TB.該金屬的逸出功為 eU1U1C.電源的右端為正極D.若電流表的示數(shù)為 10仆 則每秒內(nèi)從陰極發(fā)出的光電子數(shù)的最小值為6.25 1012【答案】B【解析】由愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程可知，Uc=2 W0,知題圖乙圖線的斜率 5 = h,則普朗e eMe克常量卜=外，該金屬的逸出功為 Wo=hM=e

3、U1, A錯(cuò)誤，B正確；電源左端為正極，右端為負(fù)極，C錯(cuò)誤；每秒內(nèi)發(fā)出的光電子的電荷量為 q=It= 10X10 6X1 C= 10 5 C,而n =：故每秒內(nèi)至少發(fā)出 6.25 M013 個(gè)光電子，D錯(cuò)誤.16. （2019陜西省渭南市第三次模擬）如圖3所示的電路中，變壓器為理想變壓器，開(kāi)關(guān) S閉合，交流電源 1電壓恒定，電阻 Ri=R2,通過(guò)R1的電流與通過(guò) R3的電流相等，R1兩端的電壓為電源總電壓的 7,則若斷開(kāi) 開(kāi)關(guān)S, Ri與R3的電功率之比為（）A . 1 ： 3【答案】D【解析】變壓器輸入端的電壓為1流為 I3,貝U： Ur= 7UB. 1 ： 9C. 2 ： 9 D. 1 ：

4、 18開(kāi)關(guān)S閉合時(shí)，設(shè)電源的電壓為 U,變壓器的匝數(shù)比為 n; R1兩端的電壓為 Ur,U1,輸出端的電壓為 U2；原線圈上的電流為I1 ,流過(guò)R2的電流為 流過(guò)R3的電16U1U1U1=U Ur= U-7U = 7U由于：U2=n,所以：U2=|2+ I3由歐姆定律得：I-RTR? I2=/黑2 =謂由題：I1=I3由電流關(guān)系可得:U2 1 c聯(lián)乂可信：n=3, R3= =2R1右斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S,則：I1 = =3由功率的表達(dá)式：P = I RI 33P1 IL 1聯(lián)立可得R1與R3的電功率之比為：產(chǎn)即=七，故A、B、C錯(cuò)誤，D正確.P3 I3 R31817. （2019河北省 名校聯(lián)盟”質(zhì)量監(jiān)

5、測(cè)一）如圖4所示，輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P拴接，另一端與物體A相連，物體A靜止于光滑水平桌面上，A右端連接一細(xì)線，細(xì)線繞過(guò)光滑的輕質(zhì)定滑輪與物體B相連.開(kāi)始時(shí)用手托住 B,讓細(xì)線恰好伸直，然后由靜止釋放B,直至B獲得最大速度，不計(jì)空氣阻力.下列有關(guān)該過(guò)程的分析正確的是 （）A .釋放B的瞬間其加速度為2B. B物體動(dòng)能的增量等于它所受重力與拉力做功之和C . B物體機(jī)械能的減少量等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量D.細(xì)線的拉力對(duì)A做的功等于A物體機(jī)械能的增加量【答案】 B【解析】 釋放B瞬間彈簧長(zhǎng)度來(lái)不及改變， B的加速度不一定為 m，A錯(cuò)誤；對(duì)B分析，受 到重力和拉力作用，根據(jù)動(dòng)能定理可知 Wg

6、 + Wf= AEk, B正確；根據(jù)能量守恒定律可知 B物體機(jī)械能的減 少量等于彈簧彈性勢(shì)能的增加量與 A物體的動(dòng)能增加量之和， C錯(cuò)誤；細(xì)線對(duì) A的拉力與彈簧對(duì) A的拉力 做功之和等于 A物體機(jī)械能的增加量， D錯(cuò)誤.18. （2019青海省西寧市二模）如圖5所示，某人從同一位置 。以不同的水平速度投出三枚飛鏢A、B、C,最后都插在豎直墻壁上，它們與墻面的夾角分別為60。、45。、30。，圖中飛鏢的方向可認(rèn)為是擊中墻面時(shí)的速度方向，不計(jì)空氣阻力，則下列說(shuō)法正確的是（）A .三只飛鏢做平拋運(yùn)動(dòng)的初速度一定滿足VA0>VB0>VC0B .三只飛鏢擊中墻面的速度滿足VA>VB&g

7、t;VCC .三只飛鏢擊中墻面的速度一定滿足VA = VB = VCD.插在墻上的三只飛鏢的反向延長(zhǎng)線不會(huì)交于同一點(diǎn)【答案】A【解析】設(shè)水平距離為s,飛鏢的初速度為 vo,擊中墻面的速度為 v,速度與豎直方向的夾2角為0,則tan = = , s=vot,聯(lián)立解得 s=_T由于從同一位置O拋出，s相同，所以有vy gt'gtan 0va0>vb0>vc0,故A正確；擊中墻面的速度為v= s=噪口 = sin gCOs 9 = >需，則有VB<VA= VC故B、C錯(cuò)誤；根據(jù)任意時(shí)刻速度的反向延長(zhǎng)線一定經(jīng)過(guò)此時(shí)沿拋出方向水平位移的中點(diǎn)可知，插在墻上的三只飛鏢的反向延

8、長(zhǎng)線一定交于同一點(diǎn)，故D錯(cuò)誤.19. （2019貴州省貴陽(yáng)市5月適應(yīng)性考試二）如圖6所示，一導(dǎo)線彎成半徑為 r的半圓形閉合線框.豎直虛線MN右側(cè)有垂直線框所在平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B.線框以垂直虛線 MN、大小為v的速度向右勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，直徑 CD始終與MN垂直.從D點(diǎn)進(jìn)入到線框完全進(jìn)入磁場(chǎng)過(guò)程，下列說(shuō)法正確的是（）A. CD段導(dǎo)線始終不受安培力C.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的最大值為BrvB.感應(yīng)電流的大小和方向不變1 _D.感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的平均值為" uBrv【答案】CD【解析】在閉合電路進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，通過(guò)閉合電路的磁通量逐漸增大，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流為逆時(shí)針?lè)较?，根?jù)左手定則可以

9、判斷,CD段導(dǎo)線所受安培力方向向上，故A錯(cuò)誤；在閉r,這時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)1 2B271r21:-=: TiBrv,故2r 4v一E F長(zhǎng)木板足夠長(zhǎng)，重力加速度g取10 m/s2,卜列說(shuō)法正確的是（）合電路進(jìn)入磁場(chǎng)的過(guò)程中，切割磁感線的有效長(zhǎng)度先增大后減小，所以電動(dòng)勢(shì)先增大后減小，感應(yīng)電流也 先增大后減小，故 B錯(cuò)誤；當(dāng)半圓閉合回路一半進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，這時(shí)等效切割長(zhǎng)度最大為最大，為E=Brv,故C正確；由法拉第電磁感應(yīng)定律可得感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)平均值D正確.20. （2019廣東省湛江市第二次模擬）如圖7甲所示，在光滑水平面上，靜止放置一質(zhì)量為M的足夠長(zhǎng)的木板，質(zhì)量為 m的小滑塊（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在長(zhǎng)木板上.長(zhǎng)木

10、板受到水平拉力F與加速度的關(guān)系如圖乙所示，A .長(zhǎng)木板的質(zhì)量 M = 2 kgC.當(dāng)F=14 N時(shí)，長(zhǎng)木板的加速度大小為【答案】 BC【解析】 當(dāng)F等于12 N+ m）a,代入數(shù)據(jù)解得：M + m= 3 kg ;當(dāng)圖7B.小滑塊與長(zhǎng)木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.46 m/s2D.當(dāng)F增大時(shí)，小滑塊的加速度一定增大時(shí)，加速度為：a = 4 m/s2.對(duì)整體分析，由牛頓第二定律有F = （MF大于12 N時(shí)，m和M發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，根據(jù)牛頓第二定律得：Fmg= Ma,即F= Ma+科mg結(jié)合題圖可得： M = 1 kg,故m= 2 kg,故A錯(cuò)誤；由題圖可得， 科mg= 8, 故 尸0.4,故B正確；當(dāng)F

11、=14 N時(shí)，長(zhǎng)木板的加速度為： a=6 m/s2,故C正確；當(dāng)F大于12 N后，發(fā) 生相對(duì)滑動(dòng)，小滑塊的加速度為 a= 與F無(wú)關(guān)，F(xiàn)增大時(shí)小滑塊的加速度不變，故 D錯(cuò)誤.21. （2019山東省青島市5月二模）2019年1月19號(hào)，以周總理命名的 淮安號(hào)”恩來(lái)星在甘肅酒泉衛(wèi)星發(fā)射 中心，搭乘 長(zhǎng)征十一號(hào)"火箭順利發(fā)射升空.淮安號(hào)”恩來(lái)星在距離地面高度為535 km的極地軌道上運(yùn)行.已知地球同步衛(wèi)星軌道高度約36 000 km,地球半徑約 6 400 km.下列說(shuō)法正確的是（）A .淮安號(hào)”恩來(lái)星的運(yùn)行速度小于7.9 km/sB .淮安號(hào)”恩來(lái)星的運(yùn)行角速度小于地球自轉(zhuǎn)角速度C.經(jīng)估

12、算，淮安號(hào)”恩來(lái)星的運(yùn)行周期約為 1.6 hD.經(jīng)估算，淮安號(hào)”恩來(lái)星的加速度約為地球表面重力加速度的三分之二【答案】AC【解析】由G粵=mv2得：v=、/GM,則 淮安號(hào)”恩來(lái)星的運(yùn)行速度小于第一宇宙速度r2rr7.9 km/s,故A項(xiàng)正確；由GMm-mrco2得：3=、摩，則 淮安號(hào)”恩來(lái)星的運(yùn)行角速度大于地球同步衛(wèi)星的角速度，即 淮安號(hào)”恩來(lái)星的運(yùn)行角速度大于地球自轉(zhuǎn)角速度，故B項(xiàng)錯(cuò)誤；據(jù) GMrr = mr（2）2,解得:丁=2兀、唇，淮安號(hào)”恩來(lái)星的運(yùn)行周期與地球同步衛(wèi)星周期關(guān)系為工="R±h1 ）3,解得 淮安GMT同 Y R+ h同）號(hào)”恩來(lái)星的運(yùn)行周期約為

13、1.6 h,故C項(xiàng)正確；據(jù)G J 2=ma和GM? = mg,解得淮安號(hào)”恩來(lái)星的加R+ hR速度約為地球表面重力加速度的0.85倍，故D項(xiàng)錯(cuò)誤.22. （2019湖北省4月調(diào)研）城市建設(shè)中常常用半徑很大的圓形水泥管道作為雨水和污水的排放管 道.為估測(cè)該管道的半徑，使用的器材有：小球、秒表、上表面光滑的長(zhǎng)木板.請(qǐng)將下列實(shí)驗(yàn)步驟補(bǔ)充完 整：（1）將小球放在管道中，標(biāo)出小球靜止在水泥管圓弧底部的最低點(diǎn)A,如圖1所示；（2）將長(zhǎng)木板傾斜放置在圓形管道上， ;（3）讓小球從長(zhǎng)木板上端由靜止滑下，.由上述測(cè)量結(jié)果，可得圓形管道的半徑R=.（已知重力加速度為 g）【答案】（2）讓木板的下端置于 A點(diǎn)（3）

14、用秒表測(cè)量出小球從木板的上端滑到A點(diǎn)的時(shí)間t 4gt2【解析】（2）將長(zhǎng)木板傾斜放置在圓形管道上，讓木板的下端置于A點(diǎn)；（3）讓小球從長(zhǎng)木板上端由靜止滑下，用秒表測(cè)量出小球從木板的上端滑到A點(diǎn)的時(shí)間t.設(shè)木板與OA的夾角為a,則小球下滑的加速度a= gcos a,由幾何關(guān)系知，木板的長(zhǎng)度為 2Rcos ”根據(jù) 2Rcos a= 2 at2 可解得：R= ：gt223. （2019廣東省揭陽(yáng)市模擬）把電流表改裝成電壓表的實(shí)驗(yàn)中，所用電流表 G的滿偏電流Ig為200 iik,內(nèi)阻估計(jì)在 400600 四間.（1）按圖2測(cè)定電流表G的內(nèi)阻Rg,需要選用合適的器材，現(xiàn)有供選用的器材如下：A.滑動(dòng)變阻器

15、（阻值范圍0200 ） B.滑動(dòng)變阻器（阻值范圍01 750 Q）C.電阻箱（阻值范圍0999 Q）D.電阻箱（阻值范圍099 999 Q）E.電源（電動(dòng)勢(shì)6 V,內(nèi)阻0.3 Q） F.電源（電動(dòng)勢(shì)12 V,內(nèi)阻0.6 Q）（1）按實(shí)驗(yàn)要求，R最好選用, R最好選用, E最好選用.（填入器材的字母 代號(hào)）（2）假定由上述步驟已測(cè)出電流表內(nèi)阻Rg= 500 R現(xiàn)在通過(guò)串聯(lián)一個(gè) 24.5 k的電阻把它改裝成一個(gè)電壓表，此電壓表的量程為 .（3）如圖3甲是測(cè)定未知電阻 Rx的電路圖，測(cè)量時(shí)，電流表的讀數(shù)為0.20 A,而由（2）中改裝后的電壓表的表頭讀數(shù)如圖乙所示，那么Rx的阻值等于 .【答案】（1

16、）D C F （2）5 V （3）15 Q【解析】（1）根據(jù) 半偏法”的實(shí)驗(yàn)原理可知，為使干路電流保持不變，應(yīng)使電阻箱R的阻值越大越好，所以R應(yīng)選擇電阻箱 D;根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知，電阻箱R應(yīng)選擇與待測(cè)電流表內(nèi)阻接近的電阻箱C;通過(guò)計(jì)算可知，應(yīng)選擇電動(dòng)勢(shì)較大的電源F;（2）根據(jù)串并聯(lián)規(guī)律可知，改裝的電壓表量程應(yīng)為：U = Ig（Rg+R） = 5 V;5(3)因改裝后的電壓表量程為5 V,所以電壓表的讀數(shù)為：U = 200*120 V=3 V,待測(cè)電阻的阻值為：RU 3 一 =1-=072 = 15 Q .24. (2019廣東省東莞市上學(xué)期期末質(zhì)檢)如圖1所示，兩平行金屬導(dǎo)軌間的距離L = 0.

17、4 m,金屬導(dǎo)軌所在的平面與水平面夾角0= 37°,在導(dǎo)軌所在平面內(nèi)，分布著磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.5 T、方向垂直于導(dǎo)軌所在平面向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，金屬導(dǎo)軌的一端接有電動(dòng)勢(shì)E = 4.5 V、內(nèi)阻r = 0.5 的直流電源，現(xiàn)把一個(gè)質(zhì)量m= 0.04 kg的導(dǎo)體棒ab放在金屬導(dǎo)軌上，導(dǎo)體棒恰好靜止.導(dǎo)體棒與金屬導(dǎo)軌垂直且接觸良好，導(dǎo)體棒與金 屬導(dǎo)軌接觸的兩點(diǎn)間的電阻R= 2.5 0金屬導(dǎo)軌電阻不計(jì)，g取10 m/s2,已知sin 37 =0.6, cos 37 = 0.8,求：(1)通過(guò)導(dǎo)體棒的電流I的大小；(2)導(dǎo)體棒受到的安培力F的大小及方向；(3)導(dǎo)體棒受到的摩擦力Ff的大小及方向.【

18、答案】(1)1.5 A (2)0.3 N 方向平行導(dǎo)軌向上 (3)0.06 N 方向平行導(dǎo)軌向下【解析】(1)導(dǎo)體棒、金屬導(dǎo)軌和直流電源構(gòu)成閉合電路，由閉合電路歐姆定律得I=RE?解得：I= 1.5 A(2)導(dǎo)體棒受到的安培力 F = BIL = 0.3 N由左手定則可得，安培力F方向平行導(dǎo)軌向上.(3)導(dǎo)體棒所受重力沿導(dǎo)軌向下的分力Fi = mgsin 37 = 0.24 N由于Fi小于安培力，故導(dǎo)體棒受沿導(dǎo)軌向下的摩擦力Ff,畫出導(dǎo)體棒的受力示意圖如圖：則據(jù)共點(diǎn)力平衡條件有 mgsin 374Ff=F,解得Ff = 0.06 N.25. (2019廣東省梅州市5月二模)如圖2所示，在光滑的

19、水平面上有一質(zhì)量為mc= 1 kg的足夠長(zhǎng)的木板c，在C上放置有A、B兩物體，A的質(zhì)量為mA= 1 kg, B的質(zhì)量為mB= 2 kg.A、B之間鎖定一被壓縮了 的水平輕彈簧，彈簧儲(chǔ)存的彈性勢(shì)能Ep=3 J,現(xiàn)突然給A、B一瞬時(shí)沖量作用，使 A、B同時(shí)獲得vo=2 m/s的初速度，與此同時(shí)彈簧由于受到擾動(dòng)而解除鎖定，并在極短的時(shí)間內(nèi)恢復(fù)原長(zhǎng)，之后與A、B分離(此過(guò)程中C仍保持靜止).已知A和C之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為 崗=0.2, B、C之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為由= 0.1,且滑動(dòng)摩擦力略小于最大靜摩擦力.求：(g取10 m/s2)圖2(1)彈簧與A、B分離的瞬間，A、B的速度分別是多大？(2)已知在C第

20、一次碰到右邊的固定擋板之前，A、B和C已經(jīng)達(dá)到了共同速度，求共同速度v和達(dá)到共速之前A、B、C的加速度aA、aB、aC的大??？(3)已知C與擋板的碰撞無(wú)機(jī)械能損失，求在第一次碰撞后到第二次碰撞前A在C上滑行的距離？【答案】(1)va=0 vb= 3 m/s (2) v= 1.5 m/s 3A=aB=aC=1 m/s2 (3)0.75 m【解析】(1)在彈簧彈開(kāi)兩物體的過(guò)程中，由于作用時(shí)間極短，對(duì)A、B及彈簧組成的系統(tǒng)由動(dòng)量守恒定律和能量守恒定律可得：(mA+ mB)v0= mAVA+ mBVBEp+；(mA+ mB)v02=_2mAVA2+ ；mBVB2聯(lián)立解得：va= 0, vb= 3 m/

21、s(2)對(duì)物體 B有：aB=戌g = 1 m/s2假設(shè) A、C相對(duì)靜止，有：4mBg=(mA+ mC)a解得：a= 1m/s2因?yàn)椋簃Aa位mAg,假設(shè)成立故物體A、C的共同加速度為a= 1m/s2對(duì)A、B、C組成的系統(tǒng)，水平方向不受外力，由動(dòng)量守恒定律可得：mBVB= (mA+mB+mC)v解得：v= 1.5 m/s(3)C和擋板碰撞后，先向左勻減速運(yùn)動(dòng)，后向右勻加速運(yùn)動(dòng)，在向右加速過(guò)程中先C和A達(dá)到共同速度W,之后AC再以共同的加速度向右勻加速，B一直向右勻減速，最后三者達(dá)到共同速度做勻速運(yùn)動(dòng).aA'=wg = 2 m/s2； aB= 1 m/s2wmAg+ |j2mBg = mC

22、aC解得：aC'=4 m/s2v1=v aA't=v+aC't解得：Vi= 0.5 m/s, t= 0.5 sV+ V1- V + V1、一，一 ，一 r 一、，xa= 一丁t=0.5 m xc=2 t = 0.25 m 故 A、C 間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)距離為xac = xa+Xc| = 0.75 m.33. (2019安徽省A10聯(lián)盟最后一卷)(1)下列說(shuō)法正確的是 .A.單晶體中原子(或分子、離子)的排列具有空間周期性B.由同種元素構(gòu)成的固體，可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體C.同種物質(zhì)可能以晶體和非晶體兩種形態(tài)出現(xiàn)D. 一塊均勻薄片，沿各個(gè)方向?qū)λ┘永?，發(fā)

23、現(xiàn)其強(qiáng)度一樣，則此薄片一定是非晶體E.燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈圓形，說(shuō)明蜂蠟是非晶體(2)如圖1, 一絕熱汽缸豎直放置，汽缸內(nèi)橫截面積S=100 cm2的光滑絕熱活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體.在活塞上面放置一個(gè)物體，活塞和物體的總質(zhì)量為m=10 kg.在汽缸內(nèi)部有一個(gè)阻值 R=4 的電阻絲，電阻絲兩端的電壓 U = 12 V.接通電源10 s后斷開(kāi)，活塞緩慢升高 h=10 cm.已知理想氣體的初始溫度 to=27 C、體積V=3M03m,大氣壓po= 1.0 105 Pa,重力加速度g=10 m/s2.若電阻絲產(chǎn)生的熱量全部被 氣體吸收，求：活塞上升10 cm后理想

24、氣體的溫度；從接通電源到活塞上升10 cm的過(guò)程中理想氣體的內(nèi)能變化量.【答案】 （1）ABC （2）400 K（或 127 C ） 250 J【解析】（1）單晶體具有各向異性，原子 （或分子、離子）的排列具有空間周期性，故 A正確；由同種元素構(gòu)成的固體，可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石，故B正確；同種物質(zhì)可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)，如天然水晶是晶體，而熔化后再凝固的水晶是非晶體， 故C正確；一塊均勻薄片，沿各個(gè)方向?qū)λ┘永Γl(fā)現(xiàn)其強(qiáng)度一樣，即各向同性，則此薄片可能是多 晶體也可能是非晶體，同時(shí)也可能是單晶體，因?yàn)閱尉w某些物理性質(zhì)是各向異性的，有些

25、物理性質(zhì)是各 向同性的，故 D錯(cuò)誤；燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈圓形，說(shuō)明在導(dǎo)熱性能 上玻璃是各向同性的，不能說(shuō)明蜂蠟是非晶體，故 E錯(cuò)誤.（2）氣體的壓強(qiáng)保持不變，由蓋呂薩克定律得:V V+Sh ToTV+Sh30解得：T= V To=400 K（或 127 C）設(shè)汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為 p,選活塞為研究對(duì)象，活塞緩慢移動(dòng)，受力平衡根據(jù)平衡條件得：PoS+ mg = pS解得：p= 1.1X05 Pa活塞在上升h = 10 cm的過(guò)程中外界對(duì)氣體做功W= Fh = pSh= 110 J電阻絲在通電10 s內(nèi)產(chǎn)生的熱量為 Q = U1=360 JR根據(jù)熱力學(xué)第一定律得：AU = W+ Q = 250 J,即氣體的內(nèi)能增加了250 J34. （1）（2019衡水金卷調(diào)研卷五）某同學(xué)用如圖 1甲所示實(shí)驗(yàn)裝置做用雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)”的實(shí)驗(yàn)，相鄰兩條亮條紋間的距離用帶有螺旋測(cè)微器的測(cè)量頭測(cè)出，測(cè)量頭的分劃板中心刻線與某亮條紋中心對(duì)齊，將該亮條紋定位第1條亮條紋，此時(shí)手輪上的示數(shù)如圖乙所示，然后同方向轉(zhuǎn)動(dòng)測(cè)量頭，使分劃板中心刻線與第 6條亮條紋中心對(duì)齊，此時(shí)手輪上的示數(shù)如圖丙所示，則這種色光的波長(zhǎng)Q nm（已知雙縫間距d = 0.2 mm,雙縫到屏間的距離 L = 700 m