1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、圖中重物的質量為m，輕細線AO和BO的A、B端是固定的平衡時AO是水平的，BO與水平面的夾角AO的拉力F1和BO的拉力F2的大小是AF1=mgcos BF1=mgcot CF2=mgsin DF2=mgcos2、用圖示裝置進行

2、電磁感應實驗，下列操作不能形成感應電流的是（ ）A電鍵閉合和斷開的瞬間B電鍵閉合，移動滑動變阻器的滑動觸頭C電鍵閉合后線圈A在B中插入或拔出D只電鍵保持閉合3、火星是我們認為最有可能有生命活動的地方。我國將于2020年發(fā)射火星探測器。如圖所示，探測器在太空直飛火星，在P點進行制動，使火星沿著大橢圓軌道運動，再經過P點時再次制動，使得探測器沿著近火星圓軌道做圓周運動而達到近距離探測的目的。則下列說法正確的是A完成兩次制動之后，探測器在軌道上的運行周期大于在軌道上的運行周期B探測器分別在軌道和軌道上經過P點時的加速度相同C探測器分別在軌道和軌道上經過P點時的速度相同D探測器在軌道上運行速度大于火星

3、的第一宇宙速度4、在圖所示電路中，開始時電鍵K1、K2均閉合，現先斷開電鍵K1，則電壓表與電流表的示數均發(fā)生變化，設它們的示數變化量之比為M1U1I1，再斷開電鍵K2，兩表新的示數變化量之比為M2U2I2，若已知R2R3，則比較M1與M2的絕對值大小應有：（ ）AM1M2BM1M2CM1M2D無法確定5、如圖所示，質量為m的物體，放在一固定斜面上，當斜面傾角為30時恰能沿斜面勻速下滑對物體施加一大小為F的水平向右恒力，物體可沿斜面勻速向上滑行設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，當斜面傾角增大并超過某一臨界角0時，不論水平恒力F多大，都不能使物體沿斜面向上滑行，則下列說法正確的是（ ）A物體與斜面間的

4、動摩擦因數為B物體與斜面間的動摩擦因數為C這一臨界角的大小30D這一臨界角的大小606、如圖所示，三根抗拉能力相同的輕細繩1、2、3將一重物懸掛在水平天花板上，P、Q兩點為繩子與天花板的結點，繩子1、2與天花板的夾角分別為60和30，其拉力大小分別為F1、F2，重物重力為G，下列說法正確的是（ ）A繩子2的拉力B繩子2的拉力F2=2GC若逐漸增大重物進力，繩子3先斷D若緩慢增大P、Q兩點間距， F1、F2的合力增大二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，水平轉臺

5、上的小物體A、B通過輕彈簧連接，并隨轉臺一起勻速轉動，A、B的質量分別為m、2m，A、B與轉臺的動摩擦因數都為，A、B離轉臺中心的距離分別為1.5r、r，已知彈簧的原長為1.5r，勁度系數為k，設本題中的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，以下說法正確的是( )A當B受到的摩擦力為0時，轉臺轉動的角速度為B當A受到的摩擦力為0時，轉臺轉動的角速度為C若B比A先相對轉臺滑動，當B剛好要滑動時，轉臺轉動的角速度為D若A比B先相對轉臺滑動，當A剛好要滑動時，轉臺轉動的角速度為8、從地面上以初速度v0豎直上拋一質量為m的小球，若運動過程中受到的阻力與其速率成正比，小球運動的速率隨時間變化的規(guī)律如圖所示，小球在

6、t1時刻到達最高點后再落回地面，落地速率為v1，且落地前小球已經做勻速直線運動，已知重力加速度為g，下列關于小球運動的說法中正確的是A小球到達最高點時的加速度為gB在速度達到v1之前小球的加速度大小先增大后減小C小球下降過程中的平均速度小于D小球拋出瞬間的加速度大小為9、.如圖所示，一小物體m從光滑圓弧形軌道上與圓心O等高處由靜止釋放，圓弧半徑R=0.2m，軌道底端與粗糙的傳送帶平滑連接，當傳送帶固定不動時，物體m能滑過右端的B點，且落在水平地面上的C點，取重力加速度g=10m/s2，則下列判斷可能正確的是（ ）A若傳送帶逆時針方向運行且v=2m/s，則物體m也能滑過B點，到達地面上的C點 B

7、若傳送帶順時針方向運行，則當傳送帶速度時，物體m到達地面上C點的右側C若傳送帶順時針方向運行，則當傳送帶速度時，物體m也可能到達地面上C點的右側 D若傳送帶逆時針方向運行且v=3m/s，則物體m也能滑過B點，到達地面上的C點左側10、下列說法中正確的是（）A分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小B高原地區(qū)水的沸點較低，這是高原地區(qū)溫度較低的緣故C功轉變?yōu)闊岬暮暧^過程是不可逆過程D布朗運動是液體分子的運動，它說明分子永不停息地做無規(guī)則運動E.瓶中充滿某理想氣體，且瓶內壓強高于外界壓強，在緩慢漏氣過程中（內外氣體的溫度相同且保持不變），則瓶內氣體吸收熱量且分子平均動能不變三、實驗題：本題共2小

8、題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）要測一段阻值大約為100的粗細均勻金屬絲的電阻率除米尺、螺旋測微器、電源E(電動勢3V,內阻約0.5)、最大阻值為20的滑動變阻器R、開關一只、導線若干外,電流表和電壓表各兩只供選擇：A1(量程lA,內阻約1),A2(量程0.6A,內阻約2),V1(量程3.0V,內阻約1000),V2(量程15V,內阻約3000).用螺旋測微器測金屬絲的直徑，如圖，則電阻絲的直徑為d=_mm.為了使測量有盡可能高的精度，電流表應選_，電壓表應選_.實驗電路應選擇下列電路中的_若用米尺測得金屬絲的長度為L，用螺旋測微器測得金屬絲直徑為

9、d，電流表的讀數為I，電壓表讀數為U，則該金屬絲的電阻率：=_.12（12分）（1）在做“用單擺測定重力加速度”的實驗中，某同學甲用毫米刻度尺測得擺線；用游標卡尺測得擺球的直徑如圖所示，則擺球直徑d=_mm用秒表測得單擺完成n=40次全振動的時間如圖所示，則秒表的示數t=_s；若用給出的各物理量符號（、d、n、t）表示當地的重力加速度，則計算的表達式為_（2）實驗中同學甲發(fā)現測得的值偏小，可能的原因是（_）A測擺線長時擺線拉得過緊B擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現松動，使擺線長度增加了C開始計時時，秒表過遲按下D實驗中誤將39次全振動計為40次（3）為了提高實驗精度，某同學乙在實驗中通過改

10、變幾次擺長L，并測出相應的周期T，從而得到一組對應的L與T的數據，再以L為橫坐標、為縱坐標，建立坐標系，將所得數據進行連線，實驗測得的數據如下表所示：請將表中第三次測量數據標在右圖中，并在右圖中作出隨L變化的關系圖象_根據圖象，可知當地的重力加速度為_（保留3位有效數字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在豎直面內有一個光滑弧形軌道，其末端水平，且與處于同一豎直面內光滑圓形軌道的最低端相切，并平滑連接 、兩滑塊（可視為質點）用輕細繩拴接在一起，在它們中間夾住一個被壓縮的微小輕質彈簧兩滑塊從弧形軌

11、道上的某一高度由靜止滑下，當兩滑塊剛滑入圓形軌道最低點時拴接兩滑塊的繩突然斷開，彈簧迅速將兩滑塊彈開，其中前面的滑塊沿圓形軌道運動恰能通過軌道最高點已知圓形軌道的半徑，滑塊的質量滑塊的質量，兩滑塊開始下滑時距圓形軌道底端的高度，重力加速度取，空氣阻力可忽略不計求： （1）、兩滑塊一起運動到圓形軌道最低點時速度的大小（2）滑塊被彈簧彈開時的速度大?。?）彈簧在將兩滑塊彈開的過程中釋放的彈性勢能14（16分）如圖所示，半徑的兩圓柱體A和B，轉動軸互相平行且在同一水平面內，軸心間的距離為s=3.2m兩圓柱體A和B均被電動機帶動以=6rad/s的角速度同方向轉動，質量均勻分布的長木板無初速地水平放置在

12、A和B上，其重心恰好在B的正上方從木板開始運動計時，圓柱體轉動兩周，木板恰好不受摩擦力的作用，且仍沿水平方向運動設木板與兩圓柱體間的動摩擦因數相同重力加速度g=10.0m/s2，取求：（1）圓柱體邊緣上某點的向心加速度；（2）圓柱體A、B與木板間的動摩擦因數；（3）從開始運動到重心恰在A的正上方所需的時間15（12分）如圖所示，兩個可導熱的氣缸豎直放置，它們的底部由一細管連通（忽略細管的容積）兩氣缸各有一個活塞，質量分別為m1和m2，活塞與氣缸無摩擦活塞的下方為理想氣體，上方為真空當氣體處于平衡狀態(tài)時，兩活塞位于同一高度h.（已知m13m，m22m） （1）在兩活塞上同時各放一質量為m的物塊，

13、求氣體再次達到平衡后兩活塞的高度差（假定環(huán)境溫度始終保持為T0）； （2）在達到上一問的終態(tài)后，環(huán)境溫度由T0緩慢上升到1.25T0，試問在這個過程中，氣體對活塞做了多少功？（假定在氣體狀態(tài)變化過程中，兩物塊均不會碰到氣缸頂部）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解析】以結點為研究對象，分析受力情況，受三根細線的拉力，重物對O點的拉力等于mg根據平衡條件得知，mg與的合力與大小相等、方向相反，作出力的合成如圖：由圖可得：F1=mgcot，F2=mgsin，故A、C、D錯誤，B正確故選：B2、D【解析】解：由圖示

14、可知，電流表所在電路閉合，A、電鍵閉合和斷開的瞬間，穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，有感應電流產生，故A錯誤；B、電鍵閉合，移動滑動變阻器的滑動觸頭，穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，有感應電流產生，故B錯誤；C、電鍵閉合后線圈A在B中插入或拔出，穿過線圈B的磁通量發(fā)生變化，有感應電流產生，故C錯誤；D、保持開關閉合，則線圈A所在電路中的電流電流不變，穿過線圈B的磁通量不變，沒有感應電流產生，故D正確；故選D【點評】本題考查了感應電流產生的條件，熟練掌握基礎知識即可正確解題，本題是一道基礎題3、B【解析】A、根據開普勒第三定律，探測器在軌道上的運行周期小于在軌道上的運行周期，故A錯誤。B、探測器分別在軌

15、道和軌道上經過P點時受火星的萬有引力相同，由牛頓定律可知，加速度一樣大，故B正確。C、由于在P點萬有引力的方向和速度方向垂直，所以探測器只有向心加速度，a1=a2，而探測器在橢圓軌道上P點的曲率半徑r大于圓軌道上的半徑R，由向心加速度a1=v12r，a2=V22R可知，v1v2，因此衛(wèi)星的速度不相等。故C錯誤。D、火星的第一宇宙速度是繞火星表面附近的速度，由v=GMr知，探測器在軌道上運行速度小于火星的第一宇宙速度，故D錯誤。故選：B4、B【解析】根據閉合電路定律分析電壓表與電流表的示數變化量之比與電源內阻的關系，即可求解。【詳解】根據閉合電路歐姆定律得：U=E-Ir，由數學知識得：電壓表與電

16、流表的示數變化量大小之比為，當外電路結構變化時，電源的內阻r不變，則有M1=M2。故選：B?！军c睛】本題是解題關鍵之處是根據閉合電路歐姆定律得到 ，也可以畫出電源的U-I圖象進行分析。5、D【解析】AB、物體恰好勻速下滑時，由平衡條件有，則，故選項A、B錯誤；CD、設斜面傾角為，由平衡條件有，靜摩擦力，聯立解得，要使不論水平恒力F多大，上式都成立，則有，所以，即，故選項D正確，C錯誤。6、C【解析】對O點受力分析，如圖所示：根據平衡條件，有：F1：F2：F3=：1：2，其中：F3=G，故F1=G，F2=G；故A B錯誤；由于F1：F2：F3=：1：2，而F3=G，故增加重力G后，三個拉力F1、

17、F2、F3均增加，由于F3F1F2，故繩子3先斷，故C正確；若緩慢增大P、Q兩點間距，點O保持平衡，根據平衡條件，三個力的合力為零，而F1、F2的合力與F3平衡，而F3=G，故F1、F2的合力不變，故D錯誤；故選C點睛：本題是平衡問題，關鍵是明確點O的受力情況，根據平衡條件作圖分析；三力平衡的基本解題方法：力的合成、分解法：即分析物體的受力，把某兩個力進行合成，將三力轉化為二力，構成一對平衡力，二是把重力按實際效果進行分解，將三力轉化為四力，構成兩對平衡力；相似三角形法：利用矢量三角形與幾何三角形相似的關系，建立方程求解力的方法應用這種方法，往往能收到簡捷的效果二、多項選擇題：本題共4小題，每

18、小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】A、當B受到的摩擦力為0時，由彈簧彈力提供向心力，則 ，解得 ，選項A錯誤；B、當A受到的摩擦力為0時，由彈簧彈力提供向心力，則 ，解得，選項B正確；C、當B剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力，則有： ，解得 ，選項C錯誤；D、當A剛好要滑動時，摩擦力達到最大靜摩擦力，彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力，則有： ，解得，選項D正確。點睛：本題主要考查了胡克定律以及向心力公式的直接應用，知道當A、B剛好要滑動時，摩擦

19、力達到最大靜摩擦力，彈簧彈力與靜摩擦力的合力提供向心力，明確向心力的來源是解題的關鍵。8、AD【解析】A上升過程，受重力和阻力，合力向下，根據牛頓第二定律，有，解得，由于是減速上升，阻力逐漸減小，故加速度不斷減小；小球到達最高點時，速度為0，阻力為0，加速度為g，故A正確；B下降過程，受重力和阻力，根據牛頓第二定律，有，解得，由于速度變大，阻力變大，故加速度變?。患瓷仙拖陆颠^程，加速度一直在減?。还蔅錯誤；C勻加速直線運動的平均速度等于，速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移，從圖象可以看出，故小球下降過程的平均速度大于，故C錯誤；D空氣阻力與其速率成正比，最終以v1勻速下降，有，小球拋出瞬

20、間，有，聯立解得小球拋出瞬間的加速度大小，故D正確9、ABC【解析】A.物體在圓弧軌道上下滑過程，由動能定理得：解得：傳送帶靜止不動時，物體滑到傳送帶上后向右做勻減速直線運動，到達傳送帶右端時物體的速度小于2m/s，物體離開傳送帶后做平拋運動到達點，物體做平拋運動的初速度小于2m/s；若傳送帶逆時針方向運行且，物體在傳送帶上一直做勻減速直線運動，與傳送帶靜止時的運動情況相同，物體到達傳送帶右端時的速度與傳送帶靜止時到達右端的速度相等，物塊離開傳送帶做平拋運動，落在點，故A正確；B.若傳送帶順時針方向運動，則當傳送帶速度時，物體在傳送帶上可能先做勻加速直線運動后做勻速直線運動，也可能一直做勻加速

21、直線運動，物塊到達傳送帶右端時的速度大于2m/s，做平拋運動的初速度大于2m/s，物體將落在點的右側，故B正確；C.若傳送帶順時針方向運動，則當傳送帶速度時，物體在傳送帶上可能先做勻減速直線運動后做勻速直線運動，此時到達傳送帶右端時的速度比傳送帶靜止時的速度大，物體落在點的右側，也可能在你傳送帶上一直做勻減速直線運動，到達傳送帶右端時的速度與傳送帶靜止時的速度相等，物體將落在點，故C正確；D.若傳送帶逆時針方向運行且，物體在傳送帶上一直做勻減速直線運動，與傳送帶靜止時的運動情況相同，物體到達傳送帶右端時的速度與傳送帶靜止時到達右端的速度相等，物塊離開傳送帶做平拋運動，落在點，故D錯誤。10、A

22、CE【解析】A分子間距離增大時，分子間的引力和斥力都減小，選項A正確；B高原地區(qū)水的沸點較低，這是高原地區(qū)大氣壓較低的緣故，選項B錯誤；C根據熱力學第二定律，功轉變?yōu)闊岬暮暧^過程是不可逆過程，選項C正確；D布朗運動是固體顆粒的無規(guī)則運動，它說明液體分子的永不停息地做無規(guī)則運動，選項D錯誤；E瓶內氣體緩慢流出過程中氣體體積增大，氣體對外做功，而溫度始終相等，內能不變，則氣體需要吸收熱量。因溫度是分子平均動能的標志，則分子的平均動能不變，故E正確。故選ACE。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、0.851 A 【解析】螺旋測微器的讀數方法是

23、固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀；選擇電表時，要做指針偏轉要大一些，在其中間刻度的三分之一范圍內比較準確；根據電表內阻與待測電阻阻值的關系確定電流表的接法，然后選擇實驗電路圖；根據歐姆定律求出金屬絲電阻，有電阻定律可以求出電阻率的表達式【詳解】螺旋測微器的固定部分讀數為：0.5mm，可動部分讀數為：35.10.01mm=0.351mm，故最后讀數為：0.5mm+0.351mm=0.851mm電源電動勢為3V，為減小讀數誤差，電壓表應選：V1，電路最大電流約為：，則電流表選：A2；待測電阻阻值約為100，電流表內阻約為2，電壓表內阻約為1000，根據，可知電流表應采用內接法

24、，只有多測幾組數據才能提高測量的精確性，故滑動變阻器用分壓式接法，故選A待測電阻阻值：，由電阻定律可知：，聯立解得：【點睛】在測量金屬絲的電阻時，首先要考慮安全，其次準確，最后操作方便，在該實驗中同時注意選擇滑動變阻器的分壓和限流接法以及電流表的內接和外接法12、19.55 108.4 B 【解析】（1）1游標尺主尺：19mm；游標尺對齊格數：個格，讀數為：，則直徑為：；2秒表讀數：大盤讀數60s，小盤讀數48.4s，故時間為108.4s；3根據得：（2）A測擺線長時擺線拉得過緊，使得擺長的測量值偏大，則測得的重力加速度偏大A錯誤；B擺線上端未牢固地系于懸點，振動中出現松動，使實際擺線長度增加

25、了，故相對與原來的擺長，周期測量值偏大，故加速度測量值偏小，B正確；C實驗中開始計時，秒表過遲按下，則測得周期偏小，所以測得的重力加速度偏大，C錯誤；D試驗中誤將39次全振動數為40次，周期測量值偏小，故測得的重力加速測量值偏大，D錯誤選B（3）根據坐標系內描出的點作出圖象如圖所示：由單擺周期公式：，得，由圖求圖象可知：，計算得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）（3）【解析】（1）設滑塊和運動到圓形軌道最低點速度為，對滑塊和下滑到圓形軌道和最低點的過程，根據動能定理，有，解得（2）設滑塊恰能通過圓形軌道最高點時的速度大小為，根據牛頓第二定律有設滑塊在圓形軌道最低點被彈出時的速度為，對于滑塊從圓形軌道最低點運