1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、下列選項各圖中所標的導體棒的長度為L，處于磁感應強度為B的勻強磁場中，棒運動的速度均為v，產生的電動勢為BLv

2、的是（）ABCD2、如圖所示，當導線中通有電流時，小磁針發(fā)生偏轉。這個實驗說明了A通電導線周圍存在磁場B通電導線周圍存在電場C電流通過導線時產生焦耳熱D電流越大，產生的磁場越強3、在電場中，下列說法正確的是()A某點的電場強度大，該點的電勢一定高B某點的電勢高，試探電荷在該點的電勢能一定大C某點的場強為零，試探電荷在該點的電勢能一定為零D某點的電勢為零，試探電荷在該點的電勢能一定為零4、如圖，圓形和正方形區(qū)域內有垂直紙面向里的勻強磁場，圓的直徑和正方形的邊長相等，電子以某速度飛入磁場區(qū)域，速度方向與磁場垂直，且對準圓心（或者說垂直正方形邊長從中點進入），則下面正確的是 ( ) A電子在兩區(qū)域內

3、運動的時間一定不同B電子在兩區(qū)域內運動的時間可能相同C電子可能從正方形的入射點的對邊邊長中心射出D電子在圓形區(qū)域內運動的時間可以為周期的一半5、小華發(fā)現(xiàn)參考書上某個電量的數(shù)值模糊不清請你運用學過的知識來判斷該數(shù)值可能是()A6.81019 C B6.61019 C C6.41019 C D6.21019 C6、把一根粗細均勻金屬導線剪掉，剩余導線電阻為原來的（ ）ABC2倍 D3倍二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，在光滑絕緣的水平桌面上有四個小球，帶電量分

4、別為q、Q、q、Q四個小球構成一個菱形，q、q的連線與q、Q的連線之間的夾角為.若此系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，則正確的關系式可能是()Acos3 Bcos3 Csin3 Dsin3 8、帶電粒子(不計重力)以初速度v0垂直電場方向進入平行金屬板形成的勻強電場中，它離開時偏轉距離為y，位移偏轉角為，下列說法正確的是()A粒子在電場中做類平拋運動B偏轉角與粒子的電荷量和質量無關C粒子飛過電場的時間，取決于極板長和粒子進入電場時的初速度D粒子的偏轉距離y可用加在兩極板上的電壓控制9、如圖所示電路中，電源內阻不能忽略，當變阻器R的滑片P向下移動時下列說法中正確的是AV1示數(shù)變大，V2示數(shù)變小，A示數(shù)變大BV1

5、示數(shù)變小，V2示數(shù)變大，A示數(shù)變小C電源消耗的總功率增大D電源消耗的總功率減小10、下列現(xiàn)象中屬于靜電技術應用的是( )A煤礦“瓦斯”爆炸B靜電噴涂C靜電除塵D靜電復印三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“測定玻璃的折射率”的實驗中，（1）小朱同學在實驗桌上看到方木板上有一張白紙，白紙上有如圖甲所示的實驗器材， 他認為除了缺刻度尺還少了一種器材，請你寫出所缺器材的名稱：_老師將器材配齊后，他進行實驗，圖乙是他在操作過程中的一個狀態(tài)，請你指出第四枚大頭針應在圖乙中的位置_（填“A”、“B”或“C”）。（2）小紅利用方格坐標紙測定玻

6、璃的折射率，如圖丙所示，AO是畫在紙上的直線，她在直線AO適當位置豎直插上P1、P2兩枚大頭針，放上半圓形玻璃磚，使其圓心與O重合，然后插上P3、P4兩枚大頭針，以確定折射光線其中她確定P3大頭針位置的方法應當是_。操作完成后，她用圓規(guī)作了一個以O為圓心、半徑與玻璃磚半徑相同的半圓（如圖丙中虛線所示），則她測出玻璃的折射率n_。12（12分）如圖所示實驗裝置可用來探究影響平行板電容器電容的因素，其中電容器左側極板和靜電計外殼接地，電容器右側極板與靜電計金屬球相連使電容器帶電后與電源斷開：（1）上移左極板，可觀察到靜電計指針偏轉角 （填變大，變小或不變）；（2）將極板間距離減小時，可觀察到靜電計

7、指針偏轉角 （填變大，變小或不變）；（3）兩板間插入一塊玻璃，可觀察到靜電計指針偏轉角 （填變大，變小或不變）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，在平行金屬帶電極板MN的電場中，若將電量為-5106C的負點電荷從A點移到M 板，克服電場力做功8104 J；若把該點電荷從A點移到N板，電場力做正功為6104J則：（1）若將該點電荷從板附近移到板，電荷的電勢能變化多少？M、N兩板的電勢差UMN等于多少？（2）M板的電勢M和A點的電勢A分別是多少？14（16分）如圖所示，足夠長的U形導體框架的寬度l=0

8、.5m，電阻忽略不計，其所在平面與水平面成=37角，磁感應強度B=0.8T的勻強磁場方向垂直于導體框平面，一根質量m=0.2kg，有效電阻R=2的導體棒MN垂直跨放在U形框架上，導體棒與框架間的動摩擦因數(shù)=0.5，導體棒由靜止開始沿框架下滑到剛開始勻速運動，通過導體棒截面的電量共為Q=2C求：（1）導體棒勻速運動的速度；（2）導體棒從開始下滑到剛開始勻速運動這一過程中，導體棒的電阻產生的焦耳熱（sin37=0.6，cos37=0.8，g=10m/s2）15（12分）將帶電量為610-6C的負電荷從電場中的A點移到B點，克服電場力做了310-5J的功，再從B移到C，電場力做了1.210-5J的功

9、，則（1）如果規(guī)定B點的電勢能為零，則該電荷在A點和C點的電勢能分別為多少？（2）求A、C兩點間的電勢差參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A圖中導體棒做切割磁感線運動，產生的感應電動勢為故A錯誤；BC兩圖中導體棒都不切割磁感線，不產生感應電動勢，故BC錯誤；D圖中導體棒做切割磁感線運動，產生的感應電動勢為故D正確。2、A【解析】當導線中通有電流時，小磁針發(fā)生偏轉，這個實驗說明了通電導線周圍存在磁場，故選A.3、D【解析】電場強度與電勢沒有直接關系，A錯；對于負電荷電勢越高電勢能越小，B錯；同理C錯；D對

10、；4、B【解析】A、B、粒子在磁場中的可能運動情況如圖所示，電子從O點水平進入由于它們以某速度進入磁場區(qū)域，電子的運動軌跡可能有三種，如圖所示，由圖可以看出進入磁場區(qū)域的電子的軌跡1，先出圓形磁場，再出矩形磁場；進入磁場區(qū)域的電子的軌跡2，同時從圓形與矩形邊界處磁場；進入磁場區(qū)域的電子的軌跡3，先出圓形磁場，再出矩形磁場；所以電子在兩區(qū)域的運動時間可能相同，也可能不同，A錯誤；B正確；C、電子在磁場中做圓周運動，一定發(fā)生了偏轉，不會從正方形對邊中心射出，C錯誤；D、當電子從左邊邊長射出時，運動時間剛好為周期的一半，而經過圓形區(qū)域內的時間總是小于周期的一半，D錯誤；故選B5、C【解析】元電荷又稱

11、“基本電量”，在各種帶電微粒中，電子電荷量的大小是最小的，人們把最小電荷叫做元電荷，常用符號e表示，帶電量為1.61019 C，任何帶電體所帶電荷都等于元電荷或者是元電荷的整數(shù)倍，只有6.41019 C是1.61019 C的整數(shù)倍，故C正確，ABD錯誤。6、B【解析】根據(jù)電阻定律可知, 可知，導體電阻R與長度成正比，與截面積成反比，因截面積不變，剪掉2/1后，長度為原來的1/1，故剩余導線電阻為原來的1/1故B正確，ACD錯誤故選B.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7

12、、AC【解析】由題意可知，對左邊Q受力分析，如圖所示，兩負q對Q的庫侖力的合力與右邊Q對Q的庫侖力等值反向設菱形的邊長為a，則有：解得：8qsin3=Q即為對q，有：解得：A. cos3 與計算結果相符，故A正確。B. cos3 與計算結果不符，故B錯誤。C. sin3 與計算結果相符，故C正確。D. sin3 與計算結果不符，故D錯誤。8、ACD【解析】帶電粒子以初速度v0垂直電場方向進入平行金屬板形成的勻強電場中，僅受電場力，做類平拋運動，故A正確；粒子的偏轉角滿足：；故偏角與粒子的電荷量和質量均有關；故B錯誤；粒子飛過電場的時間，決定于極板長和粒子進入電場時的初速度，故C正確；粒子偏移距

13、離，電壓U越大，y越大，故D正確；故選ACD點睛：考查粒子在磁場中做勻速圓周運動與在電場中做類平拋運動，處理的常規(guī)方法，體現(xiàn)牛頓第二定律與類平拋運動規(guī)律，注意做類似平拋運動過程中垂直速度方向分運動為勻加速直線運動9、AC【解析】當變阻器R的滑片向下移動時，R減小，R與R2并聯(lián)的阻值減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，干路電流I增大。電壓表V2的示數(shù)U2=E-Ir，電壓表V1的示數(shù)U1=IR2，I增大，U2減小，U1增大。電阻R2的電壓U2=E-I（R1+r），I增大，U2減小，流過R2的電流I2減小，則電流表的示數(shù)IA=I-I2，IA增大，則A正確，B錯誤。根據(jù)P=IE可知電源消

14、耗的總功率增大，選項C正確，D錯誤；故選AC.【點睛】本題電路中典型的問題：電路中動態(tài)變化分析問題，一般按照“部分整體部分”思路分析10、BCD【解析】A、礦井瓦斯爆炸是一種熱一鏈式反應（也叫鏈鎖反應） 瓦斯爆炸就其本質來說，是一定濃度的甲烷和空氣中的氧氣在一定溫度作用下產生的激烈氧化反應，故A錯誤B.噴槍噴出的油漆微粒帶正電,因相互排斥而散開,形成霧狀,被噴涂的物體帶負電,對霧狀油漆產生引力,把油漆吸到表面,屬于靜電應用，故B正確；C.靜電除塵時除塵器中的空氣被電離,煙霧顆粒吸附電子而帶負電,顆粒向電源正極運動,屬于靜電應用,故C正確;D.靜電復印是利用異種電荷相互吸引而使碳粉吸附在紙上,屬

15、于靜電應用,故D正確;綜上所述本題答案是：BCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）大頭針 B （2）擋住P1P2的像 1.5 【解析】依據(jù)實驗原理，及提供的實驗器材，即可求解；測定半圓形玻璃磚的折射率的原理是折射定律n=sinisinr，他確定P3大頭針位置的方法應當是透過玻璃磚看，P3大頭針擋住P1、P2兩枚大頭針的像；作出法線，過圓與入射光線與折射光線的交點作法線的垂線，運用數(shù)學知識求出入射角和折射角的正弦值，求出折射率；【詳解】解：(1)在實驗桌上看到方木板上有一張白紙，白紙上有如圖甲所示的實驗器材，還缺少刻度尺、大頭針；

16、依據(jù)光的折射定律，及玻璃磚上下表面平行，那么出射光線與入射光線相互平行，因此第四枚大頭針應在圖乙中的位置B處，如圖所示；(2)透過玻璃磚看，P3大頭針擋住P1、P2兩枚大頭針的像；如圖，作出法線，過圓與入射光線與折射光線的交點作法線的垂線CA和DB，由數(shù)學知識得：入射角和折射角的正弦值分別為：sini=CACO，sinr=BDDO其中CO=DO，則折射率n=sinrsini=BDCA=64=1.5；12、（1）變大（2）變小（3）變小【解析】試題分析：（1）根據(jù)電容的決定式知，上移左極板，正對面積S減小，則電容減小，根據(jù)知，電荷量不變，則電勢差增大，指針偏角變大（2）根據(jù)電容的決定式知，將極板

17、間距離減小時，電容增大，根據(jù)知，電荷量不變，則電勢差減小，指針偏角變?。?）根據(jù)電容的決定式知，兩板間插入一塊玻璃，電容增大，根據(jù)知，電荷量不變，則電勢差減小，指針偏角變小考點：考查了電容器動態(tài)分析【名師點睛】在分析電容器動態(tài)變化時，需要根據(jù)判斷電容器的電容變化情況，然后結合，等公式分析，需要注意的是，如果電容器和電源相連則電容器兩極板間的電壓恒定，如果電容器充電后與電源斷開，則電容器兩極板上的電荷量恒定不變四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）電勢能減小了1.4103J；UMN=-280V （2）M=-280

18、V；A=-120V【解析】（1）根據(jù)題意：電量為-5106C的負點電荷從A點移到M 板，克服電場力做功8104 J；若把該點電荷從A點移到N板，電場力做正功為6104J，則知從板附近移到板電場力做功為W=8104+6104=1.4103J ，所以電荷的電勢能減小了1.4103J 根據(jù)電勢差公式U=Wq ,UMN=WMNq=14104-5106=-280V （2）從A點移到M 板，克服電場力做功8104 J則UAM=WAMq=-8104-5106=160V 從A點移到N板，電場力做正功為6104JUAN=WAMq=6104-5106=-120V 由于N板接地，所以A=-120V ；M=-280V 故本題答案是：（1）電勢能減小了1.4103J；UMN=-280V （2）