1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)、考場(chǎng)號(hào)和座位號(hào)填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應(yīng)位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目選項(xiàng)的答案信息點(diǎn)涂黑；如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內(nèi)相應(yīng)位置上；如需改動(dòng)，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準(zhǔn)使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y(jié)束后，請(qǐng)將本試卷和答題卡

2、一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、某個(gè)物體的帶電荷量不可能是( )A1.610-19C B3.210-20C C4.810-19C D1.610-6C2、在基本邏輯電路中，當(dāng)所有輸入均為“0”時(shí)，輸出是“1”的是 ( )A“與”門電路B“或”門電路C“非”門電路D都不可能3、如圖所示，一個(gè)菱形的導(dǎo)體線框沿著自己的對(duì)角線勻速運(yùn)動(dòng)，穿過具有一定寬度的勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，已知對(duì)角線AC的長(zhǎng)度為磁場(chǎng)寬度的兩倍且與磁場(chǎng)邊界垂直下面對(duì)于線框中感應(yīng)電流隨時(shí)間變化的圖象(電流以ABCD順序流向?yàn)檎较?，從C點(diǎn)進(jìn)入磁場(chǎng)開始計(jì)時(shí))正確的

3、是( ) ABCD4、真空中相距為3L的兩個(gè)點(diǎn)電荷A、B分別固定于x軸上x10和x23L的兩點(diǎn)處，其連線上各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)隨x變化關(guān)系如圖所示(x正方向?yàn)閳?chǎng)強(qiáng)的正方向)，以下判斷中正確的是()A點(diǎn)電荷A、B一定為異種電荷B點(diǎn)電荷A、B所帶電荷量的絕對(duì)值之比為12CxL處的電勢(shì)一定為零D把一個(gè)負(fù)電荷沿x軸從移至的過程中，電勢(shì)能先減小后增大5、關(guān)于電源電動(dòng)勢(shì)，以下說法中正確的是A電源的電動(dòng)勢(shì)等于電源沒有接入電路時(shí)兩極間的電壓，所以當(dāng)電源接入電路時(shí)，電動(dòng)勢(shì)將發(fā)生變化B在閉合電路中，并聯(lián)在電源兩端電壓表的讀數(shù)是電源的電動(dòng)勢(shì)C電源電動(dòng)勢(shì)是表示電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能本領(lǐng)大小的物理量D電動(dòng)勢(shì)越大，說明靜電力在

4、電源內(nèi)部從負(fù)極向正極移送單位電荷量的電荷做功越多。6、把兩根同種材料的電阻絲分別連在兩個(gè)電路中，A電阻絲長(zhǎng)為L(zhǎng)，直徑為d，B電阻絲長(zhǎng)為4L，直徑為3d。要使兩電阻絲在相同時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量相等，加在兩電阻絲上的電壓之比應(yīng)當(dāng)滿足（ ）AUAUB=11 BUAUB=31CUAUB=33 DUAUB=32二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，電源的電動(dòng)勢(shì)為 E、內(nèi)阻為 r，閉合開關(guān) K，小液滴恰能在平行板間靜止， 現(xiàn)將滑動(dòng)變阻器的滑片 P 向下滑動(dòng)，則A小液滴將向上運(yùn)

5、動(dòng)B電源的總功率變大C小燈泡變亮D定值電阻 R1 上消耗的功率變大8、如圖所示，虛線a、b、c代表電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等，即UabUbc，實(shí)線為一帶正電的質(zhì)點(diǎn)僅在電場(chǎng)力作用下通過該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)，據(jù)此可知，下列說法錯(cuò)誤的是（ ）A三個(gè)等勢(shì)面中，c的電勢(shì)最低B帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時(shí)的加速度較Q點(diǎn)大C帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能較Q點(diǎn)大D帶電質(zhì)點(diǎn)通過P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能較Q點(diǎn)大9、圖為一個(gè)示波器工作原理的示意圖，電子經(jīng)電壓為 U1的加速電場(chǎng)后以速度v0垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，離開電場(chǎng)時(shí)的偏轉(zhuǎn)量是h，兩平行板間的距離為d，電勢(shì)差U2，板長(zhǎng)L，為了提高示波管的靈敏度（每

6、單位電壓引起的偏轉(zhuǎn)量h/U2）可采取的方法是（ ）A減小兩板間電勢(shì)差U2B盡可能使板長(zhǎng)L長(zhǎng)些C使加速電壓U1降低一些D盡可能使板間距離d大一些10、如圖所示，空間存在相互垂直的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，電場(chǎng)的方向豎直向下，磁場(chǎng)方向水平（圖中垂直紙面向里），一帶電油滴P恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)，則下列說法正確的是A若給P一初速度，P可能做勻速圓周運(yùn)動(dòng)B若給P一初速度，P可能做勻速直線運(yùn)動(dòng)C若僅撤去磁場(chǎng)，P可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)D若僅撤去電場(chǎng)，P可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在“用單分子油膜估測(cè)分子的大小”的實(shí)驗(yàn)中，若一滴油

7、酸酒精溶液中油酸所占的體積為V，在水面上散開形成的油膜面積為S，則油酸分子的直徑d=_。如果實(shí)驗(yàn)中油膜沒有完全散開，則得到的油酸分子直徑_（選填“偏大”或“偏小”）。12（12分）在“測(cè)定玻璃的折射率”的實(shí)驗(yàn)中，（1）小朱同學(xué)在實(shí)驗(yàn)桌上看到方木板上有一張白紙，白紙上有如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)器材， 他認(rèn)為除了缺刻度尺還少了一種器材，請(qǐng)你寫出所缺器材的名稱：_老師將器材配齊后，他進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，圖乙是他在操作過程中的一個(gè)狀態(tài)，請(qǐng)你指出第四枚大頭針應(yīng)在圖乙中的位置_（填“A”、“B”或“C”）。（2）小紅利用方格坐標(biāo)紙測(cè)定玻璃的折射率，如圖丙所示，AO是畫在紙上的直線，她在直線AO適當(dāng)位置豎直插上P1、P2兩枚

8、大頭針，放上半圓形玻璃磚，使其圓心與O重合，然后插上P3、P4兩枚大頭針，以確定折射光線其中她確定P3大頭針位置的方法應(yīng)當(dāng)是_。操作完成后，她用圓規(guī)作了一個(gè)以O(shè)為圓心、半徑與玻璃磚半徑相同的半圓（如圖丙中虛線所示），則她測(cè)出玻璃的折射率n_。四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，滑塊A和滑塊B靜止在光滑的水平面上，兩者接觸但不連接，滑塊A左端是一個(gè) 光滑的圓弧槽MN，圓弧槽下端與粗糙水平部分NP相切于N點(diǎn)現(xiàn)有可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊C從M點(diǎn)由靜止開始滑下，恰好能到達(dá)P點(diǎn)已知A、B質(zhì)量均為1 kg，C的質(zhì)量為

9、1 kg，圓弧半徑為0.4 m，C與NP之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1，g取10 m/s1（1）C由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至N點(diǎn)的過程中，A、B、C組成的系統(tǒng)動(dòng)量是否守恒？并寫出判斷的理由；（1）求當(dāng)滑塊C到達(dá)N點(diǎn)時(shí)的速度大??；（3）求NP的長(zhǎng)度14（16分）在靜電場(chǎng)中，將一電量q= 1.5106C的電荷從A點(diǎn)移到B點(diǎn)，電場(chǎng)力做功為310-4J。如果將該電荷從C點(diǎn)移到A點(diǎn)，克服電場(chǎng)力做功1.510-4J。求：（1）AB兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAB、AC兩點(diǎn)的電勢(shì)差UAC（2）若將此電荷從A點(diǎn)移動(dòng)到無窮遠(yuǎn)處，克服電場(chǎng)力做功為610-4J，求電荷在A點(diǎn)的電勢(shì)。（設(shè)無窮遠(yuǎn)電勢(shì)為零）15（12分）如圖所示，圖線AB是某閉合電路的路

10、端電壓隨電流變化的關(guān)系圖線， OM是某定值電阻R的伏安特性曲線，由圖求：（1）R的阻值；（2）處于直線OM與AB交點(diǎn)C時(shí)電源的輸出功率；（3）電源的最大輸出功率。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、B【解析】元電荷是指最小的電荷量，任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍；【詳解】最小的電荷量是1.610-19C，我們把這個(gè)最小的電荷量叫做元電荷，任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍，由于3.210-20C不是1.610-19C的整數(shù)倍，所以B是不可能的，選項(xiàng)ACD是可能的?！军c(diǎn)睛】本題就是對(duì)元電荷概念

11、的考查，知道任何物體的帶電量都是元電荷或是元電荷的整數(shù)倍即可解決本題。2、C【解析】“與”門電路中，邏輯門當(dāng)所有輸入均為0時(shí)，其輸出端一定是0，“或”門電路中，邏輯門當(dāng)所有輸入均為0時(shí)，其輸出端一定是0，“非”門電路中，邏輯門當(dāng)所有輸入均為0時(shí)，其輸出端一定是1，故C正確。3、A【解析】線圈在進(jìn)磁場(chǎng)的過程中，根據(jù)楞次定律可知，感應(yīng)電流的方向?yàn)锳BCD方向，即為正值，在出磁場(chǎng)的過程中，根據(jù)楞次定律知，感應(yīng)電流的方向?yàn)锳DCBA，即為負(fù)值；在線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的前一半的過程中，切割的有效長(zhǎng)度均勻增大，根據(jù)E=BLv可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)均勻增大，則感應(yīng)電流也均勻增大；在線圈進(jìn)入磁場(chǎng)的后一半過程中，切割的有效長(zhǎng)

12、度均勻減小，根據(jù)E=BLv可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)均勻減小，則感應(yīng)電流均勻減??；在線圈出磁場(chǎng)的前一半的過程中，切割的有效長(zhǎng)度均勻增大，根據(jù)E=BLv可知，感應(yīng)電流均勻增大，在線圈出磁場(chǎng)的后一半的過程中，切割的有效長(zhǎng)度均勻減小，根據(jù)E=BLv可知，感應(yīng)電流均勻減小，故A正確，BCD錯(cuò)誤4、D【解析】A、由圖看出：段和段場(chǎng)強(qiáng)方向相反，則知點(diǎn)電荷A、B一定為同種電荷，故A錯(cuò)誤；B、由于L處場(chǎng)強(qiáng)為0，故A、B兩個(gè)電荷在L處產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小相等、方向相反，則得：，則得：，故B錯(cuò)誤；C、L處場(chǎng)強(qiáng)為0，但電勢(shì)是相對(duì)的，零電勢(shì)的選擇是任意的，所以處的電勢(shì)不一定為零，故C錯(cuò)誤；D、從移至的過程中，場(chǎng)強(qiáng)方向先向左后向右，負(fù)

13、電荷所受的電場(chǎng)力方向先向右后向左，電場(chǎng)力先做正功后做負(fù)功，則其電勢(shì)能先減小后增大，故D正確點(diǎn)睛：只要掌握同種性質(zhì)和異種性質(zhì)的點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)的分別特點(diǎn)就能順利解決此類問題，并能運(yùn)用電場(chǎng)的疊加原理分析兩個(gè)電荷的電量關(guān)系5、C【解析】解：電動(dòng)勢(shì)表征電源把其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)大小，不會(huì)因?yàn)榻尤腚娐范l(fā)生變化,電動(dòng)勢(shì)越大,電源將其他形式的能轉(zhuǎn)化為電能的本領(lǐng)越大.A錯(cuò)誤、C正確；根據(jù)閉合電路歐姆定律E=U+Ir,得知,當(dāng)I=0時(shí),U=E,即電源沒有接入外電路時(shí)兩極間的電壓等于電源電動(dòng)勢(shì).故B錯(cuò)誤；電動(dòng)勢(shì)越大說明非靜電力在電源內(nèi)部把單位電荷量的正電荷在電源內(nèi)從負(fù)極移到正極時(shí)非靜電力做的功越多,D錯(cuò)

14、誤。6、D【解析】根據(jù)電阻定律R=LS可知RA:RB=L14d2:4L143d2=9:4，由于是純電阻，則由Q=U2Rt，Q、t相同得：加在兩電阻絲上的電壓之比為UA:UB=RAQt：RRQt=3:2，D正確【點(diǎn)睛】本題考查運(yùn)用比例法解題的能力。對(duì)于純電阻電路，求解熱量三個(gè)公式通用，即Q=UIt=I2Rt=U2Rt二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】將滑動(dòng)變阻器的滑片P向下滑動(dòng)，變阻器電阻減小，故外電路的總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律，干路電流增加，根據(jù)

15、UL=E-I（r+R1），小燈泡的電壓減??；故小燈泡電功率減小，小燈泡變暗，故C錯(cuò)誤；干路電流增加，根據(jù)P=EI，電源的總功率變大，故B正確；干路電流增加，根據(jù)U=E-Ir，路端電壓減小，故電容器兩端電壓減小，故液滴受電場(chǎng)力減小，重力大于電場(chǎng)力，液滴將向下加速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；干路電流增加，根據(jù)P=I2R，定值電阻R1上消耗的功率變大，故D正確。所以BD正確，AC錯(cuò)誤。8、AD【解析】帶電質(zhì)點(diǎn)所受的電場(chǎng)力指向軌跡內(nèi)側(cè)，且與等勢(shì)線垂直，由于質(zhì)點(diǎn)帶正電，因此電場(chǎng)線指向右下方。而沿電場(chǎng)線電勢(shì)降低，故c等勢(shì)線的電勢(shì)最高，a等勢(shì)線的電勢(shì)最低，故A錯(cuò)誤；等差等勢(shì)線密的地方電場(chǎng)線密，電場(chǎng)強(qiáng)度大，故P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)

16、度比Q點(diǎn)的大，質(zhì)點(diǎn)所受的電場(chǎng)力大，根據(jù)牛頓第二定律，加速度也大，故B正確；根據(jù)質(zhì)點(diǎn)受力情況可知，從P到Q過程中電場(chǎng)力對(duì)質(zhì)點(diǎn)做正功，電勢(shì)能減小，動(dòng)能增加，故P點(diǎn)的電勢(shì)能大于Q點(diǎn)的電勢(shì)能，P點(diǎn)的動(dòng)能小于Q點(diǎn)的動(dòng)能，故C正確，D錯(cuò)誤。本題選錯(cuò)誤的，故選AD.【點(diǎn)睛】解決這類帶電粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)問題的思路是：根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡判斷出所受電場(chǎng)力方向，然后進(jìn)一步判斷電勢(shì)、電場(chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)能、動(dòng)能等物理量的變化.9、BC【解析】試題分析：電子在加速電場(chǎng)中加速，根據(jù)動(dòng)能定理可得：eU1=mv02所以電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)速度的大小為：電子進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后的偏轉(zhuǎn)量為：聯(lián)立得，所以示波管的靈敏度為；所以要提高示波管的靈敏度可以

17、增大l，減小d和減小U1，所以AD錯(cuò)誤，BC正確故選BC考點(diǎn)：帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)10、AB【解析】若P初速度方向與磁場(chǎng)方向相互垂直，重力和電場(chǎng)力抵消，僅受洛倫茲力，故P做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故A正確；若P初速度方向與磁場(chǎng)平行，不受洛倫茲力，重力和電場(chǎng)力抵消，P受力平衡，所以可以做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故B正確；若僅撤去磁場(chǎng)，P受力一定平衡，故只能做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；僅撤去電場(chǎng)，油滴受重力有豎直向下的速度，油滴受洛倫茲力，速度改變，洛倫茲力方向隨速度方向的變化而變化，不可能做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故D錯(cuò)誤所以AB正確，CD錯(cuò)誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演

18、算過程。11、 偏大 【解析】1 根據(jù)體積公式可知分子直徑為；2 油膜沒有完全散開會(huì)導(dǎo)致油酸的在水面的擴(kuò)散面積減小，從而測(cè)量的分子直徑偏大。12、（1）大頭針 B （2）擋住P1P2的像 1.5 【解析】依據(jù)實(shí)驗(yàn)原理，及提供的實(shí)驗(yàn)器材，即可求解；測(cè)定半圓形玻璃磚的折射率的原理是折射定律n=sinisinr，他確定P3大頭針位置的方法應(yīng)當(dāng)是透過玻璃磚看，P3大頭針擋住P1、P2兩枚大頭針的像；作出法線，過圓與入射光線與折射光線的交點(diǎn)作法線的垂線，運(yùn)用數(shù)學(xué)知識(shí)求出入射角和折射角的正弦值，求出折射率；【詳解】解：(1)在實(shí)驗(yàn)桌上看到方木板上有一張白紙，白紙上有如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)器材，還缺少刻度尺、大頭

19、針；依據(jù)光的折射定律，及玻璃磚上下表面平行，那么出射光線與入射光線相互平行，因此第四枚大頭針應(yīng)在圖乙中的位置B處，如圖所示；(2)透過玻璃磚看，P3大頭針擋住P1、P2兩枚大頭針的像；如圖，作出法線，過圓與入射光線與折射光線的交點(diǎn)作法線的垂線CA和DB，由數(shù)學(xué)知識(shí)得：入射角和折射角的正弦值分別為：sini=CACO，sinr=BDDO其中CO=DO，則折射率n=sinrsini=BDCA=64=1.5；四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）不守桓；系統(tǒng)所受合外力不為零。 （1）1m/s （3）m【解析】（1）系統(tǒng)動(dòng)量不守桓。系統(tǒng)所受合外力不為零。（1）對(duì)A、B、C組成的系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒定律得0+0+0=mCv1+（mA+mB）（-v1）mCgR=+解得C到達(dá)N點(diǎn)時(shí)的速度大?。簐1=1m/sA、B速度大小v1= 1m/s（3）C不離開A即A、C最終速度相同，對(duì)A、C組成的系統(tǒng)，由動(dòng)量守恒得