1、2021-2022學年高考物理模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號、考場號和座位號填寫在試題卷和答題卡上。用2B鉛筆將試卷類型（B）填涂在答題卡相應位置上。將條形碼粘貼在答題卡右上角條形碼粘貼處。2作答選擇題時，選出每小題答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目選項的答案信息點涂黑；如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案。答案不能答在試題卷上。3非選擇題必須用黑色字跡的鋼筆或簽字筆作答，答案必須寫在答題卡各題目指定區(qū)域內相應位置上；如需改動，先劃掉原來的答案，然后再寫上新答案；不準使用鉛筆和涂改液。不按以上要求作答無效。4考生必須保證答題卡的整潔?？荚嚱Y束后，請將本試卷和答

2、題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，豎直平面內的光滑水平軌道的左邊與墻壁對接，右邊與一個足夠高的四分之一光滑圓弧軌道平滑相連，木塊A、B靜置于光滑水平軌道上，A、B的質量分別為1.5kg和0.5kg。現讓A以6m/s的速度水平向左運動，之后與墻壁碰撞，碰撞的時間為0.2s，碰后的速度大小變?yōu)?m/s，當A與B碰撞后立即粘在一起運動，g取10m/s2，則（）AA與墻壁碰撞過程中，墻壁對A的平均作用力的大小BA和B碰撞過程中，A對B的作用力大于B對A的作用力CA、B碰撞后的速度DA、B滑上圓弧的最大高度

3、2、如圖甲所示，在粗糙的水平面上，質量分別為mA和mB的物塊A、B用輕彈簧相連，兩物塊與水平面間的動摩擦因數相同，它們的質量之比mA:mB=2:1當用水平力F作用于B上且兩物塊以相同的加速度向右加速運動時（如圖甲所示），彈簧的伸長量xA；當用同樣大小的力F豎直向上拉B且兩物塊以相同的加速度豎直向上運動時（如圖乙所示），彈簧的伸長量為xB，則xA:xB等于（ ）A1:1B1:2C2:1D3:23、如圖甲所示，理想變壓器原、副線圈匝數比為11:1，原線圈接入如圖乙所示的正弦式交變電流，A、V均為理想電表，二極管D正向電阻為零，反向電阻無窮大，R是定值電阻，L是燈泡，Rt是熱敏電阻（電阻隨溫度升高而

4、減?。Ｒ韵抡f法正確的是（）A交變電流的頻率為100HzB電壓表的示數為10VC當溫度升高時，燈泡L變亮D當溫度降低時，理想變壓器輸入功率增大4、一定質量的理想氣體由狀態(tài)A沿平行T軸的直線變化到狀態(tài)B，然后沿過原點的直線由狀態(tài)B變化到狀態(tài)C，pT圖像如圖所示，關于該理想氣體在狀態(tài)A、狀態(tài)B和狀態(tài)C時的體積VA、VB、VC的關系正確的是（）ABCD5、粗糙斜面傾角為，一物體從斜面頂端由靜止開始下滑，運動的位移時間關系圖像是一段拋物線，如圖所示，g取。則（ ）A下滑過程中，物體的加速度逐漸變大B時刻，物體的速度為0.25m/sC時間，物體平均速度1m/sD物體與斜面間動摩擦因數為6、下列屬于理想化

5、物理模型的是（）A電阻B點電荷C力的合成D瞬時速度二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、以下說法正確的是（ ）A已知阿伏加德羅常數、氣體摩爾質量和密度，可算出該氣體分子的直徑B物質是晶體還是非晶體，比較可靠的辦法是從各向異性或各向同性來判斷C隨著分子間距離的增大，分子間的引力和斥力都減小，斥力減小得快，但合力表現仍可能為斥力D能量耗散從能量角度反映出自然界的宏觀過程具有方向性8、如圖所示，質量分別為的兩物塊疊放在一起，以一定的初速度一起沿固定在水平地面上傾角為的斜面上滑

6、。已知B與斜面間的動摩擦因數 ， 則( )A整體在上滑的過程中處于失重狀態(tài)B整體在上滑到最高點后將停止運動C兩物塊之間的摩擦力在上滑與下滑過程中大小相等D在上滑過程中兩物塊之間的摩擦力大于在下滑過程中的摩擦力9、如圖所示，在某行星表面上有一傾斜的勻質圓盤，盤面與水平面的夾角為30，圓盤繞垂直于盤面的固定對稱軸以恒定的角速度轉動，盤面上離轉軸距離L處有一小物體與圓盤保持相對靜止，當圓盤的角速度為時，小物塊剛要滑動物體與盤面間的動摩擦因數為（設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力)，該星球的半徑為R，引力常量為G，下列說法正確的是A這個行星的質量B這個行星的第一宇宙速度C這個行星的同步衛(wèi)星的周期是D離行星表

7、面距離為R的地方的重力加速度為10、用輕桿通過鉸鏈相連的小球A、B、C、D、E處于豎直平面上，各段輕桿等長，其中小球A、B的質量均為2m，小球C、D、E的質量均為m現將A、B兩小球置于距地面高h處，由靜止釋放，假設所有球只在同一豎直平面內運動，不計一切摩擦，則在下落過程中A小球A、B、C、D、E組成的系統(tǒng)機械能和動量均守恒B小球B的機械能一直減小C小球B落地的速度大小為D當小球A的機械能最小時，地面對小球C的支持力大小為mg三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）如圖甲所示，用鐵架臺、彈簧和多個已知質量且質量相等的鉤碼，探究在彈性限度

8、內彈簧彈力與彈簧伸長長度的關系實驗 （1）實驗中還需要的測量工具有：_（2）如圖乙所示，根據實驗數據繪圖，縱軸是鉤碼質量m，橫軸是彈簧的形變量x，由圖可知：圖線不通過原點的原因是由于_；彈簧的勁度系數_計算結果保留2位有效數字，重力加速度g取；（3）如圖丙所示，實驗中用兩根不同的彈簧a和b，畫出彈簧彈力F與彈簧長度L的圖象，下列正確的是_Aa的原長比b的長B的勁度系數比b的大Ca的勁度系數比b的小D彈力與彈簧長度成正比12（12分）某實驗興趣小組用如圖甲所示實驗裝置來驗證機械能守恒定律并求出當地重力加速度。傾斜氣墊導軌傾角為30，導軌上端與水平桌面相接并安裝有速度傳感器可以直接測出小物塊經過上

9、端時的速度，氣墊導軌和水平桌面上均有刻度值可讀出長度。導軌下端有一固定擋板，輕質彈簧下端與擋板相連，測出不放小物塊時彈簧上端與傳感器之間的長度為L。氣墊導軌開始工作后把質量為m的小物塊輕放在彈簧上端，用外力向下緩慢推動小物塊到不同位置后撤去外力，小物塊從靜止開始向上運動，經過一段時間后落在水平桌面上。（1）通過實驗，該小組測出了多組不同的速度v和對應的落點到導軌上的長度x，畫出了如圖乙所示的圖象，已知該圖象為一過原點的直線、直線斜率為k，則通過該象可求出當地重力加速度g的值為_，考慮到空氣阻力，該小組測出的值_（填“偏大”“偏小”或“不變”）。（2）通過事先對輕彈簧的測定，、研究得出彈簧的彈性

10、勢能與壓縮量的關系為。若每次釋放小物塊時彈簧的壓縮量均為L的n倍，為了驗證小物塊和輕彈簧系統(tǒng)的機械能守恒，該小組需要驗證的表達式為_（用x、n、L表示）。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一列沿x軸正方向傳播的簡諧橫波，t=0時刻波形如圖所示，圖線上質點M的位移為振幅的倍，經過時間0.1s，質點M第一次到達正的最大位移處。求：該簡諧橫波的傳播速度；從計時后的0.5s內，質點M通過的路程。14（16分）如圖所示,甲為某一列簡諧波t=t0時刻的圖象,乙是這列波上P點從這一時刻起的振動圖象,試討論: 波的傳播方

11、向和傳播速度. 求02.3 s內P質點通過的路程.15（12分）如圖所示，兩根電阻不計且足夠長的平行金屬導軌傾斜放置，傾角=37，導軌間距L=1m，頂端用電阻R=2的定值電阻相連。虛線上方存在垂直于導軌所在平面向上的勻強磁場，磁感應強度大小B=1T。質量m1=0.1kg、電阻R1=4的導體棒M在磁場中距虛線的距離d=2m，M與導軌間的動摩擦因數1=0.25，質量m2=0.3kg、電阻R2=2的導體棒N在虛線處，N與導軌間的動摩擦因數2=0.8。將導體棒M、N同時從導軌上由靜止釋放，M到達虛線前已經勻速，重力加速度g取10m/s2，運動過程中M、N與導軌始終接觸良好，已知sin37=0.6，co

12、s37=0.8。（1）求M、N相碰前，M上產生的焦耳熱；（2）求M、N相碰前M運動的時間；（3）M、N相遇發(fā)生彈性碰撞，碰后瞬間對M施加一個沿斜面方向的作用力F，使M、N同時勻減速到零，求M棒在減速到零的過程中作用力F的大小隨時間變化的表達式。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A規(guī)定向右為正方向，則，對A在與墻碰撞的過程，由動量定理得所以A錯誤；BA和B碰撞過程中，A對B的作用力和B對A的作用力是一對相互作用力，應該大小相等，方向相反，所以B錯誤；C由題意可知，A和B發(fā)生完全非彈性碰撞，由動量守恒定律得

13、所以C錯誤；DA和B碰后一起沿圓軌道向上運動，在運動過程中，只有重力做功，由機械能守恒定律得所以D正確。故選D。2、A【解析】設mA=2mB=2m，對甲圖，運用整體法，由牛頓第二定律得，整體的加速度：對A物體有：F彈-2mg=2ma，得 ；對乙圖，運用整體法，由牛頓第二定律得，整體的加速度：對A物體有：F彈-2mg=2ma，得則x1：x2=1：1A 1:1，與結論相符，選項A正確；B 1:2，與結論不相符，選項B錯誤；C2:1，與結論不相符，選項C錯誤；D3:2，與結論不相符，選項D錯誤3、B【解析】A交變電流的周期T=0.02s，則頻率為，選項A錯誤；B變壓器原線圈電壓有效值為U1，則 解得

14、U1=110V則選項B正確；C當溫度升高時，Rt阻值減小，則次級電阻減小，因次級電壓不變，則次級電流變大，電阻R上電壓變大，則燈泡L電壓減小，則燈泡L變暗，選項C錯誤；D當溫度降低時，Rt阻值變大，則次級電阻變大，因次級電壓不變，則次級電流變小，則理想變壓器次級功率減小，則輸入功率減小，選項D錯誤。故選B。4、B【解析】從A到B為等壓變化，根據可知，隨著溫度的升高，體積增大，故從B到C為坐標原點的直線，為等容變化，故所以故ACD錯誤，B正確。故選B。5、D【解析】A由題意可知，物體初速度為零，x-t圖象是一段拋物線，由勻變速直線運動的位移公式可知，物體的加速度a保持不變，物體做勻加速直線運動，

15、由圖示圖象可知：t=0.5s時x=0.25m，解得a=2m/s2故A錯誤；B物體做初速度為零的勻加速直線運動，t=0.5s時物體的速度v=at=20.5m/s=1m/s故B錯誤；C物體在00.5s內物體的平均速度故C錯誤；D對物體，由牛頓第二定律得mgsin30-mgcos30=ma代入數據解得故D正確。故選D。6、B【解析】理想化模型的特點是現實生活中不存在。通過想象合理分析得出忽略次要因素，只考慮主要因素，據此判斷即可?！驹斀狻拷⒗硐牖Ｐ偷囊话阍瓌t是首先突出問題的主要因素，忽略問題的次要因素物理學是一門自然學科，它所研究的對象、問題往往比較復雜，受諸多因素的影響有的是主要因素，有的是次

16、要因素為了使物理問題簡單化，也為了便于研究分析，我們往往把研究的對象、問題簡化，忽略次要的因素，抓住主要的因素，建立理想化的模型如質點、電場線、理想氣體、點電荷、自由落體運動等，電阻、力的合成以及瞬時速度均不符合理想化模型的定義，ACD不符合題意，B符合題意。故選B。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、CD【解析】A摩爾體積，氣體分子所占空間，所以可以求得分子間的平均距離，故A錯誤；B因多晶體也具有各向同性，故晶體和非晶體一般從熔點來判斷，故B錯誤；C當分子間距離小于

17、r0時，隨著分子間距離的增大，分子間的引力和斥力都減小，斥力減小得快，合力表現為斥力，故C正確；D根據熱力學定律可知，宏觀自然過程自發(fā)進行是有其方向性，能量耗散就是從能量的角度反映了這種方向性，故D正確。故選CD。8、AC【解析】A在上升和下滑的過程，整體都是只受三個個力，重力、支持力和摩擦力，以向下為正方向，根據牛頓第二定律得向上運動的過程中：（m1+m2）gsin+f=（m1+m2）af=（m1+m2）gcos因此有：a=gsin+gcos方向沿斜面向下。所以向上運動的過程中A、B組成的整體處于失重狀態(tài)。故A正確；B同理對整體進行受力分析，向下運動的過程中，由牛頓第二定律得：（m1+m2）

18、gsin-f=（m1+m2）a，得：a=gsin-gcos由于tan，所以a0所以上滑到最高點后A、B整體將向下運動。故B錯誤；CD以A為研究對象，向上運動的過程中，根據牛頓第二定律有：m1gsin+f=m1a解得：f=m1gcos向下運動的過程中，根據牛頓第二定律有：m1gsin-f=m1a解得：f=m1gcos所以f=f即A與B之間的摩擦力上滑與下滑過程中大小相等；故C正確D錯誤。9、BD【解析】當物體轉到圓盤的最低點，由重力沿斜面向下的分力和最大靜摩擦力的合力提供向心力時，角速度最大，由牛頓第二定律求出重力加速度，然后結合萬有引力提供向心力即可求出【詳解】物體在圓盤上受到重力、圓盤的支持

19、力和摩擦力，合力提供向心加速度；可知當物體轉到圓盤的最低點，所受的靜摩擦力沿斜面向上達到最大時，角速度最大，由牛頓第二定律得：mgcos30-mgsin30=m2L，所以:.A繞該行星表面做勻速圓周運動的物體受到的萬有引力即為其所受重力，即：,所以，故A錯誤；B根據行星的第一宇宙速度公式得，該行星得第一宇宙速度為，故B正確；C同步衛(wèi)星在軌運行時，軌道處衛(wèi)星受到的引力提供向心力，則有，解得：，由于同步衛(wèi)星的高度未知，故而無法求出自轉周期T，故C錯誤；D離行星表面距離為R的地方的萬有引力：；即重力加速度為2L故D正確【點睛】本題易錯點為C選項，在對同步衛(wèi)星進行分析時，如果公轉圓周運動不能計算時，通

20、?？梢钥紤]求行星自傳周期：同步衛(wèi)星的周期等于行星自傳周期該行星赤道上的物體隨行星一起做圓周運動時，萬有引力可分解為重力和自傳向心力，即，由于不能確定該行星表面上赤道地區(qū)的重力加速度，故而無法求出自傳周期T；如果錯誤地按照自傳向心力由萬有引力提供，解得：T=，就錯了，因為是如果行星上物體所受萬有引力全部提供自傳向心力，該行星已經處在自解體狀態(tài)了，也就是不可能存在這樣得行星10、CD【解析】小球A、B、C、D、E組成的系統(tǒng)機械能守恒但動量不守恒，故A錯誤；由于D球受力平衡，所以D球在整個過程中不會動，所以輕桿DB對B不做功，而輕桿BE對B先做負功后做正功，所以小球B的機械能先減小后增加，故B錯誤；

21、當B落地時小球E的速度等于零，根據功能關系 可知小球B的速度為，故C正確；當小球A的機械能最小時，輕桿AC沒有力，小球C豎直方向上的力平衡，所以支持力等于重力，故D正確，故選CD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、刻度尺 彈簧有自身重力 4.9 B 【解析】（1）1實驗需要測量彈簧伸長的長度，故需要刻度尺（2）2由圖可知，當F=0時，x0，說明沒有掛重物時，彈簧有伸長，這是由于彈簧自身的重力造成的故圖線不過原點的原因是由于彈簧有自身重力，實驗中沒有考慮（或忽略了）彈簧的自重3由圖線乙，彈簧的勁度系數k=4.9N/m（3）4A.由圖丙知，

22、F-L圖像橫坐標的截距表示原長，故b的原長比a的長，選項A錯誤；BC.由彈簧的勁度系數k=知，a圖線較b圖線傾斜，a的勁度系數比b的大，選項B正確，C錯誤；D.圖線的物理意義是表明彈簧的彈力大小和彈簧伸長量大小成正比，選項D錯誤12、 偏大 【解析】（1）12物塊到達斜面頂端時的速度為v，則：物塊離開斜面后做斜上拋運動，運動時間：水平位移：整理得：由v2-x圖象可知圖象斜率：所以重力加速度：考慮空氣阻力影響，所測重力加速度偏大.（2）3每次釋放小物塊時彈簧的壓縮量均為L的n倍，則：彈簧的彈性勢能：以釋放點所處水平面為重力勢能的零勢面，由機械能守恒定律得：整理得：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、1.25m/s；cm?！窘馕觥扛鶕?/p>