1、廣東省廣州市康復(fù)實驗學(xué)校2022-2023學(xué)年高三物理聯(lián)考試題含解析一、 選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分每小題只有一個選項符合題意1. 在國際單位制中，下列是力學(xué)范圍內(nèi)基本單位的有（ ）A米 B帕斯卡 C牛頓 D米每秒?yún)⒖即鸢福篈2. 放射性同位素釷232經(jīng)、衰變會生成氧，其衰變方程為其中Ax=1，y=3 Bx=2，y=3Cx=3，y1 Dx=3，y=2參考答案：答案：D解析：由衰變方程： ，由質(zhì)量數(shù)守恒和電荷數(shù)守恒得：232=220+4x，90=86+2x-y可解得：x=3、y=2。3. （多選）用一根橫截面積為S、電阻率為p的硬質(zhì)導(dǎo)線做成一個半徑為r的圓環(huán)，ab為圓環(huán)的一條直

2、徑如圖所示，在ab的左側(cè)存在一個均勻變化的勻強磁場，磁場垂直圓環(huán)所在平面，方向如圖，磁感應(yīng)強度大小隨時間的變化率，則A圓環(huán)中產(chǎn)生逆時針方向的感應(yīng)電流B圓環(huán)具有擴張的趨勢C圓環(huán)中感應(yīng)電流的大小為D.圖中a、b兩點間的電壓參考答案：BD 解析： A、磁通量向里減小，由楞次定律“增反減同”可知，線圈中的感應(yīng)電流方向為順時針，故A錯誤；B、由楞次定律的“來拒去留”可知，為了阻礙磁通量的減小，線圈有擴張的趨勢；故B正確；C、由法拉第電磁感應(yīng)定律可知，E=，感應(yīng)電流I=，故C錯誤；D、與閉合電路歐姆定律可知，ab兩點間的電勢差為 =|kr2|，故D正確；故選BD4. 如圖所示，質(zhì)量M的鋼制立方體箱子A，用

3、長為L的細線通過固定在箱壁中心的水平橫桿OO懸吊一質(zhì)量m的鋼球B，線長L小于箱邊長的一半，箱A與球B一起以速度V0在光滑水平面勻速前進與正前方的質(zhì)量也為M的靜止的鋼制箱子C發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，碰畢箱A速度突變?yōu)榱?，關(guān)于這三個物體ABC碰撞前后有下列說法，正確的是：（ ）A碰撞過程，ABC組成的系統(tǒng)機械能守恒，動量守恒B碰撞過程，AB組成的系統(tǒng)機械能不守恒，但動量守恒C碰后，小球上升的最大高度可能達到D碰后小球上升的最大高度，可能為2L參考答案：答案：AD5. 下列說法正確的是 .A全息照片的拍攝利用了光的衍射原理B只有發(fā)生共振時，受迫振動的頻率才等于驅(qū)動力頻率C高速飛離地球的飛船中的宇航員

4、認為地球上的時鐘變慢D鳴笛汽車駛近路人的過程中，路人聽到的聲波頻率與該波源的相比增大參考答案：CD光的干涉、機械振動和聲波知識考查題。G1、N2。全息照片的拍攝利用了光的干涉原理，A錯；凡是受迫振動它的頻率等于驅(qū)動力的頻率，當(dāng)達到它的固有頻率時，發(fā)生共振現(xiàn)象，B錯誤；當(dāng)高速飛離地球的飛船時，時間是變短，根據(jù)時間的相對性， 知高速飛離地球的飛船中宇航員認為地球上的時鐘變慢C正確；根據(jù)多普勒效應(yīng)可知，當(dāng)兩物體以較大速度靠近時，感覺頻率增大，遠離時減小，即D正確；故本題選擇CD答案。本題要理解全息照相、受迫振動、時間的相對性、多普勒效應(yīng)的原理和現(xiàn)象，就不難選擇正確答案。要求我們要多讀課本，觀察身邊事

5、和物，做一們有心人，就不難回答這類題目了。二、 填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6. 在x軸上的和處各有一個做簡諧振動、頻率為的波源，兩波源在同種均勻介質(zhì)中形成兩列簡諧橫波，時刻的波形如圖所示，則兩列波的傳播速度大小為_，在時刻之后的內(nèi)處質(zhì)點的位移為_，兩列波在處疊加以后的振幅是否為零_。參考答案： (1). (2). 5cm (3). 不為零【詳解】由圖知，兩列波的波長為，傳播速度大小均為。波的周期為。在時刻，處質(zhì)點正向上運動，在0之后的內(nèi)即內(nèi)，處質(zhì)點到達波峰，位移為5cm。在處的質(zhì)點到和的路程差為，所以處并不是振動減弱的點，其振幅不為0。7. （單選）沿直線運動的汽車剎車后勻減

6、速運動，經(jīng)過3.5s停止，它在剎車開始后的1s內(nèi)、2s內(nèi)、3s內(nèi)的位移之比 （ ）A3：2：1B3：5：6C9：4：1D5：3：1參考答案：B解析：畫示意圖如圖所示，把汽車從AE的末速度為0的勻減速直線運動，逆過來轉(zhuǎn)換為從EA的初速度為0的勻加速直線運動，來等效處理，由于逆過來前后，加速度相同，故逆過來前后的運動位移、速度時間均具有對稱性所以知汽車在相等時間內(nèi)發(fā)生的位移之比為1：3：5：，把時間間隔分為0.5s所以xDE：xCD：xBC：xAB=1：8：16：24，所以xAB：xAC：xAD=3：5：6故選項B正確故選：B8. 如圖，用長度為L的輕繩懸掛一質(zhì)量為 M 的小球（可以看成質(zhì)點），先

7、對小球施加一水平作用力F ，使小球緩慢從A運動到B點，輕繩偏 離豎直方向的夾角為。在此過程中，力F做的功為 。參考答案：9. （00年吉、蘇、浙）（16分）如圖所示，厚度為h，寬度為d的導(dǎo)體板放在垂直于它的磁感應(yīng)強度為B的均勻磁場中，當(dāng)電流通過導(dǎo)體板時，在導(dǎo)體板的上側(cè)面A和下側(cè)面A/之間會產(chǎn)生電熱差，這種現(xiàn)象稱為霍爾效應(yīng)，實驗表明，當(dāng)磁場不太強時，電熱差U、電流I和B的關(guān)系為：，式中的比例系數(shù)K稱為霍爾系數(shù)?；魻栃?yīng)可解釋如下：外部磁場的洛侖茲力運動的電子聚集在導(dǎo)體板的一側(cè)，在導(dǎo)體板的另一側(cè)會出現(xiàn)多余的正電荷，從而形成橫向電場，橫向電場對電子施加與洛倉茲力方向相反的靜電力，當(dāng)靜電力與洛侖茲力達

8、到平衡時，導(dǎo)體板上下兩側(cè)之間就會形成穩(wěn)定的電勢差。設(shè)電流I是由電子和定向流動形成的，電子的平均定向速度為v，電量為e回答下列問題：（1）達到穩(wěn)定狀態(tài)時，導(dǎo)體板上側(cè)面A的電勢_下側(cè)面A的電勢（填高于、低于或等于）（2）電子所受的洛侖茲力的大小為_。（3）當(dāng)導(dǎo)體板上下兩側(cè)之間的電差為U時，電子所受靜電力的大小為_。（4）由靜電力和洛侖茲力平衡的條件，證明霍爾系數(shù)為其中h代表導(dǎo)體板單位體積中電子的個數(shù)。參考答案：答案：（1）低于；（2）；（3）（4）電子受到橫向靜電力與洛侖茲力的作用，兩力平衡，有得：U=hvB 通過導(dǎo)體的電流密度I=nevdh 由 ，有得 10. 質(zhì)量為20 kg的物體，從離地面l

9、6 m高處，由靜止開始勻加速下落，經(jīng)2 s落地，則物體下落的加速度的大小是 m/s2，下落過程中物體所受阻力的大小是 N(g取l0m/s2)參考答案：8；4 物體下落做勻加速直線運動，根據(jù)位移時間關(guān)系得：x=at2，a= m/s2=8m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得：a=，解得：f=4N。11. 一個細口瓶，開口向上放置，容積為2.0升，在溫度0oC、一個標準大氣壓的環(huán)境里，瓶內(nèi)氣體的分子數(shù)為 個；當(dāng)環(huán)境溫度高20oC時，熱力學(xué)溫度升高 K。（只要求2位有效數(shù)字，阿伏伽德羅常數(shù)N=6.01023mol-1）參考答案： 答案：5.41022、2012. 如圖所示是小英“探究影響滑動摩擦力大小的因素”

10、的實驗，銅塊和木塊的大小、形狀完全相同，實驗時彈簧測力計拉著物體沿水平方向做勻速直線運動。（1）比較甲、乙兩圖，可得到的結(jié)論是 ；（2）若物體不是做勻速運動，而是做加速直線運動，彈簧測力計讀數(shù) 摩擦力（填 “等于”或“不等于”）；（3）實際操作時，手拉著彈簧測力計做勻速直線運動是比較困難的，因而測力計的讀數(shù)不一定等于摩擦力的大小。請你提出一個改進的方法，確保測力計的讀數(shù)等于摩擦力的大小。你的做法（畫圖或文字說明） 。參考答案：13. 某同學(xué)在描繪平拋運動軌跡時，得到的部分軌跡曲線如圖所示。在曲線上取A、B、C三個點，測量得到A、B、C三點間豎直距離=10.20cm，=20.20cm，A、B、C

11、三點間水平距離=12.40cm，g取10ms2，則物體平拋運動的初速度大小為_ms，軌跡上B點的瞬時速度大小為_ms。（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）參考答案：1.24 1.96 三、 實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14. 為了探究加速度與力的關(guān)系，使用如圖所示的氣墊導(dǎo)軌裝置進行實驗其中G1、G2為兩個光電門，它們與數(shù)字計時器相連，當(dāng)滑行器通過G1、G2光電門時，光束被遮擋的時間t1、t2都可以被測量并記錄，滑行器連同上面固定的一條形擋光片的總質(zhì)量為M，擋光片寬度為D，兩個光電門間距離為x，牽引砝碼的質(zhì)量為m回答下列問題：（1）實驗開始應(yīng)先調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌下面的螺釘，使氣墊導(dǎo)軌水平，其

12、方法是：在不掛砝碼的情況下，將滑行器自由放在導(dǎo)軌上，如果滑行器能在任意位置靜止不動，或輕輕推滑行器后，能使滑行器_運動，說明氣墊導(dǎo)軌是水平的（2）若取M=04kg，改變m的值，進行多次實驗，以下m的取值最不合適的一個是_Am1=5g Bm2=15gCm3=40g Dm4=400g（3）在此實驗中，需要測得每一個牽引力對應(yīng)的加速度，其中求得的加速度的表達式為a=_（用t1、t2、D、x表示）參考答案：（1）勻速（2）D（3）（1）當(dāng)滑行器獲得一個初速度時，若能保持勻速直線運動，則說明氣墊導(dǎo)軌是水平的，符合實驗要求。（2）牽引砝碼的重力要遠小于擋光片的重力，可使擋光片受到的合力近似等于牽引砝碼的重

13、力來測量最不合適的應(yīng)該是D.(3)光電門測量瞬時速度是實驗中常用的方法由于光電門的寬度d很小，所以我們用很短時間內(nèi)的平均速度代替瞬時速度,又，所以。15. 某同學(xué)在用如圖1所示的裝置做“探究加速度與物體受力的關(guān)系”實驗時，該同學(xué)在實驗室找到了一個小正方體木塊，接著用這個小正方體木塊把小車軌道的一端墊高，通過速度傳感器發(fā)現(xiàn)小車剛好做勻速直線運動（1）設(shè)小車的質(zhì)量為M，正方體木塊的邊長為a，并用刻度尺量出圖中AB的距離為l（al且已知很小時tansin），則小車向下滑動時受到的摩擦力為 ；（2）然后用細線通過定滑輪掛上重物讓小車勻加速下滑，不斷改變重物的質(zhì)量m，測出對應(yīng)的加速度a，則圖2圖象中能正

14、確反映小車加速度a與所掛重物質(zhì)量m的關(guān)系的是 參考答案：（1）；（2）C【考點】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系【分析】（1）對小車進行受力分析，根據(jù)平衡關(guān)系及幾何關(guān)系即可求解；（2）隨著m的逐漸增大，當(dāng)小桶與砂子的質(zhì)量為m變大后不能滿足mM的條件，圖象就會發(fā)生彎曲【解答】解：（1）設(shè)此時木板與水平面的夾角為，小車剛好做勻速直線運動，所以小車受力平衡，則有：f=Mgsin根據(jù)幾何關(guān)系可知：sin=所以f=（2）設(shè)小車與砝碼的質(zhì)量為M，小桶與砂子的質(zhì)量為m，根據(jù)牛頓第二定律得：對m：mgF拉=ma對M：F拉=Ma解得：F拉=當(dāng)mM時，繩子的拉力近似等于砂和砂桶的總重力所以剛開始am圖象是一條

15、過原點的直線，當(dāng)小桶與砂子的質(zhì)量為m變大后不能滿足mM的條件，圖象彎曲，且加速度增大的速度變慢，故C正確故選：C故答案為：（1）；（2）C四、計算題：本題共3小題，共計47分16. 如圖所示，BCDG是光滑絕緣的圓形軌道，位于豎直平面內(nèi)，軌道半徑為R，下端與水平絕緣軌道在B點平滑連接，整個軌道處在水平向左的勻強電場中現(xiàn)有一質(zhì)量為m、帶正電的小滑塊（可視為質(zhì)點）置于水平軌道上，滑塊受到的電場力大小為mg，滑塊與水平軌道間的動摩擦因數(shù)為0.5，重力加速度為g（1）若滑塊從水平軌道上距離B點s=3R的A點由靜止釋放，滑塊到達與圓心O等高的C點時速度為多大？（2）在（1）的情況下，求滑塊到達C點時受到

16、軌道的作用力大小；（3）改變s的大小，使滑塊恰好始終沿軌道滑行，且從G點飛出軌道，求滑塊在圓軌道上滑行過程中的最小速度大小參考答案：考點：帶電粒子在勻強電場中的運動專題：帶電粒子在電場中的運動專題分析：（1）滑塊從A點由靜止釋放后，電場力和摩擦力做功，根據(jù)動能定理求解到達C點時速度（2）滑塊到達C點時，由電場力和軌道作用力的合力提供向心力，根據(jù)向心力公式求出軌道的作用力；（3）求出重力和電場力的合力的大小和方向，電荷恰好經(jīng)過等效最高點點時，由重力和電場力的合力恰好提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律列式求出等效最高點的速度，即為滑塊在圓軌道上滑行過程中的最小速度解答：解：（1）設(shè)滑塊到達C點時的速度為

17、v，從A到C過程，由動能定理得：qE?（s+R）mg?smgR=由題，qE=mg，=0.5，s=3R代入解得，vC=（2）滑塊到達C點時，由電場力和軌道作用力的合力提供向心力，則有 NqE=m解得，N=mg（3）重力和電場力的合力的大小為F=設(shè)方向與豎直方向的夾角為，則tan=，得=37滑塊恰好由F提供向心力時，在圓軌道上滑行過程中速度最小，此時滑塊到達DG間F點，相當(dāng)于“最高點”，滑塊與O連線和豎直方向的夾角為37，設(shè)最小速度為v， F=m解得，v=答：（1）若滑塊從水平軌道上距離B點s=3R的A點由靜止釋放，滑塊到達與圓心O等高的C點時速度為（2）在（1）的情況下，滑塊到達C點時受到軌道的

18、作用力大小是2.5mg；（3）改變s的大小，使滑塊恰好始終沿軌道滑行，且從G點飛出軌道，滑塊在圓軌道上滑行過程中的最小速度大小是點評：本題關(guān)鍵是將重力和電場力合成后當(dāng)作一種全新的場力，然后等效場的“最高點”，根據(jù)動能定理和牛頓第二定律靈活列式求解17. 如圖所示，ABC是半徑R=m的光滑圓弧軌道，A點和圓弧圓心O的連線與豎直方向的夾角=37，C端在圓弧軌道圓心O的正下方，現(xiàn)在某一位置水平拋出一個質(zhì)量m=2kg的小滑塊（可視為質(zhì)點），并恰好從軌道的上端A點以速度vA=4m/s沿圓弧切線進入軌道，從軌道末端C點滑上了與它等高的足夠長的木板，小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)=0.5，水平面光滑且右邊有豎直

19、的擋板P，擋板P與C間的距離足夠遠，設(shè)長木板與擋板P碰撞無機械能損失，長木板的質(zhì)量M=1kg（g取10m/s2），試求：（1）小物塊的拋出點到O的豎直距離（2）小物塊經(jīng)過圓弧軌道上A點的正下方B點時對軌道的壓力的大小（3）從小物塊滑上長木板到長木板第三次與擋板P碰撞前小物塊變速運動的時間和小物塊距長木板左端的距離參考答案：考點：動能定理的應(yīng)用；向心力.專題：動能定理的應(yīng)用專題分析：（1）由平拋運動規(guī)律可得出拋出點距O點的距離；（2）由機械能守恒定律可求得小球到達C點的速度，再由向心力公式可求得壓力；（3）物體在木板上運動，由牛頓第二定律求得加速度，再分析兩物體的運動過程，由運動學(xué)公式可分析小物

20、體變速運動的時間及小物體距長木板左端的距離解答：解：（1）由平拋運動規(guī)律可知，小球達到A點時的豎直分速度vy=vsin37=40.6=2.4m/s；則由vy2=2gH可得：拋出點到A點的距離：H=0.288m；故拋出點到O點距離：H=0.288+=0.488m；（2）由AC過程由機械能守恒定律可得：mg（R+Rcos37）=mvC2mvA2由牛頓第二定律可知：FNmg=m；解得：vc=5m/s；FN=220N；（3）由牛頓第二定律可知，物體的加速度a1=g=0.510=5m/s2；木板的加速度a2=10m/s2；物體滑到木板上后，物體做減速運動，木板做加速運動，設(shè)經(jīng)時間t達到相對速度，則有：v

21、Ca1t=a2t解得：t1=s；因距離足夠長，故碰前達共同速度，共同速度v2=a2t=10=m/s；此時二者之間的相對位移x1=m；碰后，二者速度反向，木板以m/s的速度向左運動，物體向右運動；設(shè)經(jīng)時間t2木板靜止，則有：t2=s；木板向左運動的位移x=m；此時物體的速度v3=v2a1t2=m/s；此物塊向右的位移x木2=m；物體向右增加的位移x2=m；木板再向右加速，達到相同速度用時t3=s；此時沒有相碰；共同速度v4=a2t3=10=m/s；物體向右運動的位移x3=m；故第3次碰撞前用時t=t1+t2+t3=+=s；物體相對木板的位移x=x1+x2+x3=+=2.5m；答：（1）小物塊的拋出點到O的豎直距離為0.488m；（2）小物塊經(jīng)過圓弧軌道上A點的正下方B點時對軌道的壓力的大小為220N；（3）從小物塊滑上長木板到長木板第三次與擋板P碰撞前小物塊變速運動的時間為s；小物塊距長木板左端的距離為2.5m點評：本題考查運動學(xué)公式及牛頓第二定律、平拋運動等的綜合應(yīng)用；內(nèi)容本身難度不大，但最后的過程非常復(fù)雜，要細心分析，耐心解答18. 如圖甲所示，固定在水