1、PAGE44福建省福州八中2022-2022學(xué)年高二（上）期末物理試卷一、單項(xiàng)選擇題（本題有16小題，每題4分，共計(jì)64分）1首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是（）A奧斯特B安培C庫(kù)侖D麥克斯韋2在點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，以它為圓心做一個(gè)圓，那么圓上A、B兩點(diǎn)（）A電場(chǎng)強(qiáng)度相同，電勢(shì)相等B電場(chǎng)強(qiáng)度相同，電勢(shì)不相等C電場(chǎng)強(qiáng)度不相同，電勢(shì)相等D電場(chǎng)強(qiáng)度不相同，電勢(shì)不相等3如圖所示，直線a為電源的UI圖線，直線b為電阻R的UI圖線，用該電源和該電阻組成閉合電路時(shí)，電源的輸出功率和電源的效率分別為（）A4W、%B2W、%C4W、67%D2W、67%4如圖，勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度分別為B1和B2，OO是它的分界面，B

2、1B2現(xiàn)有一帶正電粒子q以速度v垂直于磁感應(yīng)強(qiáng)度B1的方向進(jìn)入磁場(chǎng)，經(jīng)一段時(shí)間進(jìn)入B2磁場(chǎng)，已知帶電粒子在B1和B2磁場(chǎng)中的動(dòng)能和軌道半徑分別為E1、E2、r1、r2，則它們之間的關(guān)系是（）AE1E2，r1r2BE1=E2，r1r2CE1E2，r1r2DE1=E2，r1r25兩個(gè)帶正電的小球，放在光滑的絕緣的水平面上，相距一定的距離，若同時(shí)由靜止開始釋放兩球，它們的加速度和速度將（）A速度變大，加速度變大B速度變小，加速度變小C速度變大，加速度變小D速度變小，加速度變大6如圖所示，在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界上，有兩個(gè)質(zhì)量和電量均相同的正、負(fù)離子（不計(jì)重力），從點(diǎn)O以相同的速度先后射入磁場(chǎng)中

3、，入射方向與邊界成角，則關(guān)于正、負(fù)離子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑相同B運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同C重新回到邊界時(shí)的速度的大小和方向相同D重新回到邊界的位置與O點(diǎn)距離相等7下列說(shuō)法中正確的是（）A由B=可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度B與一小段通電直導(dǎo)線受到的磁場(chǎng)力成正比B一小段通電導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力的方向就是磁場(chǎng)方向C一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場(chǎng)力，該處磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零D磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的地方，一小段通電導(dǎo)線在該處不受磁場(chǎng)力8當(dāng)導(dǎo)線中分別通以圖示方向的電流，小磁針靜止時(shí)北極指向讀者的是（）ABCD9如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻r=1D為直流電動(dòng)機(jī)，其線圈電阻R=2，限流電阻R=3當(dāng)電動(dòng)機(jī)正

4、常工作時(shí)，電壓表示數(shù)為則電動(dòng)機(jī)的輸出功率是（）ABCD10下列關(guān)于電場(chǎng)線和磁感線的說(shuō)法中，正確的是（）A電場(chǎng)線和磁感線都是電場(chǎng)或磁場(chǎng)中實(shí)際存在的線B磁場(chǎng)中兩條磁感線一定不相交，但在復(fù)雜電場(chǎng)中的電場(chǎng)線是可以相交的C電場(chǎng)線是一條不閉合曲線，而磁感線是一條閉合曲線D電場(chǎng)線越密的地方，同一試探電荷所受的電場(chǎng)力越大；磁感線分布較密的地方，同一試探電荷所受的磁場(chǎng)力也越大11一個(gè)電流表的滿偏電流Ig=1mA內(nèi)阻為300，要把它改裝成一個(gè)量程為10V的電壓表，則應(yīng)在電流表上（）A串聯(lián)一個(gè)10000的電阻B并聯(lián)一個(gè)10000的電阻C串聯(lián)一個(gè)9700的電阻D并聯(lián)一個(gè)9700的電阻12在圖中，標(biāo)出磁場(chǎng)B的方向，通電

5、直導(dǎo)線中電流I的方向，以及通電直導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力F的方向，其中正確的是（）（用“”表示磁感線垂直于紙面向外，“”表示磁感線垂直于紙面向里；“”表示電流垂直于紙面向外，“”表示電流垂直于紙面向里）ABCD13如圖所示，當(dāng)滑線變阻器的滑動(dòng)觸點(diǎn)向上滑動(dòng)（）A電壓表V的讀數(shù)增大，電流表A的讀數(shù)減小B電壓表V和電流表A的讀數(shù)都減小C電壓表V和電流表A的讀數(shù)都增大D電壓表V的讀數(shù)減小，電流表A的讀數(shù)增大14如圖所示，A、B、C、D是勻強(qiáng)電場(chǎng)中一正方形的四個(gè)頂點(diǎn)已知A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為UA=17V，UB=2V，UC=4V由此可得D點(diǎn)的電勢(shì)UD為（）A15VB6VC11VD21V15如圖所示，帶箭頭的線段

6、表示某一電場(chǎng)，一帶電粒子僅在電場(chǎng)力的作用下經(jīng)過(guò)A點(diǎn)飛向B點(diǎn)，徑跡如圖中虛線所示，則（）A帶電粒子帶負(fù)電，在A點(diǎn)動(dòng)能大，電勢(shì)低，電勢(shì)能小B帶電粒子帶負(fù)電，在B點(diǎn)動(dòng)能大，電勢(shì)高，電勢(shì)能大C帶電粒子帶正電，在A點(diǎn)動(dòng)能大，電勢(shì)低，電勢(shì)能小D帶電粒子帶正電，在B點(diǎn)動(dòng)能大，電勢(shì)高，電勢(shì)能大16如圖所示的空間，勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向豎直向下，場(chǎng)強(qiáng)為E，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向水平向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，有兩個(gè)帶電小球A和B都能在垂直于磁場(chǎng)方向的同一豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)（兩小球間的庫(kù)侖力可忽略），運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中所示，已知兩個(gè)帶電小球A和B的質(zhì)量關(guān)系為mA=3mB，軌道半徑為RA=3RB則下列說(shuō)法正確的是（）A小球A帶正電、B

7、帶負(fù)電B小球A帶負(fù)電、B帶正電C小球A、B的速度比為3：1D小球A、B的速度比為1：3二、實(shí)驗(yàn)題（本題有3小題，每空2分，共計(jì)18分）17（6分）一多用電表的電阻擋有三個(gè)倍率，分別是1、10、100用10擋測(cè)量某電阻時(shí)，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)換到擋如果換檔后立即用表筆連接待測(cè)電阻進(jìn)行讀數(shù)，那么缺少的步驟是，若補(bǔ)上該步驟后測(cè)量，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是18描繪標(biāo)有“3V，”的小燈泡的伏安特性曲線，要求燈炮電壓能從零開始變化所給器材如下：A電流表（0200mA，內(nèi)阻約為）B電流表（0，內(nèi)阻約為）C電壓表（03V，內(nèi)阻約為5）D電壓表（015V，內(nèi)阻

8、約為50）E滑動(dòng)變阻器（010，）F滑動(dòng)變阻器（01，）G電源（3V）H電鍵一個(gè)，導(dǎo)線若干（1）為了完成上述實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選擇的儀器是（2）在虛線框中畫出完成此實(shí)驗(yàn)的原理圖，并將實(shí)物按電路圖用導(dǎo)線連好19（8分）某同學(xué)進(jìn)行了“測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)，將實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪得到如圖（A）所示的圖象根據(jù)圖象可得，該電源的電動(dòng)勢(shì)為V，內(nèi)電阻為；若該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)時(shí)采用如圖（B）所示的電路，則電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值與真實(shí)值之間的關(guān)系為E測(cè)E真，內(nèi)電阻的測(cè)量值與真實(shí)值之間的關(guān)系為r測(cè)r真三、計(jì)算題（本題有2小題，每題9分，共計(jì)18分）20（9分）如圖所示，在與水平方向成60角的光滑金屬導(dǎo)軌間連一電源，在相距1m的平

9、行導(dǎo)軌上放一質(zhì)量為的金屬棒ab，棒上通以3A的電流，磁場(chǎng)方向豎直向上，這時(shí)棒恰好靜止，求：（g=10m/s2）（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度；（2）ab棒對(duì)導(dǎo)軌的壓力21（9分）如圖，在軸上方有水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，在軸下方有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B一個(gè)不計(jì)重力的正離子從M點(diǎn)垂直磁場(chǎng)方向，以垂直于y軸的速度v射入磁場(chǎng)區(qū)域，從N點(diǎn)以垂直于軸的方向進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，然后到達(dá)y軸上P點(diǎn)，（1）若OP=ON，則入射速度應(yīng)多大（2）若正離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1，在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2，則t1：t2多大？四、不定項(xiàng)選擇題（本題有6小題，至少兩個(gè)選項(xiàng)正確，漏選得2分，每題4分，共計(jì)24分

10、）22地面附近空間中存在著水平方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)和勻強(qiáng)磁場(chǎng)，已知磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，一個(gè)帶電油滴能沿一條與豎直方向成角的直線MN運(yùn)動(dòng)（MN在垂直于磁場(chǎng)方向的平面內(nèi)），如圖所示，則以下判斷中正確的是（）A如果油滴帶正電，它是從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)B如果油滴帶正電，它是從N點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)C如果電場(chǎng)方向水平向左，油滴是從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)D如果電場(chǎng)方向水平向右，油滴是從M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)23一帶電粒子在電場(chǎng)中只受電場(chǎng)力作用時(shí)，它可能出現(xiàn)的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)是（）A勻速直線運(yùn)動(dòng)B勻加速直線運(yùn)動(dòng)C勻變速曲線運(yùn)動(dòng)D勻速圓周運(yùn)動(dòng)24如圖，R1為定值電阻，R2為可變電阻，E為電源電動(dòng)勢(shì)，r為電源內(nèi)電阻，以下說(shuō)法中正確的是（）A當(dāng)R2=R

11、1r時(shí)，R2上獲得最大功率B當(dāng)R1=R2r時(shí)，R1上獲得最大功率C當(dāng)R2=0時(shí)，電源的總功率最大D當(dāng)R2=0時(shí)，電源的輸出功率最大25如圖所示為圓柱形區(qū)域的橫截面在沒(méi)有磁場(chǎng)的情況下，帶電粒子（不計(jì)重力）以某一初速度沿截面直徑方向入射時(shí)，穿過(guò)此區(qū)域的時(shí)間為t；若該區(qū)域加垂直該區(qū)域的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，帶電粒子仍以同一初速度沿截面直徑入射，帶電粒子飛出此區(qū)域時(shí)，速度方向偏轉(zhuǎn)了，根據(jù)上述條件可求得的物理量為（）A帶電粒子的比荷B帶電粒子的初速度C帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑D帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期26回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個(gè)D形金屬盒，兩盒間

12、的狹縫中形成周期性變化的電場(chǎng)，使粒子在通過(guò)狹縫時(shí)都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示，要增大帶電粒子射出時(shí)的動(dòng)能，則下列說(shuō)法正確的是（）A增大電場(chǎng)的加速電壓B增大D形金屬盒的半徑C減小狹縫間的距離D減小磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度27如圖所示，某空間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，已知一離子在電場(chǎng)力和磁場(chǎng)力作用下，從靜止開始沿曲線acb運(yùn)動(dòng)，到達(dá)b點(diǎn)時(shí)速度為零，c為運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn)則（）A離子必帶負(fù)電Ba、b兩點(diǎn)位于同一高度C離子在c點(diǎn)速度最大D離子到達(dá)b點(diǎn)后將沿原曲線返回五、計(jì)算題（本題有2小題，共計(jì)26分）28（12分）如圖所示，質(zhì)量為的物體帶正電，其電量為410

13、4C，從半徑為光滑的圓弧滑軌上端A點(diǎn)由靜止下滑到底端B點(diǎn)，然后繼續(xù)沿水平面滑動(dòng)物體與水平面間的滑動(dòng)摩擦系數(shù)為，整個(gè)裝置處于E=103N/C的豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)中（g取10m/s2）求：（1）物體運(yùn)動(dòng)到圓弧滑軌底端B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力；（2）物體在水平面上滑行的最大距離29（14分）在如圖所示的空間區(qū)域里，y軸左方有一勻強(qiáng)電場(chǎng)，場(chǎng)強(qiáng)方向跟y軸負(fù)方向成30角，大小為E=105N/C，y軸右方有一垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，有一質(zhì)子以速度0=106m/s由軸上A點(diǎn)（OA=10cm）先后兩次進(jìn)入磁場(chǎng)，第一次沿軸正方向射入磁場(chǎng)，第二次沿軸負(fù)方向射入磁場(chǎng)，回旋后都垂直射入電場(chǎng)，最后又進(jìn)入磁場(chǎng)，已知質(zhì)子質(zhì)量m為102

14、7g，不計(jì)質(zhì)子重力，求：（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和方向；（2）質(zhì)子兩次在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比；（3）質(zhì)子兩次在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間各為多少？2022-2022學(xué)年福建省福州八中高二（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一、單項(xiàng)選擇題（本題有16小題，每題4分，共計(jì)64分）1首先發(fā)現(xiàn)電流磁效應(yīng)的科學(xué)家是（）A奧斯特B安培C庫(kù)侖D麥克斯韋【考點(diǎn)】物理學(xué)史【分析】根據(jù)物理學(xué)史和常識(shí)解答，記住著名物理學(xué)家的主要貢獻(xiàn)即可【解答】解：1820年，奧斯特意外地發(fā)現(xiàn)載流導(dǎo)線的電流會(huì)作用于磁針，使磁針改變方向，也就是通電導(dǎo)體周圍產(chǎn)生磁場(chǎng)故選：A【點(diǎn)評(píng)】本題考查物理學(xué)史，是常識(shí)性問(wèn)題，對(duì)于物理學(xué)上重大發(fā)現(xiàn)、發(fā)明、

15、著名理論要加強(qiáng)記憶，這也是考試內(nèi)容之一2在點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，以它為圓心做一個(gè)圓，那么圓上A、B兩點(diǎn)（）A電場(chǎng)強(qiáng)度相同，電勢(shì)相等B電場(chǎng)強(qiáng)度相同，電勢(shì)不相等C電場(chǎng)強(qiáng)度不相同，電勢(shì)相等D電場(chǎng)強(qiáng)度不相同，電勢(shì)不相等【考點(diǎn)】電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系；電勢(shì)【分析】點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)線是輻射狀或匯聚狀的，根據(jù)電場(chǎng)線的特點(diǎn)判斷電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系通過(guò)點(diǎn)電荷的等勢(shì)面判斷各點(diǎn)電勢(shì)的關(guān)系【解答】解：在單個(gè)點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場(chǎng)中，以它為圓心做一個(gè)圓，在圓周上各處電場(chǎng)線疏密相同，但方向各不相同，故場(chǎng)強(qiáng)的大小相同，場(chǎng)強(qiáng)的方向各不相同，所以圓上各點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)不同點(diǎn)電荷的等勢(shì)面是一簇簇以點(diǎn)電荷為球心的同心球面，球面上各點(diǎn)的電勢(shì)相等故C正確，

16、ABD錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵掌握點(diǎn)電荷周圍電場(chǎng)的特點(diǎn)，注意電場(chǎng)強(qiáng)度是矢量，有大小有方向以及知道點(diǎn)電荷的等勢(shì)面特點(diǎn)3如圖所示，直線a為電源的UI圖線，直線b為電阻R的UI圖線，用該電源和該電阻組成閉合電路時(shí)，電源的輸出功率和電源的效率分別為（）A4W、%B2W、%C4W、67%D2W、67%【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律；閉合電路中的能量轉(zhuǎn)化【分析】根據(jù)電源的UI圖線a，讀出電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，電阻R的UI圖線的斜率讀出電阻，由歐姆定律求出該電源和該電阻組成閉合電路時(shí)電流，再求出電源的輸出功率和電源的效率【解答】解：電源的UI圖線a與縱軸的交點(diǎn)表示斷路狀態(tài)，則電源的電動(dòng)勢(shì)為E=3V，圖線

17、a的斜率大小等于電源的內(nèi)阻，則有r=電阻R的UI圖線的斜率等于電阻R，則有R=1，當(dāng)該電源和該電阻組成閉合電路時(shí)，電路中電流為I=2A，路端電壓為U=IR=2V，則電源的輸出功率，解得：r=，由于B1B2，則：r1r2，故B正確故選：B【點(diǎn)評(píng)】本題考查了比較粒子的動(dòng)能大小、粒子軌道半徑大小問(wèn)題，知道洛倫茲力對(duì)粒子不做功、應(yīng)用牛頓第二定律即可正確解題5兩個(gè)帶正電的小球，放在光滑的絕緣的水平面上，相距一定的距離，若同時(shí)由靜止開始釋放兩球，它們的加速度和速度將（）A速度變大，加速度變大B速度變小，加速度變小C速度變大，加速度變小D速度變小，加速度變大【考點(diǎn)】庫(kù)侖定律；牛頓第二定律【分析】由靜止開始釋

18、放兩球，兩球各自受庫(kù)侖斥力，兩球距離增大，根據(jù)庫(kù)侖定律F=判斷庫(kù)侖力的變化根據(jù)牛頓第二定律判斷加速度的變化【解答】解：由靜止開始釋放兩球，兩球各自受庫(kù)侖斥力，兩球距離增大，根據(jù)庫(kù)侖定律F=得，兩球的斥力將會(huì)減小，根據(jù)牛頓第二定律，所以小球加速度變小，而加速度方向與速度方向相同，所以速度變大故選：C【點(diǎn)評(píng)】熟悉庫(kù)侖定律的表達(dá)式，能夠在具體問(wèn)題中判斷庫(kù)侖力的變化6如圖所示，在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界上，有兩個(gè)質(zhì)量和電量均相同的正、負(fù)離子（不計(jì)重力），從點(diǎn)O以相同的速度先后射入磁場(chǎng)中，入射方向與邊界成角，則關(guān)于正、負(fù)離子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是（）A運(yùn)動(dòng)軌跡的半徑相同B運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同C重新

19、回到邊界時(shí)的速度的大小和方向相同D重新回到邊界的位置與O點(diǎn)距離相等【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【分析】由題正負(fù)離子的質(zhì)量與電量相同，進(jìn)入同一磁場(chǎng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期相同，根據(jù)偏向角的大小分析運(yùn)動(dòng)時(shí)間的長(zhǎng)短由牛頓第二定律研究軌道半徑根據(jù)圓的對(duì)稱性，分析離子重新回到邊界時(shí)速度方向關(guān)系和與O點(diǎn)距離【解答】解：A、根據(jù)牛頓第二定律得：qvB=m得：r=，由題q、v、B大小均相同，則r相同故A正確B、粒子的運(yùn)動(dòng)周期T=，則知T相同根據(jù)左手定則分析可知，正離子逆時(shí)針偏轉(zhuǎn)，負(fù)離子順時(shí)針偏轉(zhuǎn)，重新回到邊界時(shí)正離子的速度偏向角為22，軌跡的圓心角也為22，運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=T同理，負(fù)離子運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=T，顯然時(shí)間

20、不等故B錯(cuò)誤C、正負(fù)離子在磁場(chǎng)中均做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，速度沿軌跡的切線方向，根據(jù)圓的對(duì)稱性可知，重新回到邊界時(shí)速度大小與方向相同故C正確D、根據(jù)幾何知識(shí)得知重新回到邊界的位置與O點(diǎn)距離S=2rsin，r、相同，則S相同故D正確本題選擇錯(cuò)誤的，故選：B【點(diǎn)評(píng)】根據(jù)題意畫出軌跡示意圖，可根據(jù)幾何關(guān)系求出回到邊界時(shí)離O點(diǎn)的距離；利用對(duì)稱關(guān)系判斷回到邊界時(shí)速度的方向；帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)問(wèn)題求運(yùn)動(dòng)時(shí)間，可用關(guān)系式有t=T，是軌跡的圓心角，而且軌跡的圓心角等于速度的偏轉(zhuǎn)角7下列說(shuō)法中正確的是（）A由B=可知，磁感應(yīng)強(qiáng)度B與一小段通電直導(dǎo)線受到的磁場(chǎng)力成正比B一小段通電導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力的方向就是磁場(chǎng)方

21、向C一小段通電導(dǎo)線在某處不受磁場(chǎng)力，該處磁感應(yīng)強(qiáng)度一定為零D磁感應(yīng)強(qiáng)度為零的地方，一小段通電導(dǎo)線在該處不受磁場(chǎng)力【考點(diǎn)】磁感應(yīng)強(qiáng)度；左手定則【分析】本題考查了磁場(chǎng)的大小與方向，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=是采用比值法定義的，B大小與F、IL無(wú)關(guān)，B由磁場(chǎng)本身決定，當(dāng)電流方向與磁場(chǎng)方向不在同一直線上時(shí)，導(dǎo)體才受到磁場(chǎng)力作用，磁場(chǎng)力的方向與電流、磁場(chǎng)垂直【解答】解：A、磁感應(yīng)強(qiáng)度B=是采用比值法定義的，B大小與F、IL無(wú)關(guān)，B由磁場(chǎng)本身決定，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)左手定則可知，磁場(chǎng)方向與磁場(chǎng)力方向垂直，故B錯(cuò)誤；C、根據(jù)F=BIL可知，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度為零處，它所受磁場(chǎng)力一定為零，但在某處不受磁場(chǎng)力，該處磁感應(yīng)強(qiáng)度一定

22、為零，還與放置的位置有關(guān)，當(dāng)導(dǎo)體方向與磁場(chǎng)方向在一條線上時(shí)，導(dǎo)體不受磁場(chǎng)力作用，此時(shí)磁感應(yīng)強(qiáng)度并非為零，故C錯(cuò)誤，D正確故選：D【點(diǎn)評(píng)】對(duì)于磁感應(yīng)強(qiáng)度的定義式B=，要明確其定義方法、適用條件，以及各個(gè)物理量的含義，可以和電場(chǎng)強(qiáng)度的定義E=類比學(xué)習(xí)，并知道通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中是否受到還與放置的角度有關(guān)8當(dāng)導(dǎo)線中分別通以圖示方向的電流，小磁針靜止時(shí)北極指向讀者的是（）ABCD【考點(diǎn)】通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場(chǎng)的方向【分析】由右手螺旋定則，結(jié)合小磁針靜止時(shí)北極指向即為磁場(chǎng)的方向，可知通電直導(dǎo)線與螺線管的磁場(chǎng)方向，從而即可求解【解答】解：A、通電直導(dǎo)線電流從左向右，根據(jù)右手螺旋定則，則有小磁針?biāo)幍奈恢?/p>

23、磁場(chǎng)方向垂直紙面向里，所以小磁針靜止時(shí)北極背離讀者，故A錯(cuò)誤；B、如圖所示，根據(jù)右手螺旋定則，磁場(chǎng)的方向逆時(shí)針（從上向下看），因此小磁針靜止時(shí)北極背離讀者，故B錯(cuò)誤；C、環(huán)形導(dǎo)線的電流方向如圖所示，根據(jù)右手螺旋定則，則有小磁針?biāo)幍奈恢么艌?chǎng)方向垂直紙面向外，所以小磁針靜止時(shí)北極指向讀者，故C正確；D、根據(jù)右手螺旋定則，結(jié)合電流的方向，則通電螺線管的內(nèi)部磁場(chǎng)方向，由右向左，則小磁針的靜止時(shí)北極指向左，故D錯(cuò)誤；故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題考查右手螺旋定則及磁極間的相互作用，要求學(xué)生能熟練應(yīng)用右手螺旋定則判斷磁極或電流方向，注意小磁針靜止時(shí)的N極指向即為磁場(chǎng)的方向，同時(shí)通電螺線管的內(nèi)部磁場(chǎng)方向由S極到N極

24、9如圖所示電路中，電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻r=1D為直流電動(dòng)機(jī)，其線圈電阻R=2，限流電阻R=3當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，電壓表示數(shù)為則電動(dòng)機(jī)的輸出功率是（）ABCD【考點(diǎn)】電功、電功率【分析】電動(dòng)機(jī)與電阻串聯(lián)，根據(jù)歐姆定律求解電流；根據(jù)A內(nèi)阻為300，要把它改裝成一個(gè)量程為10V的電壓表，則應(yīng)在電流表上（）A串聯(lián)一個(gè)10000的電阻B并聯(lián)一個(gè)10000的電阻C串聯(lián)一個(gè)9700的電阻D并聯(lián)一個(gè)9700的電阻【考點(diǎn)】把電流表改裝成電壓表【分析】電流表串聯(lián)電阻起分壓作用為電壓表，電壓表串聯(lián)電阻為總電阻減去電流表的內(nèi)阻總電阻=量程除以滿偏電流【解答】解：應(yīng)串聯(lián)電阻為R=Rg=300=103A、由上式知應(yīng)串

25、聯(lián)的電阻故A錯(cuò)誤；B、改裝成電壓表應(yīng)串聯(lián)電阻不是并聯(lián)故B錯(cuò)誤；C、由解析式得應(yīng)串聯(lián)的電阻故C正確；D、不應(yīng)并聯(lián)應(yīng)串聯(lián)電阻故D錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】電流表改裝成電壓表應(yīng)串聯(lián)電阻分壓串聯(lián)電阻阻值為：R=Rg，是總電阻12在圖中，標(biāo)出磁場(chǎng)B的方向，通電直導(dǎo)線中電流I的方向，以及通電直導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力F的方向，其中正確的是（）（用“”表示磁感線垂直于紙面向外，“”表示磁感線垂直于紙面向里；“”表示電流垂直于紙面向外，“”表示電流垂直于紙面向里）ABCD【考點(diǎn)】左手定則【分析】通電導(dǎo)線在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中受到的安培力的方向由左手定則來(lái)判定【解答】解：通電導(dǎo)線在磁場(chǎng)中受到安培力，其方向由左手定則來(lái)確定左手定則內(nèi)容是：

26、伸開左手大拇指垂直四指且在同一平面內(nèi)，讓磁感線穿過(guò)掌心，四指指的是正電荷的運(yùn)動(dòng)方向（電流），則大拇指就是洛倫茲力（安培力）方向所以洛倫茲力（安培力）與磁場(chǎng)方向垂直、與運(yùn)動(dòng)方向垂直，即其與磁場(chǎng)與運(yùn)動(dòng)（電流）方向所構(gòu)成的平面垂直A、電流方向水平向左，由左手定則可知安培力豎直向下，故A錯(cuò)誤；B、由于電流方向與磁場(chǎng)方向相同，則沒(méi)有安培力，故B錯(cuò)誤；C、電流方向垂直紙面向外，由左手定則可得安培力方向豎直向下，故C正確；D、電流方向水平向右，由左手定則可知，安培力方向垂直紙面向外，D錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】左手定則是判定安培力的方向，同時(shí)也可以判定洛倫茲力方向，而右手定則是確定感應(yīng)電流方向同時(shí)當(dāng)運(yùn)動(dòng)粒子是正電

27、荷時(shí)，則大拇指的方向即為洛倫茲力方向若是負(fù)電荷時(shí)，則大拇指的反方向即為洛倫茲力方向13如圖所示，當(dāng)滑線變阻器的滑動(dòng)觸點(diǎn)向上滑動(dòng)（）A電壓表V的讀數(shù)增大，電流表A的讀數(shù)減小B電壓表V和電流表A的讀數(shù)都減小C電壓表V和電流表A的讀數(shù)都增大D電壓表V的讀數(shù)減小，電流表A的讀數(shù)增大【考點(diǎn)】閉合電路的歐姆定律【分析】當(dāng)滑線變阻器的滑動(dòng)觸點(diǎn)向上滑動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻增大，由歐姆定律分析總電流和路端電壓的變化，再分析流過(guò)變阻器電流的變化，來(lái)判斷電表讀數(shù)的變化【解答】解：當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸點(diǎn)向上移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的電阻增大，外電路總電阻R增大，由歐姆定律分析總電流I減小，路端電壓

28、U=EIr增大，即電壓表示數(shù)增大，電阻R2的電壓U2=EI（rR1）增大，流過(guò)電阻R2的電流I2增大，則流過(guò)電流表的電流I3=II2減小所以電壓表V的讀數(shù)增大，電流表表A的讀數(shù)減小，故A正確，BCD錯(cuò)誤故選：A【點(diǎn)評(píng)】本題是簡(jiǎn)單的電路動(dòng)態(tài)變化分析問(wèn)題，往往按“部分整體部分”的順序分析14如圖所示，A、B、C、D是勻強(qiáng)電場(chǎng)中一正方形的四個(gè)頂點(diǎn)已知A、B、C三點(diǎn)的電勢(shì)分別為UA=17V，UB=2V，UC=4V由此可得D點(diǎn)的電勢(shì)UD為（）A15VB6VC11VD21V【考點(diǎn)】電勢(shì)【分析】連接AC，在AC上找出與B點(diǎn)等電勢(shì)點(diǎn)，作出等勢(shì)線，再過(guò)D作出等勢(shì)線，在AC線上找出與D等勢(shì)點(diǎn)，再確定D點(diǎn)的電勢(shì)【解

29、答】解：連接AC，將AC七等分，標(biāo)上各等分點(diǎn)E、F、G、H、I、J，則根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中沿電場(chǎng)線方向相等距離，電勢(shì)差相等可知，所以各點(diǎn)的電勢(shì)為E=14V、F=11V、G=8V、H=5V、I=2V、J=1V連接BI，則BI為一條等勢(shì)線，根據(jù)幾何知識(shí)可知，DFBI，則DF也是一條等勢(shì)線，所以D點(diǎn)電勢(shì)UD=F=11V，故C正確、ABD錯(cuò)誤故選：C【點(diǎn)評(píng)】本題的技巧是找等勢(shì)點(diǎn)，作等勢(shì)線，充分利用勻強(qiáng)電場(chǎng)的等勢(shì)面相互平行，而且沿電場(chǎng)線方向相等距離，電勢(shì)差相等進(jìn)行作圖15如圖所示，帶箭頭的線段表示某一電場(chǎng)，一帶電粒子僅在電場(chǎng)力的作用下經(jīng)過(guò)A點(diǎn)飛向B點(diǎn)，徑跡如圖中虛線所示，則（）A帶電粒子帶負(fù)電，在A點(diǎn)動(dòng)能大，

30、電勢(shì)低，電勢(shì)能小B帶電粒子帶負(fù)電，在B點(diǎn)動(dòng)能大，電勢(shì)高，電勢(shì)能大C帶電粒子帶正電，在A點(diǎn)動(dòng)能大，電勢(shì)低，電勢(shì)能小D帶電粒子帶正電，在B點(diǎn)動(dòng)能大，電勢(shì)高，電勢(shì)能大【考點(diǎn)】電勢(shì)；電場(chǎng)線；電勢(shì)能【分析】電場(chǎng)線的疏密表示電場(chǎng)強(qiáng)度的強(qiáng)弱，電場(chǎng)線某點(diǎn)的切線方向表示電場(chǎng)強(qiáng)度的方向不計(jì)重力的粒子在電場(chǎng)力作用下從A到B，運(yùn)動(dòng)與力關(guān)系可知，電場(chǎng)力方向與速度方向分居在運(yùn)動(dòng)軌跡兩邊，且電場(chǎng)力偏向軌跡的內(nèi)側(cè)【解答】解：粒子從A到B，電場(chǎng)力對(duì)粒子運(yùn)動(dòng)做負(fù)功，因此粒子帶正電；由于B點(diǎn)的電場(chǎng)線密，所以B點(diǎn)的電場(chǎng)力大，則B點(diǎn)的加速度較大；粒子從A到B，電場(chǎng)力對(duì)粒子運(yùn)動(dòng)做負(fù)功，電勢(shì)能增加，導(dǎo)致動(dòng)能減少；沿著電場(chǎng)線電勢(shì)降低，故B點(diǎn)

31、的電勢(shì)高；即帶電粒子帶正電，在A點(diǎn)動(dòng)能大，電勢(shì)低，電勢(shì)能小故選：C【點(diǎn)評(píng)】電場(chǎng)線雖然不存在，但可形象來(lái)描述電場(chǎng)的分布對(duì)于本題關(guān)鍵是根據(jù)運(yùn)動(dòng)軌跡來(lái)判定電場(chǎng)力方向，由曲線運(yùn)動(dòng)條件可知合力偏向曲線內(nèi)側(cè)16如圖所示的空間，勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向豎直向下，場(chǎng)強(qiáng)為E，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的方向水平向外，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，有兩個(gè)帶電小球A和B都能在垂直于磁場(chǎng)方向的同一豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)（兩小球間的庫(kù)侖力可忽略），運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中所示，已知兩個(gè)帶電小球A和B的質(zhì)量關(guān)系為mA=3mB，軌道半徑為RA=3RB則下列說(shuō)法正確的是（）A小球A帶正電、B帶負(fù)電B小球A帶負(fù)電、B帶正電C小球A、B的速度比為3：1D小球A、B的速度比為1：

32、3【考點(diǎn)】帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【分析】根據(jù)小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則有電場(chǎng)力與重力二力平衡，從而可求出電量比值，并由電場(chǎng)方向從而確定電性；根據(jù)洛倫茲力提供向心力，從而求得半徑的表達(dá)式，即可求解速度之比【解答】解：因?yàn)閮蓭щ娦∏蚨荚趶?fù)合場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故必有qE=mg，由電場(chǎng)方向可知，兩小球都帶負(fù)電荷；由題意可知mAg=qAE、mBg=qBE；又mA=3mB，所以=；由qvB=m，得R=，則得v=；由題意RA=3RB，則得=故C正確，ABD錯(cuò)誤故選C【點(diǎn)評(píng)】考查電場(chǎng)力與重力相平衡從而確定電量與電性，掌握洛倫茲力提供向心力，推導(dǎo)出半徑表達(dá)式二、實(shí)驗(yàn)題（本題有3小題，每空2分，共計(jì)18分）17一

33、多用電表的電阻擋有三個(gè)倍率，分別是1、10、100用10擋測(cè)量某電阻時(shí)，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)換到100擋如果換檔后立即用表筆連接待測(cè)電阻進(jìn)行讀數(shù)，那么缺少的步驟是歐姆調(diào)零，若補(bǔ)上該步驟后測(cè)量，表盤的示數(shù)如圖，則該電阻的阻值是2200【考點(diǎn)】用多用電表測(cè)電阻【分析】用歐姆表測(cè)電阻，應(yīng)選擇適當(dāng)?shù)臋n位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表?yè)Q擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與檔位的乘積是歐姆表示數(shù)【解答】解：用10擋測(cè)量某電阻時(shí)，操作步驟正確，發(fā)現(xiàn)表頭指針偏轉(zhuǎn)角度很小，說(shuō)明所選檔位太小，為了較準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量，應(yīng)換到100擋如果換擋后立即用表筆連接待測(cè)電阻進(jìn)

34、行讀數(shù)，那么缺少的步驟是：重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；由圖示表盤可知，該電阻的阻值是22100=2200故答案為：100；歐姆調(diào)零；2200【點(diǎn)評(píng)】本題考查了歐姆表檔位的選擇與歐姆表讀數(shù)、歐姆表使用注意事項(xiàng)，用歐姆表測(cè)電阻，應(yīng)選擇適當(dāng)?shù)臋n位，使指針指在中央刻度線附近，歐姆表?yè)Q擋后要重新進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表指針示數(shù)與檔位的乘積是歐姆表示數(shù)18描繪標(biāo)有“3V，”的小燈泡的伏安特性曲線，要求燈炮電壓能從零開始變化所給器材如下：A電流表（0200mA，內(nèi)阻約為）B電流表（0，內(nèi)阻約為）C電壓表（03V，內(nèi)阻約為5）D電壓表（015V，內(nèi)阻約為50）E滑動(dòng)變阻器（010，）F滑動(dòng)變阻器（01，）G電源（3V）H電

35、鍵一個(gè)，導(dǎo)線若干（1）為了完成上述實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選擇的儀器是ACEGH（2）在虛線框中畫出完成此實(shí)驗(yàn)的原理圖，并將實(shí)物按電路圖用導(dǎo)線連好【考點(diǎn)】描繪小電珠的伏安特性曲線【分析】（1）器材選取的原則需安全精確，根據(jù)燈泡的額定電壓和額定電流選擇電流表、電壓表的量程（2）燈泡電壓能從零開始變化，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，通過(guò)燈泡電阻的大小分析其是大電阻還是小電阻，確定電流表的內(nèi)外接根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖【解答】解：（1）燈泡的額定電壓為3V，所以電壓表的量程選擇3V的C誤差較??；額定電流I=，所以電流表的量程選擇200mA的A，燈泡電壓能從零開始變化，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，使用選擇電阻值比較小的滑

36、動(dòng)變阻器E，另外，還需要電源、電建和導(dǎo)線故實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選擇的儀器是A、C、E、G、H（2）燈泡電壓能從零開始變化，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，燈泡正常工作時(shí)的電阻R=，遠(yuǎn)小于電壓表的內(nèi)阻，屬于小電阻，電流表采用外接法電路圖和實(shí)物連線圖如圖所示故答案為：（1）A、C、E、G、H；（2）如圖所示【點(diǎn)評(píng)】本題考查伏安特性曲線的描繪實(shí)驗(yàn)，解決本題的關(guān)鍵掌握器材選擇的原則，以及知道滑動(dòng)變阻器分壓式接法和限流式接法的區(qū)別，電流表內(nèi)外接的區(qū)別，同時(shí)掌握實(shí)物圖的連接方法，注意電流的流向和電表量程的選擇，同時(shí)注意導(dǎo)線不能出現(xiàn)交叉現(xiàn)象19某同學(xué)進(jìn)行了“測(cè)定電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)，將實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)描繪得到如圖（A）所示的圖

37、象根據(jù)圖象可得，該電源的電動(dòng)勢(shì)為V，內(nèi)電阻為；若該同學(xué)在實(shí)驗(yàn)時(shí)采用如圖（B）所示的電路，則電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值與真實(shí)值之間的關(guān)系為E測(cè)E真，內(nèi)電阻的測(cè)量值與真實(shí)值之間的關(guān)系為r測(cè)r真【考點(diǎn)】測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻【分析】由歐姆定律可得出圖象的截距及斜率的含義，則可由圖象得出電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻；根據(jù)電路特點(diǎn)結(jié)合圖象即可分析實(shí)驗(yàn)中的誤差【解答】解：由閉合電路歐姆定律可知：U=EIr，故圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電源的電動(dòng)勢(shì)，故E=；而圖象的斜率表示電源的內(nèi)阻，故r=；本實(shí)驗(yàn)中要獲得的量為電源兩端的輸出電壓和通過(guò)電源的電流；由于電表均不理想電表，即電流表內(nèi)阻不是0；而電壓表內(nèi)阻也不是無(wú)窮大；由圖可知，電壓表并聯(lián)在電

38、源兩端，故電壓表是準(zhǔn)確的，但由于電流表接在了一個(gè)支路上，故無(wú)法測(cè)出電壓表的分流，電流值偏小；但當(dāng)外電路短路時(shí)，電壓表的分流可以忽略，故短路電流是準(zhǔn)確的，則測(cè)量值和真實(shí)值的關(guān)系如圖所示；真實(shí)值應(yīng)偏下，但兩圖象在電源電壓為零時(shí)相交，故由圖可知，電源的電動(dòng)勢(shì)測(cè)量值要小于真實(shí)值；圖象的斜率小于真實(shí)情況，故內(nèi)阻也小于真實(shí)值；故答案為：；【點(diǎn)評(píng)】本實(shí)驗(yàn)中的誤差分析根據(jù)圖象最容易掌握；但要注意分析清楚圖象的變化及短路時(shí)電流接近真實(shí)值，這樣才能確定出真實(shí)的圖象三、計(jì)算題（本題有2小題，每題9分，共計(jì)18分）20如圖所示，在與水平方向成60角的光滑金屬導(dǎo)軌間連一電源，在相距1m的平行導(dǎo)軌上放一質(zhì)量為的金屬棒ab

39、，棒上通以3A的電流，磁場(chǎng)方向豎直向上，這時(shí)棒恰好靜止，求：（g=10m/s2）（1）勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度；（2）ab棒對(duì)導(dǎo)軌的壓力【考點(diǎn)】安培力；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用【分析】金屬棒ab受到重力mg、導(dǎo)軌的支持力FN和安培力F作用，安培力F=BIL，根據(jù)平衡條件求解磁感應(yīng)強(qiáng)度B和導(dǎo)軌對(duì)棒的支持力，再求出棒對(duì)導(dǎo)軌的壓力【解答】解：金屬棒ab受到重力mg、導(dǎo)軌的支持力FN和安培力F作用，力圖如圖所示根據(jù)平衡條件得F=mgtan60，F(xiàn)N=2mg又F=BIL得到B=，F(xiàn)N=6N由牛頓第三定律得棒對(duì)導(dǎo)軌的壓力大小為6N答：磁感應(yīng)強(qiáng)度B為，棒對(duì)導(dǎo)軌的壓力大小6N【點(diǎn)評(píng)】本題是通電導(dǎo)體在磁場(chǎng)中平衡問(wèn)題

40、，分析和計(jì)算安培力是關(guān)鍵21如圖，在軸上方有水平向左的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度為E，在軸下方有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B一個(gè)不計(jì)重力的正離子從M點(diǎn)垂直磁場(chǎng)方向，以垂直于y軸的速度v射入磁場(chǎng)區(qū)域，從N點(diǎn)以垂直于軸的方向進(jìn)入電場(chǎng)區(qū)域，然后到達(dá)y軸上P點(diǎn)，（1）若OP=ON，則入射速度應(yīng)多大（2）若正離子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1，在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2，則t1：t2多大？【考點(diǎn)】帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【分析】正離子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，軌道半徑等于ON、OM的長(zhǎng)度，進(jìn)入電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)，根據(jù)粒子在磁場(chǎng)中的周期公式求出粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，結(jié)合半徑公式，以及在

41、垂直電場(chǎng)方向和沿電場(chǎng)方向運(yùn)用牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間，聯(lián)立求出入射速度的大小以及時(shí)間之比【解答】解：正離子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，從M經(jīng)圓弧到N，由得，R=由題意得，MO=NO=R在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間正離子垂直于電場(chǎng)方向進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng)，在垂直于電場(chǎng)方向有：O，解得：軌道半徑：r=；由幾何關(guān)系得，圓磁場(chǎng)半徑與圓軌道半徑的關(guān)系：r=R；聯(lián)立可得：=；帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的周期為：T=t由于不知圓磁場(chǎng)的半徑，因此帶電粒子的運(yùn)動(dòng)半徑也無(wú)法求出，以及初速度無(wú)法求出故AD正確，BC錯(cuò)誤故選：AD【點(diǎn)評(píng)】帶電粒子僅在洛倫茲力的作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力只改變速度的方向

42、不改變速度的大小，洛倫茲力對(duì)粒子也不做功同時(shí)當(dāng)粒子沿半徑方向入射，則也一定沿著半徑方向出射26回旋加速器是加速帶電粒子的裝置，其核心部分是分別與高頻交流電極相連接的兩個(gè)D形金屬盒，兩盒間的狹縫中形成周期性變化的電場(chǎng)，使粒子在通過(guò)狹縫時(shí)都能得到加速，兩D形金屬盒處于垂直于盒底的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，如圖所示，要增大帶電粒子射出時(shí)的動(dòng)能，則下列說(shuō)法正確的是（）A增大電場(chǎng)的加速電壓B增大D形金屬盒的半徑C減小狹縫間的距離D減小磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度【考點(diǎn)】質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理【分析】回旋加速器利用電場(chǎng)加速和磁場(chǎng)偏轉(zhuǎn)來(lái)加速粒子，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求出粒子射出時(shí)的速度，從而得出動(dòng)能的表達(dá)式，看動(dòng)能與什么因素

43、有關(guān)【解答】解：由qvB=m，解得v=則動(dòng)能E=mv2=，知?jiǎng)幽芘c加速的電壓無(wú)關(guān)，狹縫間的距離無(wú)關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和D形盒的半徑有關(guān)，增大磁感應(yīng)強(qiáng)度和D形盒的半徑，可以增加粒子的動(dòng)能故B正確，A、C、D錯(cuò)誤故選：B【點(diǎn)評(píng)】解決本題的關(guān)鍵知道回旋加速器電場(chǎng)和磁場(chǎng)的作用，知道粒子的最大動(dòng)能與加速的電壓無(wú)關(guān)，與磁感應(yīng)強(qiáng)度大小和D形盒的半徑有關(guān)27如圖所示，某空間存在豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)和垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，已知一離子在電場(chǎng)力和磁場(chǎng)力作用下，從靜止開始沿曲線acb運(yùn)動(dòng)，到達(dá)b點(diǎn)時(shí)速度為零，c為運(yùn)動(dòng)的最低點(diǎn)則（）A離子必帶負(fù)電Ba、b兩點(diǎn)位于同一高度C離子在c點(diǎn)速度最大D離子到達(dá)b點(diǎn)后將沿原曲線返回

44、【考點(diǎn)】帶電粒子在混合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【分析】帶電粒子由靜止釋放（不考慮重力），在電場(chǎng)力的作用下會(huì)沿電場(chǎng)向下運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，帶電粒子會(huì)受到洛倫茲力，所以粒子會(huì)沿逆時(shí)針?lè)较蚱D(zhuǎn)，到達(dá)C點(diǎn)時(shí)，洛倫茲力方向向上，此時(shí)粒子具有最大速度，在之后的運(yùn)動(dòng)中，粒子的電勢(shì)能會(huì)增加速度越來(lái)越小，到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度為零之后粒子會(huì)繼續(xù)向右重復(fù)由在由A經(jīng)C到B的運(yùn)動(dòng)形式【解答】解：A、粒子開始受到電場(chǎng)力作用開始向下運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受洛倫茲力作用，知電場(chǎng)力方向向下，則離子帶正電故A錯(cuò)誤B、根據(jù)動(dòng)能定理知，洛倫茲力不做功，在A到B的過(guò)程中，動(dòng)能變化為零，則電場(chǎng)力做功為零，A、B兩點(diǎn)等電勢(shì)，因?yàn)樵撾妶?chǎng)是勻強(qiáng)電場(chǎng)，所以A、B兩點(diǎn)位移同一高度故B正確C、根據(jù)動(dòng)能定理得，離子運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)電場(chǎng)力做功最大，則速度最大故C正確D、只要將離子在B點(diǎn)的狀態(tài)與A點(diǎn)進(jìn)行比較，就可以發(fā)現(xiàn)它們的狀態(tài)（速度為零，電勢(shì)能相等）相同，如果右側(cè)仍有同樣的電場(chǎng)和磁場(chǎng)的疊加區(qū)域，離子就將在B之右側(cè)重現(xiàn)前面的曲線運(yùn)動(dòng)，因此，離子是不可能沿原曲線返回A點(diǎn)的如圖所示故D錯(cuò)誤故選：BC【點(diǎn)評(píng)】本題主要考查了帶電粒子在混合場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，要求同學(xué)們能正確分析粒子的受力情況，再通過(guò)受力情況分析粒子的運(yùn)動(dòng)情況，要注意洛倫茲力永不做功，難度適中五、計(jì)算題（本題有2小題，共計(jì)26分）28（12分