高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)(1)基本單位：物理學(xué)中共有七個基本單位，力學(xué)中有三個，它們分別是千克、米、秒．(2)導(dǎo)出單位：由基本單位導(dǎo)出的單位叫做導(dǎo)出單位．1．單位制1．單位制(3)單位制：基本單位和導(dǎo)出單位一起組成單位制．說明：力學(xué)單位制有國際單位制和厘米、克、秒制，在國際單位制中，長度、質(zhì)量和時間這三個物理量的單位分別取米(m)、千克(kg)、秒(s)，根據(jù)牛頓第二定律可導(dǎo)出力的單位是牛頓(N)，即1N＝1kg·m/s2，在厘米、克、秒制中，長度、質(zhì)量和時間的單位分別取厘米(cm)、克(g)、秒(s)，可導(dǎo)出力的單位是達因(dyn)即1達因＝1克·厘米/秒2(3)單位制：基本單位和導(dǎo)出單位一起組成單位制．(1)已知物體的受力情況，要求確定物體的運動情況．知道物體受到的全部作用力，應(yīng)用牛頓第二定律求出加速度，如果再知道物體初始條件應(yīng)用運動學(xué)公式就可以求出物體的運動情況——任意時刻的位移速度，以及運動的軌跡．2．動力學(xué)的兩類基本問題及解題思路2．動力學(xué)的兩類基本問題及解題思路(2)已知物體的運動情況，要求推斷或者求出物體所求的未知力．知道物體的運動情況，應(yīng)用運動學(xué)公式求出物體的加速度，再應(yīng)用牛頓定律推斷或求出物體受的合外力，從而求出未知的力．(2)已知物體的運動情況，要求推斷或者求出物體所求的未知力．連接體問題：(1)連接體與隔離體：兩個或幾個物體相連接組成的物體系統(tǒng)稱為連接體，如果把其中某個物體隔離出來，該物體即為隔離體．3．解決連接體問題的一般方法：整體法求加速度，隔離法求相互作用力．3．解決連接體問題的一般方法：整體法求加速度，隔離法求相互作(2)外力和內(nèi)力：如果以整個物體系統(tǒng)為研究對象，受到系統(tǒng)之外的物體的作用力，這些力是該系統(tǒng)受到的外力，而系統(tǒng)內(nèi)各物體間的相互作用力為內(nèi)力，應(yīng)用牛頓第二定律列方程不考慮內(nèi)力．如果把某物體隔離出來作為研究對象，則這些內(nèi)力將轉(zhuǎn)換為隔離體的外力．(2)外力和內(nèi)力：如果以整個物體系統(tǒng)為研究對象，受到系統(tǒng)之外(1)超重是指物體對支持物的壓力(或?qū)依K的拉力)

重力時的情況，當(dāng)物體具有

的加速度時呈現(xiàn)超重現(xiàn)象．(2)失重是指物體對支持物的壓力(或?qū)依K的拉力)

重力時的情況，當(dāng)物體具有

的加速度時呈現(xiàn)失重現(xiàn)象，當(dāng)物體向下的加速度大小

，物體呈現(xiàn)完全失重現(xiàn)象．4．超重與失重大于豎直向上小于豎直向下為g時4．超重與失重大于豎直向上小于豎直向下為g時(3)對超重和失重的理解①不管物體處于超重狀態(tài)還是失重狀態(tài)，物體本身的重力并沒有改變，只是對支持物的壓力(或?qū)覓煳锏睦?不等于物體本身的重力．②發(fā)生超重或失重現(xiàn)象與物體的速度無關(guān)，只決定于

的方向．不論物體的速度方向如何，只要加速度方向向上，就是超重，加速度方向向下就是失重．從這個意義上來說，“加速上升”與“減速下降”等效，“加速下降”與“減速上升”等效．加速度(3)對超重和失重的理解加速度③在物體完全的失重的狀態(tài)下，一切由重力產(chǎn)生的物理現(xiàn)象都會完全消失，如單擺停擺、天平失效、液體不再產(chǎn)生壓強、浸在水中的物體不再受到浮力作用等等．③在物體完全的失重的狀態(tài)下，一切由重力產(chǎn)生的物理現(xiàn)象都會完全高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)

質(zhì)量為1kg的木塊靜止在水平桌面上，用兩個與桌面平行且互相垂直的力F1、F2作用在木塊上，已知F1＝4N、F2＝3N．木塊與桌面的動摩擦因數(shù)μ＝0.2，求經(jīng)0.5s時木塊在桌面上運動的速度大小．(g取10m/s2)1．已知物體的受力情況求物體的運動情況1．已知物體的受力情況求物體的運動情況[解析]

取木塊為研究對象，木塊受到五個力：重力G＝mg＝10N；支持力FN＝mg＝10N；拉力F1＝4N、F2＝3N；滑動摩擦力Ff＝μFN＝0.2×10＝2N．設(shè)F1與F2的合力為F12，則：[解析]取木塊為研究對象，木塊受到五個力：重力G＝mg＝1[答案]

1.5m/s[答案]1.5m/s

如圖3－2－2所示，傳送帶與水平面夾角為θ＝37°以速度v＝100m/s勻速運行著．現(xiàn)在傳送帶的A端輕輕放上一個小物體(可視為質(zhì)點)，已知小物體與傳送帶之間的摩擦因數(shù)μ＝0.5，A、B間距離s＝16m，則當(dāng)皮帶輪逆時針方向轉(zhuǎn)動時，小物體從A端運動到B端的時間為多少？(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，取g＝10m/s2)． 如圖3－2－2所示，傳送帶與水平面夾角為θ＝37°以速[解析]

輪子逆時針方向轉(zhuǎn)動時，小物體的運動分為兩個過程，一個過程在小物體的速度等于傳送帶速度之前，小物體做勻加速直線運動；第二個過程是小物體速度等于傳送帶速度以后的運動情況，其中速度相同是一個轉(zhuǎn)折點，此后的運動情況要看mgsinθ與所受的最大靜摩擦力．若μ<tanθ，則繼續(xù)向下加速．若μ≥tanθ，則將隨傳送帶一起勻速運動，分析清楚了受力情況與運動情況，再利用相應(yīng)規(guī)律求解即可．[解析]輪子逆時針方向轉(zhuǎn)動時，小物體的運動分為兩個過程，一本題中μ<tanθ，有：輪子逆時針方向轉(zhuǎn)動時，皮帶帶動小物體下滑，因此皮帶作用于小物體的摩擦力沿皮帶向下，物體的受力情況如圖3－2－3所示．小物體沿皮帶下滑的加速度a1＝g(sinθ＋μcosθ)＝10(0.6＋0.5×0.8)m/s2＝10m/s2圖3－2－3本題中μ<tanθ，有：輪子逆時針方向轉(zhuǎn)動時，皮帶帶動小物體高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)此后，小物體沿皮帶繼續(xù)加速下滑時，由于物體的速度大于傳送帶的速度，所以，小物體相對于皮帶的運動方向向下，因此皮帶對小物體的摩擦力沿皮帶向上．如圖3－2－4所示．其加速度變?yōu)椋篴2＝g(sinθ－μcosθ)＝10(0.6－0.5×0.8)m/s2＝2m/s2它從該位置起運動到B端的位移為：s－s1＝16m－5m＝11m，此后，小物體沿皮帶繼續(xù)加速下滑時，由于物體的速度大于傳送帶的解得小物體從該位置起運動到B端的時間為：t2＝1s所以小物體從A端運動到B端的時間為：t＝t1＋t2＝2s.[答案]

2s高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)(1)確定研究對象；(2)分析研究對象的受力情況，并準(zhǔn)確畫出受力示意圖；(3)列出牛頓第二定律方程(F合＝0或Fx＝0，F(xiàn)y＝0)并解出加速度；(4)據(jù)運動學(xué)公式求出相應(yīng)的速度、位移、時間等．高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)

如圖3－2－5所示，是電梯上升的v－t圖線，若電梯的質(zhì)量為100kg，則承受電梯的鋼繩受到的拉力在0～2s之間、2～6s之間、6～9s之間分別為多大？(g取10m/s2)2．已知物體的運動情況求物體的受力情況2．已知物體的運動情況求物體的受力情況[解析]

本題是已知物體的運動情況求物體的受力情況，而電梯的運動情況則由圖象給出．要學(xué)會從已知的v－t圖線中找出有關(guān)的已知條件．從圖中可以看出電梯的運動情況為先加速、后勻速、再減速，根據(jù)v－t圖線可以確定電梯的加速度，由牛頓運動定律可列式求解對電梯的受力情況分析如圖3－2－6所示．[解析]本題是已知物體的運動情況求物體的受力情況，而電梯的圖3－2－6圖3－2－6高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)[答案]

1300N

1000N

800N[答案]1300N1000N800N(2009·江蘇單科，13,15分)航模興趣小組設(shè)計出一架遙控飛行器，其質(zhì)量m＝2kg，動力系統(tǒng)提供的恒定升力F＝28N．試飛時，飛行器從地面由靜止開始豎直上升．設(shè)飛行器飛行時所受的阻力大小不變，g取10m/s2.(1)第一次試飛，飛行器飛行t1＝8s時到達高度H＝64m．求飛行器所受阻力f的大小；高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)(2)第二次試飛，飛行器飛行t2＝6s時遙控器出現(xiàn)故障，飛行器立即失去升力．求飛行器能達到的最大高度h；(3)為了使飛行器不致墜落到地面，求飛行器從開始下落到恢復(fù)升力的最長時間t3.(2)第二次試飛，飛行器飛行t2＝6s時遙控器出現(xiàn)故障，飛高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)

如圖3－2－8所示，兩個質(zhì)量相同的物體A和B緊靠在一起放在光滑水平面上．如果它們分別受到水平推力F1和F2，且F1>F2，則A施于B的作用力大小是多少？3．整體法和隔離法解連接體問題3．整體法和隔離法解連接體問題[解析]

解法1：這是一道關(guān)于連接體的問題，可用隔離法分別分析兩個物體的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律分別列出動力學(xué)方程(F＝ma)，然后聯(lián)立求解．由題意，設(shè)兩物體間的相互作用力大小為F，兩物體的加速度相等；即a1＝a2＝a，二者質(zhì)量相同，設(shè)為m.分別隔離研究A和B，分析它們的受力情況，如圖3－2－9圖(1)、圖(2)所示(在豎直方向上，各受重力和支持力作用，二力平衡，圖中未畫出)，根據(jù)牛頓第二定律，則：[解析]解法1：這是一道關(guān)于連接體的問題，可用隔離法分別分高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)連接體問題的處理方法．(1)整體法：連接體中各物體如果有共同的加速度，求加速度可把連接體作為一個整體，運用牛頓第二定律列方程求解．若連接體中各個物體產(chǎn)生的加速度不同，則一般不可采用整體法．(2)隔離法：如果要求連接體間的相互作用力，必須隔離出其中一個物體，對該物體應(yīng)用牛頓第二定律求解．隔離法解題要注意判明每一隔離體的運動方向和加速度方向．連接體問題的處理方法．

如圖3－2－10所示，在光滑的桌面上疊放著一質(zhì)量為mA＝2.0kg的薄木板A和質(zhì)量為mB＝3kg的金屬塊B.A的長度L＝2.0m.B上有輕線繞過定滑輪與質(zhì)量為mC＝1.0kg的物塊C相連．B與A之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.10，最大靜摩擦力可視為等于滑動摩擦力．忽略細(xì)線質(zhì)量及細(xì)線與滑輪間的摩擦．起始時令各物體都處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩被拉直，B位于A的左端(如圖)，然后放手，求經(jīng)過多長時間B從A的右端脫離(設(shè)A的右端距滑輪足夠遠(yuǎn))(取g＝10m/s2)． 如圖3－2－10所示，在光滑的桌面上疊放著一質(zhì)量為mA＝高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)[答案]

4.0s[答案]4.0s(1)構(gòu)成連接體的各物體相對靜止時，可以整體為研究對象．(2)求連接體中一個物體對吊一個物體的作用力時，須采用隔離體法，以這個力的受力物體為研究對象，也可以以這個力的施力物體為研究對象．高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)

將質(zhì)量為m的物體以初速度v0從地面豎直向上拋出，設(shè)在上升和下降過程中所受的空氣阻力大小均為F，求上升的最大高度和落回地面的速度．4．程序法分析動力學(xué)問題4．程序法分析動力學(xué)問題[解析]

題目中明確指出有上升和下降兩個過程，現(xiàn)分別對這兩個過程進行分析：上升過程：物體做勻減速直線運動，受力情況如圖3－2－11圖(1)所示．由牛頓第二定律得[解析]題目中明確指出有上升和下降兩個過程，現(xiàn)分別對這兩個高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版) (2007·山東棗莊一模，20)兩位雜技演員在進行“頂桿”雜技表演時，下面的演員用肩頂著一根質(zhì)量為m1＝3kg的細(xì)桿，桿是豎直的；另一質(zhì)量為m2＝30kg的演員在桿上進行精彩表演．表演結(jié)束后，桿上演員從靜止開始，由桿的頂端下滑至桿的底端時速度恰好為零；在下面頂桿演員的肩部放一壓力傳感器，用來顯示演員肩部所受壓力大小的變化，這一下滑過程得到如圖3－2－12所示肩部所受壓力隨時間變化的圖象．(g取10m/s2)求： (2007·山東棗莊一模，20)兩位雜技演員在進行“頂高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)(1)下滑演員的最大速度；(2)細(xì)桿的長度．[解析]

(1)取桿為研究對象．由圖象可知，在第1s內(nèi)，人的肩部對桿的支持力為N1＝150N．因為桿的重力為G1＝m1g＝30N，設(shè)桿上演員對桿向下的作用力為f1，則N1＝G1＋f1得f1＝120N由牛頓第三定律可知，桿對桿上演員向上的摩擦力為

f′1＝120N設(shè)在第1s內(nèi)演員向下的加速度大小為a1，由牛頓第二定律得(1)下滑演員的最大速度；m2g－f′1＝m2a1解得a1＝6m/s21s末下滑演員的速度v1＝a1t1＝6m/s2同理，1s末后，桿對桿上演員向上的摩擦力為f2＝360N，選向下為正，設(shè)m2的加速度為a2，則m2g－f2＝m2a2m2g－f′1＝m2a1解得a2＝－2m/s2負(fù)號說明加速度向上，演員做減速運動，所以v1＝6m/s為下滑演員的最大速度．解得a2＝－2m/s2[答案]

(1)6m/s

(2)12m[答案](1)6m/s(2)12m程序法解題的基本思路是：(1)劃分出題目中有多少個不同的過程或多少個不同的狀態(tài)．(2)對各個過程或各個狀態(tài)進行具體分析，得出正確的結(jié)果．(3)前一個過程的結(jié)束就是后一個過程的開始，兩個過程的交接點是問題的關(guān)鍵．高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)程序法是學(xué)好物理必須具備的一項重要的基本功，在力學(xué)中選擇研究對象及正確選擇某個狀態(tài)或某個過程進行分析，是迅速解題的關(guān)鍵．程序法是學(xué)好物理必須具備的一項重要的基本功，在力學(xué)中選擇研究

如圖3－2－13所示，細(xì)線的一端固定于傾角為45°的光滑楔形滑塊A的頂端P處，細(xì)線的另一端拴一質(zhì)量為m的小球．當(dāng)滑塊至少以加速度a＝________向左運動時，小球?qū)瑝K的壓力等于零．當(dāng)滑塊以a＝2g的加速度向左運動時，線中拉力T＝______________.5．臨界問題，極值問題5．臨界問題，極值問題[解析]

當(dāng)滑塊具有向左的加速度a時，小球受重力mg、繩的拉力T和斜面的支持力N作用，如圖3－2－14所示．在水平方向有Tcos45°－Ncos45°＝ma在豎直方向有Tsin45°－Nsin45°－mg＝0由上述兩式可解出：[解析]當(dāng)滑塊具有向左的加速度a時，小球受重力mg、繩的拉高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)尋找臨界條件、解決臨界問題的基本思路是：(1)認(rèn)真審題，詳盡分析問題中變化的過程，(包括分析整體過程中有幾個階段)；(2)尋找過程中變化的物理量(自變量與因變量)；(3)探索因變量隨自變量變化時的變化規(guī)律，要特別注意相關(guān)物理量的變化情況；高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)(4)確定臨界狀態(tài)，分析臨界條件，找出臨界關(guān)系．顯然分析變化過程，確定因變量隨自變量變化的規(guī)律，是解決問題的關(guān)鍵．(4)確定臨界狀態(tài)，分析臨界條件，找出臨界關(guān)系．

一個彈簧秤放在水平地面上，Q為與輕彈簧上端連在一起的秤盤，P為一重物，已知P的質(zhì)量M＝10.5kg，Q的質(zhì)量m＝1.5kg，彈簧的質(zhì)量不計，勁度系數(shù)k＝800N/m，系統(tǒng)處于靜止，如圖3－2－16所示，現(xiàn)給P施加一個方向豎直向上的力F，使它從靜止開始向上做勻加速運動，已知在前0.2s時間內(nèi)，F(xiàn)為變力，0.2s以后，F(xiàn)為恒力．求力F的最大值與最小值．(取g＝10m/s2)． 一個彈簧秤放在水平地面上，Q為與輕彈簧上端連在一起的秤盤圖3－2－16圖3－2－16[解析]

(1)P做勻速運動，它受到的合外力一定是恒力．P受到的外力共有3個：重力、向上的力F及Q對P的支持力FN，其中重力Mg為恒力，F(xiàn)N為變力，題目說0.2s以后F為恒力，說明t＝0.2s的時刻，正是P與Q開始脫離接觸的時刻，即臨界點．(2)t＝0.2s的時刻，是Q對P的作用力FN恰好減為零的時刻，此時刻為P與Q具有相同的速度及加速度．因此，此時刻彈簧并未恢復(fù)原長，也不能認(rèn)為此時刻彈簧的彈力為零．[解析](1)P做勻速運動，它受到的合外力一定是恒力．P受(3)當(dāng)t＝0時刻，應(yīng)是力F最小時刻，此時刻F?。?M＋m)a(a為它們的加速度)．隨后，由于彈簧彈力逐漸變小，而P與Q受到的合力保持不變，因此力F逐漸變大，至t＝0.2s時刻，F(xiàn)增至最大，此時刻F大＝M(g＋a)．以上三點中第(2)點是解決此問題的關(guān)鍵所在，只有明確了P與Q脫離接觸的瞬間情況，才能確定這0.2s時間內(nèi)物體的位移，從而求出加速度a，其余問題也就迎刃而解了．設(shè)開始時彈簧壓縮量為x1，t＝0.2s時彈簧的壓縮量為x2，物體P的加速度為a，則有(3)當(dāng)t＝0時刻，應(yīng)是力F最小時刻，此時刻F?。?M＋m)[答案]

168N

72N[答案]168N72N

一物體置于水平面上，受一水平變力F作用沿水平面做變速直線運動，其加速度a隨拉力F變化的圖線如圖3－2－17.由圖線可計算出物體的質(zhì)量m＝________kg，物體與水平面的摩擦因數(shù)μ＝________.(g取10m/s2)6．圖象法分析動力學(xué)問題6．圖象法分析動力學(xué)問題高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)[答案]

2

0.3[答案]20.3如圖3－2－18所示，質(zhì)量相同的木塊A、B用輕彈簧連接置于光滑的水平面上，開始彈簧處于自然狀態(tài)，現(xiàn)用水平恒力F推木塊A，則從開始到彈簧第一次被壓縮到最短的過程中，以下說法正確的是 (

)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)A．兩木塊速度相同時，加速度aA＝aBB．兩木塊速度相同時，加速度aA＜aBC．兩木塊加速度相同時，速度vA＜vBD．兩木塊加速度相同時，速度vA＞vBA．兩木塊速度相同時，加速度aA＝aB[解析]

顯然在彈簧壓縮到最短的過程中，A所受到的合外力變小，所以aA減小，B所受到的合外力變大，所以aB增大，在v－t圖象中，a就是圖線切線的斜率，又因為兩物體開始速度均為0，所以，所畫A、B的v－t圖象如圖3－2－19所示．顯然，在t1時刻vA＞vB，但由于在該時刻圖線斜率相同(切線平行)∴aA＝aB，在t2時刻vA＝vB，但加速度顯然有aA＜aB.[答案]

BD[解析]顯然在彈簧壓縮到最短的過程中，A所受到的合外力變小

(2009·廣東單科，8,4分)某人在地面上用彈簧測力計稱得其體重為490N．他將彈簧測力計移至電梯內(nèi)稱其體重，t0至t3時間段內(nèi)，彈簧測力計的示數(shù)如圖3－2－20所示，電梯運行的v－t圖可能是(取電梯向上運動的方向為正) (

)7．超重與失重7．超重與失重高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)[答案]

AD[答案]AD

廣州市白鵝潭附近將新建亞洲最大的“摩天轉(zhuǎn)輪”，它的設(shè)計直徑約為150m．如圖3－2－21所示，假如游人乘坐在轎箱中，隨轉(zhuǎn)輪始終不停地勻速轉(zhuǎn)動，每轉(zhuǎn)一周用時25分鐘，試判斷下列關(guān)于轎箱中乘客的說法正確的是 (

)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)A．乘客受到的合外力為零B．乘客在乘坐過程中機械能保持不變C．乘客對座椅的壓力大小不變D．從最低點到最高點過程中，乘客先超重后失重A．乘客受到的合外力為零[解析]

乘客隨轎箱做勻速圓周運動，合外力提供向心力，合外力不為零；豎直方向上，在最低點處座椅支持力大于人的重力，在與圓心同一水平面的位置座椅的支持力等于人的重力，在最高點座椅的支持力小于人的重力，故選項C錯誤；在從最低點到最高點過程中，由于乘客先有豎直向上加速度分量后有豎直向下的加速度分量，故乘客先超重后失重．[答案]

D[解析]乘客隨轎箱做勻速圓周運動，合外力提供向心力，合外力高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)【例】如圖3－2－22有一水平傳送帶以2m/s的速度勻速運動，現(xiàn)將一物體輕輕放在傳送帶上，若物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.5，則傳送帶將該物體傳送10m的距離所需時間為多少？高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)[錯解]

由于物體輕放在傳送帶上，所以v0＝0，物體在豎直方向合外力為零，在水平方向受到滑動摩擦力(傳送帶施加)，做v0＝0的勻加速運動，位移為10m.據(jù)牛頓第二定律F＝ma有f＝μmg＝ma，a＝μg＝5m/s2據(jù)初速為零的勻加速直線運動位移公式[錯解]由于物體輕放在傳送帶上，所以v0＝0，物體在豎直方[分析糾正]以傳送帶上輕放物體為研究對象，如圖3－2－23在豎直方向受重力和支持力，在水平方向受滑動摩擦力，做v0＝0的勻加速運動．據(jù)牛二定律F＝ma有水平方向：f＝ma①豎直方向：N－mg＝0②f＝μN③由式①，②，③解得a＝5m/s2[分析糾正]以傳送帶上輕放物體為研究對象，如圖3－2－23高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)S2＝v2t2⑤因為S2＝S－S1＝10－0.4＝9.6(m)，v2＝2m/s代入式⑤得t2＝4.8s則傳送10m所需時間為t＝0.4＋4.8＝5.2s.[答案]

5.2sS2＝v2t2高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版) (2007·廣州真光月考，17)近幾年，我國北方地區(qū)多次遭遇沙塵暴天氣．現(xiàn)把沙塵上揚后的情況簡化為如下情景：v為豎直向上的風(fēng)速，沙塵顆粒被揚起后懸浮在空中(不動)，這時風(fēng)對沙塵的作用力相當(dāng)于空氣不動而沙塵以速度v豎直向下運動時所受的阻力，此阻力可用下式表達，f＝αρAv2，其中α為一系數(shù)，A為沙塵顆粒的截面積，ρ為空氣密度．計算結(jié)果取兩位有效數(shù)字． (2007·廣州真光月考，17)近幾年，我國北方地區(qū)多次(1)若沙粒的密度ρs＝2.8×103kg/m3，沙塵顆粒為球形，半徑r＝2.5×10－4m，地球表面處空氣密度ρ0＝125kg/m3，α＝0.45，試估算在地面附近，上述v的最小值v1；(2)假定空氣密度ρ隨高度h的變化關(guān)系為ρ＝ρ0(1－Ch)，其中ρ0為h＝0處的空氣密度，C為一常量，C＝1.2×10－4/m－1，試估算當(dāng)v＝9.0m/s時揚沙的最大高度．(不考慮重力加速度隨高度的變化，g取10m/s2)(1)若沙粒的密度ρs＝2.8×103kg/m3，沙塵顆粒高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)[答案]

(1)4.0m/s

(2)6.7×103m[答案](1)4.0m/s(2)6.7×103m高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)(1)基本單位：物理學(xué)中共有七個基本單位，力學(xué)中有三個，它們分別是千克、米、秒．(2)導(dǎo)出單位：由基本單位導(dǎo)出的單位叫做導(dǎo)出單位．1．單位制1．單位制(3)單位制：基本單位和導(dǎo)出單位一起組成單位制．說明：力學(xué)單位制有國際單位制和厘米、克、秒制，在國際單位制中，長度、質(zhì)量和時間這三個物理量的單位分別取米(m)、千克(kg)、秒(s)，根據(jù)牛頓第二定律可導(dǎo)出力的單位是牛頓(N)，即1N＝1kg·m/s2，在厘米、克、秒制中，長度、質(zhì)量和時間的單位分別取厘米(cm)、克(g)、秒(s)，可導(dǎo)出力的單位是達因(dyn)即1達因＝1克·厘米/秒2(3)單位制：基本單位和導(dǎo)出單位一起組成單位制．(1)已知物體的受力情況，要求確定物體的運動情況．知道物體受到的全部作用力，應(yīng)用牛頓第二定律求出加速度，如果再知道物體初始條件應(yīng)用運動學(xué)公式就可以求出物體的運動情況——任意時刻的位移速度，以及運動的軌跡．2．動力學(xué)的兩類基本問題及解題思路2．動力學(xué)的兩類基本問題及解題思路(2)已知物體的運動情況，要求推斷或者求出物體所求的未知力．知道物體的運動情況，應(yīng)用運動學(xué)公式求出物體的加速度，再應(yīng)用牛頓定律推斷或求出物體受的合外力，從而求出未知的力．(2)已知物體的運動情況，要求推斷或者求出物體所求的未知力．連接體問題：(1)連接體與隔離體：兩個或幾個物體相連接組成的物體系統(tǒng)稱為連接體，如果把其中某個物體隔離出來，該物體即為隔離體．3．解決連接體問題的一般方法：整體法求加速度，隔離法求相互作用力．3．解決連接體問題的一般方法：整體法求加速度，隔離法求相互作(2)外力和內(nèi)力：如果以整個物體系統(tǒng)為研究對象，受到系統(tǒng)之外的物體的作用力，這些力是該系統(tǒng)受到的外力，而系統(tǒng)內(nèi)各物體間的相互作用力為內(nèi)力，應(yīng)用牛頓第二定律列方程不考慮內(nèi)力．如果把某物體隔離出來作為研究對象，則這些內(nèi)力將轉(zhuǎn)換為隔離體的外力．(2)外力和內(nèi)力：如果以整個物體系統(tǒng)為研究對象，受到系統(tǒng)之外(1)超重是指物體對支持物的壓力(或?qū)依K的拉力)

重力時的情況，當(dāng)物體具有

的加速度時呈現(xiàn)超重現(xiàn)象．(2)失重是指物體對支持物的壓力(或?qū)依K的拉力)

重力時的情況，當(dāng)物體具有

的加速度時呈現(xiàn)失重現(xiàn)象，當(dāng)物體向下的加速度大小

，物體呈現(xiàn)完全失重現(xiàn)象．4．超重與失重大于豎直向上小于豎直向下為g時4．超重與失重大于豎直向上小于豎直向下為g時(3)對超重和失重的理解①不管物體處于超重狀態(tài)還是失重狀態(tài)，物體本身的重力并沒有改變，只是對支持物的壓力(或?qū)覓煳锏睦?不等于物體本身的重力．②發(fā)生超重或失重現(xiàn)象與物體的速度無關(guān)，只決定于

的方向．不論物體的速度方向如何，只要加速度方向向上，就是超重，加速度方向向下就是失重．從這個意義上來說，“加速上升”與“減速下降”等效，“加速下降”與“減速上升”等效．加速度(3)對超重和失重的理解加速度③在物體完全的失重的狀態(tài)下，一切由重力產(chǎn)生的物理現(xiàn)象都會完全消失，如單擺停擺、天平失效、液體不再產(chǎn)生壓強、浸在水中的物體不再受到浮力作用等等．③在物體完全的失重的狀態(tài)下，一切由重力產(chǎn)生的物理現(xiàn)象都會完全高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)

質(zhì)量為1kg的木塊靜止在水平桌面上，用兩個與桌面平行且互相垂直的力F1、F2作用在木塊上，已知F1＝4N、F2＝3N．木塊與桌面的動摩擦因數(shù)μ＝0.2，求經(jīng)0.5s時木塊在桌面上運動的速度大小．(g取10m/s2)1．已知物體的受力情況求物體的運動情況1．已知物體的受力情況求物體的運動情況[解析]

取木塊為研究對象，木塊受到五個力：重力G＝mg＝10N；支持力FN＝mg＝10N；拉力F1＝4N、F2＝3N；滑動摩擦力Ff＝μFN＝0.2×10＝2N．設(shè)F1與F2的合力為F12，則：[解析]取木塊為研究對象，木塊受到五個力：重力G＝mg＝1[答案]

1.5m/s[答案]1.5m/s

如圖3－2－2所示，傳送帶與水平面夾角為θ＝37°以速度v＝100m/s勻速運行著．現(xiàn)在傳送帶的A端輕輕放上一個小物體(可視為質(zhì)點)，已知小物體與傳送帶之間的摩擦因數(shù)μ＝0.5，A、B間距離s＝16m，則當(dāng)皮帶輪逆時針方向轉(zhuǎn)動時，小物體從A端運動到B端的時間為多少？(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，取g＝10m/s2)． 如圖3－2－2所示，傳送帶與水平面夾角為θ＝37°以速[解析]

輪子逆時針方向轉(zhuǎn)動時，小物體的運動分為兩個過程，一個過程在小物體的速度等于傳送帶速度之前，小物體做勻加速直線運動；第二個過程是小物體速度等于傳送帶速度以后的運動情況，其中速度相同是一個轉(zhuǎn)折點，此后的運動情況要看mgsinθ與所受的最大靜摩擦力．若μ<tanθ，則繼續(xù)向下加速．若μ≥tanθ，則將隨傳送帶一起勻速運動，分析清楚了受力情況與運動情況，再利用相應(yīng)規(guī)律求解即可．[解析]輪子逆時針方向轉(zhuǎn)動時，小物體的運動分為兩個過程，一本題中μ<tanθ，有：輪子逆時針方向轉(zhuǎn)動時，皮帶帶動小物體下滑，因此皮帶作用于小物體的摩擦力沿皮帶向下，物體的受力情況如圖3－2－3所示．小物體沿皮帶下滑的加速度a1＝g(sinθ＋μcosθ)＝10(0.6＋0.5×0.8)m/s2＝10m/s2圖3－2－3本題中μ<tanθ，有：輪子逆時針方向轉(zhuǎn)動時，皮帶帶動小物體高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)此后，小物體沿皮帶繼續(xù)加速下滑時，由于物體的速度大于傳送帶的速度，所以，小物體相對于皮帶的運動方向向下，因此皮帶對小物體的摩擦力沿皮帶向上．如圖3－2－4所示．其加速度變?yōu)椋篴2＝g(sinθ－μcosθ)＝10(0.6－0.5×0.8)m/s2＝2m/s2它從該位置起運動到B端的位移為：s－s1＝16m－5m＝11m，此后，小物體沿皮帶繼續(xù)加速下滑時，由于物體的速度大于傳送帶的解得小物體從該位置起運動到B端的時間為：t2＝1s所以小物體從A端運動到B端的時間為：t＝t1＋t2＝2s.[答案]

2s高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)(1)確定研究對象；(2)分析研究對象的受力情況，并準(zhǔn)確畫出受力示意圖；(3)列出牛頓第二定律方程(F合＝0或Fx＝0，F(xiàn)y＝0)并解出加速度；(4)據(jù)運動學(xué)公式求出相應(yīng)的速度、位移、時間等．高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)

如圖3－2－5所示，是電梯上升的v－t圖線，若電梯的質(zhì)量為100kg，則承受電梯的鋼繩受到的拉力在0～2s之間、2～6s之間、6～9s之間分別為多大？(g取10m/s2)2．已知物體的運動情況求物體的受力情況2．已知物體的運動情況求物體的受力情況[解析]

本題是已知物體的運動情況求物體的受力情況，而電梯的運動情況則由圖象給出．要學(xué)會從已知的v－t圖線中找出有關(guān)的已知條件．從圖中可以看出電梯的運動情況為先加速、后勻速、再減速，根據(jù)v－t圖線可以確定電梯的加速度，由牛頓運動定律可列式求解對電梯的受力情況分析如圖3－2－6所示．[解析]本題是已知物體的運動情況求物體的受力情況，而電梯的圖3－2－6圖3－2－6高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)[答案]

1300N

1000N

800N[答案]1300N1000N800N(2009·江蘇單科，13,15分)航模興趣小組設(shè)計出一架遙控飛行器，其質(zhì)量m＝2kg，動力系統(tǒng)提供的恒定升力F＝28N．試飛時，飛行器從地面由靜止開始豎直上升．設(shè)飛行器飛行時所受的阻力大小不變，g取10m/s2.(1)第一次試飛，飛行器飛行t1＝8s時到達高度H＝64m．求飛行器所受阻力f的大??；高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)(2)第二次試飛，飛行器飛行t2＝6s時遙控器出現(xiàn)故障，飛行器立即失去升力．求飛行器能達到的最大高度h；(3)為了使飛行器不致墜落到地面，求飛行器從開始下落到恢復(fù)升力的最長時間t3.(2)第二次試飛，飛行器飛行t2＝6s時遙控器出現(xiàn)故障，飛高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)

如圖3－2－8所示，兩個質(zhì)量相同的物體A和B緊靠在一起放在光滑水平面上．如果它們分別受到水平推力F1和F2，且F1>F2，則A施于B的作用力大小是多少？3．整體法和隔離法解連接體問題3．整體法和隔離法解連接體問題[解析]

解法1：這是一道關(guān)于連接體的問題，可用隔離法分別分析兩個物體的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律分別列出動力學(xué)方程(F＝ma)，然后聯(lián)立求解．由題意，設(shè)兩物體間的相互作用力大小為F，兩物體的加速度相等；即a1＝a2＝a，二者質(zhì)量相同，設(shè)為m.分別隔離研究A和B，分析它們的受力情況，如圖3－2－9圖(1)、圖(2)所示(在豎直方向上，各受重力和支持力作用，二力平衡，圖中未畫出)，根據(jù)牛頓第二定律，則：[解析]解法1：這是一道關(guān)于連接體的問題，可用隔離法分別分高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)連接體問題的處理方法．(1)整體法：連接體中各物體如果有共同的加速度，求加速度可把連接體作為一個整體，運用牛頓第二定律列方程求解．若連接體中各個物體產(chǎn)生的加速度不同，則一般不可采用整體法．(2)隔離法：如果要求連接體間的相互作用力，必須隔離出其中一個物體，對該物體應(yīng)用牛頓第二定律求解．隔離法解題要注意判明每一隔離體的運動方向和加速度方向．連接體問題的處理方法．

如圖3－2－10所示，在光滑的桌面上疊放著一質(zhì)量為mA＝2.0kg的薄木板A和質(zhì)量為mB＝3kg的金屬塊B.A的長度L＝2.0m.B上有輕線繞過定滑輪與質(zhì)量為mC＝1.0kg的物塊C相連．B與A之間的動摩擦因數(shù)μ＝0.10，最大靜摩擦力可視為等于滑動摩擦力．忽略細(xì)線質(zhì)量及細(xì)線與滑輪間的摩擦．起始時令各物體都處于靜止?fàn)顟B(tài)，繩被拉直，B位于A的左端(如圖)，然后放手，求經(jīng)過多長時間B從A的右端脫離(設(shè)A的右端距滑輪足夠遠(yuǎn))(取g＝10m/s2)． 如圖3－2－10所示，在光滑的桌面上疊放著一質(zhì)量為mA＝高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)[答案]

4.0s[答案]4.0s(1)構(gòu)成連接體的各物體相對靜止時，可以整體為研究對象．(2)求連接體中一個物體對吊一個物體的作用力時，須采用隔離體法，以這個力的受力物體為研究對象，也可以以這個力的施力物體為研究對象．高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)

將質(zhì)量為m的物體以初速度v0從地面豎直向上拋出，設(shè)在上升和下降過程中所受的空氣阻力大小均為F，求上升的最大高度和落回地面的速度．4．程序法分析動力學(xué)問題4．程序法分析動力學(xué)問題[解析]

題目中明確指出有上升和下降兩個過程，現(xiàn)分別對這兩個過程進行分析：上升過程：物體做勻減速直線運動，受力情況如圖3－2－11圖(1)所示．由牛頓第二定律得[解析]題目中明確指出有上升和下降兩個過程，現(xiàn)分別對這兩個高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版) (2007·山東棗莊一模，20)兩位雜技演員在進行“頂桿”雜技表演時，下面的演員用肩頂著一根質(zhì)量為m1＝3kg的細(xì)桿，桿是豎直的；另一質(zhì)量為m2＝30kg的演員在桿上進行精彩表演．表演結(jié)束后，桿上演員從靜止開始，由桿的頂端下滑至桿的底端時速度恰好為零；在下面頂桿演員的肩部放一壓力傳感器，用來顯示演員肩部所受壓力大小的變化，這一下滑過程得到如圖3－2－12所示肩部所受壓力隨時間變化的圖象．(g取10m/s2)求： (2007·山東棗莊一模，20)兩位雜技演員在進行“頂高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)(1)下滑演員的最大速度；(2)細(xì)桿的長度．[解析]

(1)取桿為研究對象．由圖象可知，在第1s內(nèi)，人的肩部對桿的支持力為N1＝150N．因為桿的重力為G1＝m1g＝30N，設(shè)桿上演員對桿向下的作用力為f1，則N1＝G1＋f1得f1＝120N由牛頓第三定律可知，桿對桿上演員向上的摩擦力為

f′1＝120N設(shè)在第1s內(nèi)演員向下的加速度大小為a1，由牛頓第二定律得(1)下滑演員的最大速度；m2g－f′1＝m2a1解得a1＝6m/s21s末下滑演員的速度v1＝a1t1＝6m/s2同理，1s末后，桿對桿上演員向上的摩擦力為f2＝360N，選向下為正，設(shè)m2的加速度為a2，則m2g－f2＝m2a2m2g－f′1＝m2a1解得a2＝－2m/s2負(fù)號說明加速度向上，演員做減速運動，所以v1＝6m/s為下滑演員的最大速度．解得a2＝－2m/s2[答案]

(1)6m/s

(2)12m[答案](1)6m/s(2)12m程序法解題的基本思路是：(1)劃分出題目中有多少個不同的過程或多少個不同的狀態(tài)．(2)對各個過程或各個狀態(tài)進行具體分析，得出正確的結(jié)果．(3)前一個過程的結(jié)束就是后一個過程的開始，兩個過程的交接點是問題的關(guān)鍵．高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)程序法是學(xué)好物理必須具備的一項重要的基本功，在力學(xué)中選擇研究對象及正確選擇某個狀態(tài)或某個過程進行分析，是迅速解題的關(guān)鍵．程序法是學(xué)好物理必須具備的一項重要的基本功，在力學(xué)中選擇研究

如圖3－2－13所示，細(xì)線的一端固定于傾角為45°的光滑楔形滑塊A的頂端P處，細(xì)線的另一端拴一質(zhì)量為m的小球．當(dāng)滑塊至少以加速度a＝________向左運動時，小球?qū)瑝K的壓力等于零．當(dāng)滑塊以a＝2g的加速度向左運動時，線中拉力T＝______________.5．臨界問題，極值問題5．臨界問題，極值問題[解析]

當(dāng)滑塊具有向左的加速度a時，小球受重力mg、繩的拉力T和斜面的支持力N作用，如圖3－2－14所示．在水平方向有Tcos45°－Ncos45°＝ma在豎直方向有Tsin45°－Nsin45°－mg＝0由上述兩式可解出：[解析]當(dāng)滑塊具有向左的加速度a時，小球受重力mg、繩的拉高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)尋找臨界條件、解決臨界問題的基本思路是：(1)認(rèn)真審題，詳盡分析問題中變化的過程，(包括分析整體過程中有幾個階段)；(2)尋找過程中變化的物理量(自變量與因變量)；(3)探索因變量隨自變量變化時的變化規(guī)律，要特別注意相關(guān)物理量的變化情況；高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)(4)確定臨界狀態(tài)，分析臨界條件，找出臨界關(guān)系．顯然分析變化過程，確定因變量隨自變量變化的規(guī)律，是解決問題的關(guān)鍵．(4)確定臨界狀態(tài)，分析臨界條件，找出臨界關(guān)系．

一個彈簧秤放在水平地面上，Q為與輕彈簧上端連在一起的秤盤，P為一重物，已知P的質(zhì)量M＝10.5kg，Q的質(zhì)量m＝1.5kg，彈簧的質(zhì)量不計，勁度系數(shù)k＝800N/m，系統(tǒng)處于靜止，如圖3－2－16所示，現(xiàn)給P施加一個方向豎直向上的力F，使它從靜止開始向上做勻加速運動，已知在前0.2s時間內(nèi)，F(xiàn)為變力，0.2s以后，F(xiàn)為恒力．求力F的最大值與最小值．(取g＝10m/s2)． 一個彈簧秤放在水平地面上，Q為與輕彈簧上端連在一起的秤盤圖3－2－16圖3－2－16[解析]

(1)P做勻速運動，它受到的合外力一定是恒力．P受到的外力共有3個：重力、向上的力F及Q對P的支持力FN，其中重力Mg為恒力，F(xiàn)N為變力，題目說0.2s以后F為恒力，說明t＝0.2s的時刻，正是P與Q開始脫離接觸的時刻，即臨界點．(2)t＝0.2s的時刻，是Q對P的作用力FN恰好減為零的時刻，此時刻為P與Q具有相同的速度及加速度．因此，此時刻彈簧并未恢復(fù)原長，也不能認(rèn)為此時刻彈簧的彈力為零．[解析](1)P做勻速運動，它受到的合外力一定是恒力．P受(3)當(dāng)t＝0時刻，應(yīng)是力F最小時刻，此時刻F?。?M＋m)a(a為它們的加速度)．隨后，由于彈簧彈力逐漸變小，而P與Q受到的合力保持不變，因此力F逐漸變大，至t＝0.2s時刻，F(xiàn)增至最大，此時刻F大＝M(g＋a)．以上三點中第(2)點是解決此問題的關(guān)鍵所在，只有明確了P與Q脫離接觸的瞬間情況，才能確定這0.2s時間內(nèi)物體的位移，從而求出加速度a，其余問題也就迎刃而解了．設(shè)開始時彈簧壓縮量為x1，t＝0.2s時彈簧的壓縮量為x2，物體P的加速度為a，則有(3)當(dāng)t＝0時刻，應(yīng)是力F最小時刻，此時刻F小＝(M＋m)[答案]

168N

72N[答案]168N72N

一物體置于水平面上，受一水平變力F作用沿水平面做變速直線運動，其加速度a隨拉力F變化的圖線如圖3－2－17.由圖線可計算出物體的質(zhì)量m＝________kg，物體與水平面的摩擦因數(shù)μ＝________.(g取10m/s2)6．圖象法分析動力學(xué)問題6．圖象法分析動力學(xué)問題高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)[答案]

2

0.3[答案]20.3如圖3－2－18所示，質(zhì)量相同的木塊A、B用輕彈簧連接置于光滑的水平面上，開始彈簧處于自然狀態(tài)，現(xiàn)用水平恒力F推木塊A，則從開始到彈簧第一次被壓縮到最短的過程中，以下說法正確的是 (

)高考物理二輪復(fù)習(xí)課件第二單元_牛頓第二定律的應(yīng)用(人教版)A．兩木塊速度相同時，加速度aA＝aBB．兩木塊速度相同時，加速度aA＜aBC．兩木塊加速度相同時，速度vA＜vBD．兩木塊加速度相同時，速度vA＞vBA．兩木塊速度相同時，加速度aA＝aB[解析]

顯然在彈簧壓縮到最短的過程中，A所受到的合外力變小，所以aA減小，B所受到的合外力變大，所以aB增大，在v－t圖象中，a就是圖線切線的斜率，又因為兩物體開始速度均為0，所以，所畫A、B的v－t圖象如圖3－2－19所示．顯然，在t1時刻vA＞vB，但由于在該時刻圖線斜率相同(切線平行)∴aA＝aB，在t2時刻vA＝vB，但加速度顯然有aA＜aB.[答案]

BD[解析]顯然在彈簧壓縮到最短的過程中，A所受到的合外力變小

(2