遂寧綠然學(xué)校高中部2022年秋季高2020級(jí)入學(xué)考試物理學(xué)科試題注意事項(xiàng)：1.答題前，考生務(wù)必將自己的班級(jí)、姓名和準(zhǔn)考證號(hào)填寫在試卷和答題卡上。2.選擇題用2B鉛筆在對(duì)應(yīng)的題號(hào)涂黑答案。主觀題用0.5毫米黑色簽字筆答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。3.考生必須保持答題卡的整潔。考試結(jié)束后，請(qǐng)將答題卡上交。第I卷（選擇題）一、選擇題（本題共8小題，每小題4分，共32分.第1~5小題為單選題；第6~8小題為多選題，全部選對(duì)得4分，選對(duì)但不全得2分，有選錯(cuò)或不答得0分。）1.在物理學(xué)的發(fā)展過程中，科學(xué)家們創(chuàng)造出了許多物理學(xué)研究方法，以下關(guān)于所用物理學(xué)研究方法的敘述正確的是（）A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫微元法B.在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)采用了假設(shè)法C.在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了理想模型法D.伽利略認(rèn)為自由落體運(yùn)動(dòng)就是物體在傾角為90°的斜面上的運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)銅球在斜面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律得出自由落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，這里采用了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的方法【答案】D【解析】【分析】【詳解】A．在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來代替物體的方法叫理想模型，A錯(cuò)誤；B．在探究加速度、力和質(zhì)量三者之間的關(guān)系時(shí)，先保持質(zhì)量不變研究加速度與力的關(guān)系，再保持力不變研究加速度與質(zhì)量的關(guān)系，該實(shí)驗(yàn)采用了控制變量法，B錯(cuò)誤；C．在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加，這里采用了微元法，C錯(cuò)誤；D．伽利略認(rèn)為自由落體運(yùn)動(dòng)就是物體在傾角為90°的斜面上的運(yùn)動(dòng)，再根據(jù)銅球在斜面上的運(yùn)動(dòng)規(guī)律得出自由落體的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，這是采用了實(shí)驗(yàn)和邏輯推理相結(jié)合的方法，D正確；故選D。2.生活中常見手機(jī)支架，其表面采用了納米微吸材料，用手觸碰無粘感，接觸到平整光滑的硬性物體時(shí)，會(huì)牢牢吸附在物體上．如圖所示是手機(jī)被吸附在支架上靜止時(shí)的側(cè)視圖，若手機(jī)的質(zhì)量為m，手機(jī)平面與水平間夾角為θ，則手機(jī)支架對(duì)手機(jī)作用力()A.大小為mg，方向豎直向上B.大小為mg，方向豎直向下C.大小為mgcosθ，方向垂直手機(jī)平面斜向上D.大小為mgsinθ，方向平行手機(jī)平面斜向上【答案】A【解析】【分析】手機(jī)受到的所有力之中，除重力外，其它力的施力物體都是支架．【詳解】受力分析可知，手機(jī)除受重力外，還受到手機(jī)支架給它的其它力．手機(jī)靜止，處于平衡狀態(tài)，則支架給手機(jī)所有力的合力必然和重力等大反向，即，方向豎直向上．故本題正確答案選A．【點(diǎn)睛】根據(jù)多力平衡的特點(diǎn)即可求解，即支架對(duì)手機(jī)所有力的合力必然與手機(jī)重力等大反向．3.如圖所示，一只貓?jiān)谧肋吤偷貙⒆啦紡聂~缸下拉出，魚缸最終沒有滑出桌面．若魚缸和桌布、桌布和桌面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均相等，則在上述過程中（）A.若貓減小拉力，魚缸不會(huì)滑出桌面B.魚缸在桌布上的滑動(dòng)時(shí)間和在桌面上的相等C.若貓?jiān)龃罄?，魚缸受到的加速度將增大D.桌布對(duì)魚缸摩擦力的方向向左【答案】B【解析】【詳解】貓減小拉力時(shí)，桌布在桌面上運(yùn)動(dòng)的加速度減小，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間變長(zhǎng)；因此魚缸加速時(shí)間變長(zhǎng)，桌布抽出時(shí)的位移以及速度均變大，則有可能滑出桌面；故A錯(cuò)誤；由于魚缸在桌面上和在桌布上的動(dòng)摩擦因數(shù)相同，故受到的摩擦力相等，則由牛頓第二定律可知，加速度大小相等；但在桌面上做減速運(yùn)動(dòng)，則由v=at可知，它在桌布上的滑動(dòng)時(shí)間和在桌面上的相等；故B正確；若貓?jiān)龃罄?，魚缸受到的摩擦力仍是滑動(dòng)摩擦力，由于動(dòng)摩擦因數(shù)與正壓力沒變，因此摩擦力也不變，魚缸的加速度將不變，故C錯(cuò)誤；桌布向右拉出時(shí)，魚缸相對(duì)于桌布向左運(yùn)動(dòng)，故魚缸受到的滑動(dòng)摩擦力向右，故D錯(cuò)誤；故選B.【點(diǎn)睛】本題考查摩擦力的類型，及影響滑動(dòng)摩擦力的因素，分析判斷魚缸受到的摩擦力是解題的關(guān)鍵，同時(shí)還要注意拉力減小后，魚缸可能由滑動(dòng)摩擦力變?yōu)殪o摩擦力．4.如圖甲所示，質(zhì)量為m=60kg的同學(xué)，雙手抓住單杠做引體向上，他的重心的速率隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示，g取10m/s2，由圖像可知（）A.t=0.5s時(shí)，他的加速度為3m/s2B.t=0.4s時(shí)，他處于超重狀態(tài)C.t=1.1s時(shí)，他受到單杠的作用力的大小是620ND.t=1.5s時(shí)，他處于超重狀態(tài)【答案】B【解析】【分析】【詳解】A．根據(jù)速度-時(shí)間圖像斜率表示加速度可知，t=0.5s時(shí)，他的加速度為0.3m/s2，A錯(cuò)誤。B．t=0.4s時(shí)他向上加速運(yùn)動(dòng)，加速度方向向上，他處于超重狀態(tài)，B正確。C．t=1.1s時(shí)他的加速度為0，他受到的單杠的作用力剛好等于重力600N，C錯(cuò)誤。D．t=1.5s時(shí)他向上做減速運(yùn)動(dòng)，加速度方向向下，他處于失重狀態(tài)，D錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，傾角為的斜面體C置于水平地面上，一條細(xì)線一端與斜面上的物體B相連，另一端繞過質(zhì)量不計(jì)的定滑輪與物體A相連，定滑輪用另一條細(xì)線懸掛在天花板上的O點(diǎn)，細(xì)線與豎直方向成角，A、B、C始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，下列說法正確的是A.若僅增大A的質(zhì)量，B對(duì)C的摩擦力一定減小B.若僅增大A的質(zhì)量，地面對(duì)C的摩擦力一定增大C.若僅增大B的質(zhì)量，懸掛定滑輪的細(xì)線的拉力可能等于A的重力D.若僅將C向左緩慢移動(dòng)一點(diǎn)，角將增大【答案】B【解析】【詳解】A．若B具有上滑的趨勢(shì)，增大A的質(zhì)量，則B對(duì)C的摩擦力增大，若B具有下滑的趨勢(shì)，增大A的質(zhì)量，則B對(duì)C的摩擦力減小，所以不一定增大，故A錯(cuò)誤；B．將BC看作一個(gè)整體，具有向左的運(yùn)動(dòng)趨勢(shì)，僅增大A的質(zhì)量，地面對(duì)C的摩擦力一定增大，故B正確；CD．連接AB的細(xì)線的夾角等于2α角，由幾何關(guān)系可得則將C向左緩慢移動(dòng)一點(diǎn)，角大小不變。由于，則，僅增大B的質(zhì)量，但是A始終處于靜止?fàn)顟B(tài)，則繩子對(duì)A的拉力始終等于A的重力，繩子角度不變，則懸掛定滑輪的細(xì)線的拉力，故CD錯(cuò)誤；故選B。6.如圖所示，A、B、C三個(gè)物體分別用輕繩和輕彈簧連接，放置在傾角為θ的光滑斜面上，當(dāng)用沿斜面向上的恒力F作用在物體A上時(shí)，三者恰好保持靜止，已知A、B、C三者質(zhì)量相等，重力加速度為g．下列說法正確的是A.在輕繩被燒斷的瞬間，A的加速度大小為B.在輕繩被燒斷的瞬間，B的加速度大小為C.剪斷彈簧的瞬間，A的加速度大小為D.突然撤去外力F的瞬間，A的加速度大小為【答案】AC【解析】【詳解】A.把看成是一個(gè)整體進(jìn)行受力分析，有:在輕繩被燒斷的瞬間，之間的繩子拉力為零，對(duì)，由牛頓第二定律得：解得：故A正確；B.對(duì)于，由牛頓第二定律得：彈在輕繩被燒斷的瞬間，對(duì)于，繩子拉力為零，彈力不變，根據(jù)牛頓第二定律：彈解得：故B錯(cuò)誤；C.剪斷彈簧瞬間，對(duì)于整體，彈簧彈力為零，根據(jù)牛頓第二定律：解得：的加速度大小：故C正確；D.突然撤去外力的瞬間，對(duì)于整體，一起做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律：彈解得：的加速度大?。汗蔇錯(cuò)誤．7.如圖所示，物塊P、Q緊挨著并排放置在粗糙水平面上，P的左邊用一跟輕彈簧與豎直墻相連，物塊P、Q處于靜止?fàn)顟B(tài)；若直接撤去物塊Q，P將向右滑動(dòng)．現(xiàn)用一個(gè)從零開始逐漸增大的水平拉力F向右拉Q，直至拉動(dòng)Q；那么在Q被拉動(dòng)之前的過程中，彈簧對(duì)P的彈力的大小、地面對(duì)P的摩擦力的大小、P對(duì)Q的彈力的大小、地面對(duì)Q的摩擦力的大小的變化情況是A始終增大，始終減小 B.保持不變，保持不變C.保持不變，增大 D.先不變后增大，先增大后減小【答案】BC【解析】【詳解】由題意可知，放在粗糙水平面上，物體受到的支持力始終與重力大小相等，方向相反；若直接撤去物塊Q，P將向右滑動(dòng)，說明P、Q之間存在彈力，Q受到的摩擦力的方向向左；同時(shí)彈簧對(duì)P的作用力為向右的推力．當(dāng)用一個(gè)從零開始逐漸增大的水平拉力F向右拉Q，直至拉動(dòng)Q的過程中，Q在水平方向受到的向右的力逐漸增大，則Q受到的摩擦力逐漸增大．彈簧的長(zhǎng)度不變，所以彈簧對(duì)P的作用力的大小不變；Q相對(duì)于P沒有運(yùn)動(dòng)，則P對(duì)Q的作用力不變，P受到的摩擦力也不變．A.始終增大，始終減?。c結(jié)論不符，故A錯(cuò)誤；B.保持不變，保持不變．與結(jié)論相符，故B正確；C.保持不變，增大．與結(jié)論相符，故C正確；D.先不變后增大，先增大后減?。c結(jié)論不符，故D錯(cuò)誤；8.如圖甲所示，光滑水平面上靜置一個(gè)薄長(zhǎng)木板，長(zhǎng)木板上表面粗糙，其質(zhì)量為M，t=0時(shí)刻，質(zhì)量為m的物塊以速度v水平滑上長(zhǎng)木板，此后木板與物塊運(yùn)動(dòng)的v--t圖像如圖乙所示，重力加速度g取10m/s2下列說法正確的是（）A.M=m B.M=2mC.木板的長(zhǎng)度為8m D.木板與物塊間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1【答案】BC【解析】【詳解】ABD．物塊在木板上運(yùn)動(dòng)過程中，在水平方向上只受到木板給的滑動(dòng)摩擦力，故μmg=ma1而v--t圖像的斜率表示加速度，故a1=m/s2=2m/s2解得μ=0.2對(duì)木板受力分析可知μmg=Ma2由可知a2=m/s2=1m/s2解得M=2mAD錯(cuò)誤，B正確；C．從題圖乙可知物塊和木板最終分離，兩者v-t圖像與t軸圍成的面積之差等于木板的長(zhǎng)度，故L==8mC正確。故選BC。第II卷（非選擇題）二、填空題（本題包括2個(gè)小題，共15分。）9.測(cè)量木塊與木板間動(dòng)摩擦因數(shù)，某小組設(shè)計(jì)了使用位移傳感器的圖示實(shí)驗(yàn)裝置，讓木塊從傾斜木板上一點(diǎn)靜止釋放，位移傳感器連接計(jì)算機(jī)描繪了滑塊相對(duì)傳感器的位移隨時(shí)間變化規(guī)律如圖：（1）根據(jù)下述圖線計(jì)算時(shí)刻速度=_______，時(shí)刻速度=_______，木塊加速度____（用圖中給出、、、、表示）；（2）已知重力加速度為g，測(cè)得木板的傾角為，木塊的加速度為a，則木塊與長(zhǎng)木板間動(dòng)摩擦因數(shù)____________．【答案】①.②.③.④.【解析】【詳解】（1）[1][2]根據(jù)某段時(shí)間內(nèi)的平均速度等于這段時(shí)間內(nèi)中間時(shí)刻的瞬時(shí)速度，得，[3]根據(jù)逐差法可得，則木塊的加速度（2）[4]選取木塊為研究的對(duì)象，木塊沿斜面方向根據(jù)牛頓第二定律有解得10.如圖甲所示為“探究加速度與物體所受合外力的關(guān)系”的實(shí)驗(yàn)裝置圖。圖甲中A為小車，質(zhì)量為m1，連接在小車后面的紙帶穿過打點(diǎn)計(jì)時(shí)器B，它們均置于一端帶有定滑輪的足夠，長(zhǎng)的木板上，P的質(zhì)量為m2，C為彈簧測(cè)力計(jì)，實(shí)驗(yàn)時(shí)改變P的質(zhì)量，讀出測(cè)力計(jì)不同讀數(shù)F，不計(jì)繩與滑輪之間的摩擦。(1)下列說法正確的是______A.—端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板必須保持水平B實(shí)驗(yàn)時(shí)應(yīng)先接通電源后釋放小車C.實(shí)驗(yàn)中m2應(yīng)遠(yuǎn)小于m1D.測(cè)力計(jì)的讀數(shù)始終為(2)如圖乙所示為某次實(shí)驗(yàn)得到的紙帶，紙帶上標(biāo)出了所選的四個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離，相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)間還有四個(gè)點(diǎn)沒有畫出。由此可求得小車的加速度的大小是_______m/s2（交流電的頻率為50Hz，結(jié)果保留二位有效數(shù)字）。(3)實(shí)驗(yàn)時(shí)，某同學(xué)由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，他測(cè)量得到的圖像，可能是下列哪個(gè)選項(xiàng)中的圖像_______【答案】①.B②.③.C【解析】【詳解】(1)[1]A．該實(shí)驗(yàn)首先必須要平衡摩擦力，一端帶有定滑輪的長(zhǎng)木板要傾斜，A錯(cuò)誤；B．為增加打點(diǎn)的個(gè)數(shù)，打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的使用都要求先接通電源后釋放小車，B正確；C．由于該實(shí)驗(yàn)的連接方式，重物和小車不具有共同的加速度，小車是在繩的拉力下加速運(yùn)動(dòng)，此拉力可由測(cè)力計(jì)示數(shù)獲得，不需要用重物的重力來代替，故不要求重物質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車質(zhì)量，C錯(cuò)誤；D．由于重物向下加速度運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律解得D錯(cuò)誤。故選B。(2)[2]根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論公式，有解得(3)[3]若沒有平衡摩擦力，則當(dāng)時(shí)，。也就是說當(dāng)繩子上有拉力時(shí)小車的加速度還為0，所以可能是圖中的圖線C。三、計(jì)算題（本題共3個(gè)小題，共38分，請(qǐng)?jiān)诖痤}紙上寫出必要的文字說明，重要的方程式，重要的演算過程，明確的數(shù)值和單位，只有答案，沒有過程的不得分）11.隨著智能手機(jī)的使用越來越廣泛，一些人在駕車時(shí)也常常離不開手機(jī)．然而開車使用手機(jī)是一種分心駕駛的行為，極易引發(fā)交通事故．如圖所示，一輛出租車在平直公路上以v1=15m/s的速度勻速行駛，此時(shí)車的正前方x0=33.5m處有一電動(dòng)三輪車，正以v2=6m/s速度勻速行駛，而出租車司機(jī)此時(shí)正低頭看手機(jī)，t1=2.5s后才發(fā)現(xiàn)危險(xiǎn)，司機(jī)立刻采取緊急制動(dòng)措施，再經(jīng)t2=0.5s后汽車以a=5m/s2的加速度大小開始做勻減速直線運(yùn)動(dòng)．(1)當(dāng)出租車開始減速時(shí)出租車與三輪車間的距離是多少？(2)通過計(jì)算判斷三輪車是否被撞．若不會(huì)相撞，求二者間的最小距離．若會(huì)相撞，求從出租車剎車開始，經(jīng)過多長(zhǎng)時(shí)間二者相撞．【答案】(1)6.5m(2)會(huì)相撞，1s【解析】【詳解】(1)在時(shí)間內(nèi)二者均做勻速直線運(yùn)動(dòng)汽車運(yùn)動(dòng)的位移：三輪車運(yùn)動(dòng)的位移：二者的間距：(2)設(shè)汽車減速經(jīng)時(shí)間與三輪車速度相同，有：可得：在該段時(shí)間內(nèi)汽車位移：在該段時(shí)間內(nèi)三輪車位移：二者的間距：可知兩車在共速前已經(jīng)相撞，設(shè)汽車減速經(jīng)時(shí)間與三輪車相撞在該段時(shí)間內(nèi)汽車位移：在該段時(shí)間內(nèi)三輪車位移：由位移關(guān)系有：可得：12.如圖所示，有一條勻速傳送的傳送帶，恒定速度v＝4m/s，傳送帶與水平面的夾角θ＝37°，現(xiàn)將質(zhì)量m＝1kg的小物塊輕放在其底端（小物塊可視作質(zhì)點(diǎn)），與此同時(shí)，給小物塊沿傳送帶方向向上的恒力F＝18N。已知物塊與傳送帶之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5，傳送帶的長(zhǎng)度L=8.5m。（g取10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）。問：（1）若傳送帶逆時(shí)針旋轉(zhuǎn)，則物塊從傳送帶底端運(yùn)動(dòng)到平臺(tái)上所用的時(shí)間為多少？（2）若傳送帶順時(shí)針旋轉(zhuǎn)，則物塊從傳送帶底端運(yùn)動(dòng)到平臺(tái)上所用的時(shí)間為多少？【答案】（1）1.46s；（2）1.25s【解析】【詳解】（1）對(duì)物塊受力分析可知，物塊是在恒力作用下沿傳送帶方向向上做初速為零的勻加速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律F－μmgcos37°－mgsin37°＝ma計(jì)算得a＝8m/s2L＝at2（2）對(duì)物塊受力分析可知，物塊先是在恒力作用下沿傳送帶方向向上做初速為零勻加速運(yùn)動(dòng)，直至速度達(dá)到傳送帶的速度，由牛頓第二定律F＋μmgcos37°－mgsin37°＝ma1計(jì)算得a1＝16m/s2物塊達(dá)到與傳送帶同速后，對(duì)物塊受力分析發(fā)現(xiàn)，物塊受的摩擦力的方向改向，因?yàn)镕＝18N而下滑力和最大摩擦力之和為10N．故能繼續(xù)相對(duì)斜面向上加速．故得F－μmgcos37°－mgsin37°＝ma1計(jì)算得a2＝8m/s2L－x1＝vt2＋a2t22t2＝1s得t＝t1＋t2＝1.25s考點(diǎn)：牛頓第二定律的綜合應(yīng)用【名師點(diǎn)睛】此題是牛頓第二定律的綜合應(yīng)用；解題的關(guān)鍵是分析摩擦力的方向，根據(jù)牛頓定律求解加速度，然后分析物體的運(yùn)動(dòng)情況，結(jié)合運(yùn)動(dòng)公式求解．13.如圖所示，質(zhì)量m=1kg的長(zhǎng)木板A放在水平地面上，在木板的最右端放一質(zhì)量也為m=1kg的物塊B．木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0.2，物塊與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ2=0.1?，F(xiàn)用一水平力F=12N作用在木板上，使木板由靜止開始勻加速運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過t1=1s，撤去拉力。最終物塊沒有滑離木板。設(shè)物塊與木板間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力。（g取10m/s2）求：（1）撤去拉力時(shí)，木板的速度大小v1。（2）木板的最小長(zhǎng)度L。（3）物塊最終與木板右端的距離s?！敬鸢浮?1)7m/s；(2)6m；(3)4.67m【解析】【分析】【詳解】(1)假設(shè)在時(shí)間t1=1s內(nèi)，物塊與長(zhǎng)木板相對(duì)滑動(dòng)，對(duì)物塊μ2mg=ma塊得a塊=1m/s2對(duì)木板F-μ2mg-μ12mg=ma板1得a板1=7m/s2>a塊所以假設(shè)成立v塊1=a塊t1得v塊1=1m/sv板1=a板1t1得v板1=7m/s得v1=7m/s(2)撤去F后，物塊繼續(xù)加速，加速度大小不變。木板做減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)木板的加速度a板2則μ2mg＋μ12mg=ma板2得a板2=5m/s2設(shè)再經(jīng)過t2時(shí)間二者速度相同，設(shè)此速度大小為v，則v=v塊1＋a塊t2=v板1-a板2t2解得t2=1s；v=2m/s在t1和t2時(shí)間內(nèi)，物塊和木板的位移分別為x板1=t1＋t2=8m木板的長(zhǎng)度至少為L(zhǎng)=x板1-x塊1代入數(shù)據(jù)解得L=6m(3)達(dá)到相同速度后，物塊和木板均做勻減速運(yùn)動(dòng)，直至停止。物塊相對(duì)木板向右運(yùn)動(dòng)。物塊的加速度大小仍為a塊，木板的加速度大小a板3μ1·2mg-μ2mg=ma板3得a板3=3m/s2此過程中物塊和木板的位移分別為x板2==m由幾何關(guān)系知s=L-（x塊2-x板2）代入數(shù)據(jù)解得s=（4+）m。14.一列橫波在某介質(zhì)中沿x軸傳播，如圖甲所示為t=1.0s時(shí)的波形圖，如圖乙所示為x=2.0m處的質(zhì)點(diǎn)L的振動(dòng)圖像，已知圖甲中M、N兩點(diǎn)的平衡位置分別位于、，則下列說法正確的是（）A.該波應(yīng)沿x軸負(fù)方向傳播B.圖甲中質(zhì)