廣東省深圳市2015屆高考物理一模試卷一、單選題14分）下列說法正確的是（）A．牛頓第一定律是通過實驗得出的B．萬有引力常量是由牛頓直接給定的C．元電荷eD．用實驗可以揭示電場線是客觀存在的24分）O壓力最小的是（）A．a球 B．b球 C．c球 D．d球34分）U，副線圈接有光敏電阻R（電阻隨光照強度增大而減小R2．則（）A．僅增強光照時，原線圈的輸入功率減小BPR2CPR2DU時，R2消耗的功率減小44分一汽車的額定功率為Pm（）A．若汽車以額定功率啟動，則做勻加速直線運動B．若汽車勻加速啟動，則在剛達到額定功率時的速度等于vmC．無論汽車以哪種方式啟動，加速度與牽引力成正比D．汽車以速度vm勻速行駛，若要減速，則要減少牽引力二、雙項選擇題56分）間以某一初速度平行于兩板射入，打在負極板的中點，以下判斷正確的是（）A．該帶電粒子帶正電B．該帶電粒子帶負電C2D266分）現在的相比（）A．離地面高度變小C．線速度變小

B．角速度變小D．向心加速度變大76分）此過程中，質點的（）A．機械能守恒C．重力勢能不斷減小

B．機械能不斷增加D．動能先減小后增大86分如圖ab邊界下方是一垂直紙面向里的勻強磁場質（H和粒（He）先后從cdA．軌跡相同 B．動能相同 C．速率相同 D．時間相同96分）Q1Q2是兩個固定的點電荷，其中Q1b點，一帶正電的試探電荷僅在庫侖力作用下以初速度vaa點沿直線ab動，其v﹣t圖象如圖乙所示，下列說法正確的是（）AQ2帶正電Cb三、非選擇題

BQ2帶負電D．試探電荷的電勢能不斷增加18分）3V，金屬①為使測量更為準確，請在圖甲中正確選擇電流表的量程并接入電路．d=mm．的位置選在ac的中點b，讀出金屬絲接人電路的長度為L，電壓表、電流表的示數分別為UULd=．④本電路測量結果ρ ρ（選＞＜）測 真110分）（砂桶的，在靜止釋放輕繩前，裝置如圖甲所示，①該同學在實驗操作中有兩處明顯錯誤，分別．②糾錯后開始實驗：保持鋁塊的質量m不變，通過在砂桶中添加砂來改變對鋁塊的拉力每次釋放輕繩由力傳感器可測得拉力的大小由紙帶上打出的點可算出對應加速度的大小已知重力加速度為g．該同學根據多組實驗數據畫出如圖乙所示的一條過坐標原點的直線，他標注縱軸為加速度但忘記標注橫軸，你認為橫軸代表的物理量（用所給的字母表示．③若把力傳感器裝在右側輕繩上則實驗的誤差會 （選?。鼙狙b置還可利 來做的實驗（只填一個）1（18分）之間的動摩擦因數=0.．一質量m=0.05kg的子彈水平向左射入滑塊并留在其中，取水平向左的方向為正方向，子彈在整個運動過程中的v﹣t圖象如圖乙所示，已知傳送帶的速度求滑塊的質量；求滑塊向左運動過程中與傳送帶摩擦產生的熱量；若滑塊可視為質點且傳送帶與轉動輪間不打滑，則轉動輪的半徑R1（18分）53距L=2m，電阻不計；導軌上兩根金屬棒acd的阻值分別為R=2R=4，cd棒質量m1=1.0kabcd與導軌間的動摩擦因數=0.B=5Tabsin3=cos5=0.，cos3=sin5=0.．在乙圖中畫出此時cdab若abab假如cdab廣東省深圳市2015屆高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、單選題14分）下列說法正確的是（）A．牛頓第一定律是通過實驗得出的B．萬有引力常量是由牛頓直接給定的C．元電荷eD．用實驗可以揭示電場線是客觀存在的考點：物理學史．專題：常規(guī)題型．分析：根據物理學史和常識解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可．解答：是直接通過實驗得出的，也不是直接經過推論得出的，故A錯誤．B、萬有引力常量是由卡文迪許測得的，故B錯誤；CeC正確；DD錯誤；故選：C點評：強記憶，這也是考試內容之一．24分）O壓力最小的是（）A．a球 B．b球 C．c球 D．d球考點：共點力平衡的條件及其應用．分析：四個小球均處于平衡狀態(tài)，根據共點力的平衡條件作出受力分析圖即可得出結論．解答：解：對C支持力F=mgcosθad故壓力最小的是a故選：A．點評：明確表達式．34分）U，副線圈接有光敏電阻R（電阻隨光照強度增大而減小R2．則（）A．僅增強光照時，原線圈的輸入功率減小BPR2CPR2DU時，R2消耗的功率減小考點：變壓器的構造和原理．專題：交流電專題．分析：變壓器的輸入電壓決定輸出電壓結合功率表達式分析判斷即可．解答：入功率也增加，故AB、當滑動觸頭P壓增大；根據功率表達式P=R2消耗的功率增大，故B正確CD、當U增大時，根據電壓與匝數成正比知變壓器的輸出電壓增大；根據功率表達式P=，用電器消耗的功率增大；故D錯誤；故選：B點評：式進行動態(tài)分析．44分一汽車的額定功率為Pm（）A．若汽車以額定功率啟動，則做勻加速直線運動B．若汽車勻加速啟動，則在剛達到額定功率時的速度等于vmC．無論汽車以哪種方式啟動，加速度與牽引力成正比D．汽車以速度vm勻速行駛，若要減速，則要減少牽引力考點：功率、平均功率和瞬時功率．專題：功率的計算專題．分析：根據汽車啟動的兩種分類進行分析，明確功率公式P=FV的正確應用．解答：P=FV故不能做勻加速直線運動；故AB、汽車勻加速啟動時，剛達到額定功率時加速度不為零，此后還要繼續(xù)加速；故沒有達到最大速度；故B錯誤；C、因汽車受到阻力，故加速度和牽引力與阻力的合力成正比；故C錯誤；D、汽車勻速行駛時，牽引力等于阻力，故要減速時，應減少牽引力；故D正確；故選：D．點評：速啟動時，汽車達到額定功率后有一段變加速過程．二、雙項選擇題56分）間以某一初速度平行于兩板射入，打在負極板的中點，以下判斷正確的是（）A．該帶電粒子帶正電B．該帶電粒子帶負電C2D2考點：帶電粒子在勻強電場中的運動．專題：帶電粒子在電場中的運動專題．分析：電子從小孔沿與電場線相反方向射入電場后能增大．只有電場力做功，動能和電勢能的總和保持不變．解答：解：AB向與電場的方向相同，所以粒子帶正電．故AC、粒子以某一初速度平行于兩板射入，打在負極板的中點，設極板的長度是L的距離是，時間若粒子恰能從負極板邊緣射出，則時間tx=vt=正確；D、恰能從負極板邊緣射出，根據：可知，粒子的動能需增加為原來的4倍．故D錯誤．故選：AC點評：帶電粒子在電場中偏轉時做勻加速曲線運動．應用處理類平拋運動的方法處理粒子運動，關鍵在于分析臨界條件．66分）現在的相比（）A．離地面高度變小C．線速度變小

B．角速度變小D．向心加速度變大考點：人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系；萬有引力定律及其應用．專題：人造衛(wèi)星問題．分析：況．解答：也將減小，根據萬有引力充當向心力可知：=m=m=mω2r=maAT=2，衛(wèi)星周期減小，所以離地面高度變小，故ABBCv=，離地面高度變小，線速度增大，故CD、a=，離地面高度變小，向心加速度變大，故D正確；故選：AD．點評：況．76分）此過程中，質點的（）A．機械能守恒C．重力勢能不斷減小

B．機械能不斷增加D．動能先減小后增大考點：動能定理的應用；運動的合成和分解．分析：質點從M至N向夾角要大于918解答：解：A、除重力外還有恒力做功，機械能不守恒，故A錯誤；BB正確；CM到NCD、因為質點速度方向恰好改變了90且與初速度的方向夾角要大于918D正確．故選：BD．點評：此題需要根據運動情況分析受力情況（能）的變化．86分）ab邊界下方是一垂直紙面向里的勻強磁場，質子H）和粒子He）先后從cd點射出磁場．不計粒子的重力，則兩粒子運動的A．軌跡相同 B．動能相同 C．速率相同 D．時間相同考點專題：帶電粒子在磁場中的運動專題．分析：兩粒子從cd徑的表達式分析還有哪些量應該相同．解答：解：兩粒子從c點沿箭頭方向射入磁場，都從d點射出磁場，則兩粒子的圓心、半徑、軌跡相同，半徑R=質子H）和粒子He）：1，又質量之比為1：，則動能mv2周期T=t=T故選：AB．點評：本題屬于帶電粒子在磁場中的偏轉中典型題目，此類題的關鍵在于知道半徑以及周期的表達式．96分）Q1Q2是兩個固定的點電荷，其中Q1b點，一帶正電的試探電荷僅在庫侖力作用下以初速度vaa點沿直線ab動，其v﹣t圖象如圖乙所示，下列說法正確的是（）AQ2帶正電Cb考點：電場的疊加；電場強度．

BQ2帶負電D．試探電荷的電勢能不斷增加分析：根據速度﹣時間圖線上每一點的切線斜率表示瞬時加速度a到bb0．從而知道bB點的場強可以分析出兩個點電荷電量的大?。ㄟ^能量守恒判斷電勢能的變化．解答：解：A、B：從速度時間圖象上看出，粒子從a到b做加速度減小的減速運動，在b1右，則Q2對正電荷的電場力必定向左，所以Q2帶負電．故A錯誤，C、由圖象可知，b點加速度為零，則場強為零，故C正確．D、整個過程動能先減小后增大，根據能量守恒得知，粒子的電勢能先增大后減?。蔇錯誤．故選：BC．點評：解決本題的關鍵根據圖象b0，根據這一突破口，從而判斷Q2性，運用庫侖定律分析Q1Q2的電量大小．三、非選擇題18分）3V，金屬①為使測量更為準確，請在圖甲中正確選擇電流表的量程并接入電路．②用螺旋測微器測量金屬絲的直徑，測量結果如圖乙所示，其讀數為d=0.688～0.693mm．的位置選在ac的中點b，讀出金屬絲接人電路的長度為L，電壓表、電流表的示數分別為UULd=．④ρρ（）測 真考點：測定金屬的電阻率．專題：實驗題；恒定電流專題．分析：①根據滑動變阻器采用分壓式接法，電流表采取外接法連接實物圖．②螺旋測微器的讀數等于固定刻度讀數加上可動刻度讀數，在讀可動刻度讀數時需估讀．③結合電阻定律和歐姆定律求出電阻率的表達式．④電流表采取外接法，由于電壓表起分流作用，導致測量的電流偏大，根據歐姆定律和電阻定律得出電阻率測量的誤差是偏大還是偏?。獯穑航猓孩俑鶕蘒==A=0.6A；因滑動變阻器采用限流式接法，電流表采取外接法，實物圖連接如下圖；②0.5mm+0.0119.0mm=0.690mm．③根據歐姆定律得，根據電阻定律得ρ=ρ ，聯立兩式解得= ．④所用電壓表不是理想電壓表，電壓表起分流作用，導致測量的電流偏大，根據歐姆定律測量的電阻偏小，根據電阻定律知，導致電阻率的測量值偏?。蚀鸢笧椋孩偃鐖D所示；②0.690.68～0.69；③ ．④＜．析誤差的來源．110分）（砂桶的，在靜止釋放輕繩前，裝置如圖甲所示，①該同學在實驗操作中有兩處明顯錯誤，分別是打點計時器錯接在直流電源上和的紙帶留得太短．②糾錯后開始實驗：保持鋁塊的質量m不變，通過在砂桶中添加砂來改變對鋁塊的拉力；??；已知重力加速度為g．該同學根據多組實驗數據畫出如圖乙所示的一條過坐標原點的直線，他標注縱軸為加速度F﹣mg（用所給的字母表示．③若把力傳感器裝在右側輕繩上則實驗的誤差會更大（）④本裝置還可利用來做驗證機械能守恒定律（只填一個）考點：探究加速度與物體質量、物體受力的關系．專題：實驗題；牛頓運動定律綜合專題．分析：解決實驗問題首先要掌握該實驗原理推論，可計算出打出某點時紙帶運動加速度．解答：1上和要進行打點的紙帶留得太短．鋁塊受重力mg和拉力F，所以鋁塊的合力F=F﹣mg所以橫軸代表的物理量是F﹣mg由于滑輪的摩擦，若把力傳感器裝在右側輕繩上則實驗的誤差會更大．本裝置還可利用來做驗證機械能守恒定律的實驗．故答案為：①打點計時器錯接在直流電源上；要進行打點的紙帶留得太短．②F﹣mg．③大．④驗證機械能守恒定律點評：理都與實驗原理有關，故要加強對實驗原理的學習和掌握．1（18分）之間的動摩擦因數=0.．一質量m=0.05kg的子彈水平向左射入滑塊并留在其中，取水平向左的方向為正方向，子彈在整個運動過程中的v﹣t圖象如圖乙所示，已知傳送帶的速度始終保持不變，滑塊最后恰好能從傳送帶的右端水平飛出，g取10m/s2．求滑塊的質量；求滑塊向左運動過程中與傳送帶摩擦產生的熱量；若滑塊可視為質點且傳送帶與轉動輪間不打滑，則轉動輪的半徑R考點：動能定理的應用；牛頓第二定律．專題：動能定理的應用專題．分析：（1）根據速度時間關系求出子彈碰撞前的速度和碰撞后的速度，根據動量守恒定律求出滑塊的質量；根據勻變速直線運動規(guī)律求出滑塊向左運動過程中相對皮帶運動的位移根據Q=fs求離皮帶輪時滿足重力完全提供圓周運動向心力，從而據此求得皮帶輪半徑．解答：（）M則有：mv0+Mv2=（m+M）v1…①由v﹣t圖象知子彈入射前、后的速度和滑塊的初速度分別為：v0=400m/s，v1=4m/s，v2=﹣2m/s…②將②代入①式解得：M=3.3kg…③設滑塊（包括子彈）向左運動過程中加速度大小為f（M+m）g=（M+m）…④解得：加速度a=2m/s2…⑤設滑塊（包括子彈）向左運動的時間為t1，位移大小為s1，則：=2s…⑥所以滑塊向左運動的位移 =4m…⑦這段時間內傳送帶向右運動的位移大小為：s2=﹣v2t1=4m…⑧由能量守恒定律，滑塊（包括子彈）向左運動過程中與傳送帶摩擦產生的熱量為：Q=f（+2=53.6…⑨在傳送帶右端，因滑塊（包括子彈）恰好能水平飛出，故有：=0.4m）求滑塊的質量為3.3k；滑塊向左運動過程中與傳送帶