物理參考答案14.C15.A16.D17.A18.AD19.BC20.ABC21.ABC選擇題解析?【解析】：選CC由hCE2E1及氫原子能級(jí)關(guān)系可知， 從n2躍遷到n1時(shí)釋放的光子波長(zhǎng)約為122nm,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤：波長(zhǎng)325nm的光子能量小于波長(zhǎng)122nm的光子能量，不能使氫原子從n1躍遷到n2的能級(jí)，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；一群處于n3能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)最多有 3種可能，因此最多產(chǎn)生3種譜線，選項(xiàng)C正確；從n3躍遷到n2的輻射光波長(zhǎng) 656nm,所以，只有入射光波長(zhǎng)為656nm時(shí)，才能使氫原子從n2躍遷到n3的能級(jí)，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。.【解析】：選A1采用逆向思維法，剎車過程可以看作是初速度為 0的勻加速直線運(yùn)動(dòng).由X-Vt可得t4s,22選項(xiàng)A正確，B錯(cuò)誤；根據(jù)a2.5m/s可得，選項(xiàng)C、D錯(cuò)誤.本題答案為A。.【解析】：選D由題圖可知，0到t1時(shí)間內(nèi)，B減速，A加速，B的速度大于A的速度，彈簧被拉伸，L時(shí)刻兩物塊達(dá)到共同速度2m/S,此時(shí)彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；從題圖中可知，t3到t4時(shí)間內(nèi)，A做減速運(yùn)動(dòng)，B做加速運(yùn)動(dòng)，彈簧由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長(zhǎng)， 即t3時(shí)刻彈簧處于壓縮狀態(tài)，t4時(shí)刻彈簧處于原長(zhǎng)，故A錯(cuò)誤；由題圖可知，t1時(shí)刻隨物體速度相同，都是2m/s,又知A、B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以B的初速度方向?yàn)檎较颍蓜?dòng)量守恒定律得 m2V0(m1mzM,其中V06m/s,v22m/s,解得m1：m22:1,所以m12kg,在t3時(shí)刻根據(jù)能量守恒定律可得TOC\o"1-5"\h\z\o"CurrentDocument"2 1 2—m2V0—gm2)v3Ep,其中％2m/s,聯(lián)立解得Ep12J,故c錯(cuò)誤.故選d。?【解析】：選A運(yùn)動(dòng)員在光滑的圓軌道上的運(yùn)動(dòng)和隨后的平拋運(yùn)動(dòng)的過程中只受有重力做功，機(jī)械能守恒，故\o"CurrentDocument"1 2B錯(cuò)誤；運(yùn)動(dòng)員在光滑的圓軌道上的運(yùn)動(dòng)的過程中機(jī)械能守恒， 所以mgR(1cos60)-mv22，，“、八一- mv由牛頓第二定律可得，Nmg方，得N1200N,故A點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為1200N,R1.2 ,故A正確：此時(shí)速度沿水平萬(wàn)向，故重力的瞬時(shí)功率為零，故C錯(cuò)誤；由h-gt,sv°t,2, h 2v0tan 43 +/r「碎口tan 一,可得t—0 二一s,故D錯(cuò)誤。s g318.【解析】選AD1 2FxWe—mv,W安Q總，

121所以QttFx，mv2,金屬棒上的電流是心 12Ri的兩倍，由QI2Rt可知，金屬棒消耗的焦耳熱是每個(gè)定能電阻消耗的焦耳熱的 41 2FxWe—mv,W安Q總，

121所以QttFx，mv2,金屬棒上的電流是心 12Ri的兩倍，由QI2Rt可知，金屬棒消耗的焦耳熱是每個(gè)定能電阻消耗的焦耳熱的 4倍，即1八一 八 ，，…—Q總，所以A正確。又由電荷量q619.r3r 1一BLx,R總一R，qR—q可知,2g2【解析】：選BCq2BLx——，C錯(cuò)誤，D正確。3R連接bd,bd兩點(diǎn)的電勢(shì)差為24V-12V=12V；ad兩點(diǎn)的電勢(shì)差為「8 2 ,八八一一一 ，20V-12V=8V;因一一，故將bd分成3份，每一份表布4V,如123圖所示，e點(diǎn)的電勢(shì)一定為20V,連接ae即為等勢(shì)線，f的電勢(shì)為16V,連接fc,由幾何知識(shí)得知，fc〃ae,則知c的電勢(shì)是I6V,故a點(diǎn)電勢(shì)高于c點(diǎn)的電勢(shì),強(qiáng)場(chǎng)的方向垂直于等勢(shì)線，則知場(chǎng)強(qiáng)的方向垂直于 ae向上，不是由b指向d,故A錯(cuò)誤，B正確：由于bc兩點(diǎn)的電勢(shì)分別為24V、16V,則bc中點(diǎn)。的電勢(shì)為20V,則a、e、O在同一等勢(shì)面上，由于abboL,abc90,則baObOa45,因?yàn)殡妶?chǎng)線與等勢(shì)線aO20.垂直，所以場(chǎng)強(qiáng)的方向與bc的夾角為向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t45,質(zhì)子從2Lcos45vob運(yùn)動(dòng)到C時(shí)做類平拋運(yùn)動(dòng)，沿初速度vo方三2L,故C正確；若質(zhì)子由b到c,因bc間vo的電勢(shì)差為20V-16V=8V,則電場(chǎng)力做功【解析】選ABC帶電粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，垂直于WeU8eV,故D錯(cuò)誤。AC邊射出的粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間是to,則周期T4to,故A正確。由金屬棒由靜止運(yùn)動(dòng)到速度達(dá)到穩(wěn)定過程，利用功能關(guān)系得,2m/日qTT 得,qTqB設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間最長(zhǎng)的粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為畫出該粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，設(shè)軌道半徑為R,由幾何知識(shí)得cos30畫出該粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示，設(shè)軌道半徑為R,由幾何知識(shí)得cos30Rcos30解得R2^3d,故C正確。根據(jù)50—,解得v上3旦，故D錯(cuò)誤。7 3v 7to【解析】選ABC帶風(fēng)帆的滑塊在斜面上受到重力、支持力、摩擦力和空氣阻力的作用，沿斜面方向，由牛頓第

二定律得：mgsinmgcosFma,而Fkv,聯(lián)立可得agsingcosma。a。葛，kvgsingcos a0,即滑塊的質(zhì)重m-0-二定律得：mgsinmgcosFma,而Fkv,聯(lián)立可得agsingcosma。a。葛，kvgsingcos a0,即滑塊的質(zhì)重m-0-；星球的表面重力加速度sincos…口GMm,根據(jù)——mg和MR’R3可得星球的密度3g3aO4Gr4GR(sincos)GMm

R2mv2口 、士、——可得星球的第一宇宙速度Ra°R Mm ,根據(jù)G=sincos R4

mi

T2-R可得該星球近地衛(wèi)星的周期42R(sin a0cos) ),故選項(xiàng)ABC正確。22.【答案】(1)5.20 (2)j2gH0t2 (3)增大22.【解析】(2)已知經(jīng)過光電門時(shí)的時(shí)間和小球的直徑； 則可以由平均速度表示經(jīng)過光電門時(shí)的速度,mgH1mv2,故vd；mgH1mv2,(3)若減小的重力勢(shì)能等于增加的動(dòng)能時(shí)，可認(rèn)為機(jī)械能守恒，則:八,,d 12g.. 2g1即：2gH一，解得萬(wàn)一2H,圖像的斜率：—w—t td d2toHo解得：j2gH0t；；(4)由于該過程中有阻力做功， 而高度越高，阻力做功越多；故增加下落高度后,E(4)由于該過程中有阻力做功， 而高度越高，阻力做功越多；故增加下落高度后,EpEk將增大。23.【答案】(1)23.【答案】(1)E2R21(2)-R(3)0.5 (4)4.3R2；e2。R2；e2。(2)步驟③中合S2,保持滑動(dòng)變阻器的滑片不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使?的示數(shù)為200A,【解析】⑴電流表?的內(nèi)阻約為幾百歐姆，為提高測(cè)量精度，滑動(dòng)變阻器的阻值應(yīng)大些，故選減小實(shí)驗(yàn)誤差，電源電動(dòng)勢(shì)應(yīng)盡可能大些，電源最好選用此時(shí)電阻箱的電流為100A,則此時(shí)電阻箱的阻值應(yīng)為電流計(jì) @阻值的2倍，即R-Rog2⑶實(shí)驗(yàn)測(cè)得13⑶實(shí)驗(yàn)測(cè)得13的內(nèi)阻Rg500,為將?改裝成量程為0.3A的電流表，應(yīng)選用阻值為24.25.IRr -g-L 0.5的電阻與IIg?并聯(lián)。（4）改裝后的電流表的內(nèi)阻為 r內(nèi)一Rg■匚0.5；表頭?的指針在原電流刻度的24.25.IRr -g-L 0.5的電阻與IIg?并聯(lián)。（4）改裝后的電流表的內(nèi)阻為 r內(nèi)一Rg■匚0.5；表頭?的指針在原電流刻度的250A處,Rgr03此處對(duì)應(yīng)的實(shí)際電流為——250A0.25A,電壓表V的示數(shù)為1.20V,則300Rx+r內(nèi)4.3?！窘馕觥浚孩鸥鶕?jù)受力分析可知，斜面對(duì)P的支持力為：NqEsinmgcos（2分）根據(jù)動(dòng)能定理得： mghqE—k— N—h--mv2（2分）tansin2解得：v5m/s（2分）（2）設(shè)當(dāng)兩者速度相等時(shí)，小球上升的高度為 H,根據(jù)水平方向動(dòng)量守恒得： mv2mv代入數(shù)據(jù)：v2.5m/s（2分）2 1 2根據(jù)機(jī)械能守恒得：一mv—2mvmgH （2分）\o"CurrentDocument"2代入已知數(shù)據(jù)得： H0.625mR,所以小球沒有沖出圓槽 （2分）【解析】：（1）當(dāng)ab棒剛下滑時(shí)，ab棒的速度有最大值;根據(jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律得mgsinmgcos ma代入數(shù)據(jù)：a4m/s2 （2分）（2）ab到達(dá)最大速度時(shí)做勻速運(yùn)動(dòng)，有mgsinBILmgcos（2分）整個(gè)回路消耗的電功率P電 BILvmmgsinmgcosvm （2分）則ab棒的最大速度為：vm10m/s（1分），「八一一1 2 h根據(jù)能重寸恒得： mghQ mvm mgcos\o"CurrentDocument"2 sin（1分）解得：Q30J （1分）（3）由對(duì)稱性可知，當(dāng)ab下落30m穩(wěn)定時(shí)其速度為v,ab也下落30m,其速度也v,ab和ab都切割線產(chǎn)生電動(dòng)勢(shì)，總電動(dòng)勢(shì)等于兩者之和，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，對(duì) ab棒受力分析，得mgsinBILmgcos （2分）2BLv

2R（2分）代入解得v5m/s（1分）只有ab棒運(yùn)動(dòng)時(shí)回路消耗的電功率為8W只有ab棒運(yùn)動(dòng)時(shí)回路消耗的電功率為8W得：P電_2 _ 2E （BLVm）2R2R（1分）TOC\o"1-5"\h\z得：B0.4T （1分），，一、，八.1八 h八 一由能量守恒2mgh-2mv2mgcos Q （3分）2 sin代入數(shù)據(jù)得Q 75J （1分）（1）【答案】CDE（2）【解析】①乜V2 （2分） T2450K （2分）Ti 12②PP。mg1.2105Pa （2分）sW PV 120J （2分）UWQ300J （2分）（1）【答案】:ACD（2）【解析】：1設(shè)入射光線與1球體的交點(diǎn)為C,連接OC,OC即