1.如圖為氫原子的能級(jí)示意圖：a表示從能級(jí)n=5到n=3的躍遷；b表示從能級(jí)n=4到n=2的躍遷；c表示從能級(jí)n=3到n=1的躍遷。氫原子在()h E旭V5 -t-Q'.542-4—3.40I -13.60A.過(guò)程b發(fā)射的光頻率最大，過(guò)程a發(fā)射的光波長(zhǎng)最長(zhǎng)B.過(guò)程a發(fā)射的光頻率最小，過(guò)程b發(fā)射的光波長(zhǎng)最短C.過(guò)程c發(fā)射的光頻率最大，過(guò)程a發(fā)射的光波長(zhǎng)最長(zhǎng)D.過(guò)程c發(fā)射的光頻率最小，過(guò)程b發(fā)射的光波長(zhǎng)最短【答案】C【解析】原子從高能級(jí)向低能級(jí)躍遷輻射出光子，能級(jí)間躍遷輻射的光子能量必須等于兩能級(jí)間的能級(jí)差，由圖可知過(guò)程a發(fā)射的光能量最小，過(guò)程cc發(fā)射的光能量最大；根據(jù)光子的能量公式有Ek=hv=h_p可知輻射的光子能量越小，頻率越小，波長(zhǎng)越大，所以過(guò)程c發(fā)射的光頻率最大，過(guò)程a發(fā)射的光波長(zhǎng)最長(zhǎng)。2.一質(zhì)點(diǎn)在平面上做勻變速曲線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，在時(shí)間t=1s,t=2s,t=3s時(shí)，分別經(jīng)過(guò)A、B、C三點(diǎn)，已知A、B之間的直線(xiàn)距離為4m,B、C之間的直線(xiàn)距離為3m,且直線(xiàn)AB與直線(xiàn)BC垂直，求質(zhì)點(diǎn)加速度的大小()5\；q/ 八L/ CC/A.3m/s2 B.m/s2 C.5m/s2 D.6m/s2【答案】C【解析】由題意可得兩個(gè)中間時(shí)刻的速度分別為3m/s和4山八，因平均速度等于中間時(shí)刻的速度,而平均速度方向與位移方向相同,則這兩個(gè)速度方向垂直，則1s內(nèi)速度的變化量為Av={32+42m/s=5m/s，則a=生=5m/s2,At故選C。

.如圖所示為一簡(jiǎn)易起重裝置，AC是上端帶有滑輪的固定支架，BC為質(zhì)量不計(jì)的輕桿，桿的一端C用鉸鏈固定在支架上，另一端B懸掛一個(gè)重力為G的重物，并用鋼絲繩跨過(guò)滑輪A連接在卷?yè)P(yáng)機(jī)上。開(kāi)始時(shí)，桿BC與支架AC的夾角NBCA>90°,現(xiàn)使NBCA緩緩變小，直到NBCA=30°,在此過(guò)程中，桿BC所受的力（不計(jì)鋼絲繩重力及一切阻力，且滑輪和鉸鏈大小可不計(jì)）（）A.大小不變A.大小不變C.先減小后增大【答案】AB.逐漸增大D.先增大后減小【解析】以結(jié)點(diǎn)B為研究對(duì)象，分析受力情況，作出力的合成圖如圖所示，根據(jù)平衡條件則知，F(xiàn)、N的合力【解析】以結(jié)點(diǎn)B為研究對(duì)象，分析受力情況，作出力的合成圖如圖所示，根據(jù)平衡條件則知，F(xiàn)、N的合力F的G大小相等、方向相反。根據(jù)三口角形相似得上合=F-=—ACABBC又FyG,得F=ABG,

合 ACN=BCG。現(xiàn)使ACNBCA緩慢變小的過(guò)程中，AB變小，而AC、BC不變，則得到，F(xiàn)變小，N不變，所以繩子越來(lái)越不容易斷，作用在BC桿上的壓力大小不變。故選A。.空間中P、Q兩點(diǎn)處各固定一個(gè)點(diǎn)電荷，其中P點(diǎn)處為正電荷，P、Q兩點(diǎn)附近電場(chǎng)的等勢(shì)面分布如圖所示，a、b,c、d為電場(chǎng)中的4個(gè)點(diǎn)，則（）Q點(diǎn)處的電荷為正電荷c點(diǎn)的電勢(shì)低于d點(diǎn)的電勢(shì)c點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大于d點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)D.負(fù)電荷從a到c,電勢(shì)能減少【答案】D【解析】根據(jù)圖像可知，P、Q兩點(diǎn)處的電荷等量異種，A錯(cuò)誤；c所在等勢(shì)面比d點(diǎn)所在等勢(shì)面電勢(shì)更高點(diǎn)，所以c點(diǎn)的電勢(shì)較高，高于d點(diǎn)的電勢(shì)，B錯(cuò)誤；根據(jù)等勢(shì)面疏密分布可知c點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)小于d點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)，C錯(cuò)誤；負(fù)電荷從a到c,電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減少，D正確。5.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)過(guò)狀態(tài)B、C和D后再回到狀態(tài)A。其中，AB和CD為等溫過(guò)程，BC為等壓過(guò)程，DA為等容過(guò)程，則在該循環(huán)過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是()A.AB過(guò)程中，氣體吸收熱量B.BC過(guò)程中，氣體分子的平均動(dòng)能不變C.CD過(guò)程中，單位時(shí)間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)增多D.若氣體在BC過(guò)程中內(nèi)能變化量的數(shù)值為2kJ,與外界交換的熱量為7kJ,則在此過(guò)程中氣體對(duì)外做的功為5kJ【答案】D【解析】AB過(guò)程中，氣體溫度不變，內(nèi)能不變，體積減小，外界對(duì)氣體做功，則氣體放出熱量，A錯(cuò)誤；BC過(guò)程中，氣體溫度升高，則氣體分子的平均動(dòng)能增加，B錯(cuò)誤；CD過(guò)程中，氣體溫度不變，壓強(qiáng)減小，體積變大，則單位時(shí)間內(nèi)碰撞單位面積器壁的分子數(shù)減少，C錯(cuò)誤；根據(jù)熱力學(xué)第一定律，若氣體在BC過(guò)程中氣體內(nèi)能增加，數(shù)值為2kJ,氣體體積變大，對(duì)外做功，則氣體吸收熱量，若吸收的熱量為7kJ,則在此過(guò)程中氣體對(duì)外做的功為5kJ,D正確。6.一種“光開(kāi)關(guān)”的“核心區(qū)”如圖虛框區(qū)域所示,其中1、2是兩個(gè)完全相同的截面為等腰直角三角形的棱鏡,直角邊與虛框平行,兩斜面平行,略拉開(kāi)一小段距離，在兩棱鏡之間可充入不同介質(zhì)以實(shí)現(xiàn)開(kāi)關(guān)功能。單色光a從1的左側(cè)垂直于棱鏡表面射入,若能通過(guò)2,則為“開(kāi)”,否則為“關(guān)”,已知棱鏡對(duì)a的折射率為1.5,下列說(shuō)法正確的是()A.單色光a在棱鏡中的波長(zhǎng)是在真空中波長(zhǎng)的1.5倍B.若不充入介質(zhì)，則實(shí)現(xiàn)“開(kāi)”功能C.若充入的介質(zhì)相對(duì)棱鏡是光疏介質(zhì)，有可能實(shí)現(xiàn)“開(kāi)”功能D.若充入的介質(zhì)相對(duì)棱鏡是光密介質(zhì)，有可能實(shí)現(xiàn)“關(guān)”功能【答案】Cc【解析】根據(jù)公式可知v=n單色光a在棱鏡中的傳播速度為真空中的22乎v=、f,頻率不變，單色光a在棱鏡中的波長(zhǎng)為在真空中波長(zhǎng)的弓，A錯(cuò)33誤；單色光a從1的左側(cè)垂直于棱鏡表面射入，入射角為45°,根據(jù)全反射的條件，臨界角為sinC=1=2<sin45。"超，可知入射角大于臨界角，不充入n3 2介質(zhì)，即發(fā)生全反射，光不可以通過(guò)2,實(shí)現(xiàn)“關(guān)”功能，B錯(cuò)誤；由光密介質(zhì)進(jìn)入光疏介質(zhì)，可能不發(fā)生全反射，進(jìn)入2，可能實(shí)現(xiàn)“開(kāi)”功能，從光疏介質(zhì)進(jìn)入光密介質(zhì)，不會(huì)發(fā)生全反射，則一定處于開(kāi)狀態(tài)，D錯(cuò)誤，C正確。7．鉗形電流表是電機(jī)運(yùn)行和維修工作中最常用的儀表之一，其內(nèi)部結(jié)構(gòu)如圖所示，工作部分主要由一只電流表和電流互感器組成。電流互感器鐵芯制成鉗形活動(dòng)開(kāi)口，用手柄來(lái)控制開(kāi)合，則()A.與電流表相連的線(xiàn)圈匝數(shù)越多，電流表讀數(shù)越大B.鉗形電流表測(cè)電流時(shí)相當(dāng)于升壓變壓器C.如果通電導(dǎo)線(xiàn)在鉗形口多繞幾圈，則電流表讀數(shù)會(huì)變小D.測(cè)量電流時(shí)，需要斷開(kāi)電路將此鉗形電流表串接在電路中【答案】B【解析】若次級(jí)線(xiàn)圈匝數(shù)n2越多，電流表讀數(shù)越小，故A錯(cuò)誤；該電表原線(xiàn)圈為單匝，是升壓變壓器，故B正確；若原線(xiàn)圈多繞幾圈，則n1增大，副線(xiàn)圈電流增大，最終導(dǎo)致電流表計(jì)數(shù)增大，故C錯(cuò)誤；鉗形電流表通過(guò)打開(kāi)鐵芯將導(dǎo)線(xiàn)圈入其中，不需要斷開(kāi)電路，故D錯(cuò)誤。8.將一輕彈簧豎直固定在水平桌面上，把物體P輕放在彈簧上端，P由靜止向下運(yùn)動(dòng)，物體的加速度a與彈簧的壓縮量x間的關(guān)系如圖所示。已知彈簧的勁度系數(shù)為125N/m,重力加速度g取10m/s2,物體在下落過(guò)程中的最大動(dòng)能為()A．0.1JB．0.2JC．2JD．10J【答案】A【解析】物體在下降的過(guò)程中，第一階段彈簧彈力小于重力，合力向下，做加速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，加速度減小；第二階段向上的彈簧彈力大于重力，合力向上而向下做減速運(yùn)動(dòng)；當(dāng)彈力等于重力時(shí)，物體速度(動(dòng)能)有最大值，設(shè)物體質(zhì)量為m,由圖像知x=4cm時(shí)彈力等于重力kx=mg,可解得m=0.5kg,止匕時(shí)動(dòng)能達(dá)到最大值，設(shè)此時(shí)物體速度為vm,由v2=2ax，結(jié)合圖像可知0?4cm位移上圖線(xiàn)與坐標(biāo)軸圍的面積表示1V2,等于0.2,則物體的最大動(dòng)能為2m1E=-mv2=0.2m=0.1J，故BCD錯(cuò)誤，A正確。km2m9．下列說(shuō)法中正確的是()A.結(jié)合能越大的原子核越穩(wěn)定B.康普頓效應(yīng)說(shuō)明光子不但具有能量，而且具有動(dòng)量C.盧瑟福通過(guò)對(duì)a粒子散射實(shí)驗(yàn)的研究，揭示了原子核由質(zhì)子和中子組成D.由玻爾理論可知，氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)，要釋放一定頻率的光子,同時(shí)電子的動(dòng)能減少,電勢(shì)能增大【答案】B【解析】原子核的比結(jié)合能越大，原子核越穩(wěn)定，A錯(cuò)誤；康普頓效應(yīng)說(shuō)明光子不但具有能量，而且具有動(dòng)量，B正確；盧瑟福通過(guò)對(duì)a粒子散射實(shí)驗(yàn)的研究，提出了原子核式結(jié)構(gòu)，并非揭示了原子核由質(zhì)子和中子組成，C錯(cuò)誤；氫原子的核外電子由較高能級(jí)躍遷到較低能級(jí)時(shí)，要釋放一定頻率的光子，電子軌道半徑變小，原子核對(duì)核外電子做正功，電勢(shì)能減小，原子核與核Qqv2外電子之間的電場(chǎng)力提供向心力女q=川1，由此可知，當(dāng)r減小時(shí)電子的速度減小，電子的動(dòng)能增大，D錯(cuò)誤。10．甲、乙兩車(chē)在同一平直公路上同向行駛，其速度－時(shí)間圖像如圖所示，已知甲、乙兩車(chē)在t1時(shí)刻相遇，則下列說(shuō)法正確的是（ ）A.t1時(shí)刻甲車(chē)的加速度比乙車(chē)的加速度大t=0時(shí)刻甲車(chē)在乙車(chē)的后面0?t1時(shí)間內(nèi)甲、乙兩車(chē)的平均速度相同D.0?t1時(shí)間內(nèi)乙車(chē)的路程大于其位移大小【答案】B【解析】圖像的斜率等于加速度，可知t1時(shí)刻甲車(chē)的加速度比乙車(chē)的加速度小，A錯(cuò)誤；圖像與坐標(biāo)軸圍成的面積等于位移，可知在0?t1時(shí)間內(nèi)甲的位移大于乙的位移，因甲、乙兩車(chē)在t1時(shí)刻相遇，則t=0時(shí)刻甲車(chē)在乙車(chē)的后面，B正確；0?t1時(shí)間內(nèi)甲、乙兩車(chē)的位移不等，則平均速度不相同，C錯(cuò)誤；0?t1時(shí)間內(nèi)乙車(chē)運(yùn)動(dòng)方向不變，則其路程等于其位移大小，D錯(cuò)誤。11.2022屆北京冬奧會(huì)值得期待的自由式滑雪空中技巧項(xiàng)目將在張家口云頂滑雪公園舉行。運(yùn)動(dòng)員（無(wú)滑雪杖）從助滑坡滑下，從圓弧形跳臺(tái)上跳，在空中完成空翻、旋轉(zhuǎn)等動(dòng)作后在著落坡著陸，最后以旋轉(zhuǎn)剎車(chē)方式急停在停止區(qū)，如圖所示。已知圓弧跳臺(tái)與助滑坡水平平滑連接。關(guān)于運(yùn)動(dòng)員在圓弧形跳臺(tái)上的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A.在此階段運(yùn)動(dòng)員受重力、支持力和向心力B.在圓弧形跳臺(tái)最低點(diǎn)時(shí)運(yùn)動(dòng)員處于失重狀態(tài)C.在此階段運(yùn)動(dòng)員重力的功率一直變小D.在圓弧形跳臺(tái)上運(yùn)動(dòng)時(shí)，運(yùn)動(dòng)員所受的支持力減小【答案】D【解析】運(yùn)動(dòng)員在圓弧形跳臺(tái)上的運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，受到重力、支持力和雪地的摩擦阻力作用，沒(méi)有受到向心力作用，向心力是按效果命名的，不是物體實(shí)際所受的力，故A錯(cuò)誤；在圓弧形跳臺(tái)最低點(diǎn)時(shí)，因?yàn)檫M(jìn)入圓周運(yùn)動(dòng)狀態(tài)，需要向心力，方向向上，所以合力向上，處于超重狀態(tài)，故B錯(cuò)誤；此階段運(yùn)動(dòng)員的速度在變化，重力的功率等于物體重力大小與豎直方向的速度大小的乘積，當(dāng)運(yùn)動(dòng)員到圓弧形跳臺(tái)最低點(diǎn)時(shí)，重力的方向與速度方向垂直，此時(shí)重力的功率為0，向上運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，重力的方向與速度方向不垂直，則重力的瞬時(shí)功率不為0，所以運(yùn)動(dòng)員在圓弧形跳臺(tái)上的重力功率先減小后增大，故C錯(cuò)誤；隨著運(yùn)動(dòng)員在圓弧型跳臺(tái)上高度的升高，速率逐漸減小，所需要的向心力也在減小，向心力由臺(tái)面對(duì)她的支持力與重力垂直接觸面向下的分力提供，由v2牛頓第二定律F—mgcos。=▽?zhuān)S著高度升高，0在增大，v在減小，所以NrFN在減小，故D正確。12.如圖所示，一小船以2m/s的速度勻速前行，站在船上的人相對(duì)小船給小球一個(gè)豎直向上的瞬時(shí)沖量（人對(duì)小球的作用力遠(yuǎn)大于小球受到的重力，當(dāng)小球再次落入手中時(shí)，小船前進(jìn)的距離為2m。已知小球的質(zhì)量為10g,在空中運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，手相對(duì)船的位置不變，不計(jì)空氣阻力，取重力加速度大小g=1.0kg/m2。則手對(duì)小球的瞬時(shí)沖量大小為（）O■iA.0.5N?sB.1N?sC0.05N?sD.0.1N?s【答案】C

【解析】一小船以2m/s的速度勻速前行，當(dāng)小球再次落入手中時(shí)，小船前進(jìn)的距離為2m，故小球運(yùn)動(dòng)時(shí)間”-=1s，故小球離手時(shí)豎直速度vv=g-=5m/s，手對(duì)小球的瞬時(shí)沖量大小為I=mv-0=0.05N-s，故選C。y2 y.如圖所示，理想變壓器原、副線(xiàn)圈匝數(shù)比為、：為，輸入端&口接入電壓有效值恒定的交變電源。剛開(kāi)始，滑動(dòng)變阻器滑片在a端，L1、L2兩燈均發(fā)光，在滑動(dòng)變阻器R的滑片從a端滑動(dòng)到b端的過(guò)程中，兩個(gè)燈泡始終工作在額定電壓以?xún)?nèi)，下列說(shuō)法正確的是（）L1L1變暗，L2變亮C.L1變暗，L2變暗L1變亮，L2變亮D.L1變亮，L2變暗【答案】D【解析】滑動(dòng)變阻器R的滑片從a端滑動(dòng)到b端的過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器連入電路電阻減小，有圖可以看出，燈泡L1、L2兩燈與滑動(dòng)變阻器分別等效為間接串聯(lián)和直接并聯(lián)，由串反并同的方法可知，L1變亮，L2變暗。.水平地面上固定一段光滑絕緣圓弧軌道，過(guò)軌道左端N點(diǎn)的豎直線(xiàn)恰好經(jīng)過(guò)軌道的圓心（圖中未畫(huà)出），緊貼N點(diǎn)左側(cè)還固定有絕緣豎直擋板。自零時(shí)刻起將一帶正電的小球自軌道上的M點(diǎn)由靜止釋放。小球與擋板碰撞時(shí)無(wú)能量損失，碰撞時(shí)間不計(jì)，運(yùn)動(dòng)周期為T(mén),MN間的距離為L(zhǎng)并且遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于軌道半徑，重力加速度為g,以下說(shuō)法正確的是（）A.圓弧軌道的半徑為gT-nB.空間加上豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，小球的運(yùn)動(dòng)周期會(huì)增大C.空間加上垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，若小球不脫離軌道，運(yùn)動(dòng)周期會(huì)增D.2T時(shí)小球距N點(diǎn)的距離約為1L33【答案】A【解析】由MN間的距離為L(zhǎng)并且遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于軌道半徑，則小球在圓弧軌道上的運(yùn)動(dòng)可看成單擺模型，其周期為單擺的半個(gè)周期，根據(jù)單擺的周期公式有T'=2n/l根據(jù)題意有T,=2T,解得圓弧軌道的半徑1=gT-，故A正\,；g n-確；空間加上豎直向下的勻強(qiáng)電場(chǎng)，等效重力加速度增大，根據(jù)單擺的周期公式可知小球的運(yùn)動(dòng)周期將減小，故B錯(cuò)誤；空間加上垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，小球下滑時(shí)由于洛倫茲力總是與速度方向垂直，洛倫茲力總不做功，不改變速度大小，所以若小球不脫離軌道，運(yùn)動(dòng)周期將不改變，故C錯(cuò)誤；將小球的運(yùn)動(dòng)等效為單擺時(shí)，做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為％=bcos（金t）1=Ilcos（Tt）1，當(dāng)2 12t=0時(shí)，代入表達(dá)式得位移的大小為聲所以經(jīng)過(guò)刁T時(shí)小球距N點(diǎn)的距離約3 2315.如圖所示，水平面內(nèi)有邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的等邊三角形ABC,頂點(diǎn)A、B、C分別固定電荷量為+q、―q、+q的點(diǎn)電荷。N、P、M分別為AB、BC、AC邊的中點(diǎn)，。點(diǎn)為三角形ABC的幾何中心。以。點(diǎn)為原點(diǎn)、豎直向上為x軸正方向建立坐標(biāo)系。已知靜電力常量為匕則（）BA.N、P、乂三點(diǎn)的電勢(shì)相等B.將帶負(fù)電的試探電荷油軸由。點(diǎn)移動(dòng)至x=3L處，電場(chǎng)力可能先做正功后做負(fù)功1 9kqC.在x=（處的電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸正方向的分量大小為8l-D.在x=1L與x=L處的電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸正方向的分量大小之比為3：13【答案】C【解析】由對(duì)稱(chēng)關(guān)系可知N、P兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，N點(diǎn)的電勢(shì)與C處的點(diǎn)電荷單獨(dú)在N點(diǎn)產(chǎn)生的電勢(shì)相等，僅考慮A、B兩處的點(diǎn)電荷，M點(diǎn)的電勢(shì)大于0，僅考慮C處的點(diǎn)電荷，M點(diǎn)的電勢(shì)大于N點(diǎn)的電勢(shì)，故N、P、乂三點(diǎn)電勢(shì)不相等，故A錯(cuò)誤；由。點(diǎn)至x=3L處，x軸上每點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度均有豎直向上的分量，故電場(chǎng)力對(duì)該試探電荷始終做負(fù)功，故B錯(cuò)誤；由幾何關(guān)系可知OA=￥312L則A點(diǎn)到x=(處的距離為3L,沿x軸正方向的電場(chǎng)強(qiáng)度為每個(gè)點(diǎn)電荷單獨(dú)作用時(shí)在x=(L處產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸正方向分量的矢量和，可知E=2————cos600 ——cos600=9kq，故C正確；A點(diǎn)到x=L處的距離i (2L/3” (2L/3” 8L為鋁L同理可得在x=L處的電場(chǎng)強(qiáng)度沿x軸正方向的分量大小為E=2—k—cos300 k—cos30。=3^3kq，可得E：E='/3：1,故D1 (2<3L/3)2 (2<3L/3)2 8L 1 21錯(cuò)誤。16．2021年10月19日至23日，美國(guó)星鏈2305持續(xù)軌道變化，對(duì)中國(guó)空間站產(chǎn)生安全影響。中國(guó)空間站于10月21日3點(diǎn)16分進(jìn)行變軌規(guī)避風(fēng)險(xiǎn)。圖示為10月20日至23日期間星鏈2305和中國(guó)空間站的軌道距離地面高度數(shù)據(jù)圖。假設(shè)除開(kāi)變軌過(guò)程，中國(guó)空間站在不同高度軌道上都是繞地球進(jìn)行勻速圓周運(yùn)動(dòng)，則下列說(shuō)法正確的是()3*中國(guó)空間站.『士：二二書(shū)力80：* 1* *高度)星鏈現(xiàn)337#3前一350 ---L-—-」 口10H?口廿】0月21日㈣I。月22HOB-]]0月23tl網(wǎng)A.10月21日3點(diǎn)16分，發(fā)動(dòng)機(jī)向后噴氣使得中國(guó)空間站速度增加B.10月21日3點(diǎn)16分，發(fā)動(dòng)機(jī)向前噴氣使得中國(guó)空間站速度減小C.中國(guó)空間站在10月22日運(yùn)行的線(xiàn)速度大于其在10月20日運(yùn)行的線(xiàn)速度D.中國(guó)空間站在10月22日運(yùn)行的線(xiàn)速度小于其在10月20日運(yùn)行的線(xiàn)速度【答案】AD【解析】由圖可知，中國(guó)空間站從低軌道調(diào)整到高軌道運(yùn)行，則空間站需Mmv2做離心運(yùn)動(dòng)，根據(jù)G1r=m方可知，空間站做離心運(yùn)動(dòng)，需要發(fā)動(dòng)機(jī)向后噴氣使R2 R得中國(guó)空間站速度增加，使得該位置處萬(wàn)有引力小于空間站所需要的向心力，故B錯(cuò)誤A正確；根據(jù)GR^m?可得丫=-\，￥，空間站運(yùn)行軌道半徑越大，線(xiàn)速度越小，由圖可知，中國(guó)空間站在10月22日運(yùn)行的半徑大于其在10月20日運(yùn)行的半徑，則中國(guó)空間站在10月22日運(yùn)行的線(xiàn)速度小于其在10月20日運(yùn)行的線(xiàn)速度。17.在某一粗糙的水平面上，一質(zhì)量為2kg的物體在水平恒定拉力的作用下做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，當(dāng)運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后，拉力逐漸減小，且當(dāng)拉力減小到零時(shí)，物體剛好停止運(yùn)動(dòng)，圖中給出了拉力隨位移變化的關(guān)系圖像。已知重力加B.合外力對(duì)物體所做的功C.物體做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度D.物體運(yùn)動(dòng)的時(shí)間【答案】ABC【解析】物體做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)時(shí)，拉力F與滑動(dòng)摩擦力f大小相等，物體與水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為□=F=0.35,A正確；減速過(guò)程由動(dòng)能定理得mgW+W=0—1mv2,根據(jù)F—x圖像中圖線(xiàn)與坐標(biāo)軸圍成的面積可以估算力F做的Ff2功Wf，而Wf=一umgx,由此可求得合外力對(duì)物體所做的功及物體做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度v,則BC正確；因?yàn)槲矬w做變加速運(yùn)動(dòng)，所以運(yùn)動(dòng)時(shí)間無(wú)法求出，D錯(cuò)誤。18．如圖為某同學(xué)用一束激光射入正三角形玻璃磚的光路圖，由于疏忽，他忘記標(biāo)記光路方向，同時(shí)手上也沒(méi)有量角器。已知圖中4ABC為正三角形玻璃磚邊界，a、b、c為邊界中點(diǎn)，且光束1與光束2平行。則下列說(shuō)法正確的為()AA.光束2為入射光B.該激光在玻璃磚中的折射率為\/3C.光束3的光強(qiáng)大于光束1、2的光強(qiáng)之和D.無(wú)論如何改變?nèi)肷浣?，總有光線(xiàn)從玻璃磚中射出【答案】BD【解析】由圖根據(jù)反射定律和折射定律可知，光束1為入射光，故A錯(cuò)誤；由圖根據(jù)幾何關(guān)系可知，bc與法線(xiàn)的夾角為30°,光束2與BC的夾角為30°，則光束1與法線(xiàn)夾角為60°，則該激光在玻璃磚中的折射率為n=±601=33，故B正確；根據(jù)A分析可知，光束1為入射光束，在b點(diǎn)只sin30o發(fā)生折射，則光速1與光束bc的光強(qiáng)相等，在c點(diǎn)光束bc部分折射為光速3、部分反射為光束ca,則光束1的光強(qiáng)大于光束3的光強(qiáng)，故C錯(cuò)誤；根據(jù)題意，當(dāng)光束1垂直AC進(jìn)入，則光速1直接穿過(guò)玻璃磚從B點(diǎn)飛出；設(shè)光在玻璃磚中發(fā)生全反射的臨界角為&則sinC=1=也＞1,可知臨界角大于n3230°,設(shè)光束1在b點(diǎn)的入射角為a,折射角為B,折射光束bc′交AB于c'點(diǎn)，光束bc’在c’點(diǎn)入射角為Y，根據(jù)幾何關(guān)系可知P+Y=(，當(dāng)丫＜C時(shí)，即siny<注，光束bc,在c’點(diǎn)不發(fā)生全反射，可以從c′點(diǎn)射出玻璃3磚，此時(shí)可得sinP-sin(n_y)>3。2-、:3，即五口。=〃$mp>二6二1，則當(dāng)光36 2束1的入射角的正弦值滿(mǎn)足包二1<sina<1時(shí)，光束可從AB邊射出玻璃磚；2當(dāng)光束1的入射角的正弦值滿(mǎn)足0<sina<±1，光束bc’在c’點(diǎn)發(fā)生全反2射，反射光束c'a,交BC于a’點(diǎn)，且在a'點(diǎn)的入射角為。，根據(jù)幾何關(guān)系可知0=P，此時(shí)Y>C，則0=B<C,則光束c‘a(chǎn)’在a’點(diǎn)不發(fā)生全反射，可以從a′點(diǎn)射出玻璃磚，即當(dāng)光束1的入射角的正弦值滿(mǎn)足0<sina<±12時(shí)，光束可從BC邊射出玻璃磚，即無(wú)論如何改變?nèi)肷浣?，總有光線(xiàn)從玻璃磚中射出，故D正確。19.如圖甲所示，一質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)為L(zhǎng),電阻為R的單匝正方形導(dǎo)線(xiàn)框abcd放在絕緣的光滑水平面上?？臻g中存在一豎直向下的單邊界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，線(xiàn)框有一半在磁場(chǎng)內(nèi)。其ad邊與磁場(chǎng)邊界平行。t=0時(shí)刻起，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間均勻減小，如圖乙所示。線(xiàn)框運(yùn)動(dòng)的v—t圖像如圖丙所示，圖中斜向虛線(xiàn)為過(guò)。點(diǎn)速度圖線(xiàn)的切線(xiàn)，則()甲 乙 丙A.線(xiàn)框中的感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较駼.磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率為mvRB0(LC.t時(shí)刻，線(xiàn)框的熱功率為把蜜3 B2t2L201D.0?t時(shí)間內(nèi)，通過(guò)線(xiàn)框的電荷量為mvoB0L【答案】AC【解析】由圖乙可知垂直紙面向里的磁感應(yīng)強(qiáng)度減小，則穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量減小，根據(jù)楞次定律可判斷線(xiàn)框中的感應(yīng)電流沿順時(shí)針?lè)较?，A正確；根據(jù)左手定則可判斷線(xiàn)框受到向左的安培力作用向左加速進(jìn)入磁場(chǎng)，在t=0時(shí)刻，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E—n—————S=—L2,――，由牛頓第二定律有B—0L=ma，由0 AtAt 2At 0R0圖丙可知在t=0時(shí)刻的加速度a—vo，聯(lián)立解得磁感應(yīng)強(qiáng)度的變化率為0t1竺—2mvR,B錯(cuò)誤；由圖丙可知t時(shí)刻之后，線(xiàn)框速度恒定，說(shuō)明線(xiàn)框已經(jīng)AtBtL3 201全部進(jìn)入磁場(chǎng)，此后雖然電路中有感應(yīng)電流，但各邊安培力相互抵消，所以線(xiàn)t一一—,一 一A①TAB 框做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)。在t時(shí)刻有E―n ―L2?—，線(xiàn)框的熱功率3 At AtP—”—4m2v0R,C正確；0?t時(shí)間內(nèi)，對(duì)線(xiàn)框由動(dòng)量定理有BILAt—mA,3RB2L2t2 201即BLAq—mAv，若磁場(chǎng)8=8。恒定，則有b0Laq—mv°,即通過(guò)線(xiàn)框的電荷量Aq—m°，但由于B隨時(shí)間減小，故實(shí)際通過(guò)線(xiàn)框的電荷量不等于竺0,D錯(cuò)BL BL00誤。20．下列說(shuō)法正確的是()A.奧斯特發(fā)現(xiàn)了磁生電B.熱敏電阻是把熱量轉(zhuǎn)化為電阻的敏感性元件C.楞次定律是用來(lái)計(jì)算感應(yīng)電流大小的物理規(guī)律D.我國(guó)采用高壓輸電是為了減小輸電線(xiàn)上的功率損失【答案】D【解析】奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)，即電生磁現(xiàn)象，法拉第發(fā)現(xiàn)了磁生電現(xiàn)象，A錯(cuò)誤；熱敏電阻能夠把溫度這個(gè)熱學(xué)量轉(zhuǎn)換為電阻這個(gè)電學(xué)量，且隨著溫度升高，其電阻在減小，B錯(cuò)誤；楞次提出了判斷感應(yīng)電流方向的楞次定律，C錯(cuò)誤；我國(guó)采用高壓輸電是為了減小輸電線(xiàn)上的功率損失，D正確。21．電磁波在日常生活和生產(chǎn)中已經(jīng)被大量應(yīng)用，下列說(shuō)法正確的是()A.銀行的驗(yàn)鈔機(jī)和家用電器的遙控器發(fā)出的光都是紫外線(xiàn)B.高溫物體和低溫物體都能輻射紅外線(xiàn)C.手機(jī)通話(huà)使用的微波，波長(zhǎng)比可見(jiàn)光的波長(zhǎng)短D.在新冠肺炎診斷中，要用Y射線(xiàn)掃描肺部，是因?yàn)樵陔姶挪ㄖ衁射線(xiàn)的穿透能力最強(qiáng)【答案】B【解析】銀行的驗(yàn)鈔機(jī)發(fā)出的光是紫外線(xiàn)，家用電器的遙控器發(fā)出的光是紅外線(xiàn)，故A錯(cuò)誤；高溫物體和低溫物體都能輻射紅外線(xiàn)，故B正確；手機(jī)通話(huà)使用的微波，波長(zhǎng)比可見(jiàn)光的波長(zhǎng)長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；在新冠肺炎診斷中，要用X射線(xiàn)掃描肺部，故D錯(cuò)誤。22.某小型發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交流電動(dòng)勢(shì)為e=50sin(100nt)V。對(duì)此電動(dòng)勢(shì)，下列表述正確的有()A.周期是0.02s B.頻率是100HzC.有效值是25V D.最大值是50y12V【答案】A【解析】由3=2nf=100nrad/s得f=50Hz,則T=0.02s,A正確，B錯(cuò)誤；從中性面開(kāi)始計(jì)時(shí)，交流電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式《=]$也3如因《=50sin(100nt)V,則Em=50V,有效值￡=}2=25姆V,CD錯(cuò)誤。23．傳感器的功能與人的視覺(jué)、聽(tīng)覺(jué)、觸覺(jué)、嗅覺(jué)等功能相似。不只在科研領(lǐng)域,在人們的日常生活中,也會(huì)用到傳感器以實(shí)現(xiàn)某種功能。關(guān)于圖中應(yīng)用傳感器的實(shí)際情景,下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()霍爾元件A.甲圖傳感器用來(lái)測(cè)量位移的微小變化，是位移傳感器B.乙圖光電計(jì)數(shù)器用到了光敏電阻這個(gè)傳感元件，是光傳感器C.丙圖利用霍爾元件可以測(cè)量微小位移，是位移傳感器D.傳感器感受力、溫度、光、聲等信號(hào)，把電學(xué)信號(hào)轉(zhuǎn)換成非電學(xué)信號(hào)【答案】D【解析】甲圖中，當(dāng)被測(cè)物體在左、右方向發(fā)生位移時(shí)，電介質(zhì)板隨之在電容器兩極板之間移動(dòng)。如果測(cè)出了電容的變化，就能知道物體位置的變化，所以甲圖傳感器是位移傳感器，故A正確；乙圖中，A是發(fā)光儀器，B時(shí)接收光信號(hào)的儀器，B中的主要元件是由光敏電阻組成的光電傳感器。當(dāng)傳送帶上沒(méi)有物品擋住由A射向B的光信號(hào)時(shí)，光敏電阻的阻值較小，供給信號(hào)處理系統(tǒng)的電壓變低；當(dāng)傳送帶上有物品擋住由A射向B的光信號(hào)時(shí)，光敏電阻的阻值變大，供給信號(hào)處理系統(tǒng)的電壓變高。這種高低交替變化的信號(hào)經(jīng)過(guò)處理，就會(huì)轉(zhuǎn)化為相應(yīng)的數(shù)字，實(shí)現(xiàn)自動(dòng)計(jì)數(shù)的功能，故B正確；丙圖中，在兩塊磁感應(yīng)強(qiáng)度相同、同極相對(duì)的放置的磁體縫隙中放入霍爾元件，當(dāng)霍爾元件處于中間位置時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B為0，霍爾電壓為0，可將該點(diǎn)作為位移的零點(diǎn)。當(dāng)霍爾元件沿著z軸正、負(fù)方向移動(dòng)時(shí)，則有霍爾電壓輸出，且電壓大小與位移大小成正比，從而能夠?qū)崿F(xiàn)微小位移的測(cè)量，故C正確；傳感器感受力、溫度、光、聲等信號(hào)，把非電學(xué)信號(hào)轉(zhuǎn)換成電學(xué)信號(hào)，故D錯(cuò)誤。本題選錯(cuò)誤的，故選D。24．關(guān)于下列器材的原理和用途，正確的是()A.變壓器可以改變交變電壓和頻率B.電子感應(yīng)加速器是利用磁場(chǎng)直接對(duì)電子進(jìn)行加速口真空冶煉爐的工作原理是爐體產(chǎn)生渦流使?fàn)t內(nèi)金屬熔化D.磁電式儀表中用來(lái)做線(xiàn)圈骨架的鋁框能起電磁阻尼的作用【答案】D【解析】變壓器可以改變交變電壓和電流，不改變頻率，故A錯(cuò)誤；電子感應(yīng)加速器是利用環(huán)形感應(yīng)電場(chǎng)對(duì)電子進(jìn)行加速，故B錯(cuò)誤；真空冶煉爐的工作原理是爐內(nèi)的金屬導(dǎo)體內(nèi)產(chǎn)生渦流使其熔化，故C錯(cuò)誤；磁電式儀表中用來(lái)做線(xiàn)圈骨架的鋁框能起電磁阻尼的作用，故D正確。6．傳感器是一種采集信息的重要器件。如圖所示是一種測(cè)定壓力的電容式傳感器。當(dāng)待測(cè)壓力F作用于可動(dòng)膜片電極時(shí)，可使膜片產(chǎn)生形變，引起電容的變化，將電容器、靈敏電流計(jì)和電源串聯(lián)成閉合電路，那么()①當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)，電容將減?。虎诋?dāng)F向上壓膜片電極時(shí)，電容將增大③若電流計(jì)有示數(shù)，則壓力F發(fā)生變化；④若電流計(jì)有示數(shù)，則壓力F不發(fā)生變化A.①③B.①④C②③D.②④【答案】C【解析】①②當(dāng)F向上壓膜片電極時(shí)，板間距離減小，由電容的決定式CeS=4^&，可知電容器的電容將增大，故①錯(cuò)誤、②正確；③④當(dāng)F變化時(shí)，電容變化，而板間電壓不變，由Q=CU,故電容器所帶電荷量Q發(fā)生變化，電容器將發(fā)生充、放電現(xiàn)象，回路中有電流，電流計(jì)有示數(shù)；反之，電流計(jì)有示數(shù)時(shí)，壓力F必發(fā)生變化，故③正確，④錯(cuò)誤。故選C。25．在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一矩形金屬線(xiàn)框繞與磁感線(xiàn)垂直的轉(zhuǎn)動(dòng)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，如圖甲所示。產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示。則下列說(shuō)法正確的是()A.t=0.01s時(shí)穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量最小B.該交變電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=22\，5cos(100t)VC.電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值為22V時(shí)，線(xiàn)圈平面與磁感線(xiàn)的夾角為45°D.從計(jì)時(shí)時(shí)刻開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)90°過(guò)程的平均電動(dòng)勢(shì)為22V【答案】C【解析】由圖象知，t=0.01s時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，則穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量最大，故A錯(cuò)誤；由圖可知，該交變電動(dòng)勢(shì)的最大值［=22$V,周期為T(mén)=0.02s,則3=^^=100nrad/s,該交變電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=22y2sin(100tt)V，故B錯(cuò)誤；由瞬時(shí)值表達(dá)式e=22日sW1。。冗t)V可知，當(dāng)e=22V時(shí)，有sin(10加t)=三2，則可知線(xiàn)圈平面與磁感線(xiàn)的夾角為45°,故2C正確；從計(jì)時(shí)時(shí)刻開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)90°過(guò)程的平均電動(dòng)勢(shì)E=n絲=n吐嗎=4nBS,Em 2272V，聯(lián)立方程，解得E。.丫,At T/4T故D錯(cuò)誤。26.如圖所示，某小型水電站發(fā)電機(jī)的輸出電壓U1=250V,經(jīng)升壓變壓器和降壓變壓器后為養(yǎng)殖場(chǎng)供電。已知輸電線(xiàn)的總電阻R線(xiàn)=5。，輸電線(xiàn)上損失的功率P線(xiàn)=2kW,養(yǎng)殖場(chǎng)共有1100盞標(biāo)有“220V40W”字樣的燈泡正常工作(除此之外沒(méi)有其他用電器)。假設(shè)兩個(gè)變壓器均為理想變壓器,下列說(shuō)法正確的是()A.輸電線(xiàn)上的電流I線(xiàn)=20AB.升壓變壓器的匝數(shù)比n1：n2=1：10C.降壓變壓器的匝數(shù)比n3：n4=9：1D.發(fā)電機(jī)的輸出功率為44kW【答案】A【解析】根據(jù)P=I線(xiàn)R，解得I線(xiàn)=20A，A正確；設(shè)升壓變壓器原線(xiàn)圈電流為I1,U111=/線(xiàn)+1100x40，解得I1=184A，升壓變壓器的匝數(shù)比為n=I2=1,B錯(cuò)誤；降壓變壓器的副線(xiàn)圈的電流為I=1100X二=200A，降nI9 4 U221 L壓變壓器的匝數(shù)比為n3:n4=14:13=10:1，C錯(cuò)誤；發(fā)電機(jī)的輸出功率/出=U111=46kW，D錯(cuò)誤。27．下列相關(guān)描述及判定，正確的是()膜片永久磁體A.膜片永久磁體A.圖甲中導(dǎo)線(xiàn)通電后，其正下方小磁針的N極向紙面外轉(zhuǎn)動(dòng)B.圖乙中回旋加速器加速帶電粒子的最大動(dòng)能與加速電壓的大小無(wú)關(guān)C.圖丙話(huà)筒是利用電磁感應(yīng)原理工作的口.圖丁中變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)，變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)，電磁波就是這樣形成的【答案】BCD【解析】圖甲中導(dǎo)線(xiàn)通電后，根據(jù)安培定則可知，其正下方小磁針的N極v2向紙面里面轉(zhuǎn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；根據(jù)洛倫茲力提供向心力，可得qvB=m^，帶電R粒子的最大動(dòng)能E=1mv2，聯(lián)立解得E=qBR，由上式可知，回旋加速km2 km 2m器加速帶電粒子的最大動(dòng)能與加速電壓的大小無(wú)關(guān)，取決于磁感應(yīng)強(qiáng)度B和D形盒的半徑R，故B正確；圖丙中動(dòng)圈式話(huà)筒中線(xiàn)圈會(huì)在磁場(chǎng)中做切割磁感線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，能產(chǎn)生感應(yīng)電流，是利用電磁感應(yīng)原理工作的，故C正確；圖丁中變化的電場(chǎng)產(chǎn)生磁場(chǎng)，變化的磁場(chǎng)產(chǎn)生電場(chǎng)，交替的電場(chǎng)和磁場(chǎng)向遠(yuǎn)處傳播就形成了電磁波，故D正確。10.兩人在赤道上站立。各自手握金屬繩OPO'的一端，繞東西方向的水平軸沿順時(shí)針?lè)较騽蛩贀u動(dòng)，周期為T(mén)，將金屬繩連入電路，閉合回路如圖所示，取金屬繩在圖示的最高位置時(shí)為t=0時(shí)刻，則下列說(shuō)法正確的是()

A.電路中存在周期為T(mén)的變化電流t=0時(shí)刻，回路磁通量最大，電路中電流最大Tt=4時(shí)刻，電流向左通過(guò)靈敏電流計(jì)Tt=2時(shí)刻，電路中電流為零【答案】AD【解析】用類(lèi)比法，如線(xiàn)圈在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生周期性變化的交變電流，所以這個(gè)電路中存在周期為T(mén)的變化電流，故A正確；由于地磁場(chǎng)方向等效為由南指向北，則t=0時(shí)刻，回路磁通量最大，電路中電流最小為T(mén)0,故B錯(cuò)誤；t=4時(shí)刻，第一次經(jīng)過(guò)水平位置，這個(gè)過(guò)程磁通量減小，由楞次T定律可知，感應(yīng)電流方向向右通過(guò)靈敏電流計(jì)，故C錯(cuò)誤；t=2時(shí)刻，導(dǎo)線(xiàn)速度方向與磁場(chǎng)方向平行，磁通量變化率為零，則電路中電流為零，故D正確。.理想變壓器原線(xiàn)圈串接電流表A連接在電壓有效值不變的交流電源1上，變壓器副線(xiàn)圈連接的電路如圖所示，各電表均為理想電表?；瑒?dòng)變阻器滑片P下滑過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）B.電流表AB.電流表A示數(shù)變大1D.電阻R消耗的電功率減小1C.電流表A示數(shù)變大2【答案】BC【解析】原線(xiàn)圈接在電壓有效值不變的交流電源上，所以副線(xiàn)圈的輸出電壓有效值也不變，滑動(dòng)變阻器滑片P下滑過(guò)程中，滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值變小，則副線(xiàn)圈上電流增大，R1上的電壓增大，電壓表V示數(shù)變小，故A錯(cuò)誤；副線(xiàn)圈上電流增大，所以原線(xiàn)圈上電流也增大，電流表A示數(shù)變大，故B1

正確；副線(xiàn)圈的輸出電壓有效值不變，副線(xiàn)圈上電流增大，電壓表V示數(shù)變小，R2上電流減小，所以電流表A2示數(shù)變大，故C正確；副線(xiàn)圈上電流增大，通過(guò)電阻R1的電流變大，功率增大，故D錯(cuò)誤。.如圖所示是一臺(tái)發(fā)電機(jī)的模型圖，面積為0.01m2的正方形線(xiàn)圈從中性面開(kāi)始以角速度3=10nrad/s繞00/軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線(xiàn)圈共100匝，總電1阻為2。。線(xiàn)圈所在勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B=1T,外電路中理想二極n管與電阻R串聯(lián)，R=8。，電流表為理想電表。則下列說(shuō)法正確的是（）A．電流表的示數(shù)為1AA．電流表的示數(shù)為1A在一個(gè)周期內(nèi)，電阻R上產(chǎn)生的熱量為0.4JC.單匝線(xiàn)圈的AB邊受到的安培力最大值為10NnD.在一個(gè)周期內(nèi)，外力對(duì)發(fā)電機(jī)做的功為0.5J【答案】BD【解析】該線(xiàn)圈產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)的最大值Em=NBS^=10V，則產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的有效值E=鼠=5&V,則電流I=—=攔A，極管的由于二單向?qū)?lt;2 R+r2T1電性，結(jié)合有效值的定乂得12R義T=12R義T,解得電流表的示數(shù)I=1A，故2有 有2A錯(cuò)誤；電流的周期為T(mén)=2n=0.2s，在一個(gè)周期內(nèi)，電阻R上產(chǎn)生的熱量①EQ=12RT=0.4J,故B正確；線(xiàn)圈中的最大電流I=-EL=1A,AB的長(zhǎng)度為有 mR+r0.1m,則單匝線(xiàn)圈的最大安培力F=BLI=&1N，故C錯(cuò)誤；一個(gè)周期內(nèi)電m mn路中產(chǎn)生的熱量Q=12(R+r)T=0.5J,由能量守恒定律可知在一個(gè)周期內(nèi)，總有外力對(duì)發(fā)電機(jī)做的功為0.5J,故D正確。30．電磁波在日常生活和生產(chǎn)中已經(jīng)被大量應(yīng)用，下列說(shuō)法正確的是()A.銀行的驗(yàn)鈔機(jī)和家用電器的遙控器發(fā)出的光都是紫外線(xiàn)B.高溫物體和低溫物體都能輻射紅外線(xiàn)C.手機(jī)通話(huà)使用的微波，波長(zhǎng)比可見(jiàn)光的波長(zhǎng)短D.在新冠肺炎診斷中，要用Y射線(xiàn)掃描肺部，是因?yàn)樵陔姶挪ㄖ衁射線(xiàn)的穿透能力最強(qiáng)【答案】B【解析】銀行的驗(yàn)鈔機(jī)發(fā)出的光是紫外線(xiàn)，家用電器的遙控器發(fā)出的光是紅外線(xiàn)，故A錯(cuò)誤；高溫物體和低溫物體都能輻射紅外線(xiàn)，故B正確；手機(jī)通話(huà)使用的微波，波長(zhǎng)比可見(jiàn)光的波長(zhǎng)長(zhǎng)，故C錯(cuò)誤；在新冠肺炎診斷中，要用X射線(xiàn)掃描肺部，故D錯(cuò)誤。31.某小型發(fā)電機(jī)產(chǎn)生的交流電動(dòng)勢(shì)為e=50sin(100nt)V。對(duì)此電動(dòng)勢(shì)，下列表述正確的有()A.周期是0.02s B.頻率是100HzC.有效值是25V D.最大值是50\：2V【答案】A【解析】由3=2nf=100nrad/s得f=50Hz,則T=0.02s,A正確，B錯(cuò)誤；從中性面開(kāi)始計(jì)時(shí)，交流電動(dòng)勢(shì)的表達(dá)式《=]$也3如因《=50sin(100nt)V,則Em=50V,有效值￡="=25姆V,CD錯(cuò)誤。32．一種調(diào)光臺(tái)燈電路示意圖如圖甲所示，它通過(guò)雙向可控硅電子器件實(shí)現(xiàn)了無(wú)級(jí)調(diào)節(jié)亮度。給該臺(tái)燈接220V的正弦交流電后加在燈管兩端的電壓如圖乙所示,則此時(shí)交流電壓表的示數(shù)為()220 110A.220VB.-VC.110VD.-V\；’2 \：’2【答案】C屋-2)TU2【解析】設(shè)電壓的有效值為U,根據(jù)有效值定義有力4-5=萬(wàn)］解得UR2R=110V,C正確。33.傳感器的功能與人的視覺(jué)、聽(tīng)覺(jué)、觸覺(jué)、嗅覺(jué)等功能相似。不只在科研領(lǐng)域,在人們的日常生活中,也會(huì)用到傳感器以實(shí)現(xiàn)某種功能。關(guān)于圖中應(yīng)用傳感器的實(shí)際情景,下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()賓樂(lè)4件A.甲圖傳感器用來(lái)測(cè)量位移的微小變化，是位移傳感器B.乙圖光電計(jì)數(shù)器用到了光敏電阻這個(gè)傳感元件，是光傳感器C.丙圖利用霍爾元件可以測(cè)量微小位移，是位移傳感器D.傳感器感受力、溫度、光、聲等信號(hào)，把電學(xué)信號(hào)轉(zhuǎn)換成非電學(xué)信號(hào)【答案】D【解析】甲圖中,當(dāng)被測(cè)物體在左、右方向發(fā)生位移時(shí),電介質(zhì)板隨之在電容器兩極板之間移動(dòng)。如果測(cè)出了電容的變化,就能知道物體位置的變化,所以甲圖傳感器是位移傳感器，故A正確；乙圖中，A是發(fā)光儀器，B時(shí)接收光信號(hào)的儀器，B中的主要元件是由光敏電阻組成的光電傳感器。當(dāng)傳送帶上沒(méi)有物品擋住由A射向B的光信號(hào)時(shí)，光敏電阻的阻值較小，供給信號(hào)處理系統(tǒng)的電壓變低；當(dāng)傳送帶上有物品擋住由A射向B的光信號(hào)時(shí)，光敏電阻的阻值變大,供給信號(hào)處理系統(tǒng)的電壓變高。這種高低交替變化的信號(hào)經(jīng)過(guò)處理,就會(huì)轉(zhuǎn)化為相應(yīng)的數(shù)字，實(shí)現(xiàn)自動(dòng)計(jì)數(shù)的功能，故B正確；丙圖中，在兩塊磁感應(yīng)強(qiáng)度相同、同極相對(duì)的放置的磁體縫隙中放入霍爾元件,當(dāng)霍爾元件處于中間位置時(shí)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B為0,霍爾電壓為0,可將該點(diǎn)作為位移的零點(diǎn)。當(dāng)霍爾元件沿著z軸正、負(fù)方向移動(dòng)時(shí)，則有霍爾電壓輸出，且電壓大小與位移大小成正比，從而能夠?qū)崿F(xiàn)微小位移的測(cè)量，故C正確；傳感器感受力、溫度、

光、聲等信號(hào)，把非電學(xué)信號(hào)轉(zhuǎn)換成電學(xué)信號(hào)，故D錯(cuò)誤。本題選錯(cuò)誤的，故選D。34．利用某半導(dǎo)體的電阻隨溫度升高而減小的特征可以制作電子溫度計(jì)。圖甲表示該半導(dǎo)體的電阻R隨攝氏溫度t變化的情況。把該半導(dǎo)體與電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)阻為r的電源，理想電壓表和保護(hù)電阻R0連成如圖乙所示的電路。用該半導(dǎo)體作測(cè)溫探頭，把電壓表的電壓刻度改為相應(yīng)的溫度刻度，就得到了一個(gè)簡(jiǎn)易的電子溫度計(jì)。下列說(shuō)法正確的是()甲 乙甲 乙A.tA應(yīng)標(biāo)在電壓較大的刻度上應(yīng)標(biāo)在電壓較大的刻度上C.該電子溫度計(jì)表盤(pán)上溫度的刻度是均勻的D.若電池用久后內(nèi)阻r變大，用該溫度計(jì)測(cè)量的溫度要比真實(shí)值偏低【答案】A【解析】由圖像可知R【解析】由圖像可知R=『kt，可知U= 二R+R+r1+(R+r)/(r一kt)溫度越高，U越小，即:應(yīng)標(biāo)在電壓較大的刻度上，”應(yīng)標(biāo)在電壓較小的刻度上，A正確，B錯(cuò)誤；根據(jù)U= 可知，該電子溫度計(jì)表盤(pán)上+(R+r)/(r一kt)00溫度的刻度是不均勻的，C錯(cuò)誤；若電池用久后內(nèi)阻r變大，根據(jù)U= E ，可知相同的R值時(shí)U值偏小，則對(duì)應(yīng)的溫度偏高，即+(R+r)/(r一kt)00用該溫度計(jì)測(cè)量的溫度要比真實(shí)值偏高，D錯(cuò)誤。35．在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一矩形金屬線(xiàn)框繞與磁感線(xiàn)垂直的轉(zhuǎn)動(dòng)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，如圖甲所示。產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示。則下列說(shuō)法正確的是()甲 乙A.t=0.01s時(shí)穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量最小B.該交變電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=22\;%os(100t)VC.電動(dòng)勢(shì)瞬時(shí)值為22V時(shí)，線(xiàn)圈平面與磁感線(xiàn)的夾角為45°D.從計(jì)時(shí)時(shí)刻開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)90°過(guò)程的平均電動(dòng)勢(shì)為22V【答案】C【解析】由圖象知，t=0.01s時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為零，則穿過(guò)線(xiàn)框的磁通量最大，故A錯(cuò)誤；由圖可知，該交變電動(dòng)勢(shì)的最大值Em=22淄V,周期為T(mén)=0.02s,則3=竿=100兀rad/s,該交變電動(dòng)勢(shì)的瞬時(shí)值表達(dá)式為e=22<2sin(100tt)V，故B錯(cuò)誤；由瞬時(shí)值表達(dá)式e=22、尾皿100冗t)V可知，當(dāng)e=22V時(shí)，有sin(10Et)=三2，則可知線(xiàn)圈平面與磁感線(xiàn)的夾角為45°,故2C正確；從計(jì)時(shí)時(shí)刻開(kāi)始轉(zhuǎn)過(guò)90°過(guò)程的平均電動(dòng)勢(shì)E=n絲=n吐叼=4nBs,Em=匹=22五V,聯(lián)立方程，解得E。19.8V,AtT/4T故D錯(cuò)誤。36.如圖所示，某小型水電站發(fā)電機(jī)的輸出電壓U1=250V,經(jīng)升壓變壓器和降壓變壓器后為養(yǎng)殖場(chǎng)供電。已知輸電線(xiàn)的總電阻R線(xiàn)=5。，輸電線(xiàn)上損失的功率P線(xiàn)=2kW,養(yǎng)殖場(chǎng)共有1100盞標(biāo)有“220V40W”字樣的燈泡正常工作(除此之外沒(méi)有其他用電器)。假設(shè)兩個(gè)變壓器均為理想變壓器,下列說(shuō)法正確的是()尤二他由 明岫A.輸電線(xiàn)上的電流I線(xiàn)=20AB.升壓變壓器的匝數(shù)比n1:n2=1：10

C.降壓變壓器的匝數(shù)比n3：n4=9：1D.發(fā)電機(jī)的輸出功率為44kW【答案】A【解析】根據(jù)「線(xiàn)=I線(xiàn)R，解得I線(xiàn)=20A，A正確；設(shè)升壓變壓器原線(xiàn)圈電流為I1，u1I1=/線(xiàn)+1100x40，解得11=184A，升壓變壓器的匝數(shù)比為n=L=1，B錯(cuò)誤；降壓變壓器的副線(xiàn)圈的電流為I=1100x—=200A，降nI9 4 U221 L壓變壓器的匝數(shù)比為n3:n4=I4:I3=10:1，C錯(cuò)誤；發(fā)電機(jī)的輸出功率/出=u111=46kW，D錯(cuò)誤。37．如圖甲，白鶴灘水電站是世界第二大水電站，共安裝16臺(tái)我國(guó)自主研制的全球單機(jī)容量最大功率百萬(wàn)千瓦水輪發(fā)電機(jī)組。2021年6月28日，白鶴灘水電站首批機(jī)組投產(chǎn)發(fā)電，用500千伏特高壓向四川遠(yuǎn)距離輸電。在遠(yuǎn)距離輸電中，輸電線(xiàn)的電阻是不可忽略的，圖乙為白鶴灘水電站輸電線(xiàn)路原理圖，水電站輸出電壓穩(wěn)定的正弦交流電，升至特高壓U后向四川供電，輸送的總功率為P。用戶(hù)端理想變壓器原副線(xiàn)圈匝數(shù)分別為n1、n2，R1為輸電線(xiàn)總電阻，R2為不斷電用戶(hù)電阻（可視為定值電阻），R為可變用戶(hù)電阻（可視為可變電△I,電壓表和電流表均為理想電表，下列說(shuō)法正確的是（）A．△U△I2阻）。當(dāng)可變電阻△I,電壓表和電流表均為理想電表，下列說(shuō)法正確的是（）A．△U△I2=R△UnB-TI=（U2Ri1nC.對(duì)于原線(xiàn)圈回路，虛線(xiàn)框所圈部分的等效電阻為力（R+R）n22D.輸電線(xiàn)路上損耗的功率為一R—P勺+R2+R【答案】B【解析】設(shè)用戶(hù)端理想變壓器原副線(xiàn)圈兩端電壓分別為U1、U2，電流分別為1、1,則根據(jù)理想變壓器特點(diǎn)UI=UI,U：U=n：n,得U_nU,TOC\o"1-5"\h\z1 2 11 22 1 2 1 2 1n22i_nI，對(duì)原線(xiàn)圈電路有U_ir+U=nir+nU，由上式可得1n2 11 1n21n2\o"CurrentDocument"1 12絲=絲=（nT）2r，故a錯(cuò)誤，b正確；由U_ir，，結(jié)合UnU，I_n2I聯(lián)AIMn1 1 1 in21n2\o"CurrentDocument"2 1 2 1立可得R，_（n雙R+R），故C錯(cuò)誤；根據(jù)C中分析可知，虛線(xiàn)框