2020年江西省上饒市高考物理一模試卷一、選擇題：（本題共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.）（本題共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，其中1-5單選.6-8多選，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）（6分）下列說(shuō)法正確的是（ ）A.所有的核反應(yīng)都具有質(zhì)量虧損B.光子既具有能量，又具有動(dòng)量C.高速飛行的子彈不具有波動(dòng)性D.￡衰變本質(zhì)是原子核中一個(gè)質(zhì)子釋放一個(gè)電子而轉(zhuǎn)變成一個(gè)中子（6分）高鐵是中國(guó)“新四大發(fā)明之一，有一段視頻，幾年前一位乘坐京瀘高鐵的外國(guó)人，在最高時(shí)速300公里行駛的列車窗臺(tái)上，放了一枚直立的硬幣，如圖所示，在列車行駛的過(guò)程中，硬幣始終直立在列車窗臺(tái)上，直到列車橫向變道進(jìn)站的時(shí)候，硬幣才倒掉。這一視頻證明了中國(guó)高鐵的極好的穩(wěn)定性。關(guān)于這枚硬幣，下列判斷正確的是（ ）A.硬幣直立過(guò)程可能受到與列車行駛方向相同的摩擦力作用B.硬幣直立過(guò)程一定只受重力和支持力而處于平衡狀態(tài)C.硬幣倒掉是因?yàn)槭艿斤L(fēng)吹的原因D.列車加速或減速行駛時(shí)，硬幣都可能受到與列車運(yùn)動(dòng)方向相反的摩擦力作用（6分）如圖所示，豎直平面內(nèi)的光滑水平軌道的左邊與墻壁對(duì)接，右邊與一個(gè)足夠高的四分之一光滑圓弧軌道平滑相連，木塊A、B靜置于光滑水平軌道上，A、B的質(zhì)量分別為1.5kg和0.5kg現(xiàn)讓A以6m/s的速度水平向左運(yùn)動(dòng)，之后與墻壁碰撞，碰撞的時(shí)間為0.2s,碰后的速度大小變?yōu)?m/s,當(dāng)A與B碰撞后立即粘在一起運(yùn)動(dòng)，g取10m/s2,則（ ）

A與墻壁碰撞過(guò)程中，墻壁對(duì)A的平均作用力的大小F=15NA和B碰撞過(guò)程中，A對(duì)B的作用力大于B對(duì)A的作用力A、B碰撞后的速度v=2m/sA、B滑上圓弧的最大高度h=0.45m（6分）2019年11月5日1時(shí)43分，中國(guó)在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征三號(hào)乙運(yùn)載火箭，成功發(fā)射第49顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，該衛(wèi)星發(fā)射成功，標(biāo)志著北斗三號(hào)系統(tǒng)3顆IGSO衛(wèi)星（傾斜地球同步軌道衛(wèi)星）全部發(fā)射完畢。該衛(wèi)星在軌道上運(yùn)動(dòng)的周期與地球自轉(zhuǎn)周期相同，但該軌道平面與赤道平面有一定的夾角，因此該軌道也被稱為傾斜同步軌道，根據(jù)以上信息請(qǐng)判斷下列說(shuō)法中不正確的是（）A.該衛(wèi)星做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的圓心一定是地球的球心B.該衛(wèi)星離地面的高度等于地球同步衛(wèi)星離地面的高度C.地球?qū)υ撔l(wèi)星的萬(wàn)有引力一定等于地球?qū)Φ厍蛲叫l(wèi)星的萬(wàn)有引力D.只要傾角合適，處于傾斜同步軌道上的衛(wèi)星可以在每天的固定時(shí)間經(jīng)過(guò)同一城市的上空（6分）如圖甲，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比\：n2=10：1,副線圈電路接有滑動(dòng)變阻器R和額定電壓為12V、線圈電阻為2Q的電動(dòng)機(jī)M.原線圈輸入的交流電壓如圖乙。閉合開關(guān)S,電動(dòng)機(jī)正常工作，電流表示數(shù)為1A.下列判斷正確的是（ ）￡49A.副線圈兩端的電壓有效值為22：先vB.滑動(dòng)變阻器R的接入電阻為10QC.電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為12WD.若電動(dòng)機(jī)突然卡住，原線圈輸入功率將變?。?分）如圖所示，虛線框內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B,磁場(chǎng)區(qū)域上下寬度為l；質(zhì)量為m、邊長(zhǎng)為l的正方形線圈abcd平面保持豎直，ab邊保持水平地從距離磁場(chǎng)上邊緣一定高處由靜止下落，以速度v進(jìn)入磁場(chǎng)，經(jīng)一段時(shí)間又以相同的速度v穿出磁場(chǎng)，重力加速度為g。下列判斷正確的是（ ）

A.線圈的電阻R=B…mg2B.進(jìn)入磁場(chǎng)前線圈下落的高度h=『2gC.穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中線圈電阻產(chǎn)生的熱量Q=2mglD.線圈穿過(guò)磁場(chǎng)所用時(shí)間t=LV（6分）A、B兩物體質(zhì)量均為m,其中A帶正電，帶電量為+q,B不帶電，通過(guò)勁度系數(shù)為k的絕緣輕質(zhì)彈簧相連放在水平面上，如圖所示，開始時(shí)A、B都處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)在施加豎直向上的勻強(qiáng)電場(chǎng)，電場(chǎng)強(qiáng)度E=2里，q式中g(shù)為重力加速度，若不計(jì)空氣阻力，不考慮A物體電量的變化，則以下判斷正確的是（ ）A.剛施加電場(chǎng)的瞬間，A的加速度大小為2gB.從施加電場(chǎng)開始到B剛要離開地面的過(guò)程中，A物體速度大小一直增大C.從施加電場(chǎng)開始到B剛要離開地面的過(guò)程中，A物體的機(jī)械能增加量始終等于A物體電勢(shì)能的減少量D.B剛要離開地面時(shí)，A的速度大小為2g（6分）如圖所示，半徑分別為R和2R的甲、乙兩薄因盤固定在同一轉(zhuǎn)軸上，距地面的高度分別為2h和h,兩物塊a、b分別置于圓盤邊緣，a、b與圓盤間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃相等，轉(zhuǎn)軸從靜止開始緩慢加速轉(zhuǎn)動(dòng)，觀察發(fā)現(xiàn)，a離開圓盤甲后，未與圓盤乙發(fā)生碰撞，重力加速度為g,最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則（ ）

A?動(dòng)摩擦因數(shù)一定大于鏡B.離開圓盤前，a所受的摩擦力方向一定指向轉(zhuǎn)軸C.離開圓盤后，a運(yùn)動(dòng)的水平位移大于b運(yùn)動(dòng)的水平位移D.若=*.落地后a、b到轉(zhuǎn)軸的距離之比為‘.?',：’'五三、非選擇題：第9-12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答.第13-16題為選考題，考生根據(jù)要求作答.(一)必考題：(6分)在探究物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中，小明同學(xué)作了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)改進(jìn)，在調(diào)節(jié)桌面水平后，添加了力傳感器來(lái)測(cè)細(xì)線中的拉力。已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣热=10m/s2(1)關(guān)于該實(shí)驗(yàn)的操作，下列說(shuō)法正確的是 ;A.必須用天平測(cè)出沙和沙桶的質(zhì)量一定要保證沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量C.應(yīng)當(dāng)先釋放小車，再接通電源D.需要改變沙和沙桶的總質(zhì)量，打出多條紙帶(2)由多次實(shí)驗(yàn)得到小車的加速度a與力傳感器示數(shù)F的關(guān)系如圖乙所示，則小車與軌道間的滑動(dòng)摩擦力Ff=N；(3)小明同學(xué)不斷增加沙子質(zhì)量重復(fù)實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)小車的加速度最后會(huì)趨近于某一數(shù)值，從理論上分析可知，該數(shù)值應(yīng)為m/s2。(9分)圖甲為某同學(xué)組裝完成的簡(jiǎn)易多用電表的電路圖圖中E是電池：R「R2、R3、R4和R5是固定電阻，R6是可變電阻：表頭電流表G的量程為0?1mA,內(nèi)阻Rg=200Q.B為換擋開關(guān)，A端和B端分別與兩表筆相連該多用電表有5個(gè)擋位，分別為直流電壓3V擋和15V擋，直流電流5mA擋和1A擋，歐姆“X100Q”擋。M務(wù)（1）圖甲中的A端與（填“紅”或“黑”）色表筆相連接；（2）開關(guān)s接位置 （填“1”或“2”）時(shí)是電流擋的大量程，根據(jù)題給條件可得，R1+R2=。，R4=Q，R5=Q；（3）某次測(cè)量時(shí)該多用電表指針位置如圖乙所示。若此時(shí)B端是與“1”相連的，則多用電表讀數(shù)為 ；若此時(shí)B端是與“3”相連的，則讀數(shù)為 ；（4）多用電表長(zhǎng)時(shí)間使用后會(huì)造成電源的電動(dòng)勢(shì)減小和內(nèi)阻增大，若繼續(xù)使用時(shí)還能進(jìn)行歐姆調(diào)零，則用該多用電表測(cè)量電阻時(shí)，所測(cè)得的電阻值將 （填“偏大”、“偏小”或“不變”）。（12分）如圖所示，半徑R=0.2m的光滑四分之一圓軌道MN豎直固定放置，末端N與一長(zhǎng)L=0.8m的水平傳送帶相切，水平銜接部分摩擦不計(jì)，傳動(dòng)輪（輪半徑很?。┳黜槙r(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，帶動(dòng)傳送帶以恒定的速度v0運(yùn)動(dòng).傳送帶離地面的高度h=1.25m,其右側(cè)地面上有一直徑D=0.5m的圓形洞，洞口最左端的A點(diǎn)離傳送帶右端的水平距離S=1m,B點(diǎn)在洞口的最右端.現(xiàn)使質(zhì)量為m=0.5kg的小物塊從M點(diǎn)由靜止開始釋放，經(jīng)過(guò)傳送帶后做平拋運(yùn)動(dòng)，最終落入洞中，傳送帶與小物塊之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.5.g取10m/s2.求：（1）小物塊到達(dá)圓軌道末端N時(shí)對(duì)軌道的壓力（2）若v0=3m/s,求物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間（3）若要使小物塊能落入洞中，求v0應(yīng)滿足的條件.（20分）如圖所示，平面直角坐標(biāo)系第一象限中，兩個(gè)邊長(zhǎng)均為L(zhǎng)的正方形與一個(gè)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)的等腰直角三角形相鄰排列，三個(gè)區(qū)域的底邊在x軸上，正方形區(qū)域I和三角形區(qū)域m存在大小相等,方向沿y軸負(fù)向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。質(zhì)量為m、電量為q的帶正電粒子由正方形區(qū)域I的頂點(diǎn)A以初速度v0沿x軸正向射入?yún)^(qū)域I,離開電場(chǎng)后打在區(qū)域n底邊的中點(diǎn)p.若在正方形區(qū)域n內(nèi)施加垂直坐標(biāo)平面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，粒子將由區(qū)域n右邊界中點(diǎn)q離開磁場(chǎng)，進(jìn)入?yún)^(qū)域m中的電場(chǎng)。不計(jì)重力，求：

（1）正方形區(qū)域I中電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小;（2）正方形區(qū)域n中磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小;（3）粒子離開三角形區(qū)域的位置到x軸的距離?！疚锢?-選修3-3］（15分）（5分）南方冬日的午后，天空下著小雨，小明同學(xué)從家里出發(fā)騎電動(dòng)車前往學(xué)校上課，則下列說(shuō)法正確的是（ ）A.出發(fā)前小明給電動(dòng)車打氣，若環(huán)境溫度不變，發(fā)現(xiàn)越打氣越困難，這是因?yàn)殡妱?dòng)車車胎內(nèi)氣體氣壓增大B.在路上小明感覺(jué)十分寒冷潮濕，這是因?yàn)榇藭r(shí)溫度低、空氣相對(duì)濕度較大，人體皮膚水分不會(huì)蒸發(fā)C.小明經(jīng)過(guò)學(xué)校小池塘旁邊時(shí)，發(fā)現(xiàn)有樹葉散落在水中，并且在緩慢移動(dòng)時(shí)，這是樹葉在水中做布朗運(yùn)動(dòng)D.來(lái)到教室，小明看到教室外的玻璃窗已經(jīng)被雨水打濕，雨水附著在玻璃上，說(shuō)明水對(duì)玻璃是浸潤(rùn)的E.開始上課后，為了給教室加溫，小明打開空調(diào)，此時(shí)空調(diào)機(jī)向教室內(nèi)釋放的熱量多于向教室外吸收的熱量（10分）一U形玻璃管豎直放置，左端開口，右端封閉，玻璃管導(dǎo)熱良好。用水銀封閉一段空氣在右管中，初始時(shí)，管內(nèi)水銀柱及空氣柱長(zhǎng)度如圖甲所示。將玻璃管在豎直平面內(nèi)旋轉(zhuǎn)90°如圖乙所示。求此時(shí)右管中水銀面移動(dòng)的距離。已知玻璃管的橫截面積處處相同，大氣壓強(qiáng)P0=76.0cmHg環(huán)境溫度不變。（管的直徑忽略不計(jì)）【物理-選修34］（15分）.下列說(shuō)法正確的是（ ）A.聲波在空氣中傳播時(shí)，空氣分子不隨聲波的傳播向外遷移B.兩列機(jī)械橫波相遇，在相遇區(qū)一定會(huì)出現(xiàn)穩(wěn)定的干涉現(xiàn)象C.無(wú)論機(jī)械波還是電磁波由空氣向水中傳播時(shí)，其頻率均不變D.赫茲不僅通過(guò)實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，還測(cè)出了電磁波在真空中的速度為cE.電磁波的偏振現(xiàn)象說(shuō)明它具有波動(dòng)性，實(shí)際上所有波動(dòng)形式都可以發(fā)生偏振現(xiàn)象如圖，MN下方足夠大的空間有一長(zhǎng)方體玻璃介質(zhì)，其折射率門=：耳，玻璃介質(zhì)的上邊界MN是屏幕，玻璃中有一個(gè)正三棱柱的真空區(qū)域。三棱柱軸線與紙面垂直，圖中豎直截面正三角形的邊長(zhǎng)為20cm,頂點(diǎn)C緊靠屏幕，距離可忽略。底邊AB與屏幕平行，一束激光在豎直截面內(nèi)垂直于AB邊射向AC邊的中點(diǎn)O,結(jié)果在屏幕MN上出現(xiàn)了兩個(gè)光斑。光在真空中的傳播速度c=3X108m/s,求兩個(gè)光斑之間的距離。MCV2020年江西省上饒市高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、選擇題：（本題共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的.）（本題共8小題，每小題6分，在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，其中1-5單選.6-8多選，全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分）1.【解答】解：A、只有較重的原子核裂變成中等質(zhì)量的原子核或較輕的原子核聚變?yōu)橹械荣|(zhì)量的原子核時(shí)才有能量釋放，具有質(zhì)量虧損，故A錯(cuò)誤。B、光子作為一種粒子，具有能量和動(dòng)量，光電效應(yīng)說(shuō)明光子具有能量，康普頓效應(yīng)說(shuō)明光子具有動(dòng)量，視正確。C、根據(jù)德布羅意理論，無(wú)論是宏觀粒子還是微觀粒子，都同時(shí)具有粒子性和波動(dòng)性，故C錯(cuò)誤。D、￡衰變本質(zhì)是原子核中一個(gè)中子釋放一個(gè)電子而轉(zhuǎn)變成一個(gè)質(zhì)子，故D錯(cuò)誤。故選：B。2?【解答】解：ABD、當(dāng)列車勻速直線行駛時(shí)硬幣立于列車窗臺(tái)上，穩(wěn)穩(wěn)當(dāng)當(dāng)，說(shuō)明硬幣處于平衡狀態(tài)，此時(shí)硬幣受到豎直向下的重力和豎直向上的支持力，它們是一對(duì)平衡力；當(dāng)列車在加速或減速過(guò)程中，硬幣會(huì)受到沿著行進(jìn)方向的靜摩擦力或行進(jìn)方向反向的靜摩擦力提供硬幣加速度，故A正確，BD錯(cuò)誤；C、硬幣倒掉是因?yàn)榱熊嚈M向變道時(shí)，列車運(yùn)動(dòng)的方向發(fā)生變化，硬幣受到與運(yùn)動(dòng)方向不一致的靜摩擦力的作用，列車內(nèi)是全封閉區(qū)域是沒(méi)有外界吹來(lái)的風(fēng)。故C錯(cuò)誤。故選：A。.【解答】解：A、設(shè)水平向右為正方向，A與墻壁碰撞過(guò)程，由動(dòng)量定理得：Ft=mAv‘1-mA?（-丫1）,已知，v1=6m/s,v/1=4m/s,mA=1.5kg,1=0.2$,代入數(shù)據(jù)解得：墻壁對(duì)A的平均作用力為：F=75N,故A錯(cuò)誤。B、根據(jù)牛頓第三定律知，A和B碰撞過(guò)程中，A對(duì)B的作用力與B對(duì)A的作用力大小相等，故B錯(cuò)誤。C、設(shè)碰撞后A、B的共同速度為v,以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：mAv'1=（mA+mB）v解得：v=3m/s,故C錯(cuò)誤。D、A、B在光滑圓形軌道上滑動(dòng)時(shí)，只有重力做功，其機(jī)械能守恒，由機(jī)械能守恒定律得：看(mA+mB)v2=(mA+mB)gh代入數(shù)據(jù)解得：h=0.45m。故D正確。故選：D。.【解答】解：A、傾斜同步軌道圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓心一定是地球的球心，故A正確。2B、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，有：G曰=11^與一工，得：r=*里二，因?yàn)閮A斜地球同步軌道衛(wèi)星的周期與r2T2 YW赤道上空的同步衛(wèi)星的周期相同，故它的軌道高度與位于赤道上空的同步衛(wèi)星的軌道高度相同，故B正確。C、根據(jù)尸=號(hào)可知，由于不知道該衛(wèi)星和地球同步衛(wèi)星質(zhì)量的關(guān)系，所以無(wú)法判斷萬(wàn)有引力的關(guān)系，故：不r正確。D、傾斜同步軌道衛(wèi)星相對(duì)于地球非靜止的，所以傾斜同步軌道衛(wèi)星從地球上看是移動(dòng)的，故該衛(wèi)星不可能始終位于地球表面某個(gè)點(diǎn)的正上方，所以只要傾角合適，處于傾斜同步軌道上的衛(wèi)星可以在每天的固定時(shí)間經(jīng)過(guò)同一城市上空，故D正確。本題選不正確的，故選：C。5?【解答】解：人、輸入電壓最大值為220V2則有效值為：Ui=22/=220V,U9=-U1=22V,^A錯(cuò)誤1V2 』\iB、副線圈上的電壓是22V,電動(dòng)機(jī)正常工作的電壓為12V,所以滑動(dòng)變阻器上的電壓為：Ur=22V-12V=10V,所以滑動(dòng)變阻器的電阻值為：R=j=寧=100,故B正確；C、輸出的機(jī)械功率為：p二口工？-1繃=12X1-12X2=10W,故C正確J JD、卡住電動(dòng)機(jī)，線圈在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的反電動(dòng)勢(shì)消失，電路中的電流增大，輸出功率增加，則原線圈輸入功率增加，故D錯(cuò)誤。故選：B。6.【解答】解：A、線圈以相同速度v進(jìn)、出磁場(chǎng)，且磁場(chǎng)寬度等于線圈邊長(zhǎng)，因此線圈一定是勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，22此過(guò)程中線圈始終有一條邊在磁場(chǎng)中受安培力，由平衡條件得BIl=mg,其中感應(yīng)電流1="巴，解得R=B1",K mg故A正確；28、進(jìn)入磁場(chǎng)前線圈做自由落體運(yùn)動(dòng)，因此h=?，故B正確；C、線圈穿過(guò)磁場(chǎng)的過(guò)程中，位移為21,由能量守恒定律可知，線圈電阻產(chǎn)生的熱量等于線圈重力勢(shì)能的減少量，即Q=2mgl,故C正確；D、線圈勻速穿過(guò)磁場(chǎng)區(qū)域，因此線圈穿過(guò)磁場(chǎng)所用時(shí)間t=2L,故D錯(cuò)誤。故選：ABC。7?【解答】解：A、在未施加電場(chǎng)時(shí)，A物體處于平衡狀態(tài)，合外力為零。當(dāng)施加上電場(chǎng)力瞬間，A物體受到的合外力為施加的電場(chǎng)力，故有：qE=ma,結(jié)合E=Z里，解得：a=2g,方向向上，故A正確。qB、B剛要離開地面時(shí)，彈簧的拉力等于mg,此時(shí)A物體合力為0.從施加電場(chǎng)開始到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程中，對(duì)A,根據(jù)牛頓第二定律得qE-mg+kx=ma,隨著x減小，a減小，A物體做加速度逐漸變小的加速運(yùn)動(dòng)。從彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)到B剛要離開地面的過(guò)程中，qE-mg-kx=ma,隨著x的增大，a減小，A物體繼續(xù)做加速度逐漸變小的加速運(yùn)動(dòng)，故A物體速度一直增大，故B正確。C、B剛要離開地面與開始時(shí)彈簧的彈力大小相等，從施加電場(chǎng)開始到B剛要離開地面的過(guò)程中，彈簧的彈性勢(shì)能變化量為零，對(duì)整個(gè)過(guò)程來(lái)說(shuō)，A物體的機(jī)械能增加量等于A物體電勢(shì)能的減少量。從開始到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)的過(guò)程，A物體的機(jī)械能增量等于電勢(shì)能減少量與彈性勢(shì)能減少量之和，從彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)到B剛要離開地面的過(guò)程，A物體的機(jī)械能增量與彈性勢(shì)能的增加量之和等于電勢(shì)能的減少量，故C錯(cuò)誤。D、從開始到B剛要離開地面的過(guò)程，彈簧的彈力做功為零，A上升的距離為：x=2』晝=2里，根據(jù)動(dòng)能定理kk可知：(qE-mg)x=]mv2,解得：v=2g：型，故D正確。故選：ABD。.【解答】解：BCD、由分析可知，兩物塊隨圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度相同，離開圓盤前，摩擦力充當(dāng)向心力，指向轉(zhuǎn)軸，當(dāng)最大靜摩擦力提供物體向心力時(shí)，此時(shí)的角速度為物體隨圓盤做圓周運(yùn)動(dòng)的最大角速度，為臨界角速度，根據(jù)牛頓第二定律得：mbg=2mbR"，解得b物體滑離圓盤乙的臨界角速度為叫=，_票，同理：a物塊的臨界角速度3a=..；詈，由于3b<%,所以一定是b物塊先離開圓盤，離開圓盤后，物塊做平拋運(yùn)動(dòng)，對(duì)b物體的水平位移為xb=vb?t=2R3b?.；&1=2 口點(diǎn)，同理：a物體的水平位移xa=va?t=R3a?.；生1=2二B疝，離開圓盤后a的位移等于b的水平位移，若=孚時(shí)，a的落地點(diǎn)距轉(zhuǎn)軸的距離為x1=.；R2+2=-/五r,同理，1b的落地點(diǎn)距轉(zhuǎn)軸的距離為x2= 產(chǎn)十平=?；：森，故xa：xb=..：五；五，故BD正確，C錯(cuò)誤。A、物塊a滑離圓盤時(shí)，未與圓盤乙相碰，如圖所示，由幾何知識(shí)知：物體a的到達(dá)圓盤乙的平面時(shí)，其位移最小值為xmin='/(2R)2_R?,據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)可知，x=R3a?t=R3a?.：也三xmin,解得：三寮，故A錯(cuò)誤。

故選：BD。三、非選擇題：第9-12題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答.第13-16題為選考題，考生根據(jù)要求作答.（一）必考題：.【解答】解：（1）AB、對(duì)小車的拉力是通過(guò)力傳感器得到的，故無(wú)需測(cè)量沙和沙桶的質(zhì)量，也不需要滿足沙和沙桶的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量，故AB錯(cuò)誤。C、使用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，應(yīng)先接通電源，在釋放小車，故C錯(cuò)誤?？?、探究物體質(zhì)量一定時(shí)加速度與力的關(guān)系，要改變沙和沙桶的總質(zhì)量，打出多條紙帶，故D正確。故選：D（2）根據(jù)牛頓第二定律可知2F-Ff=ma,圖象a=0時(shí)，F(xiàn)=0.5N,解得Ff=1.0N（3）根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理可知小車的加速度是砂和砂桶加速度的工，而砂和砂桶的加速度最大為重力加速度，即可判2斷小車的加速度為a=-1-g=5m/s2o故答案為：（1）D；（2）1.0；（3）5m/s2o.【解答】解：（1）由圖（a）所示電路圖可知，B與歐姆表內(nèi)置電源的負(fù)極相連，B為紅表筆，A為黑表筆。（2）由圖（a）所示電路圖可知，開關(guān)S接位置1時(shí)，分流電阻較小，此時(shí)電流擋的大量程；根據(jù)圖（a）所示電路圖，由歐姆定律可知：_r2-Ig5X10-3-lX10_r2-Ig5X10-3-lX10-3Q=50QR1+R2=15-1X10-3（20a+2300）（3）B端是與“1”相連的，電流表量程為1A,分度值是0.02A,多用電表讀數(shù)為0.02AX26=0.52AIX1O-3此時(shí)B端是與“3”相連，多用電表測(cè)電阻，由圖示可知，指針指在11的位置，則讀數(shù)為11X100Q=1100C；e（4）當(dāng)電池電動(dòng)勢(shì)變小、內(nèi)阻變大時(shí)，歐姆得重新調(diào)零，由于滿偏電流Ig不變，歐姆表內(nèi)阻R內(nèi)=變小，1旦待測(cè)電阻的測(cè)量值是通過(guò)電流表的示數(shù)體現(xiàn)出來(lái)的,可知當(dāng)R內(nèi)待測(cè)電阻的測(cè)量值是通過(guò)電流表的示數(shù)體現(xiàn)出來(lái)的,可知當(dāng)R內(nèi)變小時(shí),有：匚I*內(nèi)，由于1g不變、R內(nèi)變小,指針跟原來(lái)的位置相比偏左,歐姆表的示數(shù)變大。故答案為：(1)黑;(2)50,2800,12000；(3)0.52A,1100。；(4)偏大11?【解答】解：(1)設(shè)物塊滑到圓軌道末端速度v1，根據(jù)機(jī)械能守恒定律得：mgR=7j_inv[?設(shè)物塊在軌道末端所受支持力的大小為F,根據(jù)牛頓第二定律得：F-mg=m與一聯(lián)立以上兩式代入數(shù)據(jù)得：F=15N根據(jù)牛頓第三定律，對(duì)軌道壓力大小為15N,方向豎直向下(2)物塊在傳送帶上加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，由mg=ma,得a=g=5m/s2加速到與傳送帶達(dá)到同速所需要的時(shí)間h一L=0.2s1a位移力="二口『0.5mL-s1勻速時(shí)間t2=~^—=0.1s故T=t1+t2=0.3s(3)物塊由傳送帶右端平拋h=-^gt2恰好落到A點(diǎn) s=v2t 得v2=2m/s恰好落到B點(diǎn) D+s=v3t 得v3=3m/s當(dāng)物塊在傳送帶上一直加速運(yùn)動(dòng)時(shí)，做平拋運(yùn)動(dòng)的速度最大，假設(shè)物塊在傳送帶上達(dá)到的最大速度為v,由動(dòng)能定理：umgL=^mv2-,強(qiáng)」得：v2=12,且12>9,所以物塊在傳送帶上達(dá)到的最大速度大于能進(jìn)入洞口的最大速度，所以v0應(yīng)滿足的條件是3m/s>v0>2m/s答：(1)小物塊到達(dá)圓軌道末端N時(shí)對(duì)軌道的壓力大小為15N,方向豎直向下；(2)若丫0=3向$,求物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為0.3s；(3)若要使小物塊能落入洞中，v0應(yīng)滿足的條件為3m/s>v0>2m/s.12?【解答】解：(1)帶電粒子在區(qū)域I中做類平拋，水平方向：L=v0t,豎直方向：￥=/&/，速度：vy=at,加速度：&母，設(shè)離開角度為。，則tan9 工，離開區(qū)域I后作直線運(yùn)動(dòng)：tan8=用工，解得：e三卷，戶45°；（2）粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)：彳年中限由牛頓第二定律得：爐B」嗒，由幾何關(guān)系可得：尺—工，2mvn解得：B=-^l；（3）在q點(diǎn)進(jìn)入?yún)^(qū)域m后，若區(qū)域m補(bǔ)成正方形區(qū)域，空間布滿場(chǎng)強(qiáng)為e的電場(chǎng)，由對(duì)稱性可知，粒子將沿拋物線軌跡運(yùn)動(dòng)到（3L，L）點(diǎn)，離開方向水平向右，通過(guò)逆向思維，可認(rèn)為粒子從（3L，L）點(diǎn)向左做類平拋運(yùn)動(dòng)，當(dāng)粒子運(yùn)動(dòng)到原電場(chǎng)邊界時(shí)：x'=v0t'，/［妙』，（L-a由幾何關(guān)系可知：x'+y'=L，解得：/=（2-/3）L，因此，距離x軸距離：d=L-yx=C..-；3-DL；2

mvn答：（1）正方形區(qū)域I中電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小為 -；qL2mYn（2）正方形區(qū)域n中磁場(chǎng)