高新高級(jí)期中考試題高二夏考物理（90分鐘100分）第I卷（選擇題）一、單選題（本題共8小題，每題4分，共32分。）1.如圖所示為彈簧振子的振動(dòng)圖象，根據(jù)此振動(dòng)圖象不能確定的物理量是（）A.周期B.振幅C.頻率D.最大回復(fù)力【答案】D【解析】【詳解】ABC．由圖可知，彈簧振子的周期為則頻率為振幅為故ABC能確定，不符合題意；D．彈簧振子的回復(fù)力為由于k未知，無(wú)法確定，故D正確。故選D。2.用多用電表測(cè)電阻，其歐姆擋的四個(gè)擋位分別為“×1”“×10”“×100”“×1k”，某同學(xué)把選擇開關(guān)旋到“×100”擋，進(jìn)行歐姆調(diào)零后測(cè)量一未知電阻，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角很小，為了減小誤差，他應(yīng)該（）A.換用“×1k”擋，不必重新進(jìn)行歐姆調(diào)零B.換用“×10”擋，不必重新進(jìn)行歐姆調(diào)零C.換用“×1k”擋，必須重新進(jìn)行歐姆調(diào)零D.換用“×10”擋，必須重新進(jìn)行歐姆調(diào)零【答案】C【解析】【詳解】歐姆表的零刻度在最右邊，指針偏轉(zhuǎn)角小，說(shuō)明被測(cè)電阻大，因此，要換大擋位×1k，且要重新歐姆調(diào)零。故選C?！军c(diǎn)睛】掌握歐姆表的刻度方式。偏轉(zhuǎn)角小，說(shuō)明被測(cè)電阻大，歐姆表?yè)Q檔位需重新進(jìn)行歐姆調(diào)零。3.把一個(gè)標(biāo)有“10V，3W”小燈泡和定值電阻R串聯(lián)后接在電壓為12V的電源上（如圖所示），小燈泡恰能正常工作，該電路工作10s定值電阻產(chǎn)生的熱量是（）A.6JB.30JC.36JD.60J【答案】A【解析】【分析】【詳解】燈泡正常工作時(shí)的電流為根據(jù)串聯(lián)電路的分壓原理，可得該電路工作10s定值電阻產(chǎn)生的熱量為故選A。4.2022年3月12日，在北京冬殘奧會(huì)上，中國(guó)輪椅冰壺隊(duì)?wèi)?zhàn)勝瑞典隊(duì)，獲得冠軍。在某次投擲中，冰壺甲運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后與靜止的冰壺乙發(fā)生彈性正碰（碰撞時(shí)間極短），碰撞后冰壺乙向前滑行0.1m后停下。已知兩冰壺的質(zhì)量相等，冰壺乙與冰面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.02，取重力加速度大小，則兩冰壺碰撞前瞬間冰壺甲的速度大小為（）A.0.1m/sB.0.2m/sC.0.4m/sD.1m/s【答案】B【解析】【詳解】對(duì)冰壺乙在冰面上滑行的過程，有由于兩冰壺發(fā)生彈性碰撞，且兩冰壺的質(zhì)量相等，因此碰撞后兩冰壺交換速度，故解得B正確。故選B?！军c(diǎn)睛】本題考查動(dòng)量守恒定律，目的是考查學(xué)生的推理能力。5.如圖所示，已知一個(gè)連同裝備共80kg的航天員，離開空間站太空行走，在離飛船30m的位置與空間站處于相對(duì)靜止的狀態(tài)。裝備中有一個(gè)高壓氣源，能以50m/s的速度噴出氣體。航天員為了能在5min內(nèi)返回空間站，他需要在開始返回的瞬間至少一次性向后噴出氣體的質(zhì)量是（不計(jì)噴出氣體后航天員和裝備質(zhì)量的變化）（）A.0.1kgB.0.12kgC.0.14kgD.0.16kg【答案】D【解析】【詳解】航天員噴出氣體后的最小速度為根據(jù)動(dòng)量守恒定律得解得故D正確。6.如圖是一水平彈簧振子做簡(jiǎn)諧振動(dòng)的振動(dòng)圖像（x-t圖像），由圖可推斷，振動(dòng)系統(tǒng)（）A.在t1和t2時(shí)刻具有相等的動(dòng)能和相同的動(dòng)量B.在t3和t4時(shí)刻具有相等的勢(shì)能和相同的動(dòng)量C.在t4和t6時(shí)刻具有相同的位移和速度D.在t1和t6時(shí)刻具有相同的速度和加速度【答案】B【解析】【詳解】A．t1和t2時(shí)刻振子位移不同速度不相等，所以動(dòng)能和動(dòng)量也不相等，故A錯(cuò)誤；B．t3和t4時(shí)刻振子位移大小相等方向相反，速度相同，所以系統(tǒng)的勢(shì)能相等，動(dòng)量也相同，故B正確；C．t4和t6時(shí)刻位移均負(fù)且相等，速度大小相等方向相反，故C錯(cuò)誤；D．t1和t6時(shí)刻位移大小相等方向相反，速度相同，而加速度大小相等方向相反，故D錯(cuò)誤故選B。7.如圖所示，水平彈簧振子沿x軸在M、N間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，坐標(biāo)原點(diǎn)O為振子的平衡位置，其振動(dòng)方程為。下列說(shuō)法不正確的是（）A.間距離為5cmB.振子的運(yùn)動(dòng)周期是0.2sC.時(shí)，振子位于N點(diǎn)D.時(shí)，振子具有最大速度【答案】A【解析】【詳解】A．MN間距離為A錯(cuò)誤；B．由可知可知振子的運(yùn)動(dòng)周期是B正確；C．由可知時(shí)即振子位于N點(diǎn)，C正確；D．由可知t=0.05s時(shí)此時(shí)振子在O點(diǎn)，振子速度最大，D正確。本題選不正確項(xiàng)，故選A。8.有人喜歡在睡覺前躺著看，經(jīng)常出現(xiàn)砸傷眼睛的情況。若質(zhì)量為160g、從離人眼約為20cm的高度無(wú)初速度掉落，砸到眼睛后未反彈，眼睛受到的沖擊時(shí)間約為0.1s，g取。與眼睛作用過程中（）A.的動(dòng)量變化約為0.48kg·m/sB.對(duì)眼睛的沖量大小約為0.32N·sC.對(duì)眼睛的平均作用力大小約為3.2ND.對(duì)眼睛的平均作用力大小約為4.8N【答案】D【解析】【詳解】A．碰到眼睛前瞬間有與眼睛作用后速度變?yōu)榱?，則動(dòng)量變化約為故A不符合題意；B．與眼睛接觸過程中受重力和眼睛的作用力，選取向上為正方向，則有解得I=0.48N·s由于力的作用是相互的，作用時(shí)間相等，則對(duì)眼睛的沖量大小約為0.48N·s，故B不符合題意；CD．由于對(duì)眼睛的沖量大小約為0.48N·s，，又有帶入解得F=4.8N則對(duì)眼睛的平均作用力大小約為4.8N，故C不符合題意，D符合題意。故選D。二、多選題（本題共3小題，每小題4分，共12分）9.如圖甲所示，水平光滑桿上有一彈簧振子，振子以點(diǎn)為平衡位置，在、兩點(diǎn)之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其振動(dòng)圖像如圖乙所示，由振動(dòng)圖像可知（）A.從到，振子正從點(diǎn)向點(diǎn)運(yùn)動(dòng)B.在時(shí)刻，振子的位置在點(diǎn)C.在時(shí)刻，振子的速度為零D.振子的振動(dòng)周期為【答案】BD【解析】【詳解】A．從到，振子正從點(diǎn)向b點(diǎn)運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B．在時(shí)刻，振子的位置在點(diǎn)，故B正確；C．在時(shí)刻，振子的速度達(dá)到最大值，故C錯(cuò)誤；D．振子的振動(dòng)周期為，故D正確。故選BD。10.某彈簧振子在水平方向上做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其位移x隨時(shí)間t變化的關(guān)系為x=Asinωt，振動(dòng)圖像如圖所示，下列說(shuō)法正確的是（）A.彈簧在第1s末與第3s末的長(zhǎng)度相同B.簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)圓頻率是C.第3s末振子的位移大小為D.從第3s末到第5s末，振子的速度方向發(fā)生變化【答案】ABC【解析】【詳解】A．由題圖知，振子在第1s未與第3s末的位移相同，即振子經(jīng)過同一位置，故彈簧的長(zhǎng)度相同，故A正確；B．由題圖知，振子振動(dòng)的周期T=8s，則圓頻率故B正確；C．位移x隨時(shí)間t變化的函數(shù)關(guān)系式為x=Asinωt，第3s末振子的位移大小為故C正確；D．x-t圖像的切線斜率表示速度，可知，從第3s末到第5s末，振子的速度方向并沒有發(fā)生變化，一直沿負(fù)方向，故D錯(cuò)誤。故選ABC。11.如圖所示為某位小選手在蹦床比賽中上升到最高點(diǎn)的情景。已知小選手質(zhì)量為m，小選手從最高點(diǎn)下落高度h至最低點(diǎn)所用時(shí)間為t，空氣阻力不計(jì)，重力加速度為g，小選手可看作質(zhì)點(diǎn)，下列說(shuō)法正確的是（）A.小選手從最高點(diǎn)下落至最低點(diǎn)的過程中，重力的沖量為B.小選手從最高點(diǎn)下落至最低點(diǎn)的過程中，彈性網(wǎng)的沖量大小為C.小選手從最高點(diǎn)下落至最低點(diǎn)的過程中，彈性網(wǎng)彈性勢(shì)能的增量為D.小選手從最高點(diǎn)下落至最低點(diǎn)的過程中，合力的沖量為零，合力做功也為零【答案】BCD【解析】【詳解】A．依題意，可得小選手從最高點(diǎn)下落至最低點(diǎn)的過程中，重力的沖量為若選手一直自由下落，則所用時(shí)間為顯然選手實(shí)際所用時(shí)間不等于，所以整個(gè)過程中小選手重力的沖量不等于，故A錯(cuò)誤；B．小選手從最高點(diǎn)下落至最低點(diǎn)的過程中，根據(jù)動(dòng)量定理有即彈性網(wǎng)的沖量大小等于重力的沖量大小，等于，但方向與重力的沖量方向相反，故B正確；C．小選手從最高點(diǎn)下落至最低點(diǎn)的過程中，根據(jù)小選手與彈性網(wǎng)組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，可得彈性網(wǎng)彈性勢(shì)能的增量等于小選手重力勢(shì)能的減少量，即為，故C正確；D．小選手從最高點(diǎn)下落至最低點(diǎn)的過程中，初、末速度為零，根據(jù)動(dòng)量定理可知小選手合力的沖量等于其動(dòng)量的該變量，所以為零；根據(jù)動(dòng)能定理可知，合力做功也為零，故D正確。故選BCD。第II卷（非選擇題）三、實(shí)驗(yàn)題（共16分，每空2分）12.如圖1所示，在“驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律”實(shí)驗(yàn)中，A、B兩球半徑相同。先讓質(zhì)量為m1的A球從斜槽上某一固定位置C由靜止開始滾下，從軌道末端拋出，落到位于水平地面的復(fù)寫紙上，在下面的白紙上留下痕跡。重復(fù)上述操作10次，得到10個(gè)落點(diǎn)痕跡。再把質(zhì)量為m2的B球放在水平軌道末端，讓A球仍從位置C由靜止?jié)L下，A球和B球碰撞后，分別在白紙上留下各自的落點(diǎn)痕跡，重復(fù)操作10次。M、P、N為三個(gè)落點(diǎn)的平均位置，未放B球時(shí)，A球的落點(diǎn)是P點(diǎn)，O點(diǎn)是軌道末端在記錄紙上的豎直投影點(diǎn)，如圖2所示。（1）為了盡量減小實(shí)驗(yàn)誤差，A球碰后要沿原方向運(yùn)動(dòng)，兩個(gè)小球的質(zhì)量應(yīng)滿足m1___________m2（選填“>”或“<”）。（2）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)的條件和操作要求，下列說(shuō)法正確的是___________。A．斜槽軌道必須光滑B．斜槽軌道末端必須水平C．B球每次的落點(diǎn)一定是重合的D．實(shí)驗(yàn)過程中，復(fù)寫紙和白紙都可以移動(dòng)（3）已知A、B兩個(gè)小球的質(zhì)量m1、m2，三個(gè)落點(diǎn)位置與O點(diǎn)距離分別為OM、OP、ON。在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，若滿足關(guān)系式___________，則可以認(rèn)為兩球碰撞前后的總動(dòng)量守恒?！敬鸢浮竣?>②.B③.【解析】【分析】【詳解】（1）[1]由碰撞原理可知，由于要保證碰撞后A球沿原方向運(yùn)動(dòng)，則A球的質(zhì)量應(yīng)大于B球，即m1>m2。（2）[2]研究平拋運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)很關(guān)鍵的地方是要保證小球能夠水平飛出，只有水平飛出時(shí)小球才做平拋運(yùn)動(dòng)，軌道是否光滑無(wú)影響，落點(diǎn)不一定重合，復(fù)寫紙和白紙可移動(dòng)，故B正確，ACD錯(cuò)誤。故選B。（3）[3]小球下落高度相同，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，由動(dòng)量守恒定律可知，若兩球碰撞前后的總動(dòng)量守恒，則化簡(jiǎn)可得13.某實(shí)驗(yàn)小組描繪小燈泡的圖線來(lái)研究小燈泡的電阻隨電壓的變化規(guī)律。所用的實(shí)驗(yàn)器材如下：A．小燈泡（額定電壓，額定電流）；B．電壓表（量程，內(nèi)阻約；量程，內(nèi)阻約）；C．電流表（量程，內(nèi)阻約；量程，內(nèi)阻約）；D．滑動(dòng)變阻器；E．蓄電池（電動(dòng)勢(shì)，內(nèi)阻不計(jì)）；F．開關(guān)一個(gè)、導(dǎo)線若干。（1）請(qǐng)用筆畫線代替導(dǎo)線將圖甲中電路補(bǔ)充完整_________；（2）該實(shí)驗(yàn)小組得出小燈泡特性圖線如圖乙所示。由圖可知，隨著小燈泡兩端電壓增大，小燈泡的電阻___________（填“增大”“不變”或“減小”），小燈泡燈絲的電阻率___________（填“增大”“不變”或“減小”）；（3）若將此小燈泡直接接在電動(dòng)勢(shì)為、內(nèi)阻為的電源兩端組成閉合回路，此時(shí)小燈泡的實(shí)際功率為___________W，小燈泡的電阻為___________。（均保留2位有效數(shù)字）【答案】①.②.增大③.增大④.0.75##0.76##0.77##0.78##0.79⑤.4.0##4.1##4.2##4.3##4.4【解析】【詳解】（1）[1]由圖乙可知電壓從零逐漸增大，滑動(dòng)變阻器采用分壓式接法，由于電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于小燈泡電阻，電流表采用外接法，實(shí)物電路圖如下圖所示（2）[2]小燈泡的I-U圖上某點(diǎn)與原點(diǎn)連線的斜率的倒數(shù)表示燈泡電阻值，由圖乙可知，電阻隨燈泡兩端電壓增大而增大；[3]小燈泡的電阻增大，根據(jù)電阻定律，可知燈絲的電阻率增大；（3）在I-U圖中作出電源的I-U圖，如圖所示[4]兩圖像的交點(diǎn)坐標(biāo)為小燈泡兩端電壓與通過小燈泡的電流，由圖可知，此時(shí)小燈泡兩端電壓約為1.79V，通過燈泡的電流約為0.431A。此時(shí)小燈泡的實(shí)際功率為考慮到讀數(shù)誤差，0.75W～0.79W均算正確；[5]根據(jù)歐姆定律，小燈泡的電阻為考慮到讀數(shù)誤差，～均算正確。四、解答題（14題5分，15題6分，17題9分）14.如圖所示，光滑水平面上有大小相同的A、B兩球在同一直線上同向運(yùn)動(dòng)，A球的質(zhì)量為B球的一半。取向右為正方向，A、B兩球的動(dòng)量均為，運(yùn)動(dòng)中兩球發(fā)生碰撞。如果碰撞后A球的動(dòng)量變化量為，則B的動(dòng)量變化量是多少？碰撞后A、B的動(dòng)量分別為多少？【答案】；和【解析】【詳解】?jī)汕蚺鲎策^程動(dòng)量守恒，即碰后A球動(dòng)量的減小量等于B球動(dòng)量的增加量，即B球的動(dòng)量增加；碰撞后A、B的動(dòng)量分別為和。15.某質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的位移x隨時(shí)間t變化的圖像如圖所示。求：（1）質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅和頻率；（2）質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方程；（3）質(zhì)點(diǎn)在0~4s內(nèi)通過的路程、位移?！敬鸢浮浚?）5cm，1.25Hz；（2）；（3）1m，0【解析】【詳解】（1）由圖像可得質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振幅為A=5cm由圖像可得質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期為T0.8s頻率為解得f1.25Hz（2）質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的振動(dòng)方程為其中解