學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精學必求其心得，業(yè)必貴于專精四川省宜賓市第四中學2019-2020學年高一下學期第二次月考物理試題含解析2020年春四川省宜賓市第四中學高一第二學月考試物理試題一、單選題(每小題4分，共12個小題,共48分；其中1—9題為單選題，10—12題多選題，少選得2分，多選錯選得0分。）1.關(guān)于能量和能源，下列說法正確的是（）A.由于自然界的能量守恒，所以不需要節(jié)約能源B.人類不斷地開發(fā)新能源，所以能量可以被創(chuàng)造C.能量的轉(zhuǎn)化和轉(zhuǎn)移沒有方向性D.能量可以從一種形式轉(zhuǎn)化為另一種形式【答案】D【解析】【詳解】A項：雖然能量守恒，但存在能量耗散現(xiàn)象，能源的品質(zhì)在降低,所以必須節(jié)約能源，故A錯誤；B項：人類在不斷地開發(fā)和利用新能源,但能量不能被創(chuàng)造，也不會消失,故B錯誤；C項：能量耗散說明能量在轉(zhuǎn)化過程中具有方向性，故C錯誤；D項：根據(jù)能量守恒定律，能量可以從一種形式轉(zhuǎn)化為另一種形式，故D正確．2。小船在水速較小的河中橫渡，并使船頭始終垂直河岸航行,到達河中間時突然上游來水使水流速度加快,則對此小船渡河的說法正確的是(）A。小船要用更長的時間才能到達對岸B.小船到達對岸的時間不變，但位移將變大C.因小船船頭始終垂直河岸航行，故所用時間及位移都不會變化D。因船速與水速關(guān)系未知，故無法確定渡河時間及位移的變化【答案】B【解析】【詳解】因為靜水速垂直于河岸，則渡河時間t=d/vc，水流速增大，渡河時間不變,沿河岸方向的位移增大，則最終渡河的位移變大．故B正確，AD錯誤．因小船船頭始終垂直河岸航行，渡河時間不會隨著水流速度增大而變化，故C錯誤；3.物體沿不同的路徑從A運動到B，如圖所示，則()A.沿路徑ACB重力做的功大些 B.沿路徑ADB重力做的功大C。沿路徑ACB和路徑ADB重力做功一樣多 D。條件不足，無法判斷【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)重力做功可知,由A到B不管沿哪條路徑高度差相同,則重力做功相同．則C正確．4。鐵路在彎道處的內(nèi)外軌道高度是不同的，已知內(nèi)外軌道所在平面與水平面成θ，如圖所示，水平彎道處的圓弧半徑為R，若質(zhì)量為m的火車以大于的速度勻速率轉(zhuǎn)彎時，下列說法正確的是（)A。內(nèi)軌對內(nèi)側(cè)車輪輪緣有擠壓B外軌對外側(cè)車輪輪緣有擠壓C.這時鐵軌對火車的支持力等于D.這時鐵軌對火車的作用力等于mgcosθ【答案】B【解析】【詳解】AB.火車的重力和軌道對火車的支持力的合力恰好等于需要的向心力時，此時火車的速度當火車轉(zhuǎn)彎的速度大于，需要的向心力增大,而重力與支持力的合力不變，所以合力小于了需要的向心力，外軌就要提供一定的力，所以此時外軌對外側(cè)車輪輪緣有擠壓。故A錯誤，B正確；C.當內(nèi)外軌沒有擠壓力時,根據(jù)受力分析得外軌對火車作用力沿著軌道平面，可以把這個力分解為水平和豎直向上兩個分力，由于豎直向下的分力的作用，使支持力變大，故C錯誤;D.鐵軌對火車的作用力為軌道對火車的支持力和外軌對外側(cè)車輪輪緣的壓力的合力,故D錯誤。故選B。5.某機械傳動結(jié)構(gòu)的示意圖如圖所示．A在前齒構(gòu)輪邊緣上，B點在后齒輪邊緣上，C在后輪邊緣上；前齒輪和后齒輪通過鏈條傳動,后齒輪和后輪固定在一起．前齒輪半徑為l0cm，后齒輪半徑為5cm，后輪半徑為30cm．在它們勻速轉(zhuǎn)動時,下列說法正確的是（）A.A、B兩點角速度相同B。A點角速度是C點角速度的一半C。A、C兩點的加速度大小相同D.B點的轉(zhuǎn)動周期小于C點的轉(zhuǎn)動周期【答案】B【解析】【詳解】試題分析：A、AB是用皮帶連接的；故AB兩點線速度相同，因兩點的半徑不同；故兩點的角速度不同;故A錯誤；B、BC兩點是共軸轉(zhuǎn)動的，故兩點的角速度相同；由v=rω可知，A的角速度是B的角速度的一半；故A角速度是C角速度的一半；故B正確；C、由a=rω2可知，設A點的角速度是ω，結(jié)合B的分析可知C點的角速度是2ω，故加速度關(guān)系為：，兩點的加速度大小不同；故C錯誤;D、因BC兩點角速度相同,則周期一定相同；故D錯誤；故選B6.如圖所示，從傾角為θ的斜面頂端分別以v0和2v0的速度水平拋出a、b兩個小球，若兩個小球都落在斜面上且不發(fā)生反彈，不計空氣阻力，則a、b兩球A.水平位移之比為1∶2B。下落的高度之比為1∶2C.在空中飛行時間之比為1∶2D。落到斜面時速度方向與斜面夾角之比為1∶2【答案】C【解析】【詳解】因為兩個小球均落到斜面上，所以二者的位移偏轉(zhuǎn)角相同，又由于初速度之比為1∶2，所以根據(jù)位移偏轉(zhuǎn)角的正切值,所以運動時間之比為1∶2，C正確;再結(jié)合，可得水平位移之比為1:4，A錯誤；再根據(jù)，下落的高度之比為1:4,B錯誤；再根據(jù)速度偏轉(zhuǎn)角的正切值是位移偏轉(zhuǎn)角正切值的兩倍可知，速度偏轉(zhuǎn)角相同，速度方向與斜面夾角之比為1∶1，D錯誤7.質(zhì)量為2kg的物塊放在粗糙水平面上，在水平拉力的作用下由靜止開始運動，物塊動能Ek與其發(fā)生位移x之間的關(guān)系如圖所示．已知物塊與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝0。2,g取10m/s2，則（）A.x＝2m時物塊的速度大小為2m/sB。x＝3m時物塊的加速度大小為2.5m/s2C.在前2m位移的運動過程中物塊所經(jīng)歷的時間為2sD。在前4m位移的運動過程中拉力對物塊做的功為9J【答案】AC【解析】【詳解】物體在運動過程中，在水平方向上受到拉力F和摩擦力f作用，所以，即圖線的斜率k表示物體受到的合力，物體在0-2m過程中斜率即合力為，所以前2m處的加速度為：,根據(jù)位移時間公式可得該段位移經(jīng)歷的時間當物體在x=1m處時，動能為,所以速度為，在x=2m處時速度為，故AC正確，物體在2—4過程中，斜率即合力為，所以該過程中的加速度為,故B錯誤，整個過程中拉力做正功，摩擦力做負功，所以，帶入可得，故D錯誤.故選AC。8.我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用長征三號乙運載火箭將“嫦娥三號”衛(wèi)星發(fā)射升空，并成功落月．已知火箭飛行過程中產(chǎn)生的推力為3.4×106N，火箭與衛(wèi)星的總重力為1.7×106N,求當飛行速度達到10.9km/s時,火箭發(fā)動機的功率為多大（）A.1。85×1010W B.3.7×1010WC.3。7×107W D.1。85×107W【答案】B【解析】【詳解】由功率的定義可知,發(fā)動機的功率P＝Fv＝3.4×106×10.9×103W＝3。7×1010W，故選項B正確．9.一質(zhì)量為

m的小球，用長為l的輕繩懸掛于O點．小球在水平拉力F作用下，從平衡位置P點很緩慢地移動到Q點，如圖所示，則拉力F所做的功為(）A。mglcosθ B.mgl（1－cosθ） C.Flcosθ D.Flsinθ【答案】B【解析】【詳解】由于小球從平衡位置P點很緩慢地移動到Q點，動能不變，整個過程小球處于平衡狀態(tài),拉力是變力,拉力做的功轉(zhuǎn)化為重力勢能，有：W1-mgl（1-cosθ)=0,得拉力F所做的功為：W1=mgl（1-cosθ)，故B正確，ACD錯誤．10。如圖所示，在光滑平面上，一個物體以速度沖向與豎直墻壁相連的輕彈簧，自接觸彈簧到彈簧被壓縮至最短過程中，以下說法正確的是()A.物體的加速度逐漸減小B.物體的速度逐漸減小C。彈力對物體做負功，彈簧的彈性勢能減小D.彈簧對物體做負功,彈簧彈性勢能增大【答案】BD【解析】【詳解】物體自接觸彈簧到彈簧被壓縮至最短過程中，彈簧的彈力逐漸增大,物體受合力逐漸變大，則加速度逐漸變大,速度逐漸減小,此過程中彈力的方向與位移方向相反,則彈簧對物體做負功，彈簧的彈性勢能增大，故選項BD正確，AC錯誤.11。如圖1所示，一傾角為的足夠長的傳送帶以恒定速度運行，取沿傳送帶向上為正方向，傳送帶上有一質(zhì)量的小物體，它相對地面的速度隨時間變化的關(guān)系如圖2所示,g取10m/s2,sin370=0。6，cos370=0.8，則下列說法正確的是(

)A.物體與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為0.75B。0-8s內(nèi)物體位移的大小為C。0-8s內(nèi)物體機械能的增量為D。0-8s內(nèi)物體與傳送帶間由于摩擦產(chǎn)生的熱量為126【答案】BD【解析】【詳解】由v-t圖象知，物體運動的加速度為:；根據(jù)牛頓第二定律得:μmgcosθ—mgsinθ=ma，解得μ=0。875，故A錯誤;根據(jù)v-t圖象與時間軸所圍的面積表示位移,可得0～8s內(nèi)物體位移的大小等于4-8s內(nèi)的位移大小，為s=×（2+4）×2+4×2=14m，故B正確．物體被送上的高度為:h=s?sinθ=8.4m，重力勢能增量為:△Ep=mgh=84J，動能增量為：，機械能增量為：△E=△Ep+△Ek=90J，故C錯誤．0—8s內(nèi)只有前6s發(fā)生相對滑動．傳送帶的速度為v=4m/s，0—6s內(nèi)傳送帶運動距離為:s帶=vt=4×6m=24m,0—6s內(nèi)物體位移為：s物=×（2+4）×2=6m;0—6s內(nèi)兩者相對位移為：△s=s帶—s物=18m；產(chǎn)生的熱量為：Q=μmgcos

37°?△s=0.875×1×10×0。8×18J=126

J,故D正確．12。如圖所示，某段直滑雪雪道傾角為30°,總質(zhì)量為m(包括雪具在內(nèi))的滑雪運動員從距底端高為h處的雪道上由靜止開始勻加速下滑,加速度大小為g。在運動員滑到底端的過程中，下列說法正確的是（）A.運動員受到的摩擦力的大小為mgB.運動員獲得的動能為mghC.運動員克服摩擦力做功為mghD.運動員減少的機械能為mgh【答案】BD【解析】【詳解】A、根據(jù)牛頓第二定律知;可解得：，故A錯；B、根據(jù)動能定理可知解得：，故B對；C、運動員克服摩擦力做功為，故C錯;D、摩擦力做功導致運動員的機械能減少了，所以機械能的減少量就等于克服摩擦力做的功即,故D對；綜上所述本題答案是：BD【點睛】由幾何關(guān)系可以知道運動員下滑的位移，則由速度和位移公式可得出運動員的末速度，則可得出運動員的動能；由動能定理可得出運動員克服摩擦力所做的功;由功能關(guān)系即可得出機械能的改變量。二、實驗題（12分）13.探究合力做功和物體動能變化關(guān)系實驗中，設計方案如圖甲所示．則:（1)該實驗用鉤碼的重力表示小車受到的合外力，在安裝時首先要____________，其次鉤碼和小車還需要滿足的條件是__________________________________________________．（2)實驗中，除位移、速度外，還要測出的物理量有______________________．(3）若實驗中所用小車的質(zhì)量m＝1kg，打點計時器電源的頻率為50Hz,紙帶如圖乙所示，則記錄B點時，小車的速度vB＝_______m/s，小車動能EkB＝_______J。若從0點到至B點，外力做功為0.17J，因此可得出的結(jié)論是___________________________________．（計算結(jié)果都保留三位有效數(shù)字）【答案】(1).平衡摩擦力（2）.小車的總質(zhì)量要遠大于所掛的鉤碼的質(zhì)量(3).鉤碼的質(zhì)量，小車的質(zhì)量（4）。0。590(5).0。174（6).在誤差允許范圍內(nèi),外力對小車做的功等于小車動能的變化【解析】【詳解】（1）為了保證細線的拉力等于小車的合力，安裝時首先要平衡摩擦力，為了使鉤碼的重力等于細線的拉力，需滿足小車的總質(zhì)量要遠大于所掛鉤碼的質(zhì)量．（2）實驗探究合力做功與動能變化的關(guān)系,需要測量小車的質(zhì)量、鉤碼的質(zhì)量,以及運動的位移和小車的速度;(3)記錄B點時，小車的速度，則小車的動能，若從O點到至B點，外力做功為0。17J，因此可得出的結(jié)論是在誤差允許范圍內(nèi)，外力對小車做的功等于小車動能的變化．三、解答題（40分）14.高一研究性學習活動小組自制一彈射系統(tǒng)，將一小球從水平地面以初速度v0=20m/s豎直上拋，與此同時從水平地面的同一位置用一恒力推小滑塊從靜止開始以加速度大小a1=2m/s2做勻加速直線運動,當豎直上拋的小球達到最高點時，立即改用另一反向恒力，經(jīng)一段時間小滑塊返回原處，與下落小球恰好相遇，忽略空氣的阻力，g=10m/s2．求:(保留兩位有效數(shù)字)（1）小球上升離地面的最大高度H和小球上升的運動時間t;(2）小滑塊離開出發(fā)點的最大位移多大；(3）小滑塊回到出發(fā)點的速度多大．【答案】(1)2s，20m（2)5.3m(3)—8m/s,方向與初速度方向相反【解析】【詳解】（1）由豎直上拋運動可知，上升的最大高度為：,得：，上升的時間為：；（2）小滑塊加速的位移為：，小滑塊的速度為：，小滑塊到返回出發(fā)點的時間也為2s,設減速的加速度為a2，由公式，其中x=—4m，t=2s小滑塊離開出發(fā)點的最大位移為:由以上三式解得:;（3）由公式，其中x=-4m，v=4m/s代入數(shù)據(jù)解得：，方向與初速度方向相反．15。為緩解能源緊張壓力、減少環(huán)境污染，汽車制造商紛紛推出小排量經(jīng)濟實用型轎車．某公司研制開發(fā)了某型號小汽車發(fā)動機的額定功率為24kW,汽車連同駕乘人員總質(zhì)量為m＝2t，在水平路面上行駛時受到恒定的阻力是1000N，如果汽車從靜止開始以1m/s2的加速度做勻加速直線運動，功率達到最大后又以額定功率運動了一段距離，最終汽車達到了最大速度．在剛達到最大速度時，汽車共運動了40s，g取10m/s2，求：（1)汽車所能達到的最大速度多大；(2)汽車做勻加速運動過程能維持多長時間．（3）汽車速度為12