2017_2018學(xué)年高中化學(xué)第二章化學(xué)反響的方向限度與速率第三節(jié)化學(xué)反響的速率第3課時(shí)教案魯科版選修42017_2018學(xué)年高中化學(xué)第二章化學(xué)反響的方向限度與速率第三節(jié)化學(xué)反響的速率第3課時(shí)教案魯科版選修4/2017_2018學(xué)年高中化學(xué)第二章化學(xué)反響的方向限度與速率第三節(jié)化學(xué)反響的速率第3課時(shí)教案魯科版選修4-讓每個(gè)人相同地提升自我第3節(jié)化學(xué)反響速率第3課時(shí)化學(xué)反響速率和化學(xué)平衡圖像[課標(biāo)要求]1．經(jīng)過(guò)圖像理解濃度、壓強(qiáng)、溫度等外界條件對(duì)化學(xué)反響速率、化學(xué)平衡的影響。2．能正確鑒別平衡的圖像，理解平衡圖像的內(nèi)在含義。正逆反響速率相等時(shí)，可逆反響到達(dá)平衡狀態(tài)。反響速率變化，平衡不必然搬動(dòng)，速率變化后不相等，平衡才發(fā)生搬動(dòng)。2．增大反響物濃度，正反響速率增大，逆反響速率剎時(shí)不變。3．對(duì)于有氣體參加的可逆反響，增大反響系統(tǒng)壓強(qiáng)，正逆反響速率均增大，但是對(duì)于正反響方向氣體體積增大的反響，逆反響速率增加的更多。對(duì)于反響前后氣體體積不變的反響，正逆反響速率增加的程度相同。4．使用催化劑，正逆反響速率均增大，且二者增大的程度相同，即平衡后使用催化劑，平衡不搬動(dòng)?；瘜W(xué)反響速率圖像v-t圖像1．“漸變”類v-t圖——濃度對(duì)化學(xué)反響速率的影響圖像Ⅰ中，v′(正)突變，而v′(逆)漸變，t1時(shí)辰圖像中有一條線是連續(xù)的，且v′(正)＞v′(逆)，說(shuō)明t1時(shí)辰改變的條件是增大了反響物的濃度，使v′(正)突變，平衡正向移動(dòng)。圖像Ⅱ中，v′(正)漸變，v′(逆)突變，t1時(shí)辰圖像中有一條線是連續(xù)的，且v′(正)＞v′(逆)，說(shuō)明t1時(shí)辰改變的條件是減小了生成物的濃度，使v′(逆)突變，平衡正向移動(dòng)。2．“斷點(diǎn)”類v-t圖——溫度(或壓強(qiáng))對(duì)化學(xué)反響速率的影響1-讓每個(gè)人相同地提升自我圖像Ⅰ中，v′(正)、v′(逆)都是突然增大的，t1時(shí)辰，圖像中出現(xiàn)了“斷點(diǎn)”，且v′(正)＞v′(逆)，平衡正向搬動(dòng)，說(shuō)明該反響的正反響可能是吸熱反響(或氣體整體積減小的反應(yīng))，改變的外界條件是高升溫度(或增大壓強(qiáng))。圖像Ⅱ中，′(正)、′(逆)都是突變小的，t1時(shí)辰，圖像中出現(xiàn)了“斷點(diǎn)”，且′(正)vvv＞v′(逆)，平衡正向搬動(dòng)，說(shuō)明該反響的正反響可能是放熱反響(或氣體整體積增大的反應(yīng))，改變的條件是降低溫度(或減小壓強(qiáng))。3．“平臺(tái)”類v-t圖——催化劑(或壓強(qiáng))對(duì)化學(xué)反響速率的影響圖像中v′(正)、v′(逆)都是突然增大，且增大的程度相同，t1時(shí)辰，圖像中出現(xiàn)了“平臺(tái)”，化學(xué)平衡不發(fā)生搬動(dòng)，改變的條件可能是使用了催化劑也可能是對(duì)反響前后氣體整體積不發(fā)生變化的反響增大了壓強(qiáng)。1．某密閉容器中發(fā)生以下反響：X(g)＋Y(g)2Z(g)H＜0。如圖表示該反響的速率(v)隨時(shí)間(t)變化的關(guān)系，t2、t3、t5時(shí)辰外界條件有所改變，但都沒(méi)有改變各物質(zhì)的初始加入量。以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是( )A．t2時(shí)必然加入了催化劑B．t3時(shí)減小了壓強(qiáng)C．t5時(shí)可能高升了溫度D．t4～t5時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)變率最低解析：選CA項(xiàng)，由圖可知，t2時(shí)辰改變條件，正逆反響速率增大且相等，若增大壓強(qiáng)平衡也不發(fā)生搬動(dòng)，則t2時(shí)不用然加入了催化劑，A錯(cuò)誤；B項(xiàng)，若減小壓強(qiáng)，平衡不發(fā)生搬動(dòng)，t3時(shí)辰改變條件，正逆反響速率均減小，且正反響速率大于逆反響速率，與圖像不2-讓每個(gè)人相同地提升自我符，錯(cuò)誤；C項(xiàng)，t5時(shí)辰改變條件，正逆反響速率增大，且逆反響速率大于正反響速率，若高升溫度，平衡逆向搬動(dòng)，與圖像吻合，正確；D項(xiàng)，催化劑對(duì)平衡搬動(dòng)無(wú)影響，t3～t4時(shí)間內(nèi)平衡逆向搬動(dòng)，轉(zhuǎn)變率減小，t～t時(shí)間內(nèi)平衡逆向搬動(dòng)，轉(zhuǎn)變率連續(xù)減小，顯然t5～56t6時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)變率比t4～t5時(shí)間內(nèi)轉(zhuǎn)變率低，錯(cuò)誤。2．以下列圖為反響N2(g)＋3H2(g)2NH(g)＝－92.2kJ·mol－1t0～，在某段時(shí)間3t6中反響速率與反響過(guò)程的曲線圖，則氨的百分含量最高的一段時(shí)間是( )A．t0～t1B．t2～t3C．t～t4D．t～t635解析：選A可逆反響N2(g)＋3H2(g)2NH(g)＜0，該反響為氣體體積減小的3放熱反響，t0～t1，正、逆反響速率相等，平衡不搬動(dòng)；t1～t2，正、逆反響速率都增大，且逆反響速率大于正反響速率，平衡向逆反響方向搬動(dòng)，以致氨氣的含量降低，故氨氣含量較t～t時(shí)間段大于t～t3時(shí)間段；t～t，正、逆反響速率都相同程度的增大，平衡不搬動(dòng)，01234氨氣的含量不變，氨氣含量與t～t時(shí)間段相同；t～t，正、逆反響速率都降低，但逆反2345應(yīng)速率大于正反響速率，以致平衡向逆反響方向搬動(dòng)，氨氣的含量降低；t5～t6時(shí)間段內(nèi)氨氣含量較t3～t4低；所以平衡混雜物中氨的百分含量最低的時(shí)間段是t5～t6，最高的一段時(shí)間是t0～t1，A項(xiàng)正確。化學(xué)平衡圖像1．百分含量(或轉(zhuǎn)變率)－時(shí)間－溫度(或壓強(qiáng))圖像圖像顯現(xiàn)解題原則——“先拐先平數(shù)值大”。在化學(xué)平衡圖像中，先出現(xiàn)拐點(diǎn)的反響則先達(dá)到平衡，先出現(xiàn)拐點(diǎn)的曲線表示的溫度較高(如圖Ⅰ中T2>T1)、壓強(qiáng)較大(如圖Ⅱ中p2>p1)或使用了催化劑(如圖Ⅲ中a使用了催化劑)。Ⅰ.表示T2>T1，生成物的百分含量降低，說(shuō)明正反響是放熱反響，溫度高升，平衡逆向3-讓每個(gè)人相同地提升自我搬動(dòng)。.表示p2>p1，A的轉(zhuǎn)變率減小，說(shuō)明正反響是氣體整體積增大的反響，壓強(qiáng)增大，平衡逆向搬動(dòng)。Ⅲ.生成物C的百分含量不變，說(shuō)明平衡不發(fā)生搬動(dòng)，但反響速率a>b，故a使用了催化劑；也可能該反響是反響前后氣體整體積不變的可逆反響，a增大了壓強(qiáng)(壓縮體積)。2．百分含量(或轉(zhuǎn)變率)－壓強(qiáng)－溫度圖像圖像顯現(xiàn)解題原則——“定一議二”。在化學(xué)平衡圖像中，包括縱坐標(biāo)、橫坐標(biāo)和曲線所表示的三個(gè)變量，解析方法是確定其中一個(gè)變量，談?wù)搫e的兩個(gè)變量之間的關(guān)系。如圖Ⅰ中確定壓強(qiáng)為105Pa或107Pa，則生成物C的百分含量隨溫度T的高升而逐漸減小，說(shuō)明正反響是放熱反響；再確定溫度T不變，作橫坐標(biāo)的垂線，與壓強(qiáng)線出現(xiàn)兩個(gè)交點(diǎn)，解析生成物C的百分含量隨壓強(qiáng)p的變化能夠發(fā)現(xiàn)，壓強(qiáng)增大，生成物C的百分含量增大，說(shuō)明正反響是氣體整體積減小的反響。1．對(duì)于可逆反響mA(g)＋nB(g)pC(s)＋qD(g)反響過(guò)程中，其他條件不變時(shí)，產(chǎn)物D的質(zhì)量分?jǐn)?shù)D%與溫度T或壓強(qiáng)p的關(guān)系以下列圖，請(qǐng)判斷以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是( )A．降溫，化學(xué)平衡向正反響方向搬動(dòng)B．使用催化劑可使D%有所增加C．化學(xué)方程式中氣體的化學(xué)計(jì)量數(shù)m＋n＞qD．C的顆粒越小，正反響速率越快，有利于平衡向正反響方向搬動(dòng)解析：選A由“先拐先平，數(shù)值大”可知，T2＞T1、p2＞p1；高升溫度，D%減小，平衡逆向搬動(dòng)，正反響放熱，A項(xiàng)正確；催化劑不能夠使平衡發(fā)生搬動(dòng)，B項(xiàng)錯(cuò)誤；增大壓強(qiáng)，D%減小，平衡逆向搬動(dòng)，m＋n＜q，C項(xiàng)錯(cuò)誤；固體顆粒的大小不影響平衡搬動(dòng)，D項(xiàng)錯(cuò)誤。2．對(duì)于反響：2A(g)＋B(g)2C(g)H<0，以下列圖像正確的選項(xiàng)是( )4-讓每個(gè)人相同地提升自我A．①②B．②③C．③④D．①④解析：選D該反響的特點(diǎn)是氣體物質(zhì)分子數(shù)目減小的放熱反響，增大壓強(qiáng)，平衡向正反響方向搬動(dòng)，A的轉(zhuǎn)變率增大，B的含量減小，C的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)增大；高升溫度，平衡向逆反響方向搬動(dòng)，A的轉(zhuǎn)變率減小，B的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)增大，C的物質(zhì)的量分?jǐn)?shù)減小，達(dá)到平衡的時(shí)間短，故①、④正確。[方法技巧]化學(xué)平衡圖像題的解題流程[三級(jí)訓(xùn)練·節(jié)節(jié)過(guò)關(guān)]1．如圖中曲線a表示放熱反響X(g)＋Y(g)Z(g)＋N(s)進(jìn)行過(guò)程中X的轉(zhuǎn)變5-讓每個(gè)人相同地提升自我率隨時(shí)間變化的關(guān)系，若只改變一個(gè)初步條件，使反響過(guò)程按b曲線進(jìn)行，可采用的措施是( )A．高升溫度B．加大X的投入量C．使用催化劑D．減小體積解析：選C高升溫度，X的轉(zhuǎn)變率降低，A項(xiàng)不正確；加大X的投入量，則X的轉(zhuǎn)變率降低，B項(xiàng)不正確；使用催化劑能夠提升反響速率，但平衡不搬動(dòng)，A的轉(zhuǎn)變率不變，C項(xiàng)正確；減小體積，平衡向正反響方向搬動(dòng)，X的轉(zhuǎn)變率提升，D項(xiàng)不正確。2．以下列圖曲線表示其他條件一準(zhǔn)時(shí)，反響2NO(g)＋O2(g)2NO(g)H＜0。NO的轉(zhuǎn)變率與溫度的關(guān)系曲線，圖中標(biāo)有a、b、c、d四點(diǎn)，其中表示未達(dá)到平衡狀態(tài)，且v(正)＞v(逆)的點(diǎn)是( )A．a(chǎn)點(diǎn)B．b點(diǎn)C．c點(diǎn)D．d點(diǎn)解析：選C線上的點(diǎn)為平衡點(diǎn)，所以、點(diǎn)是平衡點(diǎn)，c點(diǎn)對(duì)應(yīng)的平衡點(diǎn)在c點(diǎn)上方，ab說(shuō)明NO的轉(zhuǎn)變率變大才能達(dá)到平衡，反響應(yīng)向正向進(jìn)行，正反響速率大于逆反響速率，正確；d點(diǎn)反響應(yīng)向逆向進(jìn)行，正反響速率小于逆反響速率。3.反響L(s)＋aG(g)bR(g)達(dá)到平衡時(shí)，溫度和壓強(qiáng)對(duì)該反響的影響以下列圖，圖中，壓強(qiáng)p1＞p2，x軸表示溫度，y軸表示平衡混雜氣體中G的體積分?jǐn)?shù)。據(jù)此可判斷( )A．上述反響正方向是吸熱反響B(tài)．上述反響正方向是放熱反響C．a(chǎn)＞bD．a(chǎn)＋1＜b解析：選A由圖像知，相同壓強(qiáng)下，溫度越高，G的體積分?jǐn)?shù)越小，即高升溫度，平衡正向搬動(dòng)，正反響為吸熱反響；相同溫度時(shí)，壓強(qiáng)越大，G的體積分?jǐn)?shù)越大，即增大壓強(qiáng)，平衡逆向搬動(dòng)，因L為固體，所以a＜b。4．必然條件下，A(g)＋B(g)C(g)H＜0，達(dá)到平衡后依照以下列圖像判斷：6-讓每個(gè)人相同地提升自我高升溫度，達(dá)到新平衡的是________(填“A”、“B”、“C”、“D”、“E”，下同)，新平衡中C的體積分?jǐn)?shù)________(填“增大”“減小”或“不變”，下同)。減小壓強(qiáng)，達(dá)到新平衡的是________，A的轉(zhuǎn)變率________。減小C的量，達(dá)到新平衡的是____________。增加A的量，達(dá)到新平衡的是________，此時(shí)B的轉(zhuǎn)變率________，A的轉(zhuǎn)變率________。使用催化劑，達(dá)到新平衡的是________，C的質(zhì)量分?jǐn)?shù)________。解析：(1)高升溫度，正、逆反響速率都增大，平衡向吸熱反響方向搬動(dòng)，此反響中向逆反響方向搬動(dòng)，圖像B吻合，由于向逆反響方向搬動(dòng)，耗資C，則C的體積分?jǐn)?shù)減?。?2)減小壓強(qiáng)，正、逆反響速率都降低，平衡向逆反響方向搬動(dòng)，圖像C吻合，A的轉(zhuǎn)變率減??；(3)減小C的量，減小生成物的濃度，反響物的濃度不變，平衡向正反響方向搬動(dòng)，圖像E吻合；(4)增加A的量，增大反響物的濃度，平衡向正反響方向搬動(dòng)，圖像A吻合，B的轉(zhuǎn)化率增大，A的轉(zhuǎn)變率減??；(5)催化劑對(duì)化學(xué)平衡無(wú)影響，使化學(xué)反響速率高升，圖像D吻合，C的質(zhì)量分?jǐn)?shù)不變。答案：(1)B減小(2)C減小(3)E(4)A增大減小(5)D不變1．可逆反響：2AB3(g)A2(g)＋3B2(g)H＞0，以下列圖像正確的選項(xiàng)是( )解析：選DA項(xiàng)，高升溫度，正、逆反響速率都增大，平衡向正反響方向搬動(dòng)，交織點(diǎn)后，正反響速率大于逆反響速率，錯(cuò)誤；B項(xiàng)，高升溫度，平衡向正反響方向搬動(dòng)，B2%增大，錯(cuò)誤；C項(xiàng)，當(dāng)溫度一準(zhǔn)時(shí)，增大壓強(qiáng)，AB3%降低，平衡應(yīng)正向搬動(dòng)，而實(shí)質(zhì)上增大壓強(qiáng)，平衡逆向搬動(dòng)，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，當(dāng)溫度一準(zhǔn)時(shí)，增大壓強(qiáng)，平衡向逆反響方向搬動(dòng)，AB3%增大，吻合題意；當(dāng)壓強(qiáng)一準(zhǔn)時(shí)，高升溫度，平衡向正反響方向搬動(dòng)，AB3%降低，吻合題意，正確。7-讓每個(gè)人相同地提升自我2．可逆反響aA(g)＋bB(g)cC(g)＋dD(g)H＝Q，同時(shí)吻合兩圖中各曲線的規(guī)律的是( )A．＋＞＋d1＞2＞0abcTTQ12Q＞0B．a(chǎn)＋b＜c＋dT＞T12Q＜0C．a(chǎn)＋b＜c＋dT＜TD．＋＞＋d1＜2＜0abcTTQ解析：選D對(duì)于左圖，先拐先平衡，說(shuō)明反響速率快，即T2＞T1，隨溫度的高升，生成物的濃度減小，平衡向吸熱反響方向搬動(dòng)，即正反響是放熱反響，即Q＜0；對(duì)于右圖，v正和v逆訂交后，隨壓強(qiáng)的增大，平衡向正反響方向搬動(dòng)，a＋b＞c＋d，D選項(xiàng)正確。3．對(duì)于可逆反響：mA(g)＋nB(g)xC(g)H＝？在不相同溫度及壓強(qiáng)(p1、p2)條件下，反響物A的轉(zhuǎn)變率以下列圖，以下判斷正確的選項(xiàng)是()A．H＞0，m＋n＞xB．H＞0，m＋n＜xC．H＜0，m＋n＜xD．H＜0，m＋n＞x解析：選D依照?qǐng)D像(1)，p1先拐說(shuō)明p1＞p2，增大壓強(qiáng)A的轉(zhuǎn)變率高升，說(shuō)明增大壓強(qiáng)平衡向正反響方向搬動(dòng)，m＋n＞x；依照?qǐng)D像(2)，高升溫度，A的轉(zhuǎn)變率降低，說(shuō)明高升溫度，平衡向逆反響方向搬動(dòng)，即此反響的正反響H＜0，D正確。4.如圖為某化學(xué)反響的速率與時(shí)間的關(guān)系表示圖。在t1時(shí)辰高升溫度也許增大壓強(qiáng)，速率的變化都吻合表示圖的反響是()A．2SO(g)＋O(g)2SO(g)Η＜023B．4NH3(g)＋5O2(g)4NO(g)＋6H2O(g)Η＜0C．H2(g)＋I(xiàn)2(g)2HI(g)Η＞0D．N(g)＋3H(g)2NH(g)Η＜0223解析：選B由圖像知增大壓強(qiáng)或高升溫度后，v正、v逆都增大，由于v逆增大的多，平衡逆向搬動(dòng)。A項(xiàng)，該反響的正反響為氣體體積減小的放熱反響，增大壓強(qiáng)，平衡正向搬動(dòng)，高升溫度，平衡逆向搬動(dòng)，錯(cuò)誤；B項(xiàng)，該反響的正反響為氣體體積增大的放熱反響，增大壓強(qiáng)，化學(xué)平衡逆向搬動(dòng)，高升溫度，化學(xué)平衡逆向搬動(dòng)，正確；C項(xiàng)，該反響是反響前后氣體體積相等的可逆反響，增大壓強(qiáng)，平衡不搬動(dòng)，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，該反響的正反響為氣體體積減小的放熱反響，增大壓強(qiáng)，平衡正向搬動(dòng)，高升溫度，平衡逆向搬動(dòng)，錯(cuò)誤。5．對(duì)于mA(s)＋nB(g)eC(g)＋fD(g)，反響過(guò)程中，當(dāng)其他條件8-讓每個(gè)人相同地提升自我不變時(shí)，C的百分含量(C%)和壓強(qiáng)(p)的關(guān)系如圖，以下表達(dá)正確的選項(xiàng)是( )A．達(dá)到平衡后，加入催化劑，則C%增大B．達(dá)到平衡后，若升溫，平衡逆向搬動(dòng)C．化學(xué)方程式中n＜e＋fD．達(dá)到平衡后，增加A的量，平衡正向搬動(dòng)解析：選BA項(xiàng)，加入催化劑平衡不搬動(dòng)，錯(cuò)誤；B項(xiàng)，由圖知，高升溫度，C的百分含量(C%)減小，平衡向左搬動(dòng)，正確；C項(xiàng)，由圖知，增大壓強(qiáng)，C的百分含量(C%)增大，平衡向正向搬動(dòng)，n＞e＋f，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，A為固體，增加固體的量平衡不發(fā)生搬動(dòng)，錯(cuò)誤。6．合成氨反響：N2(g)＋3H2(g)2NH3(g)H＝－92.4kJ·mol－1，在反響過(guò)程中，正反響速率的變化以下列圖。以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是()A．t1時(shí)增大了壓強(qiáng)B．t2時(shí)充入了稀有氣體C．t3時(shí)高升了溫度D．t4時(shí)降低了溫度解析：選AA項(xiàng)，t1時(shí)正反響速率增大，且大于逆反響速率，應(yīng)為增大壓強(qiáng)，正確；B項(xiàng)，t2時(shí)正逆反響速率相同程度增大，為使用了催化劑，錯(cuò)誤；C項(xiàng)，t3時(shí)正反響速率減小，且逆反響速率大于正反響速率，為減小壓強(qiáng)，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，t4時(shí)反響速率剎時(shí)不變，爾后減小，應(yīng)為減小生成物濃度，錯(cuò)誤。7．在容積不變的密閉容器中存在以下反響：2V2O53H＜0，2SO(g)＋O(g)450℃2SO(g)某研究小組研究了其他條件不變時(shí)，改變某一條件對(duì)上述反響的影響，以下解析正確的選項(xiàng)是( )A．圖Ⅰ表示的是t1時(shí)辰增大O2的濃度對(duì)反響速率的影響B(tài)．圖Ⅱ表示的是t1時(shí)辰加入催化劑后對(duì)反響速率的影響C．圖Ⅲ表示的是催化劑對(duì)平衡的影響，且甲的催化效率比乙高9-讓每個(gè)人相同地提升自我D．圖Ⅲ表示的是壓強(qiáng)對(duì)化學(xué)平衡的影響，且乙的壓強(qiáng)較高解析：選B若增大氧氣的濃度，正反響速率突然變大，逆反響速率逐漸變大，A項(xiàng)不正確；加入催化劑，正、逆反響速率相同倍數(shù)的增大，但平衡不搬動(dòng)，B項(xiàng)正確；觀察圖Ⅲ，達(dá)到平衡時(shí)二氧化硫的轉(zhuǎn)變率不相等，故甲、乙兩條曲線不能能是由催化劑引起的，C項(xiàng)不正確；增大壓強(qiáng)，反響速率加快，達(dá)到平衡的時(shí)間縮短，二氧化硫的轉(zhuǎn)變率增大，D項(xiàng)不正確。8.在必然條件下，向某一密閉容器中，加入必然量的HI或加入必然量的PCl5，反響達(dá)到平衡后，在t時(shí)辰改變條件，其反響速率與時(shí)間的變化關(guān)系均可用如圖表示。那么對(duì)于不相同反響在t時(shí)辰改變條件的表達(dá)正確的選項(xiàng)是()A．對(duì)于2HI(g)I(g)＋H(g)反響，t1時(shí)辰保持溫度和體積不變，再加入必然量的22HIB．對(duì)于2HI(g)I2(g)＋H2(g)反響，t1時(shí)辰保持溫度和壓強(qiáng)不變，再加入必然量的HIC．對(duì)于PCl5(g)PCl3(g)＋Cl2(g)反響，t1時(shí)辰保持溫度和體積不變，再加入必然量的PCl5D．對(duì)于PCl5(g)PCl3(g)＋Cl2(g)反響，t1時(shí)辰保持溫度和壓強(qiáng)不變，再加入必然量的PCl3解析：選B保持溫度和體積不變，再加入必然量的HI，t1時(shí)辰逆反響速率與平衡速率相同，A錯(cuò)誤；保持溫度和壓強(qiáng)不變，再加入必然量的HI，t1時(shí)辰正反響速率大于平衡速率，逆反響速率小于平衡速率，平衡正向搬動(dòng)，B正確；保持溫度和體積不變，再加入必然量的PCl5，t1時(shí)辰逆反響速率與平衡速率相同，C錯(cuò)誤；保持溫度和壓強(qiáng)不變，再加入必然量的PCl3，平衡逆向搬動(dòng)，D錯(cuò)誤。9．已知某可逆反響mA(g)＋nB(g)pC(g)在密閉容器中進(jìn)行，右圖表示在不相同反響時(shí)間t時(shí)，溫度T和壓強(qiáng)p與反響物B在混雜氣體中的體積分?jǐn)?shù)[φ(B)]的關(guān)系曲線，由曲線解析，以下判斷正確的選項(xiàng)是( )A．T1＜T2，p1＞p2，m＋n＞p，放熱反響B(tài)．T1＞T2，p1＜p2，m＋n＞p，吸熱反響C．T1＜T2，p1＞p2，m＋n＜p，放熱反響D．T1＞T2，p1＜p2，m＋n＜p，吸熱反響解析：選D解析圖像，能夠分兩個(gè)層次考慮(如圖將三條曲線分別標(biāo)為①②③)。從①②曲線可知，當(dāng)壓強(qiáng)相同(為p2)時(shí)，②先達(dá)平衡，說(shuō)明T1＞T2；又由于T2低，φ(B)大，即降10-讓每個(gè)人相同地提升自我低溫度，平衡逆向搬動(dòng)，說(shuō)明逆向放熱，正向吸熱。從②③曲線可知，當(dāng)溫度相同(為T1)時(shí)，②先達(dá)平衡，說(shuō)明p2＞p1；又由于p2大，φ(B)大，即增大壓強(qiáng)，平衡逆向搬動(dòng)，說(shuō)明逆方向?yàn)闅怏w體積減小的方向，m＋n＜p。綜合以上解析結(jié)果：T1＞T2，p1＜p2，m＋n＜p，正反響為吸熱反響。10．在必然條件下，二氧化硫和氧氣發(fā)生以下反響：2SO(g)＋O2(g)2SO3(g)H＜0(1)寫出該反響的化學(xué)平衡常數(shù)表達(dá)式K＝____________________________________。降低溫度，該反響K值________，二氧化硫轉(zhuǎn)變率________，化學(xué)反響速度________。(以上均填“增大”“減小”或“不變”)(3)600℃時(shí)，在一密閉容器中，將二氧化硫和氧氣混雜，反響過(guò)程中SO、O、SO物223質(zhì)的量變化如圖，反響處于平衡狀態(tài)的時(shí)間段是__________________________________。(4)據(jù)圖判斷，反響進(jìn)行至20min時(shí)，曲線發(fā)生變化的原因是________(用文字表達(dá))。10min到15min的曲線變化的原因可能是________(填寫編號(hào))。a．加了催化劑b．?dāng)U大容器體積c．降低溫度d．增加SO的物質(zhì)的量3解析：(1)依照方程式可知該反響的化學(xué)平衡常數(shù)表達(dá)式K＝2c2SO3。2·c2cSOO(2)正反響是放熱反響，降低溫度，平衡向正反響方向搬動(dòng)，該反響K值增大，二氧化硫轉(zhuǎn)變率增大，化學(xué)反響速度減小。(3)平衡時(shí)各種物質(zhì)的濃度不再發(fā)生變化，反響處于平衡狀態(tài)的時(shí)間段是15～20min和25～30min。據(jù)圖判斷，反響進(jìn)行至20min時(shí)，O2的濃度剎時(shí)增大，而其他物質(zhì)的濃度不變，曲線發(fā)生變化的原因是增加了O2的量。10min到15min時(shí)曲線的斜率增大，反響速率加快，但沒(méi)有達(dá)到平衡狀態(tài)，所以曲線變化的原因可能是使用了催化劑。2SOc答案：(1)c23(2)增大增大減小SO2·cO2(3)15～20min和25～30min(4)增加了O2的量a11-讓每個(gè)人相同地提升自我1．對(duì)于可逆反響：A(g)＋2B(g)2C(g)(正反響為吸熱反響)，以下各圖正確的選項(xiàng)是( )解析：選D隨壓強(qiáng)增大，v(正)、v(逆)都增大，所以，A圖不正確；反響達(dá)平衡后，升溫，v(逆)＜v(正)，B圖不正確；溫度高，反響速率大，到達(dá)平衡所用時(shí)間短，先到達(dá)平衡，曲線先拐，C圖不正確。2．必然條件下，以下反響中水蒸氣含量隨反響時(shí)間的變化趨勢(shì)吻合以下列圖的是( )A．CO(g)＋2NH(g)CO(NH)(s)＋HO(g)H＜023222B．CO2(g)＋H2(g)CO(g)＋H2O(g)H＞0C．CHCHOH(g)CH===CH(g)＋HO(g)＞032222D．2CHCHCH(g)＋O(g)2CHCH===CH(g)＋2HO(g)H＜0652326522解析：選A觀察圖像可知，達(dá)到平衡用的時(shí)間短說(shuō)明反響速率快，T＞T、p＞p。升2112高溫度水蒸氣含量降低，說(shuō)明平衡逆向搬動(dòng)，反響放熱，＜0；增大壓強(qiáng)水蒸氣含量增大，H說(shuō)明平衡正向搬動(dòng)，正反響氣體分子數(shù)減少，綜合解析A項(xiàng)中的反響吻合要求。3．可逆反響aX＋2Y(g)2Z(g)在必然條件下達(dá)到平衡后，t1和t2時(shí)各改變某一種外界條件，化學(xué)反響速率(v)－時(shí)間(t)圖像如圖。則以下說(shuō)法中正確的選項(xiàng)是( )A．若X是固體，則t1時(shí)必然是增大了容器的壓強(qiáng)B．若X是氣體，則t2時(shí)不能能是減小容器壓強(qiáng)12-讓每個(gè)人相同地提升自我C．若X是固體，則t1時(shí)可能是增大了X的質(zhì)量D．若t2時(shí)采用了降溫措施，則該反響的正反響方向＞0H解析：選BA項(xiàng)，若X為固體，增大壓強(qiáng)，平衡不搬動(dòng)，若使用催化劑，平衡也不移動(dòng)，錯(cuò)誤；B項(xiàng)，若X為氣體，t2時(shí)正、逆反響速率都減小，不能能是減小容器壓強(qiáng)，由于減小壓強(qiáng)，平衡逆向搬動(dòng)，而圖像中是正向搬動(dòng)，正確；C項(xiàng)，若X為固體，t1時(shí)若增大了X的量，平衡不搬動(dòng)，反響速率不變，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，t2時(shí)若采用降溫，正逆反響速率都減小，平衡正向搬動(dòng)，說(shuō)明正反響為放熱反響，H小于0，錯(cuò)誤。4．可逆反響aA(g)＋B(g)cC(g)＋D(s)＝QkJ·mol－1，反響過(guò)程中，當(dāng)其bdH他條件不變時(shí)，某物質(zhì)在混雜物中的含量與溫度(T)、反響速率(v)與壓強(qiáng)的關(guān)系以下列圖。據(jù)圖解析，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是( )A．T1＜T2，Q＞0B．增大壓強(qiáng)，B的轉(zhuǎn)變率減小C．當(dāng)反響達(dá)平衡時(shí)，混雜氣體的密度不再變化D．a(chǎn)＋b＞c＋d解析：選CA項(xiàng)，由左圖可知，T2時(shí)反響第一達(dá)到平衡，故T1＜T2，T1→T2，溫度高升，C%減小，平衡逆向搬動(dòng)，說(shuō)明正反響為放熱反響，Q＜0，錯(cuò)誤；由圖乙可知，增大壓強(qiáng)，正、逆反響速率均增大，且正反響速率大于逆反響速率，即反響向正反響方向搬動(dòng)，故a＋b＞c，B的轉(zhuǎn)變率增大，B、D項(xiàng)錯(cuò)誤；C項(xiàng)，反響達(dá)到平衡時(shí)，氣體的總質(zhì)量不再發(fā)生變化，在容器體積不變的情況下，氣體的密度不再變化，正確。5.對(duì)于反響A(s)＋2B(g)3C(g)H＞0，C%跟外界條件X、Y的關(guān)系以下列圖，下列結(jié)論正確的選項(xiàng)是( )A．X表示溫度，Y表示壓強(qiáng)，且Y1＞Y2＞Y3B．Y表示壓強(qiáng)，X表示溫度，且Y3＞Y2＞Y1C．X表示壓強(qiáng)，Y表示溫度，且Y1＞Y2＞Y3D．Y表示溫度，X表示壓強(qiáng)，且Y3＞Y2＞Y1解析：選DA項(xiàng)，依照曲線走向，隨溫度的高升C%降低，說(shuō)明隨溫度高升，平衡向逆反響方向搬動(dòng)，逆反響為吸熱反響，錯(cuò)誤；B項(xiàng)，解析和A選項(xiàng)相同，錯(cuò)誤；C項(xiàng)，依照曲線走向，隨壓強(qiáng)增大，C%降低，說(shuō)明平衡向逆反響方向搬動(dòng)，平衡向生成B的方向搬動(dòng)，然后作等壓線，隨溫度的高升，平衡應(yīng)向正反響方向搬動(dòng)，C%應(yīng)增大，與圖像不符，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，依照C的解析，正確。13-讓每個(gè)人相同地提升自我6．以下列圖示與對(duì)應(yīng)表達(dá)相吻合的是( )A．圖Ⅰ：反響H2＋I(xiàn)22HI達(dá)平衡后，高升溫度時(shí)反響速率隨時(shí)間的變化B．圖Ⅱ：反響2SO＋O22SO3達(dá)平衡后，減小容器體積時(shí)各成分的物質(zhì)的量隨時(shí)間的變化C．圖Ⅲ：反響N2＋3H22NH3在恒溫情況下，反響速率與壓強(qiáng)的關(guān)系D．圖Ⅳ：反響CO2(g)＋H2(g)CO(g)＋H2O(g)H＞0，水蒸氣含量隨時(shí)間的變化解析：選BA項(xiàng)，高升溫度，平衡發(fā)生搬動(dòng)，正、逆速率變化不相等，圖像與實(shí)質(zhì)不吻合；B項(xiàng)，減小容器體積，壓強(qiáng)增大，平衡向正反響方向搬動(dòng)，SO3的物質(zhì)的量增大，SO2與O2的物質(zhì)的量減小，圖像與實(shí)質(zhì)相吻合；C項(xiàng)，增大壓強(qiáng)，正、逆反響速率都增大，平衡向正