2022-2023高二下物理期末模擬試卷注意事項(xiàng)：1．答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2．選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0．5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3．請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。4．保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、下列說(shuō)法正確的是A．光電效應(yīng)揭示了光的粒子性，康普頓效應(yīng)揭示了光的波動(dòng)性B．玻爾原子理論提出了定態(tài)和躍遷的概念，能解釋氦原子的光譜現(xiàn)象C．Th(釷核)經(jīng)過(guò)6次α衰變和4次β衰變后變成Pb(鉛核)D．大量氫原子處在n=4的能級(jí)，最多可能輻射5種不同頻率的光子2、以下有關(guān)電動(dòng)勢(shì)的說(shuō)法中正確的是()A．電源的電動(dòng)勢(shì)跟電源內(nèi)非靜電力做的功成正比，跟通過(guò)的電荷量成反比B．電動(dòng)勢(shì)的單位跟電壓的單位一致，所以電動(dòng)勢(shì)就是電源兩極間的電壓C．非靜電力做的功越多，電動(dòng)勢(shì)就越大D．只是電動(dòng)勢(shì)的定義式而非決定式，電動(dòng)勢(shì)的大小是由電源內(nèi)非靜電力的特性決定的3、如圖所示，用一輕繩將光滑小球P系于豎直墻壁上的O點(diǎn)，在墻壁和球P之間夾有一長(zhǎng)方體物塊Q，P、Q均處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)有一鉛筆緊貼墻壁從O點(diǎn)開始緩慢下移，則在鉛筆緩慢下移的過(guò)程中（）A．細(xì)繩的拉力逐漸變小B．Q受到墻壁的彈力逐漸變大C．Q受到墻壁的摩擦力逐漸變大D．Q將從墻壁和小球之間滑落4、如圖所示，質(zhì)量為m的物體放在質(zhì)量為M、傾角為的斜面體上，斜面體置于粗糙的水平地面上，用平行于斜面向下的力F拉物體m使其沿斜面向下勻速運(yùn)動(dòng)，斜面體始終靜止，重力加速度為g，則下列說(shuō)法正確的是()A．地面對(duì)斜面體的摩擦力大小為FcosB．地面對(duì)斜面體的支持力為(Mm)gC．物體對(duì)斜面體的摩擦力的大小為FD．斜面體對(duì)物體的作用力豎直向上5、如圖，一小球放置在木板與豎直墻面之間．設(shè)墻面對(duì)球的壓力大小為N1，球?qū)δ景宓膲毫Υ笮镹2.以木板與墻連接點(diǎn)所形成的水平直線為軸，將木板從圖示位置開始緩慢地轉(zhuǎn)到水平位置．不計(jì)摩擦，在此過(guò)程中A．N1始終減小，N2始終增大B．N1始終減小，N2始終減小C．N1先增大后減小，N2始終減小D．N1先增大后減小，N2先減小后增大6、關(guān)于電磁場(chǎng)和電磁波，下列說(shuō)法正確的是A．任何電場(chǎng)都會(huì)產(chǎn)生磁場(chǎng) B．任何磁場(chǎng)都會(huì)產(chǎn)生電場(chǎng)C．麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在 D．電磁波是縱波，可以在真空中傳播二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示，甲圖為沿x軸傳播的一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖像，乙圖為質(zhì)點(diǎn)P的振動(dòng)圖像，下列說(shuō)法正確的是A．t=0.5s時(shí)，x=4.5m處質(zhì)點(diǎn)加速度沿y軸負(fù)方向B．x=1m處的質(zhì)點(diǎn)在t=8.25s時(shí)刻的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向C．經(jīng)過(guò)0.5s，質(zhì)點(diǎn)P沿波的傳播方向向前移動(dòng)2mD．該波在傳播過(guò)程中若遇到30m的障礙物，不能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象8、下列說(shuō)法正確的是A．沿著電場(chǎng)線方向移動(dòng)電荷，電場(chǎng)力一定對(duì)電荷做功B．沿著磁感線方向移動(dòng)電荷，磁場(chǎng)力一定對(duì)電荷做功C．放入磁場(chǎng)的通電導(dǎo)線受到的安培力可能為零D．穿過(guò)閉合電路的磁通量越大，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)越大9、磁流體發(fā)電是一項(xiàng)新興技術(shù)，它可以把氣體的內(nèi)能直接轉(zhuǎn)化為電能，右圖是它的示意圖．平行金屬板A、B之間有一個(gè)很強(qiáng)的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，將一束等離子體（即高溫下電離的氣體，含有大量正、負(fù)帶電粒子）垂直于B的方向噴入磁場(chǎng)，每個(gè)離子的速度為v，電荷量大小為q，A、B兩板間距為d，穩(wěn)定時(shí)下列說(shuō)法中正確的是（）A．圖中A板是電源的正極B．圖中B板是電源的正極C．電源的電動(dòng)勢(shì)為BvdD．電源的電動(dòng)勢(shì)為Bvq10、用同一光電管研究a、b兩種單色光產(chǎn)生的光電效應(yīng)，得到光電流I與光電管兩極間所加電壓U的關(guān)系如圖.則這兩種光下列說(shuō)法正確的是()A．在同種均勻介質(zhì)中，a光的傳播速度比b光的小B．從同種介質(zhì)射入真空發(fā)生全反射時(shí)a光臨界角小C．分別通過(guò)同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距大D．若兩光均由氫原子能級(jí)躍遷產(chǎn)生，產(chǎn)生a光的能級(jí)能量差小三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11．（6分）如圖所示為實(shí)驗(yàn)室中驗(yàn)證動(dòng)量守恒的實(shí)驗(yàn)裝置示意圖．（1）若入射小球質(zhì)量為m1，半徑為r1；被碰小球質(zhì)量為m2，半徑為r2，則______A．m1＞m2，r1＞r2B．m1＜m2，r1＜r2C．m1＞m2，r1=r2D．m1＜m2，r1=r2（2）為完成此實(shí)驗(yàn)，需要調(diào)節(jié)斜槽末端的切線必須水平，如何檢驗(yàn)斜槽末端水平：______（3）設(shè)入射小球的質(zhì)量為m1，被碰小球的質(zhì)量為m2，P為碰前入射小球落點(diǎn)的平均位置，則關(guān)系式（用m1、m2及圖中字母表示）______成立．即表示碰撞中動(dòng)量守恒．12．（12分）測(cè)量分子大小的方法有很多，如油膜法、顯微法．(1)在“用油膜法估測(cè)分子大小”的實(shí)驗(yàn)中，用移液管量取0.25mL油酸，倒入標(biāo)注250mL的容量瓶中，再加入酒精后得到250mL的溶液．然后用滴管吸取這種溶液，向小量筒中滴入100滴溶液，溶液的液面達(dá)到量筒中1mL的刻度，再用滴管取配好的油酸溶液，向撒有痱子粉的盛水淺盤中滴下2滴溶液，在液面上形成油酸薄膜，待油膜穩(wěn)定后，放在帶有正方形坐標(biāo)格的玻璃板下觀察油膜，如圖甲所示．坐標(biāo)中每個(gè)小正方形方格的大小為2cm×2cm.由圖可以估算出油膜的面積是______cm2，由此估算出油酸分子的直徑是______m(保留一位有效數(shù)字)．(2)如圖乙是用掃描隧道顯微鏡拍下的一個(gè)“量子圍欄”的照片．這個(gè)量子圍欄是由48個(gè)鐵原子在銅的表面排列成直徑為1.43×10－8m的圓周而組成的．由此可以估算出鐵原子的直徑約為__________m(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖甲所示，一水平長(zhǎng)木板靜止在光滑水平面上。現(xiàn)有一小鐵塊(可視為質(zhì)點(diǎn))從木板左端以v0=4m/s的水平初速度向右滑上木板，從此時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，之后小鐵塊和木板運(yùn)動(dòng)的v-t圖象如圖乙所示。則(1)鐵塊和木板勻變速運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度各是多大?(2)從開始計(jì)時(shí)起0.5s內(nèi)鐵塊相對(duì)于木板滑行的距離是多少?(3)若鐵塊以v0=4m/s水平初速度滑上木板時(shí)，木板也具有一水平速度，其方向向左，大小為v=1m/s.最終兩者達(dá)共同速度不再發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，則木板至少要多長(zhǎng)鐵塊才不會(huì)滑下木板?14．（16分）在如圖甲所示的電路中，螺線管匝數(shù)n=1000匝，橫截面積S=10cm1．螺線管導(dǎo)線電阻r=1.0，R1=3.0，R1=4.0，C=30μF．在一段時(shí)間內(nèi)，穿過(guò)螺線管的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B按如圖乙所示的規(guī)律變化．求：（1）求螺線管中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；（1）S斷開后，求流經(jīng)R1的電量．15．（12分）如圖1所示，水平放置的細(xì)直玻璃管，左端封閉，右端開口，用長(zhǎng)為l的水銀柱封閉了長(zhǎng)為L(zhǎng)的理想氣體，水銀柱右端距管口也為L(zhǎng)，已知理想氣體熱力學(xué)溫度為T0，水銀密度為ρ,重力加速度為g，大氣壓強(qiáng)為H汞柱．現(xiàn)將玻璃管緩慢轉(zhuǎn)至開口向上豎放．求：(i)封閉的理想氣體長(zhǎng)度x;(ii)在玻璃管開口向上豎放時(shí)，再對(duì)理想氣體緩慢加熱至水銀柱上表面恰好到達(dá)玻璃管口時(shí)，理想氣體的熱力學(xué)溫度T．

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】

愛因斯坦提出光子假說(shuō)，認(rèn)為光子是一份一份能量，即，從而建立的光電效應(yīng)方程：，很好地解釋了光電效應(yīng)現(xiàn)象；康普頓效應(yīng)也是揭示了光的粒子性，即光子和石墨中的電子發(fā)生相互作用后，光子的頻率減小，且運(yùn)動(dòng)方向發(fā)生改變，滿足動(dòng)量守恒和能量守恒，故A錯(cuò)誤；玻爾提出的氫原子能級(jí)結(jié)構(gòu)模型，利用定態(tài)概念和能級(jí)躍遷的規(guī)律，只能很好地解釋氫原子光譜，但是無(wú)法解釋氦原子的光譜現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；釷核質(zhì)量數(shù)為232，鉛核質(zhì)量數(shù)為208，則a衰變次數(shù)為，β衰變次數(shù)為y：解得y=4次，故C正確；大量氫原子從n=4向低能級(jí)躍遷，最多產(chǎn)生6種不同頻率的光子，故D錯(cuò)誤；故選C．2、D【解析】

電源內(nèi)部非靜電力把正電荷從電源負(fù)極移送到正極，根據(jù)電動(dòng)勢(shì)的定義式可知，電動(dòng)勢(shì)等于非靜電力把單位正電荷從電源負(fù)極移送到正極所做的功．屬于比值定義，電動(dòng)勢(shì)E與W、q及體積和外電路無(wú)關(guān)，由電源內(nèi)非靜電力的特性決定．故A錯(cuò)誤，D正確；電動(dòng)勢(shì)和電壓雖然單位相同，但是二者具有不同的性質(zhì)，不能說(shuō)電動(dòng)勢(shì)就是電壓；故B錯(cuò)誤；

非靜電力做功的多少與時(shí)間有關(guān)，電動(dòng)勢(shì)很小，若時(shí)間很長(zhǎng)也可以做功很多；故C錯(cuò)誤；故選D．【點(diǎn)睛】本題考查電動(dòng)勢(shì)的物理意義．要注意電動(dòng)勢(shì)與電壓是兩個(gè)不同的概念，不能說(shuō)電動(dòng)勢(shì)就是電壓．3、B【解析】

對(duì)P分析，P受到重力、拉力和Q對(duì)P的彈力處于平衡，設(shè)拉力與豎直方向的夾角為θ，根據(jù)共點(diǎn)力平衡有：拉力，Q對(duì)P的支持力．鉛筆緩慢下移的過(guò)程中，θ增大，則拉力F增大，Q對(duì)P的支持力增大，故A錯(cuò)誤B正確；對(duì)Q分析知，在水平方向上P對(duì)Q的壓力增大，則墻壁對(duì)Q的彈力增大，在豎直方向上重力與摩擦力相等，所以A受到的摩擦力不變，Q不會(huì)從墻壁和小球之間滑落，故CD錯(cuò)誤．4、A【解析】

AB．物體m沿斜面向下勻速運(yùn)動(dòng)，與斜面加速度相同均為零，故可以采用整體法，

將物體m與斜面體M看做一個(gè)整體，受力分析：根據(jù)平衡條件，水平方向：Fcosθ-f=0解得f=Fcosθ豎直方向：FN-（M+m）g-Fsinθ=0可得FN=（M+m）g+Fsinθ所以A正確，B錯(cuò)誤。C．對(duì)物體受力分析如圖，物體受到向下的重力mg、拉力F、斜面的作用力（支持力和沿斜面向上的滑動(dòng)摩擦力），由于物體勻速下滑，根據(jù)平衡條件m受到的摩擦力f′=mgsinθ+F根據(jù)牛頓第三定律：物體m對(duì)M的摩擦力的大小為mgsinθ+F，故C錯(cuò)誤；D．由受力分析，根據(jù)平衡條件：M對(duì)物體m的作用力即N與f的合力應(yīng)該與mg和F的合力等大反向，如圖中，可見M對(duì)物體m的作用力斜向上，所以D錯(cuò)誤。5、B【解析】試題分析：對(duì)小球進(jìn)行受力分析如圖所示，設(shè)：板與豎直方向夾角為，則：，，隨著板順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)，越來(lái)越大，因此N2越來(lái)越小，同樣也越來(lái)越小，答案B正確．考點(diǎn)：共點(diǎn)力作用下物體的平衡，力的合力與分解6、C【解析】

A．變化的電場(chǎng)會(huì)產(chǎn)生磁場(chǎng)，這是麥克斯韋電磁場(chǎng)理論的兩個(gè)基本論點(diǎn)之一，故A錯(cuò)誤；B．變化的磁場(chǎng)會(huì)產(chǎn)生電場(chǎng)，這是麥克斯韋電磁場(chǎng)理論的兩個(gè)基本論點(diǎn)之一，故B錯(cuò)誤；C．麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在，赫茲實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證了電磁波的存在，故BC正確；D．周期性變化的電場(chǎng)和周期性變化的磁場(chǎng)交替產(chǎn)生，形成電磁波，電場(chǎng)與磁場(chǎng)相互垂直，所以電磁波是橫波，可以在真空中傳播，故D錯(cuò)誤．故選C．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BD【解析】因t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P向下振動(dòng)，可知波向左傳播；因T=1s，則t=0.5s=0.5T時(shí)，x=4.5m處質(zhì)點(diǎn)在平衡位置下方，則其加速度沿y軸正方向，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；t=8.25s=8T，則x=1m處的質(zhì)點(diǎn)在t=8.25s時(shí)刻回到平衡位置，其運(yùn)動(dòng)方向沿y軸負(fù)方向，選項(xiàng)B正確；質(zhì)點(diǎn)只在自己平衡位置附近上下振動(dòng)，不隨波遷移，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；因波長(zhǎng)為4m，則該波在傳播過(guò)程中若遇到30m的障礙物，不能發(fā)生明顯衍射現(xiàn)象，選項(xiàng)D正確；故選BD.8、AC【解析】A.沿著電場(chǎng)線移動(dòng)正電荷，電場(chǎng)力一定要做正功，而沿著電場(chǎng)線移動(dòng)負(fù)電荷，電場(chǎng)力一定要做負(fù)功．故A正確；B.電荷沿磁感線移動(dòng)，不受磁場(chǎng)力，故B錯(cuò)誤；C.如果放入磁場(chǎng)的通電導(dǎo)線與磁感線平行，則受到的安培力為零，故C正確；D．穿過(guò)閉合電路的磁通量大，不一定變化快，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不一定大，故D錯(cuò)誤．故選AC9、BC【解析】試題分析：等離子體進(jìn)入磁場(chǎng)后，根據(jù)左手定則，知正離子向下偏，負(fù)離子向上偏．所以B板帶正電，A板帶負(fù)電．最終離子在電場(chǎng)力和洛倫茲力作用下處于平衡，有：．電動(dòng)勢(shì)E=U=Bvd．故B、C正確，A、D錯(cuò)誤．考點(diǎn)：磁流體發(fā)電機(jī)．10、CD【解析】

A.根據(jù)光電效應(yīng)方程Ekm=hv-W0=eUc知，b光的遏止電壓大，則b光的頻率大，折射率大，根據(jù)v=c/n知，b光在介質(zhì)中傳播的速度小，故A錯(cuò)誤。B.a光的折射率小，根據(jù)sinC=1/n知，a光發(fā)生全反射的臨界角大，故B錯(cuò)誤。C.根據(jù)△x＝Ldλ知，a光的頻率小，則波長(zhǎng)長(zhǎng)，可知分別通過(guò)同一雙縫干涉裝置，a光的相鄰亮條紋間距大，故CD.a光的頻率小，根據(jù)E=hv知，a光的光子能量小，產(chǎn)生a光的能級(jí)差小，故D正確。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過(guò)程。11、C將小球放在斜槽末端看小球是否靜止，若靜止則水平m【解析】（1）安裝和調(diào)整實(shí)驗(yàn)裝置的兩點(diǎn)主要要求是：①斜槽末端要水平；（1）要使兩球發(fā)生對(duì)心正碰，兩球半徑應(yīng)相等，為防止入射球碰撞后反彈，入射球的質(zhì)量應(yīng)大于被碰球的質(zhì)量，即：m1、m1大小關(guān)系為m1＞m1，r1、r1大小關(guān)系為r1=r1．故選C.

（3）驗(yàn)證碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒定律，因兩球碰撞后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們拋出點(diǎn)的高度相等，在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t相等，碰撞過(guò)程動(dòng)量守恒，則m1v1=m1v1′+m1v1′，兩邊同時(shí)乘以時(shí)間t得：m1v1t=m1v1′t+m1v1′t，則m1OP=m1OM+m1ON，實(shí)驗(yàn)需要測(cè)出小球質(zhì)量、小球水平位移，要用直尺和天平，故選AB；

（4）由（3）可知，實(shí)驗(yàn)需要驗(yàn)證：m1OP=m1OM+m1ON．

點(diǎn)睛：本題考查了實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)、實(shí)驗(yàn)器材的選擇、數(shù)據(jù)處理，知道實(shí)驗(yàn)原理、實(shí)驗(yàn)注意事項(xiàng)即可正確解題；小球離開軌道后做平拋運(yùn)動(dòng)，它們?cè)诳罩械倪\(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，水平位移與初速度正正比，可以用水平位移表示初速度．12、2568×10-109.4×10-10【解析】

（1）本題通過(guò)數(shù)