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高考物理精選真題試卷4（新課標(biāo)卷）

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，第14~18題只有一項符合題目要求，第19~21

題有多項符合題目要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

14.國際單位制（縮寫SD定義了米（m）、秒（s）等7個基本單位，其他單位均可由物理關(guān)系導(dǎo)出。例如，由

m和s可以導(dǎo)出速度單位ms」。歷史上，曾用“米原器”定義米，用平均太陽日定義秒。但是，以實物或其運動

來定義基本單位會受到環(huán)境和測量方式等因素的影響，而采用物理常量來定義則可避免這種困擾。1967年用

艷-133原子基態(tài)的兩個超精細(xì)能級間躍遷輻射的頻率。=9192631770Hz定義s；1983年用真空中的光速c=

299792458m'l定義m。2018年第26屆國際計量大會決定，7個基本單位全部用基本物理常量來定義（對應(yīng)

關(guān)系如圖，例如，s對應(yīng)△口，〃對應(yīng)c）。新SI自2019年5月20日（國際計量日）正式實施，這將對科學(xué)和技術(shù)

發(fā)展產(chǎn)生深遠(yuǎn)影響。下列選項不正確的是

A.7個基本單位全部用物理常量定義，保證了基本單位的穩(wěn)定性

B.用真空中的光速c（m-s"）定義m,因為長度/與速度v存在/=%而s已定義

C.用基本電荷e（C）定義安培（A）,因為電荷量與電流/存在/=4〃，而s已定義

D.因為普朗克常量/?（J-s）的單位中沒有kg,所以無法用它來定義質(zhì)量單位

【答案】D

【解析】本題屬于信息題，由題所給信息結(jié)合/=印和/=幺的物理意義解答。由題意可知，如果以實物或

t

其運動來定義基本單位會受到環(huán)境和測量方式等因素的影響，所以7個基本單位全部用物理常量定義，保證了

基本單位的穩(wěn)定性，故A正確；用真空中的光速定義m,即光在真空中傳播299792458分之一秒的距離，且s

早已定義，故B正確；由公式/=幺可知，安培即為1s時間內(nèi)通過的電荷量，故C正確；由題意可知，力對應(yīng)

t

的單位為J-S，而能量的單位單位中包含質(zhì)量，故可以對Kg進(jìn)行定義，故D錯誤。

15.如圖所示，在水平向右的勻強(qiáng)電場中，質(zhì)量為機(jī)的帶電小球，以初速度v從M點豎直向上運動，通過N點

時，速度大小為2v,方向與電場方向相反，則小球從M運動到N的過程

":E

VA

A.動能增加,加廿

2

B.機(jī)械能增加2機(jī)/

3.

C.重力勢能增加一加V-

2

D.電勢能增加2機(jī)一

【答案】B

【解析】由動能的發(fā)達(dá)式線=5機(jī)聲可知帶電小球在M點的動能為%=5m聲，在N點的動能為

13

=-m（2v）=2mv-,所以動能的增量為八耳=］機(jī)/,故人錯誤；帶電小球在電場中做類平拋運動，

豎直方向受重力做勻減速運動，水平方向受電場力做勻加速運動，由運動學(xué)公式有

V..=v=gt,v=2v=at=變~￡,可得qE=2mg,豎直方向的位移〃,水平方向的位移x==vt,

,m22

31

222

因此有x=2/z,對小球由動能定理有qEx-mgh=^Ek=—mv,聯(lián)立上式可解得qEr=2mv,mgh=—znv,

因此電場力做正功，機(jī)械能增加，故機(jī)械能增加2根曠2,電勢能減少2根一,故B正確D錯誤，重:力做負(fù)功重

力勢能增加量為大機(jī)丫2,故c錯誤。

2

16.高空墜物極易對行人造成傷害。若一個50g的雞蛋從一居民樓的25層墜下，與地面的撞擊時間約為2ms,

則該雞蛋對地面產(chǎn)生的沖擊力約為

A.10NB.102NC.103ND.104N

【答案】C

【解析】設(shè)雞蛋落地瞬間的速度為v,每層樓的高度大約是3m,由動能定理可知：mgh=^mv2,解得：

=12x10x3x25=10岳m(xù)/s,落地時受到自身的重力和地面的支持力，規(guī)定向上為正，由動量

定理可知：（N—mg）/=0—（-加），解得：NalOOON,根據(jù)牛頓第三定律可知雞蛋對地面產(chǎn)生的沖擊

力約為103N,故C正確。

17.如圖所示，正方形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場。一帶電粒子垂直磁場邊界從a點射入，從b點射出。下列

說法正確的是

XBx

A.粒子帶正電

B.粒子在b點速率大于在a點速率

C.若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子可能從〃點右側(cè)射出

D.若僅減小入射速率，則粒子在磁場中運動時間變短

【答案】C

【解析】由左手定則確粒子的電性，由洛倫茲力的特點確定粒子在仄a兩點的速率，根據(jù)4團(tuán)=根匕確定

粒子運動半徑和運動時間。由題可知，粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，所以粒子應(yīng)帶負(fù)電，故A錯誤；由于

洛倫茲力不做功，所以粒子動能不變，即粒子在b點速率與。點速率相等，故B錯誤；若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，

2

由公式《加=加匕得：廠=2,所以磁感應(yīng)強(qiáng)度減小，半徑增大，所以粒子仃”『能從〃點右側(cè)射出，故C

rqB

正確，若僅減小入射速率，粒子運動半徑減小，在磁場中運動的偏轉(zhuǎn)角增大，則粒子在磁場中運動時間一定

變長，故D錯誤。

18.2018年12月8日，肩負(fù)著億萬中華兒女探月飛天夢想的嫦娥四號探測器成功發(fā)射，“實現(xiàn)人類航天器首次

在月球背面巡視探測，率先在月背刻上了中國足跡已知月球的質(zhì)量為〃、半徑為探測器的質(zhì)量為加，

引力常量為G,嫦娥四號探測器圍繞月球做半徑為廣的勻速圓周運動時，探測器的

GMm

B.動能為一k

D.向心加速度為二

R-

【答案】C

【解析】由萬有引力提供向心力可得絲絲=相”可得7=24」二，故A正

r2T2\GM

?工口12GMm故B錯誤；解得。=J絆，故C錯誤；解得”=皆,

確；解得y=由于E#=_mv'=-------

*22r

故D錯誤。綜上分析，答案為A。

19.甲、乙兩汽車同一條平直公路上同向運動，其速度-時間圖象分別如圖中甲、乙兩條曲線所示。已知兩車在

會時刻并排行駛，下列說法正確的是

A.兩車在九時刻也并排行駛

B.A時刻甲車在后，乙車在前

C.甲車的加速度大小先增大后減小

D.乙車的加速度大小先減小后增大

【答案】BD

【解析】VT圖象中圖象包圍的面積代表運動走過的位移，兩車在B時刻并排行駛，利用逆向思維并借助于面

積可知在九時刻甲車在后，乙車在前，故A錯誤，B正確；圖象的斜率表示加速度，所以甲的加速度先減小

后增大，乙的加速度也是先減小后增大，故C錯D正確。

20.如圖所示，輕質(zhì)不可伸長的晾衣繩兩端分別固定在豎直桿M、N上的〃、5兩點，懸掛衣服的衣架鉤是光滑

的，掛于繩上處于靜止?fàn)顟B(tài)。如果只人為改變一個條件，當(dāng)衣架靜止時，下列說法正確的是

A.繩的右端上移到。'，繩子拉力不變

B.將桿N向右移一些，繩子拉力變大

C.繩的兩端高度差越小，繩子拉力越小

D.若換掛質(zhì)量更大的衣服，則衣架懸掛點右移

【答案】AB

【解析】設(shè)兩桿間距離為"，繩長為/,Oa、06段長度分別為/“和心則/=/“+",兩部分繩子與蟒直方向

夾角分別為a和夕，受力分析如圖所示。繩子中各部分張力相等，居=居=/，則1=尸。滿足2尸cosa=/ng,

J=/（Isina+/fcsina=/sina,B|Jsin?=—,F=-—,d和/均不變，則sina為定值，a為定值，

I2cosa

cosa為定值，繩子的拉力保持不變，衣服的位置不變，故A正確，CD錯誤；將桿N向右移一些，d增大,

則sina增大,cosa減小，繩子的拉力增大，故B正確。

【名師點睛】本題是力的動態(tài)平衡的典型模型，學(xué)生并不陌生，關(guān)鍵要判斷出繩子和豎直方向的夾角只與繩

長和兩桿間的距離有關(guān)。

21.如圖，兩條光滑平行金屬導(dǎo)軌固定，所在平面與水平面夾角為仇導(dǎo)軌電阻忽略不計。虛線外、cd均與導(dǎo)軌

垂直，在外與加之間的區(qū)域存在垂直于導(dǎo)軌所在平面的勻強(qiáng)磁場。將兩根相同的導(dǎo)體棒PQ、先后自導(dǎo)軌

上同一位置由靜止釋放，兩者始終與導(dǎo)軌垂直且接觸良好。已知PQ進(jìn)入磁場時加速度變小恰好為零，從PQ

進(jìn)入磁場開始計時，到MN離開磁場區(qū)域為止，流過P0的電流隨時間變化的圖像可能正確的是

【答案】AD

【解析】于PQ進(jìn)入磁場時加速度為零，AB.若PQ出磁場時MN仍然沒有進(jìn)入磁場，則PQ出磁場后至MN

進(jìn)入磁場的這段時間，由于磁通量°不變，無感應(yīng)電流。由于P。、MN同一位置釋放，故進(jìn)入磁場時與

PQ進(jìn)入磁場時的速度相同，所以電流大小也應(yīng)該相同，A正確B錯誤；CD.若尸Q出磁場前MN已經(jīng)進(jìn)入

磁場，由于磁通量0不變，PQ、MN均加速運動，出磁場后，MN由于加速故電流比PQ進(jìn)入磁場時電流

大，故C正確D錯誤。

三、非選擇題：共174分，第22~32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33~38題為選考題，考生根據(jù)

要求作答。

（一）必考題：共129分。

22.（6分）甲、乙兩同學(xué)通過下面的實驗測量人的反應(yīng)時間。實驗步驟如下：

（1）甲用兩個手指輕輕捏住量程為工的木尺上端，讓木尺自然下垂。乙把手放在尺的下端（位置恰好處于L

刻度處，但未碰到尺），準(zhǔn)備用手指夾住下落的尺。

（2）甲在不通知乙的情況下，突然松手，尺子下落；乙看到尺子下落后快速用手指夾住尺子。若夾住尺子的

位置刻度為Li,重力加速度大小為g,則乙的反應(yīng)時間為（用心、〃和g表示）。

（3）已知當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣却笮間=9.80m/s2,L=30.0cm,Li=10.4cm,乙的反應(yīng)時間為s。

（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）

（4）寫出一條提高測量結(jié)果準(zhǔn)確程度的建議：o

【答案】0.20多次測量取平均值；初始時乙的手指盡可能接近尺子

【解析】根據(jù)題述，在乙的反應(yīng)時間/內(nèi)，尺子下落高度人=〃-匕，由自由落體運動規(guī)律，巴解得七

。代入數(shù)據(jù)得：t=0.20s。

【名師點睛】測量反應(yīng)時間是教材上的小實驗，此題以教材小實驗切入，難度不大。

23.（9分）某同學(xué)用伏安法測定待測電阻&的阻值（約為10kQ）,除了R,開關(guān)S、導(dǎo)線外，還有下列器材

供選用：

A.電壓表（量程0~1V,內(nèi)阻約為10kQ）

B.電壓表（量程0~10V,內(nèi)阻約為100kQ）

C.電流表（0~1mA內(nèi)阻約為30C）

D.電流表（0-0.6A,內(nèi)阻約為0.05C）

E.電源（電動勢1.5V,額定電流0.5A,內(nèi)阻不計）

F.電源（電動勢12V,額定電流2A,內(nèi)阻不計）

G.滑動變阻器Ro（阻值范圍070C,額定電流2A）

①為使測量盡量準(zhǔn)確，電壓表選用，電流表選用,電源選用o（均

填器材的字母代號）；

②畫出測量尺阻值的實驗電路圖。

③該同學(xué)選擇器材、連接電路和操作均正確，從實驗原理上看，待測電阻測量值會其真實值

（填“大于”“小于”或"等于”），原因是O

【答案】BCF大于電壓表的讀數(shù)大于待測電阻兩端實際電壓（其他正確表述也

可）

【解析】由于本題的被測電阻達(dá)到10kQ,所以電源要選擇電動勢大的，然后根據(jù)電路電流選擇電流表，電

壓表；若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采用滑動變阻器的分壓接法，根據(jù)和才的

關(guān)系分析電流表的接法；根據(jù)電流表的接法判斷實驗誤差所在；

①若選用電源1.5V,由于被測電阻很大，電路中電流非常小，不利于實驗，即電源選用12V的，即F；則

,12,3八

電壓表就應(yīng)該選取B；電路中的最大電流為/=而礪=12mA,故選用電流表C；

②因為給的滑動變阻器的最大阻值只有10C,若采用限流接法，則電路中電流和電壓變化不明顯，故采用滑

RR

動變阻器的分壓接法，山于言v＜廣，所以采用電流表內(nèi)接法，電路圖如圖所示，

A.K.

③由于電流表的分壓，導(dǎo)致電壓測量值偏大，而電流準(zhǔn)確，根據(jù)段=巨可知測量值偏大；

24.（13分）完全由我國自行設(shè)計、建造的國產(chǎn)新型航空母艦已完成多次海試，并取得成功。航母上的艦載機(jī)采

用滑躍式起飛，故甲板是由水平甲板和上翹甲板兩部分構(gòu)成，如圖1所示。為了便于研究艦載機(jī)的起飛過程,

假設(shè)上翹甲板8c是與水平甲板相切的一段圓弧，示意如圖2,AB長右=150m,8c水平投影

%=63m,圖中C點切線方向與水平方向的夾角。=12°（sin12°?0.21）o若艦載機(jī)從A點由靜止開始

做勻加速直線運動，經(jīng)，=6s到達(dá)8點進(jìn)入5C。已知飛行員的質(zhì)量，〃=60kg,gWOiM?,求

圖1

（1）艦載機(jī)水平運動的過程中，飛行員受到的水平力所做功W；

（2）艦載機(jī)剛進(jìn)入時，飛行員受到豎直向上的壓力幾多大。

【答案】(1)W=7.5xlO4J(2)=l.lxl03N

【解析】（1）艦載機(jī)由靜止開始做勻加速直線運動，設(shè)其剛進(jìn)入上翹甲板時的速度為丫，則有

根據(jù)動能定理，有

1、

卬二一心乩②

2

聯(lián)立①②式，代入數(shù)據(jù)，得

W=7.5xl04J③

(2)設(shè)上翹甲板所對應(yīng)的圓弧半徑為R,根據(jù)幾何關(guān)系，有

L2=7?sin。④

由牛頓第二定律，有

&-〃際=/喙⑤

聯(lián)立①④⑤式，代入數(shù)據(jù)，得

綜=1.1x103N⑥

25.(19分)如圖所示，勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8.磁場中的水平絕緣薄板與磁場的左、右邊界分別垂直相

交于M、N,MN=L,粒子打到板上時會被反彈(碰撞時間極短)，反彈前后水平分速度不變，豎直分速度大

小不變、方向相反.質(zhì)量為機(jī)、電荷量為-q的粒子速度一定，可以從左邊界的不同位置水平射入磁場，在磁場

中做圓周運動的半徑為4且粒子重力不計，電荷量保持不變。

(1)求粒子運動速度的大小v；

(2)欲使粒子從磁場右邊界射出，求入射點到M的最大距離dm；

(3)從P點射入的粒子最終從。點射出磁場，PM=d,QN=g,求粒子從P到。的運動時間t.

【答案】(1)丫=幽(2)d=^^d(3)t=由

mm2d62qB

f/lV

【解析】(1)粒子的運動半徑d=f

qB

解得—幽

m

(2)如圖4所示，粒子碰撞后的運動軌跡恰好與磁場左邊界相切

V

圖（4）

由幾何關(guān)系得（l+sin60°）

解得亳=馬芭d

m2

（3）粒子的運動周期T=F

qB

設(shè)粒子最后一次碰撞到射出磁場的時間為，，則

t=n—+f（n=1,3,5,...?）

4

（〃）當(dāng)L=nd+（1-—）d時，粒子斜向上射出磁場

2

T?解得」呆牛嗡

⑹當(dāng)L=〃d+（1+且）d時，粒子斜向下射出磁場

2

12

解得r=&-3>/3-4）兀,"

a-6-2qB

（二）選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做，則

每科按所做的第一題計分。

33.[物理一選修3-3]（15分）

（1）（5分）對于實際的氣體，下列說法正確的是o（填正確答案標(biāo)號，選對1個給2分，選對2個得4

分，選對3個得5分，每選錯1個扣3分，最低得分0分）

A.氣體的內(nèi)能包括氣體分子的重力勢能

B.氣體的內(nèi)能包括分子之間相互作用的勢能

C.氣體的內(nèi)能包括氣體整體運動的動能

D.氣體體積變化時，其內(nèi)能可能不變

E.氣體的內(nèi)能包括氣體分子熱運動的動能

【答案】BDE

【解析】氣體的內(nèi)能等于所有分子熱運動動能和分子之間勢能的總和，故AC錯，BE對：根據(jù)熱力學(xué)第一

定律AU=W+Q知道，改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，所以體積發(fā)生變化時，內(nèi)能可能不變，故D正

確。

(2)(10分)如圖，一豎直放置的氣缸上端開口，氣缸壁內(nèi)有卡口“和6,a、6間距為/?,“距缸底的高度為H；

活塞只能在人間移動，其下方密封有一定質(zhì)量的理想氣體。已知活塞質(zhì)量為〃?，面積為S,厚度可忽略；

活塞和汽缸壁均絕熱，不計他們之間的摩擦。開始時活塞處于靜止?fàn)顟B(tài)，上、下方氣體壓強(qiáng)均為po,溫度均

為介?，F(xiàn)用電熱絲緩慢加熱氣缸中的氣體，直至活塞剛好到達(dá)b處。求此時氣缸內(nèi)氣體的溫度以及在此過

程中氣體對外所做的功。重力加速度大小為g。

【答案】W=(p0S+mg)h

【解析】由于活塞處于平衡狀態(tài)所以可以利用活塞處于平衡狀態(tài)，求封閉氣體的壓強(qiáng)，然后找到不同狀態(tài)卜

氣體參量，計算溫度或者體積。

開始時活塞位于。處，加熱后，汽缸中的氣體先經(jīng)歷等容過程，直至活塞開始運動。設(shè)此時汽缸中氣體的溫

度為力，壓強(qiáng)為？，根據(jù)查理定律有

牛=卷①

1。

根據(jù)力的平衡條件有

PiS=p0S+/"g②

聯(lián)立①②式可得

T、=1+幽"③

IPoS

此后，汽缸中的氣體經(jīng)歷等壓過程，直至活塞剛好到達(dá)b處，設(shè)此時汽缸中氣體的溫度為乃；活塞位于4

處和8處時氣體的體積分別為Vl和丫2。根據(jù)蓋一呂薩克定律有

V.

T,

式中

V2=S(H+h)(6)

聯(lián)立③④⑤⑥式解得

1+判1+mg

H[PoS

從開始加熱到活塞到達(dá)b處的過程中，汽缸中的氣體對外做的功為

W=（4）S+mg）h⑧

34.［物理一選修3-4）（15分）

（1）（5分）如圖，AABC為一玻璃三棱鏡的橫截面，ZA=30%一束紅光垂直AB邊射入，從AC邊上的D點

射出，其折射角為60。，則玻璃對紅光的折射率為o若改用藍(lán)光沿同一路徑入射，則光線在D點射出

時的折射射角（“小于”“等于”或“大于”）60%

【答案】V3大于

【解析】根據(jù)題述和圖示可知，i=60。，-30。，由折射定律，玻璃對紅光的折射率=V3?若改用藍(lán)光

sinr

沿同一路徑入射，由于玻璃對藍(lán)光的折射率大于玻璃對紅光的折射率，則光線在。點射出時的折射角大于6

0%

（2）（10分）一列簡諧橫波在時的波形圖如圖（a）所示，P、。是介質(zhì)中的兩個質(zhì)點，圖（b）是質(zhì)點Q

的振動圖象。求

（i）波速及波的傳播方向；

（ii）質(zhì)點。的平衡位置的x坐標(biāo)。

【答案】⑴v=18CITI/S,波沿負(fù)方向傳播（ii）x°=9cm

【解析】（i）由圖a可以看出，改波的波長為4=36cm

由圖b可.以看出周期T=2s,故波速為u=—=18cm/s

T

由圖b可知，當(dāng)「=：$時，Q向上振動，結(jié)合圖a可知，該波沿x軸負(fù)方向傳播

A

（ii）設(shè)質(zhì)點P、。平衡位置的x坐標(biāo)分別為/、XQ0由圖（a）知，x=0處y=-耳=Asin（-30°）,因

30°

此斗=----2=3cm④

360°-

由圖（b）知，在f=0時。點處于平衡位置，經(jīng)&=gs,其振動狀態(tài)向X軸負(fù)方向傳播至尸點處，由此及

③式有

xQ-xp=vAz=6cm(§)

由④⑤式得，質(zhì)點Q的平衡位置的x坐標(biāo)為

XQ=9cm⑥

精品基礎(chǔ)教育教學(xué)資料，僅供參考，需要可下莪使用！

二、選擇題：本題共8小題，每小題6分。在每小題給出的四個選項中，

第14-18題只有一項符合題目要求，第19-21題有多項符合題目

要求。全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

14.太陽內(nèi)部核反應(yīng)的主要模式之一是質(zhì)子一質(zhì)子循環(huán)，循環(huán)的結(jié)果可表示為4；Hf；He+2；e+2v,已知;H和;He的

質(zhì)量分別為叫=L0078u和”=4.0026u,lu=931MeV/c2,c為光速。在4個;H轉(zhuǎn)變成1個;He的過程中,釋放的

能量約為

A.8MeVB.16MeVC.26MeVD.52MeV

【答案】C

6I9

-ILA「2左“A"(A°\2AAE931X10X1.6X10-J

【解析】由△七'=八加。2知AE=(4xe，一”一2%.卜。，A/M=-R=-----9]0瓦-------

al.7xlO-27kg》o.9xl()Hkg,忽略電子質(zhì)量，則：AE=(4X1.0078H-4.0026H)-C2?26MeV,故

C選項符合題意；

15.一輛汽車沿平直道路行駛，其廣￡圖象如圖所示。在片0到/=40s這段時間內(nèi)，汽車的位移是

A.0B.30m

C.750mD.1200m

【答案】C

【解析】在v-t圖像中圖線與時間軸圍成的面積表示位移，故在40s內(nèi)的位移為

x=；x(10+40)x30(m)=750m,C正確。

16.如圖，輕彈簧的下端固定在水平桌面上，上端放有物塊P,系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)，現(xiàn)用一豎直向上的力尸作用

在P上，使其向上做勻加速直線運動，以x表示P離開靜止位置的位移，在彈簧恢復(fù)原長前，下列表示尸和

x之間關(guān)系的圖象可能正確的是

【答案】A

【解析】由牛頓運動定律，F(xiàn)-ing+F,^=ma,F.?=k(xo-x),kxo=mg,聯(lián)立解得尸="?a+fcr,對比題給的四個圖象,

可能正確的是A。

17.如圖所示，正方形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場。一帶電粒子垂直磁場邊界從〃點射入，從6點射出。下

列說法正確的是

；xx8,；

I

xxx!

?

?

?

?

?

|XX'X：

A.粒子帶正電

B.粒子在匕點速率大于在。點速率

C.若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，則粒子可能從〃點右側(cè)射出

D.若僅減小入射速率，則粒子在磁場中運動時間變短

【答案】C

【解析】由左手定則確粒子的電性，由洛倫茲力的特點確定粒子在瓦a兩點的速率，根據(jù)4陽=加匕確定

r

粒子運動半徑和運動時間。由題可知，粒子向下偏轉(zhuǎn)，根據(jù)左手定則，所以粒子應(yīng)帶負(fù)電，故A錯誤；由于

洛倫茲力不做功，所以粒子動能不變，即粒子在b點速率與〃點速率相等，故B錯誤；若僅減小磁感應(yīng)強(qiáng)度，

由公式4田=〃?二得：r=—,所以磁感應(yīng)強(qiáng)度減小，半徑增大，所以粒子有川能從b點右側(cè)射出，故C

rqB

正確，若僅減小入射速率，粒子運動半徑減小，在磁場中運動的偏轉(zhuǎn)角增大，則粒子在磁場中運動時間一定

變長，故D錯誤。

18.1970年成功發(fā)射的“東方紅一號”是我國第一顆人造地球衛(wèi)星，該衛(wèi)星至今仍沿橢圓軌道繞地球運動.如圖所

示，設(shè)衛(wèi)星在近地點、遠(yuǎn)地點的速度分別為0、丫2,近地點到地心的距離為r,地球質(zhì)量為M,引力常量為G。

【答案】B

【解析】“東方紅一號”從近地點到遠(yuǎn)地點萬有引力做負(fù)功，動能減小，所以匕＞匕，過近地點圓周運動的速

GM

由于“東方紅一號”在橢圓上運動所以匕＞故B正確。

19.如圖，柔軟輕繩ON的一端0固定，其中間某點M拴一重物，用手拉住繩的另一端N。初始時，豎直

7T

且被拉直，與之間的夾角為a(a＞-)?現(xiàn)將重物向右上方緩慢拉起，并保持夾角a不變。

2

在0M由豎直被拉到水平的過程中

A.上的張力逐漸增大

B.上的張力先增大后減小

C.0M上的張力逐漸增大

D.上的張力先增大后減小

【答案】AD

【解析】以重物為研究對象，受重力，“g,。胡繩上拉力MN上拉力Fi,由題意知，三個力合力始終為零,

矢量三角形如圖所示，在乃轉(zhuǎn)至水平的過程中，上的張力Q逐漸增大，0M上的張力B先增大后減小,

所以AD正確，BC錯誤。

【名師點睛】本題考查動態(tài)平衡，注意重物受三個力中只有重力恒定不變，且要求兩力的夾角不變，

兩力的大小、方向都在變。三力合力為零，能構(gòu)成封閉的三角形，再借助圓，同一圓弧對應(yīng)圓周角不變，難

度較大。

20.空間存在一方向與直面垂直、大小隨時間變化的勻強(qiáng)磁場，其邊界如圖（a）中虛線MN所示，一硬質(zhì)細(xì)導(dǎo)線

的電阻率為"、橫截面積為S,將該導(dǎo)線做成半徑為，的圓環(huán)固定在紙面內(nèi)，圓心。在MN上。，=0時磁感應(yīng)強(qiáng)度

的方向如圖（a）所示。磁感應(yīng)強(qiáng)度8隨時間，的變化關(guān)系如圖（b）所示，則在片0到七人的時間間隔內(nèi)

A.圓環(huán)所受安培力的方向始終不變

B.圓環(huán)中的感應(yīng)電流始終沿順時針方向

C.圓環(huán)中的感應(yīng)電流大小為警

D.圓環(huán)中的感應(yīng)電動勢大小為竽-

【答案】BC

【解析】AB、根據(jù)8-/圖象，由楞次定律可知,線圈中感應(yīng)電流方向一直為順時針，但在時刻，磁場的方

向發(fā)生變化，故安培力方向用的方向在t。時刻發(fā)生變化，則A錯誤，B正確;

CD、由閉合電路歐姆定律得；1=-,又根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得：后=包="巴二，又根據(jù)電阻定

RMM2

2兀r.B?S

律得：/?=p—,聯(lián)立得：/=優(yōu)一則C正確，D錯誤。故本題選BC。

S4top

21.如圖所示，輕質(zhì)彈簧一端固定，另一端連接一小物塊，。點為彈簧在原長時物塊的位置。物塊由A點靜止釋

放，沿粗糙程度相同的水平面向右運動，最遠(yuǎn)到達(dá)8點。在從A到8的過程中，物塊

oB

A.加速度先減小后增大

B.經(jīng)過。點時的速度最大

C.所受彈簧彈力始終做正功

D.所受彈簧彈力做的功等于克服摩擦力做的功

【答案】AD

【解析】物體從4點到。點過程，彈力逐漸減為零，剛開始彈簧彈力大于摩擦力，故可分為彈力大于摩擦

力過程和彈力小于摩擦力過程：彈力大于摩擦力過程，合力向右，加速度也向右，由于彈力減小，摩擦力不

變，小球所受合力減小加速度減小，彈力等于摩擦力時速度最大，此位置在A點與。點之間；彈力小于摩

擦力過程，合力方向與運動方向相反，彈力減小，摩擦力大小不變，物體所受合力增大，物體的加速度隨彈

簧形變量的減小而增加，物體作減速運動；從。點到8點的過程彈力增大，合力向左，加速度繼續(xù)增大，

選項A正確、選項B錯誤；從4點到0點過程，彈簧由壓縮恢復(fù)原長彈力做正功，從O點到B點的過程,

彈簧伸長，彈力做負(fù)功，故選項C錯誤；從A到8的過程中根據(jù)動能定理彈簧彈力做的功等于物體克服摩

擦力做的功，故選項D正確。

三、非選擇題：共174分,第22~32題為必考題，每個試題考生都必須作答。第33-38題為選考題，考生根據(jù)

要求作答。

（-）必考題：共129分。

22.（6分）某小組利用打點計時器對物塊沿傾斜的長木板加速下滑時的運動進(jìn)行研究。物塊拖動紙帶下滑，打

出的紙帶一部分如圖所示。已知打點計時器所用交流電的頻率為50Hz,紙帶上標(biāo)出的每兩個相鄰點之間還

有4個打出的點未畫出。在A8CDE五個點中，打點計時器最先打出的是點,在打出C點時物塊的速

度大小為m/s（保留3位有效數(shù)字）；物塊下滑的加速度大小為m/s2（保留2位有效數(shù)字）。

【答案】（1）A（2）0.233（3）0.75

【解析】分析可知，物塊沿傾斜長木板最勻加速直線運動，紙帶上的點跡，從A到E,間隔越來越大，可知，

物塊跟紙帶的左端相連，紙帶上最先打出的是A點；在打點計時器打C點瞬間，物塊的速度

退=4.65x10二向$=o233m/s；根據(jù)逐差法可知，物塊下滑的加速度

c2T2x0.1

a=&「第一=（6.15-3.15尸0二曲=0J5mH。

4T24x0.12

23.（9分）某小組利用圖（a）所示的電路，研究硅二極管在恒定電流條件下的正向電壓U與溫度f的關(guān)系，

圖中VI和V2為理想電壓表；R為滑動變阻器，Ro為定值電阻（阻值100Q）；S為開關(guān)，E為電源。實驗中

二極管置于控溫爐內(nèi)，控溫爐內(nèi)的溫度/由溫度計（圖中未畫出）測出。圖（b）是該小組在恒定電流為50.

（HiA時得到的某硅二極管U-/關(guān)系曲線?；卮鹣铝袉栴}：

（1）實驗中，為保證流過二極管的電流為50.0HA,應(yīng)調(diào)節(jié)滑動變阻器R,使電壓表W的示數(shù)為。尸

mV；根據(jù)圖（b）可知，當(dāng)控溫爐內(nèi)的溫度，升高時，硅二極管正向電阻（填“變大”或“變小”），

電壓表Vi示數(shù)（填"增大”或“減小”），此時應(yīng)將R的滑片向（填“A”或"B”）端移動，以使

Vi示數(shù)仍為

⑵由圖（b）可以看出。與「成線性關(guān)系，硅二極管可以作為測溫傳感器，該硅二極管的測溫靈敏度為嗡

:xlOWC（保留2位有效數(shù)字）。

【答案】（1）5.00變小增大B（2）2.8

【解析】（1）U尸/R>=100*<50x10-6A=5X1O~3v=5mV由R=?,/不變，溫度升高，U減小，故R減小;

由于R變小，總電阻減小，電流增大；島兩端電壓增大，即Vi表示數(shù)變大，只有增大電阻才能使電流減小,

故華東變阻器向右調(diào)節(jié)，即向B短調(diào)節(jié)。

\u

(2)由圖可知，——=2.8x103V/℃

△t

24.（13分）雨滴落到地面的速度通常僅為幾米每秒，這與雨滴下落過程中受到空氣阻力有關(guān)。雨滴間無相互作

用且雨滴質(zhì)量不變，重力加速度為g。

（1）質(zhì)量為〃?的雨滴由靜止開始，下落高度小時速度為“，求這一過程中克服空氣阻力所做的功W。

（2）將雨滴看作半徑為/?的球體，設(shè)其豎直落向地面的過程中所受空氣阻力戶k/v2,其中v是雨滴的速度,

&是比例系數(shù)。

a.設(shè)雨滴的密度為"，推導(dǎo)雨滴下落趨近的最大速度“n與半徑，?的關(guān)系式；

b.示意圖中畫出了半徑為外、相（八＞2）的雨滴在空氣中無初速下落的圖線，其中對應(yīng)半徑為

n的雨滴（選填①、②）；若不計空氣阻力，請在圖中畫出雨滴無初速下落的廣/圖線。

（3）由于大量氣體分子在各方向運動的幾率相等，其對靜止雨滴的作用力為零。將雨滴簡化為垂直于運動方

向面積為S的圓盤，證明：圓盤以速度v下落時受到的空氣阻力/8V2（提示：設(shè)單位體積內(nèi)空氣分子數(shù)為n,

空氣分子質(zhì)量為次））。

【答案】（1）（2）a.匡2b.見解析（3）見解析

2V3K

【解析】（1）根據(jù)動能定理“際〃-W=

可得/W=mgh--1mu2

（2）a.根據(jù)牛頓第二定律6=

當(dāng)加速度為零時，雨滴趨近于最大速度叫

4o

雨滴質(zhì)量m=—兀/p

山。=0,可得，雨滴最大速度飛=步咨

b.①

如答圖2

（3）根據(jù)題設(shè)條件：大量氣體分子在各方向運動的幾率相等，其對靜止雨滴的作用力為零。以下只考慮雨滴

下落的定向運動。

簡化的圓盤模型如答圖3。設(shè)空氣分子與圓盤碰撞前后相對速度大小不變。在4時間內(nèi)，與圓盤碰撞的空氣

分子質(zhì)量為=SvArnm^

答圖3

以尸表示圓盤對氣體分子的作用力，根據(jù)動量定理，

有尸AfocAmxn

得尸ocnm^Sv2

由牛頓第三定律，可知圓盤所受空氣阻力

/℃V2

采用不同的碰撞模型，也可得到相同結(jié)論。

25.（19分）小明受回旋加速器的啟發(fā)，設(shè)計了如圖1所示的“回旋變速裝置”。兩相距為d的平行金屬柵極板M、

e2兀m

N,板M位于x軸上，板N在它的正下方?兩板間加上如圖2所示的幅值為Uo的交變電壓，周期”=F-。

qB

板M上方和板N下方有磁感應(yīng)強(qiáng)度大小均為8、方向相反的勻強(qiáng)磁場。粒子探測器位于），軸處，僅能探測

到垂直射入的帶電粒子。有一沿x軸可移動、粒子出射初動能可調(diào)節(jié)的粒子發(fā)射源，沿），軸正方向射出質(zhì)量

為機(jī)、電荷量為qS>0）的粒子。U0時刻，發(fā)射源在（x,0）位置發(fā)射一帶電粒子。忽略粒子的重力和

其它阻力，粒子在電場中運動的時間不計。

1b

y

UMN''

U。

To；：2T0

-Uo

（1）若粒子只經(jīng)磁場偏轉(zhuǎn)并在尸并處被探測到,求發(fā)射源的位置和粒子的初動能;

（2）若粒子兩次進(jìn)出電場區(qū)域后被探測到，求粒子發(fā)射源的位置x與被探測到的位置y之間的關(guān)系

2222

+qB-2mqU0qB+2mqU0

I解析】】（1）發(fā)射源的位置4=%

粒了?的初動能：%=（的））

2m

（2）分下面三種情況討論：

（i）如圖1,EkQ>2qUa

及x=y+2(K)+Rj

(ii)如圖2,qUQ<Ek0<2qU0

S)

…喈、氏Bq

和卜〃[=；M1+400

及尤=3(—y—d)+2RQ

o

(iii)如圖3,EkQ<qUQ

由一等、

y-d=BqR。Bq

和g機(jī)1=g”.一qu

0

及x=(_y-d)+44

+（］~B~—2"圖U°

（二）選考題：共45分。請考生從2道物理題、2道化學(xué)題、2道生物題中每科任選一題作答。如果多做，則

每科按所做的第一題計分。

33.［物理一選修3-3］（15分）

（1）（5分）如p-V圖所示，1、2、3三個點代表某容器中一定量理想氣體的三個不同狀態(tài)，對應(yīng)的溫度分別是7K

72、用Ni、M、M分別表示這三個狀態(tài)下氣體分子在單位時間內(nèi)撞擊容器壁上單位面積的次數(shù)，則M—

M,1\乃，MM。（填“大于”“小于”或，等于“）

2P-----,1

I

Ovx2V}*V

【答案】大于等于大于

【解析】I、2等體積，2、3等壓強(qiáng)由叱』RT得：竽=嚕，口=丫2,故?=零，可得：丁尸2T2,即—>