·課件編輯說明·高中物理選擇性必修第一冊RJ浙江省專題課：動量守恒定律的應(yīng)用學習任務(wù)一:多物體、多過程中動量守恒定律的應(yīng)用[科學思維]

對于多物體、多過程,應(yīng)用動量守恒定律解題時應(yīng)注意:(1)正確分析作用過程中各物體運動狀態(tài)的變化情況;(2)分清作用過程中的不同階段,并按作用關(guān)系將系統(tǒng)內(nèi)的物體分成幾個小系統(tǒng);(3)對不同階段、不同的小系統(tǒng)準確選取初、末狀態(tài),分別列動量守恒方程.例1

如圖所示,光滑水平地面上依次放置著質(zhì)量m=0.08kg的10塊完全相同的長直木板.一質(zhì)量M=1.0kg、大小可忽略的小銅塊以初速度v0=6.0m/s從長木板左側(cè)滑上木板,當銅塊滑離第一塊木板時,速度大小為v1=4.0m/s,銅塊最終停在第二塊木板上.重力加速度g取10m/s2,求:(1)第一塊木板的最終速度;(2)銅塊的最終速度.[答案](1)2.5m/s,方向與銅塊初速度方向相同(2)3.4m/s,方向與銅塊初速度方向相同學習任務(wù)一:多物體、多過程中動量守恒定律的應(yīng)用[解析](1)銅塊和10塊木板組成的系統(tǒng)在水平方向上不受外力,所以系統(tǒng)動量守恒,當銅塊剛滑到第二塊木板上時設(shè)木板的速度為v2,由動量守恒定律得Mv0=Mv1+10mv2解得v2=2.5m/s,方向與銅塊初速度方向相同.(2)由題可知銅塊最終停在第二塊木板上,設(shè)最終速度為v3,對銅塊與后面9塊木板組成的系統(tǒng),由動量守恒定律得Mv1+9mv2=(M+9m)v3解得v3≈3.4m/s,方向與銅塊初速度方向相同.學習任務(wù)一:多物體、多過程中動量守恒定律的應(yīng)用一個系統(tǒng)如果滿足動量守恒條件,并且由兩個以上的物體構(gòu)成,在對問題進行分析時,既要注意系統(tǒng)總動量守恒,又要注意系統(tǒng)內(nèi)部分物體動量守恒.注重系統(tǒng)內(nèi)部分物體動量守恒分析,可以使求解突破關(guān)鍵的未知量,增加方程個數(shù),為問題的最終解答鋪平道路.學習任務(wù)一:多物體、多過程中動量守恒定律的應(yīng)用[模型建構(gòu)]

動量守恒定律應(yīng)用中的常見臨界情形(1)如圖所示,光滑水平面上的A物體以速度v去撞擊靜止的B物體,A、B兩物體相距最近時,兩物體速度一定相等,此時彈簧最短,其壓縮量最大.(2)如圖所示,物體A以速度v0滑到靜止在光滑水平面上的小車B上,當A在B上滑行的距離最遠時,A、B相對靜止,A、B的速度一定相等.學習任務(wù)二:動量守恒定律應(yīng)用中的臨界問題(3)如圖所示,質(zhì)量為M的滑塊靜止在光滑水平面上,滑塊的光滑弧面底部與桌面相切,一個質(zhì)量為m的小球以速度v0向滑塊滾來.設(shè)小球不能越過滑塊,則小球到達滑塊上的最高點(即小球豎直方向上的速度為零)時,小球與滑塊的速度一定相等(方向為水平向右).學習任務(wù)二:動量守恒定律應(yīng)用中的臨界問題(4)如圖所示,光滑冰面上靜止放置一表面光滑的斜面體,斜面體右側(cè)一蹲在滑板上的小孩和其面前的物塊均靜止于冰面上.小孩以一定的速度推出物塊,要使物塊返回后追不上小孩,必須使物塊的速度小于或等于小孩的速度.學習任務(wù)二:動量守恒定律應(yīng)用中的臨界問題例2

如圖所示,光滑水平軌道上放置長木塊A(上表面粗糙)和滑塊C,滑塊B置于A的左端,三者質(zhì)量分別為mA=2kg、mB=1kg、mC=2kg.開始時C靜止,A、B一起以v0=5m/s的速度勻速向右運動,A與C發(fā)生碰撞(時間極短)后C向右運動,經(jīng)過一段時間,A、B再次達到共同速度一起向右運動,且恰好不再與C碰撞.求A與C發(fā)生碰撞后瞬間A的速度大小.[答案]2m/s學習任務(wù)二:動量守恒定律應(yīng)用中的臨界問題[解析]

木板A與滑塊C處于光滑水平面上,兩者碰撞時間極短,碰撞過程中滑塊B與木板A間的摩擦力可以忽略不計,木板A與滑塊C組成的系統(tǒng)在碰撞過程中動量守恒,有mAv0=mAvA+mCvC碰撞后,對于木板A與滑塊B組成的系統(tǒng),在兩者達到共同速度之前系統(tǒng)所受合外力為零,系統(tǒng)動量守恒,有mAvA+mBv0=(mA+mB)vA和B達到共同速度后,恰好不再與滑塊C碰撞,則最后三者速度相等,有vC=v聯(lián)立解得vA=2m/s學習任務(wù)二:動量守恒定律應(yīng)用中的臨界問題變式

如圖所示,甲、乙兩船的總質(zhì)量(包括船、人和貨物)分別為10m、12m,兩船沿同一直線向同一方向運動,速度分別為2v0、v0.為避免兩船相撞,乙船上的人將一質(zhì)量為m的貨物沿水平方向拋向甲船,甲船上的人將貨物接住,求拋出貨物的最小速度.(不計水的阻力)[答案]4v0學習任務(wù)二:動量守恒定律應(yīng)用中的臨界問題[解析]

設(shè)乙船上的人拋出貨物的最小速度為vmin,拋出貨物后乙船的速度為v1,甲船上的人接到貨物后甲船的速度為v2,以甲、乙兩船的運動方向為正方向,由動量守恒定律得12mv0=11mv1-mvmin10m×2v0-mvmin=11mv2避免兩船相撞的臨界條件為v1=v2聯(lián)立解得vmin=4v0.學習任務(wù)二:動量守恒定律應(yīng)用中的臨界問題分析臨界問題的關(guān)鍵是尋找臨界狀態(tài),在動量守恒定律的應(yīng)用中,常常出現(xiàn)相互作用的兩物體相距最近、避免相碰和物體開始反向運動等臨界狀態(tài),其臨界條件常常表現(xiàn)為兩物體的相對速度關(guān)系與相對位移關(guān)系,這些特定關(guān)系的判斷是求解這類問題的關(guān)鍵.學習任務(wù)二:動量守恒定律應(yīng)用中的臨界問題

BD

1.(多物體中動量守恒定律的應(yīng)用)如圖所示,甲、乙兩人分別站在靜止小車的左、右兩端,當他倆同時相向行走時,發(fā)現(xiàn)小車向右運動(車與地面之間無摩擦).下列說法不正確的是 (

)A.乙的速度一定大于甲的速度B.乙對小車的摩擦力的沖量一定大于甲對小車的摩擦力的沖量C.乙的動量一定大于甲的動量D.甲、乙的動量之和一定不為零A[解析]

甲、乙兩人及小車組成的系統(tǒng)在水平方向不受外力,系統(tǒng)在水平方向動量守恒,根據(jù)動量守恒定律得m甲v甲+m乙v乙+m車v車=0,小車向右運動,說明甲與乙兩人的總動量向左,乙的動量大于甲的動量,即兩人的總動量不為零,但是由于不知兩人的質(zhì)量關(guān)系,故無法確定兩人的速度大小關(guān)系,選項A錯誤,C、D正確;因小車的動量向右,說明小車受到的總沖量向右,而乙對小車的摩擦力的沖量向右,甲對小車的摩擦力的沖量向左,故乙對小車的摩擦力的沖量一定大于甲對小車的摩擦力的沖量,選項B正確.

D

3.(動量守恒定律應(yīng)用中的臨界問題)如圖所示,木塊A的質(zhì)量mA=1kg,足夠長的木板B的質(zhì)量mB=4kg,質(zhì)量為mC=1kg的木塊C置于木板B上,水平面光滑,B、C之間有摩擦.開始時B、C均靜止,現(xiàn)使A以v0=12m/s的初速度向右運動,與B碰撞后以4m/s的速度彈回.求:(1)B運動過程中的最大速度;(2)C運動過程中的最大速度.[答案](1)4m/s

(2)3.2m/s[解析](1)A與B碰后瞬間,C的運動狀態(tài)未變,此時B的速度最大.碰撞過程中A、B組成的系統(tǒng)動量守恒,取向右為正方向,有mAv0+