選擇題

以下說法正確的是（）

A.由q可知電場(chǎng)中某點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E與F成正比

=殳

B.由公式“一丁可知電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)夕與q成反比

C.由">?="可知，勻強(qiáng)電場(chǎng)中任意兩點(diǎn)a、b間距離越大，兩點(diǎn)間的

電勢(shì)差也越大

D.公式U,電容器的電容大小C與電容器兩極板間電勢(shì)差U無關(guān)

【答案】D

【解析】

E上一

A.4是采用比值定義的，E和F以及檢驗(yàn)電荷q無關(guān)，E是由電

場(chǎng)本身決定的，故A錯(cuò)誤。

B.電場(chǎng)中某點(diǎn)的電勢(shì)力與檢驗(yàn)電荷q無關(guān)，是由電場(chǎng)本身和零電勢(shì)

點(diǎn)決定的。故B錯(cuò)誤。

C.Uab=Ed中的d是勻強(qiáng)電場(chǎng)中的任意兩點(diǎn)a、b沿著電場(chǎng)線方向的距

圖，故C錯(cuò)誤。

D.電容器的電容大小C與電容器兩極板間電勢(shì)差U無關(guān)，與兩極板

間距離d,極板面積S等有關(guān)，故D正確。

選擇題

有A、B、C三個(gè)點(diǎn)電荷，若將A、B放在距離為12cm的位置上，B

受到A的庫(kù)侖力大小為F.若將B、C放在距離為12cm的位置上，B

受到C的庫(kù)侖力大小為2F.那么C與A所帶電荷量之比是（）

A.1：2B.1：4C.2：1D.4：1

【答案】C

【解析】試題分析：庫(kù)侖定律：真空中兩個(gè)靜止點(diǎn)電荷之間的作用力

與它們電量的乘積成正比，與它們距離的二次方成反比，作用力的方

向在它們的連線上.

解：將A、B放在距離為12cm的位置上，B受到A的庫(kù)侖力大小為F；

將B、C放在距離為12cm的位置上，B受到C的庫(kù)侖力大小為2F；

根據(jù)庫(kù)侖定律公式F=k7,當(dāng)距離一定時(shí)，庫(kù)侖力與電荷量的乘積

成正比；現(xiàn)在庫(kù)侖力變?yōu)?倍，說明電荷量乘積變?yōu)?倍，即：

qBqC=2qAqB,故qC：qA=2：1；

故選C.

選擇題

如圖所示的四種電場(chǎng)中，分別標(biāo)記有a、b兩點(diǎn)。其中a、b兩點(diǎn)的電

勢(shì)相等，電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等、方向也相同的是()

甲乙丙丁

A.甲圖：點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，與點(diǎn)電荷等距的a、b兩點(diǎn)

B.乙圖：等量異種電荷電場(chǎng)中，兩電荷連線的中垂線上與連線等距

的a、b兩點(diǎn)

C.丙圖：點(diǎn)電荷的電場(chǎng)中，與點(diǎn)電荷成一直線的a、b兩點(diǎn)

D.丁圖：勻強(qiáng)電場(chǎng)中的a、b兩點(diǎn)

【答案】B

【解析】

A、甲圖中兩點(diǎn)電場(chǎng)線方向不同，故電場(chǎng)強(qiáng)度的方向不同；故A錯(cuò)誤.

B、ab兩點(diǎn)方向均向水平向左，且兩電荷中垂線為等勢(shì)面，故電勢(shì)相

等，因兩點(diǎn)關(guān)于連線對(duì)稱，故電場(chǎng)強(qiáng)度相等；故B正確.

C、a、b兩點(diǎn)電場(chǎng)方向相同，a點(diǎn)電勢(shì)大于b點(diǎn)電勢(shì)，兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大

小不等；故C錯(cuò)誤.

D、a、b兩點(diǎn)不在同一等勢(shì)面上，故電勢(shì)不相等；故D錯(cuò)誤.

故選B.

選擇題

A、B是一條電場(chǎng)線上的兩個(gè)點(diǎn)，一帶負(fù)電的微粒僅在靜電力作用下

以一定的初速度從A點(diǎn)沿電場(chǎng)線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，其速度v與時(shí)間t的關(guān)

系圖象如圖所示。則此電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布可能是選項(xiàng)圖中的

A.-B.C.

【答案】A

【解析】

由v-t圖象可知，微粒的速度在逐漸減小，圖象的斜率在逐漸增大，

故此帶負(fù)電的微粒做加速度越來越大的減速直線運(yùn)動(dòng)，所受電場(chǎng)力越

來越大，由F=qE知，場(chǎng)強(qiáng)增大，電場(chǎng)線越來越密。電場(chǎng)力方向與其

運(yùn)動(dòng)方向相反，電場(chǎng)力向左，所以電場(chǎng)線方向向右。

A.該圖與結(jié)論相符，選項(xiàng)A正確；

B.該圖與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

C.該圖與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.該圖與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；

選擇題

在磁場(chǎng)中某一點(diǎn)，已經(jīng)測(cè)出一段0.5cm長(zhǎng)的導(dǎo)線中通入0.01A電流

時(shí)，受到的安培力為5.0x10—6N,則下列說法正確的是()

A.該點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小一定是0.1T

B.該點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小一定不小于0.1T

C.該點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度大小一定不大于0.1T

D.該點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向即為導(dǎo)線所受磁場(chǎng)力的方向

【答案】B

【解析】

試題當(dāng)電流和磁場(chǎng)的方向垂直的時(shí)候，安培力最大，最大值為F=BIL,

根據(jù)安培力的公式來計(jì)算磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小.

解：因?yàn)閷?dǎo)線受到的安培力F=BILsina=5.0xl0-6N,計(jì)算得：Bsina=0.1T

0.1T

即B=一壽&,所以B20.1T,故AC錯(cuò)誤，B正確；

D、該點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向與導(dǎo)線所受的磁場(chǎng)力方向垂直，所以磁

感應(yīng)強(qiáng)度的方向一定不是導(dǎo)線所受的磁場(chǎng)力方向，故D錯(cuò)誤；

故選：B

選擇題

如圖所示的電路，電表均為理想電表，閉合開關(guān)S,當(dāng)滑動(dòng)變阻器滑

片P向右移動(dòng)時(shí)，下列說法正確的是（）

A.電流表讀數(shù)變小，電壓表讀數(shù)變大

B.小燈泡L變暗

C.電源的總功率變小

D.電容器C上電荷量減小

【答案】D

【解析】

AB.由圖可知，電路采用串聯(lián)結(jié)構(gòu)，電容器并聯(lián)在滑動(dòng)變阻器兩端;

當(dāng)滑片P右移時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電阻減小，則總電阻減小，由閉合

電路歐姆定律可知，總電流增大，故電流表示數(shù)增大，燈泡亮度變亮，

因內(nèi)壓增大，故電壓表示數(shù)減小，故AB錯(cuò)誤；

C.由P=EI可知，I變大，則電源的總功率變大，故C錯(cuò)誤；

D.因電容器并聯(lián)在滑動(dòng)變阻器兩端.總電流變大，燈泡及內(nèi)阻分壓

增大，則滑動(dòng)變阻器分壓減小，故電容器C兩端的電壓減小，故C

上的電量減小，故D正確.

選擇題

如圖所示為一個(gè)多量程多用電表的簡(jiǎn)化電路圖.單刀多擲開關(guān)s可以

與不同接點(diǎn)連接.下列說法正確的是（）

A.當(dāng)S接1或2時(shí)為直流電流檔，接1時(shí)量程較小

B.當(dāng)S接1或2時(shí)為直流電壓檔，接1時(shí)量程較大

C.當(dāng)S接3或4時(shí)為直流電流檔，接3時(shí)量程較大

D.當(dāng)S接5或6時(shí)為直流電壓檔，接5時(shí)量程較小

【答案】D

【解析】

AB、當(dāng)開關(guān)S旋到位置1、2位置，電阻與表頭并聯(lián)，則多用電表就

成了電流表，接1時(shí)分流電阻小，其分流大，則量程大，故A、B錯(cuò)

誤；

C、當(dāng)開關(guān)S旋到位置3或4,電路中有電源，則多用電表就成了歐

姆表，故C錯(cuò)誤；

D、當(dāng)開關(guān)S旋轉(zhuǎn)到5、6位置，表頭與電阻串聯(lián)，則多用電表就成了

電壓表，，串聯(lián)電阻越大，則量程越大，所以接5時(shí)量程較小，接6

時(shí)量程較大，故D正確。

故選D。

選擇題

有A、B兩個(gè)電阻，它們的伏安特性曲線如圖所示，從圖線可以判斷（）

OU

A.電阻A的阻值大于電阻B

B.電阻A的阻值小于電阻B

C.兩電阻串聯(lián)時(shí)，電阻A消耗的功率較小

D.兩電阻并聯(lián)時(shí)，流過電阻B的電流強(qiáng)度較大

【答案】BC

【解析】

伏安特性曲線中直線的斜率表示的是電阻的倒數(shù)，根據(jù)斜率的大小可

以判斷AB電阻的大??；根據(jù)電阻的大小，再由歐姆定律可以判斷流

過電阻的電流的大小；

AJ-U圖線的斜率表示電阻的倒數(shù)，A圖線的斜率大，則A的電阻小，

故A錯(cuò)誤，B正確；

C、當(dāng)兩電阻串聯(lián)時(shí)，電阻的電流相同，由F=/2R可得，電阻小的電

阻的功率小，所以電阻A消耗的功率較小，所以C正確；

D、兩電阻并聯(lián)時(shí)，即電壓相同的時(shí)，由于A的電阻小，流過電阻A

的電流強(qiáng)度較大，則流過電阻B的電流強(qiáng)度較小，所以D錯(cuò)誤。

選擇題

如圖所示，在某一真空中，只有水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng)和豎直向下的重

力場(chǎng)，在豎直平面內(nèi)有初速度為vO的帶電微粒，恰能沿圖示虛線由

A向B做直線運(yùn)動(dòng)。那么（）

A.微粒帶負(fù)電

B.微粒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)

C.微粒做勻速直線運(yùn)動(dòng)

D.微粒做勻加速直線運(yùn)動(dòng)

【答案】AB

【解析】

微粒做直線運(yùn)動(dòng)的條件是速度方向和合外力的方向在同一條直線上,

只有微粒受到水平向左的電場(chǎng)力才能使得合力方向與速度方向相反

且在同一條直線上，由此可知微粒所受的電場(chǎng)力的方向與場(chǎng)強(qiáng)方向相

反，則微粒必帶負(fù)電，且運(yùn)動(dòng)過程中微粒做勻減速直線運(yùn)動(dòng)；故A,

B正確，C,D錯(cuò)誤.

故選AB.

選擇題

如圖所示.平行板電容器兩個(gè)極板為A、B,B板接地，A板帶有電荷

量+Q.板間電場(chǎng)有一固定點(diǎn)P.若將B板固定，A板下移一些，或者

將A板固定，B板上移一些.在這兩種情況下，以下說法正確的是

A.A板下移時(shí)，P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，P點(diǎn)電勢(shì)不變

B.A板下移時(shí)，P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，P點(diǎn)電勢(shì)升高

C.B板上移時(shí),P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，P點(diǎn)電勢(shì)降低

D.B板上移時(shí),P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度減小，P點(diǎn)電勢(shì)降低

【答案】AC

【解析】

AB.由題，電容器兩板所帶電量不變，正對(duì)面積不變，A板下移時(shí),

Qy_

U=E=

根據(jù),〃同、C和d可推出:

巨=皿

cS

可知，P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度E不變。P點(diǎn)與下板的距離不變，根據(jù)公式U=Ed,

P點(diǎn)與下板的電勢(shì)差不變，則P點(diǎn)的電勢(shì)不變。故A正確，B錯(cuò)誤。

CD.B板上移時(shí)，同理得知，P點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度不變，根據(jù)公式U=Ed,

P點(diǎn)與下板的電勢(shì)差減小，而P點(diǎn)的電勢(shì)高于下板的電勢(shì)，下板的電

勢(shì)為零，所以P點(diǎn)電勢(shì)降低。故C正確，D錯(cuò)誤。

選擇題

兩個(gè)等量同種電荷固定于光滑水平面上，其連線中垂線上有A、B、C

三點(diǎn)，如圖甲所示，一個(gè)電荷量為2C,質(zhì)量為1kg的小物塊從C點(diǎn)

靜止釋放，其運(yùn)動(dòng)的v-t圖像如圖乙所示，其中B點(diǎn)處為整條圖線切

線斜率最大的位置（圖中標(biāo)出了該切線）.則下列說法正確的是（）

A.B點(diǎn)為中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度最大的點(diǎn)，電場(chǎng)強(qiáng)度E=lV/m

B.由C點(diǎn)到A點(diǎn)的過程中物塊的電勢(shì)能先減小后變大

C.由C點(diǎn)到A點(diǎn)的過程中，電勢(shì)逐漸升高

D.AB兩點(diǎn)電勢(shì)差UAB=-5V

【答案】AD

【解析】

A.帶電粒子在B點(diǎn)的加速度最大，為

4-=------=2ni's:

7-5

所受的電場(chǎng)力最大為

Fm=mam=lx2N=2N

則場(chǎng)強(qiáng)最大值為

&=9=2N/C=1N，C

g2

故A正確；

B.從速度時(shí)間圖象可知，由C到A的過程中，物塊的速度一直增大，

電場(chǎng)力對(duì)物塊做正功，電勢(shì)能一直減小，故B錯(cuò)誤；

C.據(jù)兩個(gè)等量同種正電荷其連線中垂線上電場(chǎng)強(qiáng)度方向由0點(diǎn)沿中

垂線指向外側(cè)，故由C點(diǎn)到A點(diǎn)的過程中電勢(shì)逐漸減小，故C錯(cuò)誤;

D.從速度時(shí)間圖象可知，A、B兩點(diǎn)的速度分別為vA=6m/s,vB=4m/s,

再根據(jù)動(dòng)能定理得

i

2心—wvj-wv/=—xlx(4'-6)J=-10J

222

解得:

UAB=-5V

故D正確.

實(shí)驗(yàn)題

⑴在測(cè)定一根粗細(xì)均勻合金絲電阻率的實(shí)驗(yàn)中，利用螺旋測(cè)微器測(cè)定

合金絲的直徑mm.

（2）某同學(xué)為了測(cè)定一只電阻的阻值，采用了如下方法:

①用多用電表粗測(cè)：多用電表電阻擋有4個(gè)倍率，分別為“xlk〃、

"xlOO"、"xlO"、"xl".該同學(xué)選擇“xlOO〃倍率，用正確的操作步驟測(cè)

量時(shí)，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大（指針位置如圖虛線所示）.為了較準(zhǔn)確

地進(jìn)行測(cè)量，請(qǐng)你補(bǔ)充完整下列依次應(yīng)該進(jìn)行的主要操作步驟:

b.兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在"0Q〃處.

c.重新測(cè)量并讀數(shù)，若這時(shí)刻度盤上的指針位置如圖中實(shí)線所示，

測(cè)量結(jié)果是.

⑶為了描繪標(biāo)有“3V,0.4W"的小燈泡的伏安特性曲線，要求燈泡電

壓能從零開始變化.所給器材如下：

A.電流表（0?200mA,內(nèi)阻0.5Q）;

B.電流表（0?0.6A,內(nèi)阻0.01Q）;

C.電壓表（0?3V,內(nèi)阻5kQ）；

D.電壓表（0~15V,內(nèi)阻50kQ）;

E.滑動(dòng)變阻器（。?10Q,0.5A）；

F.滑動(dòng)變阻器(0?IkQ,0.1A)；

G.電源(3V);

H.電鍵一個(gè)，導(dǎo)線若干.

①為了完成上述實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選擇的儀器是.

②在虛線框中畫出完成此實(shí)驗(yàn)的電路原理圖，并將實(shí)物按電路圖用

導(dǎo)線連好.

③此實(shí)驗(yàn)描繪出的I—U圖線是(填"曲線"或"直線，其原因

是______

【答案】0.644-0.646mm換用倍率"xlO”的擋120QACEGH

曲線溫度變化，燈絲電阻也

會(huì)變化

【解析】

(1)[1].合金絲的直徑：0.5mm+0.01mmxl4.5=0.645mm；

(2)?a.[2].該同學(xué)選擇“xlOO”倍率，用正確的操作步驟測(cè)量時(shí)，

發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大，說明倍率檔選擇過高，應(yīng)該換用倍率"xlO〃

的擋；

c.⑶.測(cè)量結(jié)果是120Q.

(3)①⑷.小燈泡的額定電流為一萬一T,則電流表可選

A；電壓表選C；滑動(dòng)變阻器要接成分壓電路，故選阻值較小的E；則

為了完成上述實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中應(yīng)選擇的儀器是ACEGH；

②⑸[6].電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于燈泡的內(nèi)阻，可知要采用安培表外接；

滑動(dòng)變阻器用分壓電路，則電路圖以及實(shí)物連線如圖；

③[7].此實(shí)驗(yàn)描繪出的I-U圖線是曲線，其原因是燈絲溫度變化,

電阻也會(huì)變化.

解答題

如圖所示的電路中，電源電動(dòng)勢(shì)為E=6V,內(nèi)電阻為r=2Q,外電路

電阻為R=10Q,閉合電鍵S后，求:

R

(1)通過電阻R的電流強(qiáng)度I；

(2)電阻R兩端的電壓U；

(3)電阻R上所消耗的電功率P。

【答案】(1)0.5A(2)5V(3)2.5W

【解析】(1)根據(jù)閉合電路歐姆定律得通過電阻R的電流強(qiáng)度為:

(2)電阻R兩端的電壓為：U=IR=0.5xl0V=5V

(3)電阻R上所消耗的電功率為：P=l2R=O.52xlOW=2.5W

解答題

如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=14V,內(nèi)電阻r=lQ,小燈泡標(biāo)有"2V,4

W",電動(dòng)機(jī)D的內(nèi)阻r=0.5。，當(dāng)變阻器的阻值R調(diào)到1。時(shí)，電燈

和電動(dòng)機(jī)均能正常工作，求：

⑴電動(dòng)機(jī)兩端的電壓；

(2)電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率;

⑶電路消耗的總功率.

【答案】(1)8V(2)14W(3)28W

【解析】試題分析：由電功率變形公式可以求出燈泡額定電流，由串

聯(lián)電路特點(diǎn)及歐姆定律可以求出電動(dòng)機(jī)兩端電壓；由功率公式求出電

動(dòng)機(jī)輸入功率與熱功率，然后求出電動(dòng)機(jī)的機(jī)械功率；根據(jù)P總=￡1

求解電源的總功率。

⑴電燈和電動(dòng)機(jī)正常工作，通過燈泡的電流為：I=U^=2A=2A

設(shè)電動(dòng)機(jī)兩端電壓為U,由閉合電路歐姆定律：E-S+L+J伍卜八

代入數(shù)據(jù)解得：U=8V

(2)電動(dòng)機(jī)輸出功率：P.rU'J-I2r=ix2W-22XO.5JF=14JF

⑶電路消耗的總功率為：P=E/=14x2獷=28巾

解答題

如圖所示，4RCD為表示豎立放在場(chǎng)強(qiáng)為Enio'/m的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)

中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC。部分是半徑為R的半圓環(huán)，軌道

的水平部分與半圓環(huán)相切，4為水平軌道上的一點(diǎn)，而且

AB=R=0,2m.把一質(zhì)量m=100g、帶電量1=1。一%的小球，放在

水平軌道的4點(diǎn)由靜止開始被釋放后，在軌道的內(nèi)側(cè)運(yùn)

動(dòng).(g=10m/s2)求：

⑴它達(dá)到C點(diǎn)時(shí)的速度是多大.

(2)它達(dá)到C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力是多大.

⑶小球所能獲得的最大動(dòng)能是多少.

【答案】(l)2m/s(2)3N(3)當(dāng)

【解析】

本題⑴的關(guān)鍵是可以應(yīng)用動(dòng)能定理直接求出速度；⑵題關(guān)鍵是應(yīng)用

牛頓第二定律可求壓力；(3)題的關(guān)鍵是首先找到動(dòng)能最大的位置即所

謂“等效最低點(diǎn)〃的方法，即小球能夠平衡的位置，然后結(jié)合動(dòng)能定理

即可求解.

⑴設(shè)小球在C點(diǎn)的速度大小是vC,

10

則對(duì)于小球由A玲C的過程中，應(yīng)用動(dòng)能定理:qE-2R-mgR=Vnvc-0

FqER-ZmgR

解得也一-----2m/s

故小球到達(dá)C點(diǎn)時(shí)的速度為2m/s.

⑵小球在C點(diǎn)時(shí)受力分析如圖，

&-----*----即

，兒

.....

vc

應(yīng)滿足NL"=?標(biāo)

解得Nc=3N

由牛頓第三定律可知小球?qū)壍赖膲毫?N.

⑶由mg=qE=lN,可知小球受到合力的方向垂直于B、C點(diǎn)的連線BC

指向圓心0,所以"等效最低點(diǎn)〃在BC的中點(diǎn)E,設(shè)小球的最大動(dòng)能為

Ekm,

由動(dòng)能定理可得:Ekm=qERQ+sin45°）+?ngR（l-cos45。）

p

解得：4m=胡

故小球所能獲得的最