廣西壯族自治區(qū)桂林市九屋中學高一物理月考試題含解析一、選擇題：本題共5小題，每小題3分，共計15分．每小題只有一個選項符合題意1.在空中飛行了十多年的“和平號”航天站已失去動力，由于受大氣阻力作用，其繞地球做勻速圓周運動的半徑將逐漸減小，在此過程中下列說法正確的是()A．航天站的速度將加大B．航天站繞地球旋轉的周期加大C．航天站的向心加速度加大D．航天站的角速度將增大參考答案：ACD2.（單選）研究表明，地球自轉在逐漸改變，3億年前地球自轉的周期約為22小時。假設這種趨勢會持續(xù)下去，且地球的質量、半徑都不變，若干年后A．近地衛(wèi)星（以地球半徑為軌道半徑）的運行速度比現(xiàn)在大

B．近地衛(wèi)星（以地球半徑為軌道半徑）的向心加速度比現(xiàn)在小C．同步衛(wèi)星的運行速度比現(xiàn)在小D．同步衛(wèi)星的向心加速度與現(xiàn)在相同參考答案：C3.在探究向心力的大小與質量、角速度和半徑之間關系的實驗中，如圖7所示，是研究哪兩個物理量之間的關系A．研究向心力與質量之間的關系B．研究向心力與角速度之間的關

C．研究向心力與半徑之間的關系D．研究向心力與線速度之間的關系

參考答案：A4.幾個作勻變速直線運動的物體，在相同時間內位移值最大的是（

）A加速度最大的物體

B初速度最大的物體

C末速度最大的物體

D平均速度最大的物體參考答案：5.（多選）一小球質量為m，用長為L的懸繩（不可伸長，質量不計）固定于O點，在O點正下方處釘有一顆釘子．如圖所示，將懸線沿水平方向拉直無初速度釋放后，當懸線碰到釘子后的瞬間，則（）A．小球的角速度突然增大 B．小球的線速度突然減小到零C．小球的向心加速度突然增大 D．小球的向心加速度不變參考答案：AC【考點】向心力．【分析】把懸線沿水平方向拉直后無初速度釋放，當懸線碰到釘子的前后瞬間，線速度大小不變，半徑發(fā)生變化，根據(jù)v=rω，a=判斷角速度、向心加速度大小的變化．【解答】解：A、把懸線沿水平方向拉直后無初速度釋放，當懸線碰到釘子的前后瞬間，由于慣性，線速度大小不變，根據(jù)v=rω，知線速度大小不變，半徑變小，則角速度突然增大，故A正確，B錯誤；C、根據(jù)a=得知：線速度大小不變，半徑變小，則向心加速度突然增大，故C正確，D錯誤；故選：AC二、填空題：本題共8小題，每小題2分，共計16分6.一個質點沿直線運動，其速度圖象如圖所示。由圖象可知，線段OA表示質點做______（選填“勻速”或“勻加速”或“勻減速”）直線運動；質點在6s末的速度為______m/s。參考答案：勻加速

12

OA過程質點的速度在均勻增加，所以做勻加速直線運動，質點在AB過程速度恒定不變，即做勻速直線運動，所以質點在6s末的速度為12m/s。7.一勁度系數(shù)為100N/m的輕質彈簧上端固定于O點，下端懸掛一個光滑的定滑輪C，已知C重1N，木塊A、B用跨過定滑輪的輕繩相連接，A、B的重力分別為5N和2N，整個系統(tǒng)處于平衡狀態(tài)，如圖所示，則地面對木塊A的支持力大小為

，彈簧伸長量為

．參考答案：3N，0.05m【考點】共點力平衡的條件及其應用；胡克定律．【分析】對B分析求出繩子的拉力；以A物體為研究對象，根據(jù)平衡條件求解地面對木塊A的支持力大小；以定滑輪C為研究對象，根據(jù)平衡條件求出彈簧的拉力，得到彈簧秤的拉力，然后由胡克定律即可求出．【解答】解：對B進行受力分析可知，B處于平衡狀態(tài)，所以繩子的拉力等于B的重力，即T=GB=2N對A物體，豎直方向受到豎直向下的重力、豎直向上的支持力和繩的拉力．由受力平衡得，在豎直方向上有：

GA=T+NA聯(lián)立可得：NA=GA﹣T=5N﹣2N=3N對定滑輪C，由受力平衡得，在豎直方向上有：F彈=GC+2T得到F彈=GC+2T=1N+2×2N=5N由胡克定律：F彈=kx所以：x=故答案為：3N，0.05m8.長度為L=0.5m的輕質桿OA，A端連有質量為m=4kg的小球，如圖所示，小球以O點為圓心在豎直平面內作圓周運動，通過最高點時小球的速率為2m/s，取g=10m/s2，則此時細桿OA受到大小__________N的__________(拉力或壓力)參考答案：8N 壓力9.兩顆人造地球衛(wèi)星A和B，A繞地球運行的軌道半徑為RA，B繞地球運行的軌道半徑為RB,那么A和B繞地球公轉的周期之比TA:TB＝__________________。參考答案：10.足球守門員在發(fā)門球時，將一個靜止的質量為0.4kg的足球，以10m/s的速度踢出，若守門員踢球的時間為0.1s，則足球的平均加速度為______________m/s2；足球沿草地作直線運動，速度不斷減小，設加速度大小恒為2m/s2，3s末足球運動到距發(fā)球點21m的后衛(wèi)隊員處，則此過程中，足球運動的平均速度為________________m/s，后衛(wèi)隊員接到球時，足球的速度為______m/s參考答案：11.圖-5所示的是平拋運動和自由落體運動的閃光照片，由此你能得出結論:

.

.參考答案：12.借助運動傳感器可用計算機測出物體運動的速度。如圖所示，傳感器系統(tǒng)由兩個小盒子A、B組成，A盒裝有紅外線發(fā)射器和超聲波發(fā)射器，它裝在被測物體上，每隔0.03s可同時發(fā)射一個紅外線脈沖和一個超聲波脈沖；B盒裝有紅外線接收器和超聲波接收器，B盒收到紅外線脈沖時開始計時(紅外線的傳播時間可以忽略不計)，收到超聲波脈沖時計時停止。在某次測量中，B盒記錄到的連續(xù)兩次的時間分別為0.15s和0.20s，根據(jù)你知道的知識，該物體運動的速度為

m／s，運動方向是

。(注意：填背離B盒還是靠近B盒,聲速取340m／s)參考答案：，背離B盒13.如圖所示裝置中，三個輪的半徑分別為r、2r、4r，則圖中a、b、c各點的線速度之比va：vb：vc=

；角速度之比ωa：ωb：ωc=

．參考答案：1：1：2；2：1：1．【考點】線速度、角速度和周期、轉速．【分析】共軸轉動的各點角速度相等，靠傳送帶傳動輪子上的點線速度大小相等，根據(jù)v=rω，a=rω2=比較各點線速度、角速度和向心加速度的大?。窘獯稹拷猓篴、b兩點的線速度大小相等，b、c兩點的角速度相等，根據(jù)v=rω，因三個輪的半徑分別為r、2r、4r，所以c的線速度等于b的線速度的2倍，則：va：vb：vc=1：1：2；a、b兩點的線速度大小相等，b、c兩點的角速度相等，根據(jù)v=rω，因三個輪的半徑分別為r、2r、4r，所以ωa：ωb=2：1，因此：ωa：ωb：ωc=2：1：1．故答案為：1：1：2；2：1：1．三、實驗題：本題共2小題，每小題11分，共計22分14.（填空）如圖1所示為“探究加速度與力、質量的關系”的實驗裝置，數(shù)字化信息系統(tǒng)獲得了小車加速度a與鉤碼的質量及小車和砝碼的質量對應關系圖。鉤碼的質量為m1，小車和砝碼的質量為m2，重力加速度為g。⑴下列說法正確的是＿＿＿＿＿。A．每次在小車上加減砝碼時，應重新平衡摩擦力B．實驗時若用打點計時器應先釋放小車后接通電源C．本實驗m2應遠小于m1D．在用圖象探究加速度與質量關系時，應作圖象⑵實驗時，某同學由于疏忽，遺漏了平衡摩擦力這一步驟，測得，作出圖像，他可能作出圖2中＿＿＿＿＿(選填“甲”、“乙”、“丙”)圖線。此圖線的AB段明顯偏離直線，造成此誤差的主要原因是＿＿＿＿＿。A．小車與軌道之間存在摩擦

B．B．導軌保持了水平狀態(tài)C．砝碼盤和砝碼的總質量太大

D．所用小車的質量太大⑶實驗時，某同學遺漏了平衡摩擦力這一步驟，若軌道水平，他測量得到的圖像，如圖3。設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，則小車與木板間的動摩擦因數(shù)＿＿＿＿，鉤碼的質量＿＿＿＿＿。參考答案：⑴D

⑵丙，C

⑶，

（1）根據(jù)重力沿斜面向下的分力等于物體受到的摩擦力這一原理來平衡摩擦力，即滿足，與質量無關，所以增減砝碼后不需要重新平衡摩擦力，A錯誤；由于實驗過程非常短暫，為了得到更多的數(shù)據(jù)，應先接通電源后釋放紙帶，B錯誤；實驗中需要鉤碼的質量遠遠小于小車的質量，故C錯誤；直線更能直觀的反應兩者的關系，根據(jù)牛頓第二定律可得，加速度a與成正比，所以應繪制圖象，D正確（2）沒有平衡摩擦力，則在鉤碼有一定質量后，小車才具有加速度，故丙正確；（3）根據(jù)牛頓第二定律可知，；結合圖象，可得：，設圖中直線的斜率為k，在縱軸上的截距為b，因此鉤碼的質量，小車與木板間的動摩擦因數(shù)；15.用如圖所示的裝置，探究功與物體速度變化的關系。實驗時先適當墊高木板，然后由靜止釋放小車，小車在橡皮筋彈力的作用下被彈出，沿木板滑行。小車滑行過程中帶動通過打點計時器的紙帶，記錄其運動情況。觀察發(fā)現(xiàn)紙帶前面部分點跡疏密不均，后面部分點跡比較均勻，回答下列問題：（1）適當墊高木板是為了

（2）通過紙帶求小車速度時，應使用紙帶的

（填“全部”、“前面部分”或“后面均勻部分”）。參考答案：（1）

平衡摩擦力

（2）

后面均勻部分

四、計算題：本題共3小題，共計47分16.如圖所示，輕桿長為2L，中點裝在水平軸O點，兩端分別固定著小球A和B，A，B球質量分別為2m、m，整個裝置在豎直平面內繞O軸做圓周運動，不計摩擦和空氣阻力，當A球達到最高點時，球A與桿之間恰好無相互作用，已知重力加速度為g，求：（1）求此時桿對B球的作用力的大小和方向；（2）求當B球轉到最高點時，B球的速度是多少，以及此時桿所受O軸力大小和方向？參考答案：解：（1）設圖示位置A、B兩球的速率為v，且桿對B球的作用力為F，則對A球有：2mg=2…①對B球有：F﹣mg=…②由①②兩式得：F=2mg，方向豎直向上（2）設當B求到達最高點時速度為v1，此過程機械能守恒，有：2mg×2L﹣mg×2L=×3m﹣…③解得：v1=設此時桿對AB的作用力分別為F1、F2，對A由牛頓第二定律得：F1﹣2mg=…④解得：F1=mg，方向豎直向上．對B同理可得：F2+mg=…⑤解得：F2=mg，方向豎直向下．由牛頓第三定律得，球A對桿的拉力為：F1′=F1=mg，方向豎直向下．球B對桿的拉力為：F2′=F2=mg，方向豎直向上．對桿由平衡條件可得：F=F1′﹣F2′=mg，方向豎直向上．答：（1）求此時桿對B球的作用力的為2mg，方向豎直向下；（2）當B球轉到最高點時，B球的速度是，以及此時桿所受O軸力大小為mg，方向豎直向上17.將一小球從20m高處以2m/s的速度水平拋出，求（g=10m/s2）（1）小球經(jīng)過多長時間落地（2）小球水平方向發(fā)生的位移．參考答案：解：（1）平拋運動的物體在豎直方向做自由落體運動，則：得：t=2s故平拋運動的時間為2s．（2）平拋運動的物體在水平方向做勻速直線運動：x=v0t=2×2m=4m故水平位移為4m．答：（1）小球經(jīng)過2s落地