2022年遼寧省大連市高考物理二模試卷

一、單選題（本大題共7小題，共28.0分）

1.轎車的加速度變化影響乘客的舒適度，加速度變化率越小，乘坐轎車的人感到越舒

適。加速度變化率是描述加速度隨時(shí)間變化快慢的物理量，其單位為（）

A.m/sB.m/s2C.m/s3D.m/s4

2.光的干涉現(xiàn)象技術(shù)中行許多應(yīng)用。圖甲是利用干涉檢查平面平整度裝置，下列說法

正確的是（）

圖中上板是待檢登的光學(xué)元件，下板是標(biāo)準(zhǔn)樣板

薄片

B.若換用波長(zhǎng)更長(zhǎng)的單色光'其它條件不變’則圖中的干涉條紋變密

C.若圖為俯視圖甲裝置看到的干涉條紋，條紋彎曲說明被檢查的平面在此

處出現(xiàn)了凹陷而導(dǎo)致不平整

JJ!II

D..如圖所示，把一個(gè)凸透鏡壓在一塊平面玻璃上，讓單色

牛一環(huán)

光垂直從上方射入，從上往下看凸透鏡，可以看到等間距的明暗相間的同心圓環(huán)

3.1887年，赫茲在研究電磁波的實(shí)驗(yàn)中偶爾發(fā)現(xiàn)，接收電路的間隙如果受到光照，

就容易產(chǎn)生電火花。這就是最早發(fā)現(xiàn)的光電效應(yīng)。如圖1所示為研究光電效應(yīng)的電

路圖，分別用1、2兩種材料作K極進(jìn)行探究，顏色不同的a、b兩束光分別照射1、2

兩種材料，光電流/隨電壓1/變化關(guān)系如圖2所示，則下列說法正確的是（）

窗口

光束

A

rl<-Q

A.照射該光電管時(shí)a光使其逸出的光電子最大初動(dòng)能大

B.通過同一裝置發(fā)生雙縫干涉，a光的相鄰條紋間距大

C.從同種玻璃射入空氣發(fā)生全反射時(shí)，b光的臨界角大

D.通過同一玻璃三棱鏡時(shí)，a光的偏折程度大

4.某同學(xué)注意到市場(chǎng)最近流行的主動(dòng)降噪耳機(jī)，開啟降噪模式，耳朵立刻就有種世界

都安靜的體驗(yàn)。主動(dòng)降噪耳機(jī)為了主動(dòng)地消除噪聲，在耳機(jī)內(nèi)設(shè)有麥克風(fēng)，用來收

集周圍噪聲信號(hào)，然后通過電子線路產(chǎn)生一個(gè)與原噪聲相位相反的降噪聲波，再與

噪聲聲波疊加相互抵消，從而實(shí)現(xiàn)降噪效果。如圖是理想情況下的降噪過程，實(shí)線

對(duì)應(yīng)環(huán)境噪聲聲波，虛線對(duì)應(yīng)降噪系統(tǒng)產(chǎn)生的等幅反相降噪聲波。則()

A.降噪過程應(yīng)用的是聲波的干涉原理，P點(diǎn)振動(dòng)加強(qiáng)

B.降噪過程應(yīng)用了聲波的衍射原理，使噪聲無法從外面進(jìn)入耳麥

C.降噪聲波與環(huán)境噪聲聲波的傳播速度大小相等

D.質(zhì)點(diǎn)P經(jīng)過一個(gè)周期向外遷移的距離為一個(gè)波長(zhǎng)

5.俗稱書籍整理神器的“鐵書立”是一種用來支撐書籍以達(dá)到使書籍平穩(wěn)站立效果

的物品，是學(xué)習(xí)辦公時(shí)的常用文具，如圖甲所示.現(xiàn)在將其簡(jiǎn)化為圖乙示意圖，水

平桌面上有一質(zhì)量為M的靜止的“鐵書立”，剛好靜止擺放了兩本書4和8,且此

時(shí)8書與水平桌面間的夾角為0,重力加速度為g,由此可知1()

第2頁(yè)，共19頁(yè)

B.桌面對(duì)A書有向上的彈力

C.B書與“鐵書立”之間一定有摩擦

D.當(dāng)。角緩慢減小時(shí)，B書所受的合外力始終為零

6.如圖所示，線圈繞垂直于磁場(chǎng)的軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)e=UlV2sinlOO7rt（y）?

線圈與理想升壓變壓器相連進(jìn)行遠(yuǎn)距離輸電，理想降壓變壓器的原、副線圈匝數(shù)之

比為25：10,降壓變壓器副線圈接入一臺(tái)電動(dòng)機(jī)，電動(dòng)機(jī)恰好正常工作，且電動(dòng)

機(jī)兩端電壓為220乙輸入功率為1100〃，電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻為100,輸電線路總電阻為250,

線圈及其余導(dǎo)線電阻不計(jì)，電表均為理想電表，則下列說法正確的是（）

升壓變壓器

A.圖示位置線圈處于中性面

B.圖示位置時(shí)電壓表示數(shù)為

C.電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械功率為850W

D.輸電線路損失的電功率為375W

7.如圖所示，電阻不計(jì)的兩光滑平行金屬導(dǎo)軌相距L,固定在水平絕緣桌面上，左側(cè)

圓弧部分處在豎直平面內(nèi)，右側(cè)平直部分處在磁感應(yīng)強(qiáng)度為8、方向豎直向下的勻

強(qiáng)磁場(chǎng)中，末端與桌面邊緣平齊。電阻均為R的金屬棒防、cd垂直于兩導(dǎo)軌放置且

與導(dǎo)軌接觸良好，質(zhì)量分別為2m、m.開始時(shí)棒cd靜止在水平直導(dǎo)軌上，棒ab從

導(dǎo)軌左端距水平桌面高八處無初速度釋放，進(jìn)入水平直導(dǎo)軌后與棒cd始終沒有接觸,

最后兩棒離開導(dǎo)軌落在地面同一位置。不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。則（）

A.金屬棒ab在沿導(dǎo)軌水平部分運(yùn)動(dòng)的過程中，始終做減速運(yùn)動(dòng)

B.在沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)的過程中，金屬棒帥損失的機(jī)械能為誓

C.在沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)的過程中，cd棒的最大加速度為受三匹

D.在整個(gè)過程中，通過金屬棒ab的電荷量為迎走更

二、多選題（本大題共3小題，共18.（）分）

8.2022年3月23日15時(shí)40分，中國(guó)航天“天宮課堂”第二課開課了，這次在距離地面

約400/on的中國(guó)載人空間站“天宮”上進(jìn)行的太空科學(xué)探究。授課期間，航天員演

示了“水油分離實(shí)驗(yàn)”和“太空拋物實(shí)驗(yàn)”等，并與地面課堂的師生就實(shí)驗(yàn)現(xiàn)象進(jìn)

行了充分討論，以下說法正確的是（）

A.在“天宮”中水和油由于沒有受到地球引力而處于漂浮狀態(tài)

B.在“天宮”中“太空拋物實(shí)驗(yàn)”時(shí)冰墩墩被拋出后，相對(duì)天宮做勻速直線運(yùn)動(dòng)

C.“天宮”的運(yùn)行速度介于第一宇宙速度與第二宇宙速度之間

D.在“天宮”中“水油實(shí)驗(yàn)”的原理是水和油密度不同，使其旋轉(zhuǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，利用

離心作用使水油分離

9.如圖，4、B、C、。、P為正方體的頂點(diǎn)，有一正點(diǎn)電荷固定

在P點(diǎn)，貝女）

A.頂點(diǎn)4、C的電場(chǎng)強(qiáng)度相同

B.頂點(diǎn)。的場(chǎng)強(qiáng)大于B的場(chǎng)強(qiáng)

C.正方體側(cè)面力BCD為等勢(shì)面

D.帶正電的粒子沿4c移動(dòng)，電勢(shì)能先增大后減小

第4頁(yè)，共19頁(yè)

10.如圖，一長(zhǎng)度為a的豎直薄擋板MN處在垂直紙面向M

里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為8。。點(diǎn)有一粒子源

在紙面內(nèi)向各方向均勻發(fā)射電荷量為+q、質(zhì)量為znO弋一-------------

的帶電粒子，所有粒子的初速度也未知）大小相同。\

已知初速度與碗夾角為60。發(fā)射的粒子恰好經(jīng)過N

點(diǎn)（不被擋板吸收），粒子與擋板碰撞則會(huì)被吸收，ON=V5a，ONA.MN，不計(jì)粒

子重力，不考慮粒子間的相互作用。則（）

A.粒子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為五a

2

B.擋板左側(cè)能被粒子擊中的豎直長(zhǎng)度為a

c.粒子能擊中擋板右側(cè)的粒子數(shù)占粒子總數(shù)的:

D.若調(diào)節(jié)初速度"大小使擋板的右側(cè)被粒子擊中的豎直長(zhǎng)度為a,則。的最小值為迪

m

三、實(shí)驗(yàn)題（本大題共2小題，共16.0分）

11.為驗(yàn)證勻速圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度與角速度、軌道半徑間的定量關(guān)系，某同學(xué)設(shè)計(jì)

了如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置。其中4B是固定在豎直轉(zhuǎn)軸。。'上的水平平臺(tái)，4端固定

的壓力傳感器可測(cè)出小物體對(duì)其壓力的大小，B端固定一寬度為d的擋光片，光電

門可測(cè)量擋光片每一次的擋光時(shí)間。

實(shí)驗(yàn)步驟如下：

①測(cè)出擋光片與轉(zhuǎn)軸間的距離L;

②將小物體緊靠傳感器放置在平臺(tái)上，測(cè)出小物體中心與轉(zhuǎn)軸的距離r；

③使平臺(tái)AB繞轉(zhuǎn)軸。。'勻速轉(zhuǎn)動(dòng)；

④記錄壓力傳感器的示數(shù)F和對(duì)應(yīng)的擋光時(shí)間戊；

⑤保持小物體質(zhì)量和距離r不變，多次改變轉(zhuǎn)動(dòng)角速度，記錄壓力傳感器示數(shù)F和

對(duì)應(yīng)的擋光時(shí)間戊。

（1）小物體轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度3=（用L、d、戊表示）；若某次實(shí)驗(yàn)中擋光片的寬

度如圖乙所示，其讀數(shù)為mm；

（2）要驗(yàn)證小物體的向心加速度與角速度、軌道半徑間的定量關(guān)系，還需要測(cè)出小

物體的質(zhì)量小，則在誤差允許范圍內(nèi)，本實(shí)驗(yàn)需驗(yàn)證的關(guān)系式為（用所測(cè)物

理量的符號(hào)表示）。

12.圖a為某同學(xué)測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的電路圖。

（1）虛線框內(nèi)是用毫安表改裝成電流表的電路。已知毫安表表頭的內(nèi)阻為10。滿

偏電流為100mA，電阻R1=2.50,由此可知，改裝后電流表的量程為mA.

（2）實(shí)驗(yàn)步驟如下，請(qǐng)完成相應(yīng)的填空：

①將滑動(dòng)變阻器R的滑片移到端（選填“左”或“右”），閉合開關(guān)S；

②多次調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的滑片，記下電壓表的示數(shù)U和毫安表的示數(shù)/：某次測(cè)量

時(shí)毫安表的示數(shù)如圖b所示，其讀數(shù)為mA；

③以U為縱坐標(biāo)，/為橫坐標(biāo)，作U-/圖象，如圖c所示；

④根據(jù)圖象求得電源的電動(dòng)勢(shì)E=乙內(nèi)阻r=_____0（結(jié)果均保留到小數(shù)

點(diǎn)后兩位）。

T一

侍測(cè)電源

四、計(jì)算題（本大題共3小題，共38.0分）

第6頁(yè)，共19頁(yè)

13.某種質(zhì)譜儀由離子源、加速電場(chǎng)、靜電分析器、磁分析器、收集器幾部分構(gòu)成，如

圖所示加速電場(chǎng)的電壓為U；靜電分析器中有沿半徑方向的電場(chǎng)，通道中心線MN是

半徑為R的圓?。淮欧治銎髦蟹植贾较虼怪庇诩埫娴膭驈?qiáng)磁場(chǎng)，其左邊界與靜電

分析器的右邊界平行；由離子源發(fā)出一個(gè)質(zhì)量為小、電荷量為q的正離子(初速度為

零，重力不計(jì))。經(jīng)加速電場(chǎng)加速后進(jìn)入靜電分析器，沿中心線MN做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，

而后由P點(diǎn)垂直于磁分析器的左邊界進(jìn)入磁分析器中，經(jīng)過四分之一圓周從Q點(diǎn)射

出，并進(jìn)入收集器。已知Q點(diǎn)與磁分析器左邊界的距離為d。求：

(1)離子離開加速電場(chǎng)時(shí)的速度。的大?。?/p>

(2)靜電分析器中MN處電場(chǎng)強(qiáng)度E的大??；

(3)磁分析器中磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和方向。

14.某吸管杯(如圖)容積為2407n3環(huán)境度為27。&大氣壓強(qiáng)為latm,

問瓶中快速注入少量的熱水后擰緊瓶蓋。忽略水的飽和蒸氣壓的影

響。

(1)若某時(shí)刻杯內(nèi)氣體溫度為90。a求此時(shí)杯內(nèi)氣體的壓強(qiáng)；

(2)喝水時(shí)為防止噴水燙傷，可先擰松瓶蓋放氣。若某次放氣使六分

之一的氣體溢出。忽略此過程中杯內(nèi)氣體和外界的熱交換，杯內(nèi)空

氣可視為理想氣體。若放氣前杯內(nèi)氣體的溫度為90。&求放氣后瞬間杯內(nèi)氣體的溫

度。

如圖，質(zhì)量M=2kg的小車上固定有處于豎直平面內(nèi)的特殊形狀的圓管，圓管內(nèi)壁處處

光滑且圓管可以忽略內(nèi)徑，其中力B段圓弧所對(duì)應(yīng)的半徑&=0.5m,圓心角乙4OB=53°,

B點(diǎn)切線方向豎直向下，圓管的BC段是一段四分之一圓弧，對(duì)應(yīng)的半徑/?2=0.356，C

點(diǎn)與小車表面平滑銜接，小車CD部分足夠長(zhǎng)，且CD部分與小球之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為%=

0.1，小車置于水平地面的光滑段。現(xiàn)將質(zhì)量m=2kg的小球由4點(diǎn)左上方某點(diǎn)以%=

4m/s的初速度水平拋出，使小球剛好可以無碰撞的進(jìn)入到圓管中。小球穿過圓管后，

滑上CD段。當(dāng)小球與小車共速時(shí)，小車也剛好運(yùn)動(dòng)至水平面的粗糙段，車與地面的動(dòng)

摩擦因數(shù)為的=0-2＞取g=10m/s2,求：

(1)小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，球和車的速度；

(2)小球剛運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)，球和車的速度；

(3)最終球和車都靜止時(shí)，小球到C點(diǎn)的距離是多少。

第8頁(yè)，共19頁(yè)

答案和解析

1.【答案】C

【解析】解：新物理量表示的是加速度變化的快慢，所以新物理量應(yīng)該等于加速度的變

化量與時(shí)間的比值，而加速度的單位是m/s2,由點(diǎn)可知，新物理量的單位應(yīng)該是m/s3.

故C正確，錯(cuò)誤。

故選:Co

根據(jù)題意可知新物理量表示的是加速度變化的快慢，根據(jù)定義式的特點(diǎn)可以知道物理量

的單位。

加速度是表示速度變化快慢的物理量，根據(jù)加速度的定義式，可以理解表示加速度變化

的快慢的新物理量的單位。

2.【答案】C

【解析】解：4圖甲中上板是標(biāo)準(zhǔn)樣板，下板是待檢測(cè)的光學(xué)元件，故A錯(cuò)誤；

8.相鄰亮條紋之間，空氣膜的厚度差等于半個(gè)波長(zhǎng)，若換用波長(zhǎng)更長(zhǎng)的單色光，其它條

件不變，則圖中的干涉條紋變疏，故B錯(cuò)誤；

C.彎曲的條紋對(duì)應(yīng)的被檢查平面右邊的空氣膜厚度與末彎處平面的空氣膜厚度相同，可

知，對(duì)應(yīng)的位置是凹陷的，故C正確；

?？諝饽さ纳舷聝蓚€(gè)表面反射的兩列光波發(fā)生干涉，依據(jù)光程差是光的半個(gè)波長(zhǎng)的偶數(shù)

倍即為明條紋，是光的半個(gè)波長(zhǎng)的奇數(shù)倍即為暗條紋，因凸透鏡壓在平面玻璃上，空氣

薄膜不等間距，可以看到內(nèi)疏外密的明暗相間的圓環(huán)狀條紋，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

依據(jù)光程差是光的半個(gè)波長(zhǎng)的偶數(shù)倍為明條紋，奇數(shù)倍為暗條紋；當(dāng)兩反射光的路程差

（即膜厚度的2倍）是半波長(zhǎng)的偶數(shù)倍，出現(xiàn)明條紋，是半波長(zhǎng)的奇數(shù)倍，出現(xiàn)暗條紋，

可知薄膜干涉是等厚干涉，即明條紋處空氣膜的厚度相同。

解決本題的關(guān)鍵知道薄膜干涉形成的條紋是膜的上下表面的反射光干涉產(chǎn)生的，以及知

道空氣薄膜或肥皂薄膜干涉均是一種等厚干涉。

3.【答案】B

【解析】解：力、根據(jù)eUc=Ek=/tv-%,可知b光的頻率較大，照射該光電管時(shí)b光

使其逸出的光電子最大初動(dòng)能大，故A錯(cuò)誤；

8、b光的頻率較大，則波長(zhǎng)較短，a光波長(zhǎng)較長(zhǎng)，根據(jù)/x=?可知通過同一裝置發(fā)生雙

縫干涉，a光的相鄰條紋間距大，故8正確；

C、b光頻率大，則折射率大，從同種玻璃射入空氣發(fā)生全反射時(shí)，根據(jù)sinC=；可知b光

的臨界角小，故C錯(cuò)誤；

。、b光頻率大，則折射率大，通過同一玻璃三棱鏡時(shí)，b光的偏折程度大，故。錯(cuò)誤。

故選：B。

根據(jù)光電效應(yīng)方程分析出光電子初動(dòng)能的大小關(guān)系；

根據(jù)相鄰條紋間距的公式結(jié)合波長(zhǎng)的大小完成分析；

根據(jù)頻率的大小關(guān)系得出不同光發(fā)生全反射時(shí)的臨界角關(guān)系；

根據(jù)頻率的大小關(guān)系得出光的偏折程度。

本題主要考查了愛因斯坦的光電效應(yīng)方程，理解不同物理現(xiàn)象與光的頻率的關(guān)系即可完

成分析，難度不大。

4.【答案】C

【解析】解：AB,由圖看出，降噪聲波與環(huán)境聲波波長(zhǎng)相等，波速相等，則頻率相同，

疊加時(shí)產(chǎn)生干涉，由于兩列聲波等幅反相，所以振動(dòng)減弱，起到降噪作用，兩列波在P點(diǎn)

振動(dòng)方向相反，P點(diǎn)振動(dòng)減弱，故AB錯(cuò)誤；

C、機(jī)械波傳播的速度由介質(zhì)決定，則知降噪聲波與環(huán)境噪聲的傳播速度相等，故C正

確；

D、P點(diǎn)在平衡位置附近振動(dòng)，并不隨波移動(dòng)，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

降噪過程實(shí)際上是聲波發(fā)生了干涉，機(jī)械波傳播的速度由介質(zhì)決定。介質(zhì)中質(zhì)點(diǎn)不隨波

移動(dòng)。由此分析即可。

解決本題時(shí)要明確機(jī)械波傳播的速度由介質(zhì)決定，聲波在同一介質(zhì)中傳播波速相等。要

掌握波的疊加原理和干涉的條件。

5.【答案】C

【解析】解：4、選整體為研究對(duì)象分析知，“鐵書立”對(duì)桌面的壓力大于Mg,故A

錯(cuò)誤；

B、由題圖甲知，4書與桌面沒有接觸，則桌面對(duì)4書不會(huì)有彈力，故B錯(cuò)誤；

C、對(duì)B書受力分析知，“鐵書立”對(duì)B書有向上的彈力，4書對(duì)B書有向右的彈力，又B

第10頁(yè)，共19頁(yè)

書處于靜止?fàn)顟B(tài)，則B書有相對(duì)“鐵書立”向右運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)，所以水平方向“鐵書立”

對(duì)B書有向左的摩擦力，故C正確；

。、當(dāng)。角緩慢減小到某個(gè)臨界值時(shí)，B書會(huì)開始加速滑動(dòng)，此時(shí)B書所受的合外力不再

為零，故。錯(cuò)誤。

故選：Co

對(duì)整體受力分析可知“鐵書立”對(duì)桌面的壓力與自身重力的關(guān)系，根據(jù)彈力的產(chǎn)生條件

分析，當(dāng)。角緩慢減小到某個(gè)臨界值時(shí)，B書會(huì)開始加速滑動(dòng)，此時(shí)B書所受的合外力不

再為零。

本題關(guān)鍵是對(duì)整體受力分析，分析滑動(dòng)摩擦力的時(shí)，要注意相對(duì)運(yùn)動(dòng)方向。

6.【答案】C

【解析】解：4、圖示位置線圈平面與磁場(chǎng)平行，磁通量為零，左右兩邊正好垂直切割

磁感線，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，不是中性面，故A錯(cuò)誤；

B、電壓表讀的是交流電的有效值，即應(yīng)該是11W,故B錯(cuò)誤；

C、電動(dòng)機(jī)兩端電壓為220V,輸入功率為1100W,則其工作電流為54因電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻

為100,則電動(dòng)機(jī)因發(fā)熱而消耗的功率為P=5?x10勿=250小，故電動(dòng)機(jī)的輸出功率

為P加=1100W-250W=850W,故C正確；

D、設(shè)降壓變壓器流經(jīng)原線圈的電流為A，根據(jù)變壓器的原理有A="=^X5A=2A

n3Q

輸電線上損失的電功率為P=/fr=4x25W=100W,故。錯(cuò)誤。

故選：C。

感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大時(shí)磁通量變化率最大；電壓表讀的是交流電的有效值；根據(jù)電功率的計(jì)

算公式求解電動(dòng)機(jī)的電流，再根據(jù)熱功率求解熱功率，根據(jù)功率關(guān)系求解電動(dòng)機(jī)的輸出

功率；根據(jù)變壓器的原理求解輸電電流，根據(jù)熱功率的計(jì)算公式求解輸電線上損失的電

功率。

本題主要是考查了變壓器以及遠(yuǎn)距離高壓輸電的知識(shí)；解答本題的關(guān)鍵是知道變壓器的

電壓之比等于匝數(shù)之比，在只有一個(gè)副線圈的情況下的電流之比等于匝數(shù)的反比；知道

電動(dòng)機(jī)輸入功率和輸出功率之間的關(guān)系。

7.【答案】D

【解析】解：力、ab進(jìn)入水平導(dǎo)軌，切割磁感線，回路產(chǎn)生順時(shí)針方向（俯視）的感應(yīng)電

流，ab受向左的安培力而做減速運(yùn)動(dòng)，cd受右的安培力而做加速運(yùn)動(dòng)；由題知最后兩

棒離開導(dǎo)軌落在地面同一位置，由于導(dǎo)體棒離開導(dǎo)軌后做平拋運(yùn)動(dòng)，兩導(dǎo)體棒都落在地

面同一位置則說明二者離開導(dǎo)軌時(shí)的速度相同，由于cd先離開導(dǎo)軌，且cd離開導(dǎo)軌后必、

cd將沒有組成閉合回路，則cd離開后ab做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以金屬棒ab在沿導(dǎo)軌水平

部分運(yùn)動(dòng)的過程中，先做減速運(yùn)動(dòng)后做勻速運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；

B、ab滑到圓弧低端，由動(dòng)能定理2mg/i=，2m詔

得：v0=y/2gh

由選項(xiàng)4分析可知二者在離開導(dǎo)軌時(shí)己經(jīng)達(dá)到共速，且由于導(dǎo)軌光滑，ab、cd組成的

系統(tǒng)動(dòng)量守恒，貝?。萦?M%=3nw共

得:%=等

則在沿導(dǎo)軌運(yùn)動(dòng)的過程中，金屬棒ab損失的機(jī)械能4%=gx2m詣-：xnw*=

^■tngh,故B錯(cuò)誤；

C、ab棒剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)，回路電動(dòng)勢(shì)最大，電流最大，cd棒受的安培力最大，加速度最

大

a=￡=處=吟=B"2'領(lǐng),故C錯(cuò)誤；

mmm2mR

D、對(duì)導(dǎo)體棒ab,根據(jù)動(dòng)量定理，取向右為正有

—BILt=2mv今—2mv0

q=It

整理有q=也畫，故。正確。

F3BL

故選：D。

根據(jù)動(dòng)能定理分析出金屬棒進(jìn)入水平方向時(shí)的速度，結(jié)合安培力的公式分析出金屬棒的

運(yùn)動(dòng)類型；

根據(jù)動(dòng)量定理和能量守恒定律分析出金屬棒ab損失的機(jī)械能；

根據(jù)安培力公式分析出加速度的最大數(shù)值；

根據(jù)動(dòng)量定律結(jié)合電流的定義式得出q的表達(dá)式。

本題主要考查了電磁感應(yīng)的相關(guān)應(yīng)用，熟悉動(dòng)能定理計(jì)算出導(dǎo)體棒的速度，分析過程中

涉及到了法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律和動(dòng)量定理等，考查的知識(shí)點(diǎn)較全面，對(duì)學(xué)生

的要求高。

8.【答案】BD

第12頁(yè)，共19頁(yè)

【解析】解：4、在“天宮”中水和油受到的地球引力全部用于產(chǎn)生向心加速度，水和

油以及“天宮”都處于完全失重狀態(tài)，之間相對(duì)靜止，所以水和油處于漂浮狀態(tài)，故A

錯(cuò)誤；

8、冰墩墩被拋出后，相對(duì)“天宮”只有速度，沒有加速度，所以做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故

8正確；

C、第一宇宙速度是貼著地球表面做圓周運(yùn)動(dòng)的衛(wèi)星的運(yùn)行速度，由粵=皿吃

r2r

得”=拎

“天宮”的軌道半徑大于地球半徑，所以其運(yùn)行速度小于第一宇宙速度，故c錯(cuò)誤；

。、在“天宮”中“水油實(shí)驗(yàn)”的原理是水和油密度不同，使其旋轉(zhuǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，利用

離心作用使水油分離，故。正確。

故選：BD.

根據(jù)太空中物體的完全失重狀態(tài)分析出物體的運(yùn)動(dòng)情況；正確理解宇宙速度的概念并結(jié)

合題意完成分析。

本題主要考查了萬(wàn)有引力定律的相關(guān)應(yīng)用，理解太空中物體的受力特點(diǎn)即可完成分析,

難度不大。

9.【答案】BD

【解析】解：4B.點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式為E=當(dāng)，頂點(diǎn)4、C到P的距離相等，故A、C點(diǎn)的場(chǎng)

強(qiáng)大小相等，但場(chǎng)強(qiáng)方向不同，頂點(diǎn)。到P的距離小于頂點(diǎn)B到P的距離，故頂點(diǎn)。的場(chǎng)

強(qiáng)大于B的場(chǎng)強(qiáng)，故A錯(cuò)誤，8正確；

C點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中的等勢(shì)面為以場(chǎng)源電荷為圓心的球面，故正方體側(cè)面4BCD不是

等勢(shì)面，故C錯(cuò)誤；

。帶正電的粒子沿4c移動(dòng)，與P點(diǎn)的距離先減小后增大，故庫(kù)侖斥力先做負(fù)功后做正功,

導(dǎo)致電勢(shì)能先增大后減小，故。正確。

故選：BD。

根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式為后=華，結(jié)合電場(chǎng)的方向可判斷4B選項(xiàng)；點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)中

的等勢(shì)面為以場(chǎng)源電荷為圓心的球面，電場(chǎng)力先做負(fù)功后做正功，導(dǎo)致電勢(shì)能先增大后

減小。

本題考查電勢(shì)能與電場(chǎng)力做功，解題關(guān)鍵掌握電場(chǎng)力做正功，則電勢(shì)能減小，電場(chǎng)力做

負(fù)功，則電勢(shì)能增大。

10.【答案】CD

【解析】解：4粒子軌跡如圖1所示，設(shè)半徑為R,由幾何關(guān)系可知

2Rsin600=V3a

解得：R=a

故A錯(cuò)誤；

A當(dāng)軌跡剛好與MN相切時(shí)，粒子能打到板上最大長(zhǎng)度，如圖軌跡2,設(shè)速度方向與ON夾

角為。，由幾何關(guān)系

Rsind+R=V3a

解得：sinO=V3—1

由此可得

Rcosd=aVl-sin20=aJ2痘-3

所以，擋板左側(cè)能被粒子擊中的豎直長(zhǎng)度為aj2b-3,故8錯(cuò)誤；

C.要使粒子打到右側(cè)，則有兩個(gè)臨界條件，如圖軌跡1、3,夾角為60。，則比例為黑=g

3oOo

故C正確；

D由C選項(xiàng)可知使擋板的右側(cè)被擊中的豎直長(zhǎng)度為a,速度方向與ON夾角為60。，由洛倫

茲力提供向心力

p2

qvBD=m—

解得：”=迎

m

故。正確。

故選:CDa

第14頁(yè)，共19頁(yè)

根據(jù)題意初速度與向V夾角為60。發(fā)射的粒子恰好擊中N點(diǎn)，作出運(yùn)動(dòng)軌跡圖像，結(jié)合幾

何關(guān)系即可計(jì)算出圓周運(yùn)動(dòng)的半徑；根據(jù)幾何圖形，推出與擋板MN相切的圓周運(yùn)動(dòng)剛

好是臨界條件，根據(jù)粒子入射時(shí)速度與水平方向的夾角占一圈的比例即可算出；要使粒

子打到右側(cè)，有兩個(gè)臨界條件，通過作圖分析出粒子入射角度范圍即可。

本題考查了帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，難度較大，解題的關(guān)鍵是會(huì)根據(jù)題意作圖，

并結(jié)合數(shù)學(xué)幾何分析得出結(jié)果；需要注意的是在計(jì)算運(yùn)動(dòng)時(shí)間時(shí)往往與圓心角有關(guān)。

11?【答案】54.9°"品

【解析】解：(1)擋光片的線速度□=?

小鋼球和擋光片同軸，則小鋼球的角速度3=7=^-

LLAt

20分度的游標(biāo)卡尺，精度為0.05?mn,則擋光片的寬度為d=4nun+18X0.05?nm=

4.90mm

(2)根據(jù)牛頓第二定律，要求出加速度還需要測(cè)量小鋼球的質(zhì)量，根據(jù)F=

2

即Q)

=-m=ar

解得.L=rd2

附1八mM⑷)2

故答案為：(1)2,49。；(2)5=鼎

(1)根據(jù)已知條件可以求出擋光片的線速度，小鋼球和擋光片的角速度一樣，根據(jù)公式

求解即可。

(2)結(jié)合牛頓第二定律可知加速度是合力除以質(zhì)量，而從圓周運(yùn)動(dòng)的角度也能求出加速

度，驗(yàn)證這兩個(gè)角度計(jì)算的加速度是否相等。

本題考查探究向心力與角速度半徑的關(guān)系，注意會(huì)從兩個(gè)不同角度計(jì)算加速度。

12.【答案】500右561.480.80

【解析［解：(1)由題意可知，毫安表內(nèi)阻是此阻值的4倍，由并聯(lián)電路特點(diǎn)可知，流過

心的電流是流過毫安表電流的4倍，則改裝后電流表量程為毫安表的5倍，即改裝后電流

表量程為500nL4。

(2)①由圖示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用限流接法，為保護(hù)電路閉合開關(guān)前滑片要置

于右端。

②毫安表量程為100巾4由圖示毫安表表盤可知，其分度值為2m4示數(shù)為56n

④改裝后電流表內(nèi)阻：&=禍=就裝。=2。，

改裝后電流表量程為毫安表量程的5倍，當(dāng)毫安表示數(shù)為/時(shí)流過電源的電流為5/,

根據(jù)圖示電路圖，由閉合電路歐姆定律可知：U=E-5l(_r+RA),

由圖示U-/圖象可知，電源電動(dòng)勢(shì)：E=1.481/,

圖象斜率的絕對(duì)值：k=5(r+RQ=黑券。，

解得，電源內(nèi)阻：r=0.80/2；

故答案為：(1)500；(2)①右；②56;④1.48;0.80。

(1)根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)求出改裝后電流表的量程。

(2)滑動(dòng)變阻器采用限流接法，為保護(hù)電路閉合開關(guān)前滑片應(yīng)置于阻值最大處；

根據(jù)毫安表量程由圖示表盤確定其分度值，根據(jù)指針位置讀出其示數(shù)；

根據(jù)圖示電路圖求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)圖示圖象求出電源電動(dòng)勢(shì)與內(nèi)阻。

本題考查測(cè)量電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)，注意明確實(shí)驗(yàn)原理，能根據(jù)給出的實(shí)驗(yàn)步驟分析

實(shí)驗(yàn)方法；同時(shí)根據(jù)圖象分析實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，明確電表的改裝原理的應(yīng)用。

13.【答案】解：(1)設(shè)離子離開加速電場(chǎng)的速度為外離子在加速電場(chǎng)中加速的過程中，

根據(jù)動(dòng)能定理可得：qU=[nw2—o

解得：v=

7m

(2)在通過靜電分析器通過時(shí)，離開沿半徑為R的圓弧運(yùn)動(dòng)，電場(chǎng)力提供向心力，由此可

得：qE=^

將之前求出速度次入可化簡(jiǎn)得：E嶗

(3)離子進(jìn)入磁分析器中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，離子在靜電分析器中受電場(chǎng)力指向圓心，可

知粒子帶正電，在磁分析器中沿順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，所受洛倫茲力指向圓心，根據(jù)左手定則，

磁分析器在勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，

由牛頓第二定律可得：

由題意離子經(jīng);圓周打在Q點(diǎn)，由幾何關(guān)系有：r=d

聯(lián)立以上等式可得：B=之恥

dqq

答：(1)離子離開加速電場(chǎng)時(shí)的速度"的大小為用；

第16頁(yè)，共19頁(yè)

(2)靜電分析器中MN處電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小為爭(zhēng)

(3)磁分析器中磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小為］捋,方向垂直紙面向外。

【解析】根據(jù)離子在磁場(chǎng)中受到的洛倫茲力方向應(yīng)用左手定則判斷磁場(chǎng)方向；

粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，洛倫茲力提供向心力，應(yīng)用牛頓第二定律求出粒子軌道

半徑，然后求出距離d；

根據(jù)離子在靜電分析器中軌道半徑公式分析離子能否沿通道中心線安全通過靜電分析

器。

本題主要考查了帶電粒子在復(fù)合場(chǎng)的運(yùn)動(dòng)，解決該題的關(guān)鍵是明確知道離子在個(gè)部分區(qū)

域的運(yùn)動(dòng)情況，知道離子在靜電分析器中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其向心力由電場(chǎng)力提供。

14.【答案】解：(1)杯內(nèi)的氣體，初態(tài)溫度Ti=300K,初狀態(tài)壓強(qiáng)pi=latm,末態(tài)溫

度72=363心末狀態(tài)壓強(qiáng)設(shè)為P2，由查理定律得

E1=E1

TiT2

解得：P2=

(2)杯內(nèi)剩下六分之五的氣體，放氣后的壓強(qiáng)為口3=1耐m，設(shè)其溫度為T3,由理想氣體

狀態(tài)方程藝機(jī)=也

r2r3

解得了3=360K=87℃

答：(1)杯內(nèi)氣體的以前那個(gè)為1.21就機(jī)：

(2)放氣后瞬間杯內(nèi)氣體的溫度為87冤。

【解析】(1)對(duì)杯內(nèi)的氣體根據(jù)查理定律分析出變化后的壓強(qiáng)；

(2)根據(jù)一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程pl/=C7列式計(jì)算出氣體的溫度。

本題主要考查了一定質(zhì)量的理想氣體的狀態(tài)方程，解題的關(guān)鍵點(diǎn)是分析出氣體變化前后

的狀態(tài)參量，結(jié)合公式pV=CT即可完成分析。

15.【答案】解：(1)由小球無碰撞的進(jìn)入圓管4B段可知，進(jìn)入4的瞬間，小球速度沿著

力點(diǎn)切線方向，又由于乙408=53。

在4點(diǎn)時(shí)，對(duì)小球有F=t^m37。

vx

其中以=VQ=4m/s

可知%=3m/s

4點(diǎn)距離拋出點(diǎn)的高度差壇=胃

解得生=0.45m

對(duì)從小球拋出到運(yùn)動(dòng)至8點(diǎn)的過程進(jìn)行分析可知：水平方向系統(tǒng)動(dòng)量守恒，取水平向右

為正方向，則有

mv0=(m4-M)以，

222

由系統(tǒng)機(jī)械能守恒得：jmvo+mg(hQ+/?道也53。)=|MVx+|m