2023學(xué)年高考物理模擬試卷

注意事項(xiàng)：

1.答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。

2.選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用0.5毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。

3,請(qǐng)按照題號(hào)順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無(wú)效；在草稿紙、試題卷上答題無(wú)效。

4.保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、如圖所示，一充電后的平行板電容器的兩極板間距離為/,在正極板附近有一質(zhì)量為㈣、電荷量為幻（9i>0）的粒

子A,在負(fù)極板附近有一質(zhì)量為m,,電荷量為一仇（0>0）的粒子B僅在電場(chǎng)力的作用下兩粒子同時(shí)從靜止開始運(yùn)動(dòng)。

已知兩粒子同時(shí)經(jīng)過一平行于正極板且與其相距方的平面。。兩粒子間相互作用力可忽略，不計(jì)粒子重力，則下

列說法正確的是（）

A.粒子A、B的加速度大小之比4：3

B.粒子A、B的比荷之比為3：4

C.粒子A、B通過平面。時(shí)的速度大小之比為百：2

D.粒子A、B通過平面。時(shí)的動(dòng)能之比為3：4

2、某電磁軌道炮的簡(jiǎn)化模型如圖所示，兩圓柱形固定導(dǎo)軌相互平行，其對(duì)稱軸所在平面與水平面的夾角為仇兩導(dǎo)軌

長(zhǎng)為L(zhǎng),間距為d,一質(zhì)量為小的金屬?gòu)椡柚糜趦蓪?dǎo)軌間，彈丸直徑為d,電阻為R,與導(dǎo)軌接觸良好且不計(jì)摩擦阻力，

導(dǎo)軌下端連接理想恒流電源，電流大小恒為/,彈丸在安培力作用下從導(dǎo)軌底端由靜止開始做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大

小為下列說法正確的是（）

A.將彈丸彈出過程中，安培力做的功為/naL+，"gLsin0

B.將彈丸彈出過程中，安培力做的功為

C.將彈丸彈出過程中，安培力的功率先增大后減小

D.將彈丸彈出過程中，安培力的功率不變

3、以下儀器能測(cè)量基本物理量的是（）

A.彈簧測(cè)力計(jì)B.電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器

C.電壓表D.量筒

4、兩個(gè)相距較遠(yuǎn)的分子僅在彼此間分子力作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)，直至不再靠近。在此過程中，下述正確的是

A.分子力先增大后減小B.分子力先做正功，后做負(fù)功

C.分子勢(shì)能一直增大D.分子勢(shì)能先增大后減小

5、某質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，經(jīng)過時(shí)間f速度由均變?yōu)殄?。?yōu)＞1）位移大小為X。則在隨后的4,內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的位移大小為

（）

8（3A—2）x8（2k—l）x8（2A—l）x3（5左—3）x

A.-------------B.-------------C.-------------D.-------------

Z+lk+\k-\女+1

6、如圖，傾角為a=45。的斜面48c固定在水平面上，質(zhì)量為"，的小球從頂點(diǎn)A先后以初速度勾和2%向左水平拋出，

分別落在斜面上的尸卜尸2點(diǎn)，經(jīng)歷的時(shí)間分別為小3A點(diǎn)與B、B與尸2之間的距離分別為人和，2,不計(jì)空氣阻力

影響。下列說法正確的是（）

B./＞：/2=1：2

C.兩球剛落到斜面上時(shí)的速度比為1：4

D.兩球落到斜面上時(shí)的速度與斜面的夾角正切值的比為1：1

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。

7、如圖所示，質(zhì)量為機(jī)的小球與輕質(zhì)彈簧相連，穿在豎直光滑的等腰直角三角形的桿AC上，桿8c水平彈簧下端固

定于8點(diǎn)，小球位于桿AC的中點(diǎn)。時(shí)，彈簧處于原長(zhǎng)狀態(tài)。現(xiàn)把小球拉至。點(diǎn)上方的E點(diǎn)由靜止釋放，小球運(yùn)動(dòng)的

最低點(diǎn)為瓦重力加速度為g,下列說法正確的是（）

A.小球運(yùn)動(dòng)。點(diǎn)時(shí)速度最大

B.EZ）間的距離等于。尸間的距離

C.小球運(yùn)動(dòng)到Z）點(diǎn)時(shí)，桿對(duì)小球的支持力為孝加g

D.小球在F點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能大于在E點(diǎn)時(shí)彈簧的彈性勢(shì)能

8、下列有關(guān)熱力學(xué)基本概念、規(guī)律與熱力學(xué)定律的描述正確的是o

A.熱量是在單純的熱傳遞過程中系統(tǒng)內(nèi)能變化的量度

B.絕熱過程中，系統(tǒng)內(nèi)能的變化只與做功的多少有關(guān)，而與做功的方式無(wú)關(guān)

C.改變內(nèi)能的兩種方式是做功和熱傳遞，因此同時(shí)做功和熱傳遞一定會(huì)改變內(nèi)能

D.第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第二定律

E.機(jī)械能不可能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能也不可能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能

9、如圖所示，光滑水平面放置一個(gè)靜止的質(zhì)量為2m的帶有半圓形軌道的滑塊”，半圓形軌道的半徑為R。一個(gè)質(zhì)量

為m的小球6從半圓軌道的左側(cè)最高點(diǎn)處由靜止釋放，/>到達(dá)半圓軌道最低點(diǎn)尸時(shí)速度大小匕,=2然后進(jìn)入

右側(cè)最高可到點(diǎn)Q,連線與。尸間的夾角a=53°，不計(jì)空氣阻力，重力加速度為g。下列說法正確的是（）

A.滑塊a向左滑行的最大距離為0.6R

B.小球b從釋放到滑到Q點(diǎn)的過程中，克服摩擦力做的功為0.4,

C.小球b第一次到達(dá)尸點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力為1.8,"g

D.小球》第一次返回到尸點(diǎn)時(shí)的速度大于2

10、物體沿直線運(yùn)動(dòng)的x-f圖象如圖所示，?！?、cd段為直線，a加為曲線，設(shè)自右、〃時(shí)刻的速度分別為白、也、

丫3、%則下列說法正確的是（）

A.V\>V2B.V1=V4C.V2<V3D.了4最大

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11.（6分）如圖所示，某小組同學(xué)利用DIS實(shí)驗(yàn)裝置研究支架上力的分解。A、B為兩個(gè)相同的雙向力傳感器，該型

號(hào)傳感器在受到拉力時(shí)讀數(shù)為正，受到壓力時(shí)讀數(shù)為負(fù)。A連接質(zhì)量不計(jì)的細(xì)繩，并可沿固定的圓弧形軌道移動(dòng)。B

固定不動(dòng)，通過光滑較鏈連接一輕桿，將細(xì)繩連接在桿右端。點(diǎn)構(gòu)成支架，調(diào)整使得。點(diǎn)位于圓弧形軌道的圓心處，

保持桿沿水平方向。隨后按如下步驟操作：

①測(cè)量繩子與水平桿的夾角NAOB=。；

②對(duì)兩個(gè)傳感器進(jìn)行調(diào)零；

③用另一繩在0點(diǎn)懸掛住一個(gè)鉤碼，記錄兩個(gè)傳感器讀數(shù)；

④取下鉤碼，移動(dòng)傳感器A,改變。角，重復(fù)上述步驟①②③④，得到圖示數(shù)據(jù)表格。

FiNl.OOl0.580???1.002???

F2.N-0.868-0.2910.865???

e30°60°...150°■■?

（1）根據(jù)表格數(shù)據(jù)，可知A傳感器對(duì)應(yīng)的是表中的力一（填或"g”），并求得鉤碼質(zhì)量為kg（保留一位有

效數(shù)字，g取lOm/s2）；

（2）實(shí)驗(yàn)中，讓A傳感器沿圓心為。的圓弧形（而不是其它的形狀）軌道移動(dòng)的主要目的是。

A.方便改變A傳感器的讀數(shù)B.方便改變B傳感器的讀數(shù)

C.保持輕桿右端。的位置不變D.方便改變細(xì)繩與桿的夾角，

12.（12分）二極管具有單向?qū)щ娦?，正向?qū)〞r(shí)電阻幾乎為零，電壓反向時(shí)電阻往往很大。某同學(xué)想要測(cè)出二極管

的反向電阻RD，進(jìn)行了如下步驟：

步驟一：他先用多用電表歐姆檔進(jìn)行粗測(cè)：將紅、黑表筆分別插入正、負(fù)表筆插孔，二極管的兩端分別標(biāo)記為A和瓦

將紅表筆接A端，黑表筆接8端時(shí)，指針幾乎不偏轉(zhuǎn)；紅表筆接8端，黑表筆接A端時(shí)，指針偏轉(zhuǎn)角度很大，則為

了測(cè)量該二極管的反向電阻，應(yīng)將紅表筆接二極管的端（填“4”或"B”）；

步驟二：該同學(xué)粗測(cè)后得到RD=149OQ,接著他用如下電路（圖一）進(jìn)行精確測(cè)量：已知電壓表量程0~3V,內(nèi)阻Rv=3kQ。

實(shí)驗(yàn)時(shí)，多次調(diào)節(jié)電阻箱，記下電壓表的示數(shù)。和相應(yīng)的電阻箱的電阻R,電源的內(nèi)阻不計(jì)，得到，與R的關(guān)系圖

線如下圖（圖二）所示。由圖線可得出：電源電動(dòng)勢(shì)E=,二極管的反向電阻RD=；

步驟二中二極管的反向電阻的測(cè)量值與真實(shí)值相比，結(jié)果是（填“偏大”、“相等”或“偏小

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13.（10分）一位同學(xué)的家住在一座25層的高樓內(nèi)，他每天乘電梯上樓，經(jīng)過多次仔細(xì)觀察和反復(fù)測(cè)量，他發(fā)現(xiàn)電梯

啟動(dòng)后的運(yùn)動(dòng)速度符合如圖所示的規(guī)律，他就根據(jù)這一特點(diǎn)在電梯內(nèi)用臺(tái)秤、重物和停表測(cè)量這座樓房的高度。他將

臺(tái)秤放在電梯內(nèi)，將重物放在臺(tái)秤的托盤上，電梯從第一層開始啟動(dòng)，經(jīng)過不間斷地運(yùn)行，最后停在最高層，在整個(gè)

過程中，他沒有來得及將臺(tái)秤的示數(shù)記錄下來，假設(shè)在每個(gè)時(shí)間段內(nèi)臺(tái)秤的示數(shù)都是穩(wěn)定的，重力加速度g取10m/s2；

⑴電梯在0—3.0s時(shí)間段內(nèi)臺(tái)秤的示數(shù)應(yīng)該是多少？

（2）根據(jù)測(cè)量的數(shù)據(jù)，計(jì)算該座樓房每一層的平均高度。

時(shí)間/S臺(tái)秤示數(shù)/kg

電梯啟動(dòng)前5.0

0—3.0

3.0—13.05.0

13.0—19.04.6

19.0以后5.0

14.（16分）如圖甲所示，質(zhì)童為機(jī)=0.3kg的小物塊3（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在質(zhì)量為M=0.1kg、長(zhǎng)度L=0.6m的木板A

的最左端，A和3一起以vo=lm/s的速度在光滑水平面上向右運(yùn)動(dòng)，一段時(shí)間后A與右側(cè)一豎直固定擋板尸發(fā)生彈性

碰撞。以碰撞瞬間為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，取水平向右為正方向，碰后0.5s內(nèi)8的速度v隨時(shí)間，變化的圖像如圖乙所示。取重

力加速度g=10m/s2,求：

甲

(1)A與3間的動(dòng)摩擦因數(shù)〃；

(2)A與尸第1次碰撞到第2次碰撞的時(shí)間間隔；

(3)4與P碰撞幾次，B與A分離。

15.(12分)如圖所示，馬桶吸由皮吸和汽缸兩部分組成，下方半球形皮吸空間的容積為1000cn?,上方汽缸的長(zhǎng)度

為40cm,橫截面積為50cm2。小明在試用時(shí)，用手柄將皮吸壓在水平地面上，皮吸中氣體的壓強(qiáng)等于大氣壓。皮吸

與地面及活塞與汽缸間密封完好不漏氣，不考慮皮吸與汽缸的形狀變化，環(huán)境溫度保持不變，汽缸內(nèi)薄活塞、連桿及

手柄的質(zhì)量忽略不計(jì)，已知大氣壓強(qiáng)“>=1.0x10,Pa,g=10m/s2?

①若初始狀態(tài)下活塞位于汽缸頂部，當(dāng)活塞緩慢下壓到汽缸皮吸底部時(shí)，求皮吸中氣體的壓強(qiáng)；

②若初始狀態(tài)下活塞位于汽缸底部，小明用豎直向上的力將活塞緩慢向上提起20cm高度保持靜止，求此時(shí)小明作用

力的大小。

參考答案

一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。

1、B

【解析】

設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E,兩粒子的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，對(duì)粒子A有

3=L以2

72mA

對(duì)粒子B有

a_妊

-m2

士-2

72m2

聯(lián)立解得

al:電=3:4

組&=3:4

叫m-,

故A錯(cuò)誤，B正確；

C.由v=af得

v(_a(_3

v2a24

故c錯(cuò)誤；

D.由于質(zhì)量關(guān)系未知，動(dòng)能之比無(wú)法確定，故D錯(cuò)誤。

故選B。

2、A

【解析】

AB.對(duì)彈丸受力分析，根據(jù)牛頓第二定律

F殳-mgsin0=ma

安培力做功

W=F.J=maL+mgLsin0

A正確，B錯(cuò)誤；

CD.彈丸做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，速度一直增大，根據(jù)

可知安培力的功率一直增大，CD錯(cuò)誤。

故選A。

3、B

【解析】

A.彈簧測(cè)力計(jì)測(cè)量的是力，不是基本物理量，故A錯(cuò)誤；

B.電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)量的是時(shí)間，是基本物理量，故B正確；

C.電壓表測(cè)量的是電壓，不是基本物理量，故C錯(cuò)誤；

D.量筒測(cè)量的是體積，不是基本物理量，故D錯(cuò)誤。

故選B。

4、B

【解析】

A.兩個(gè)相距較遠(yuǎn)的分子僅在分子力作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)，直至不再靠近的過程中，當(dāng)分子間距大于平衡間距時(shí)，

分子力表現(xiàn)為引力；當(dāng)分子間距小于平衡間距時(shí)，分子力表現(xiàn)為斥力，分子引力先減小后增大，斥力增大，A錯(cuò)誤；

B.兩個(gè)相距較遠(yuǎn)的分子僅在分子力作用下由靜止開始運(yùn)動(dòng)，直至不再靠近的過程中，分子力先是引力后是斥力，故

先做正功后做負(fù)功，B正確；

C.只有分子力做功，先做正功后做負(fù)功，根據(jù)動(dòng)能定理，動(dòng)能先增加后減小，C錯(cuò)誤；

D.分子力先做正功后做負(fù)功；分子力做功等于分子勢(shì)能的變化量；故分子勢(shì)能先減小后增加，D錯(cuò)誤。

故選Bo

5、A

【解析】

質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為

U-

t

f時(shí)刻內(nèi)位移為

v+kv

A-0I

2

聯(lián)立可得

2x

則在隨后的4,內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)的位移大小為

2

x'=%?4f+ga(4f>=4-kvnt+g'—~—?(4/)

2x

將］="'八代入得

,8（3攵-2）x

x--------------

A+l

故A正確，BCD錯(cuò)誤。

故選A。

6、D

【解析】

A.根據(jù)

1，

六'gt

tan6=^----=-°—

卬2%

得

2%tan。

g

因?yàn)槌跛俣戎葹?：2,則運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為1：2,故A錯(cuò)誤。

B.水平位移

_2v2tan（9

x-vot=~■0

g

因?yàn)槌跛俣戎葹?：2,則水平位移之比為1：4,由

I=>/2x

可知

/1：/2=1：4

故B錯(cuò)誤。

C.根據(jù)動(dòng)能定理

—1mv~2=—1mv^2+mgy

其中產(chǎn)x,則

v=q*+2gy=&+4%tan45。=瓜。

則兩球剛落到斜面上時(shí)的速度比為1：2,選項(xiàng)C錯(cuò)誤；

D.平拋運(yùn)動(dòng)某時(shí)刻速度方向與水平方向夾角的正切值是位移與水平方向夾角正切值的2倍，由于落在斜面上，位移

方向相同，則速度方向相同，即兩球落到斜面上時(shí)的速度與斜面的夾角正切值的比為1:1,故D正確。

故選D。

二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。

全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得。分。

7、CD

【解析】

分析圓環(huán)沿桿下滑的過程的受力和做功情況，只有重力和彈簧的拉力做功，所以圓環(huán)機(jī)械能不守恒，但是系統(tǒng)的機(jī)械

能守恒；沿桿方向合力為零的時(shí)刻，圓環(huán)的速度最大。

【詳解】

A.圓環(huán)沿桿滑下，EQ段受到重力和彈簧彈力（桿對(duì)小球的支持力垂直于桿，不做功），且與桿的夾角均為銳角，則

小球加速，。點(diǎn)受重力和桿對(duì)小球的支持力，則加速度為gsin450,仍加速，。廠段受重力和彈簧彈力，彈力與桿的

夾角為鈍角，但一開始彈力較小，則加速度先沿桿向下，而尸點(diǎn)速度為0,則段，先加速后減速，。點(diǎn)時(shí)速度不

是最大，故A錯(cuò)誤；

B.若EZ）間的距離等于。尸間的距離，則全過程，全過程小球重力勢(shì)能減少，彈性勢(shì)能不變，則系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，

故B錯(cuò)誤；

C.。點(diǎn)受重力和桿對(duì)小球的支持力，垂直于桿方向受力分析得桿對(duì)小球的支持力為在〃吆，故C正確；

2

D.若間的距離等于。尸間的距離，則全過程，全過程小球重力勢(shì)能減少，彈性勢(shì)能不變，則間的距離應(yīng)小于

O尸間的距離，則全過程，全過程小球重力勢(shì)能減少，彈性勢(shì)能增大，則系統(tǒng)機(jī)械能守恒，故D正確；

故選CD。

【點(diǎn)睛】

本題考查彈簧存在的過程分析，涉及功能關(guān)系。

8、ABD

【解析】

A.根據(jù)熱力學(xué)第一定律得熱量是在單純的熱傳遞過程中系統(tǒng)內(nèi)能變化的量度，故A正確；

B.絕熱過程中，系統(tǒng)內(nèi)能的變化只與做功的多少有關(guān)，而與做功的方式無(wú)關(guān)，故B正確；

C.改變內(nèi)能的方式有做功和熱傳遞，二者在內(nèi)能的改變上是一樣的，若對(duì)外做功的同時(shí)吸收熱量，內(nèi)能可能不變，

故C錯(cuò)誤；

D.第二類永動(dòng)機(jī)不違反能量守恒定律，但違反了熱力學(xué)第二定律即熱現(xiàn)象的方向性，故D正確；

E.機(jī)械能可能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，內(nèi)能不可能全部轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，而不產(chǎn)生其他影響，故E錯(cuò)誤。

故選ABD,

9、AD

【解析】

A.滑塊a和小球》相互作用的過程，系統(tǒng)水平方向合外力為零，系統(tǒng)水平方向動(dòng)量守恒，小球，到達(dá)。點(diǎn)時(shí)，根據(jù)

動(dòng)量守恒定律得滑塊?和小球b的速度均為零，有

2msa=msb

Sa+Sb=K+Ksin53°

解得

Sa=0.6R

故A正確；

B.根據(jù)功能關(guān)系得小球5從釋放到滑到。點(diǎn)的過程中，克服摩擦力做的功為

W=mgRcos53°=0.6mgR

故B錯(cuò)誤；

C.當(dāng)方第一次到達(dá)半圓軌道最低點(diǎn)尸時(shí)，根據(jù)動(dòng)量守恒定律有

2mva=mvh

解得

由牛頓運(yùn)動(dòng)定律得

9+%)2

N-mg=m^=m

R

解得

N=^mg

對(duì)軌道的壓力

,14

Nf=N=—mg

故C錯(cuò)誤；

D.小球從尸點(diǎn)到。點(diǎn)，根據(jù)功能關(guān)系可得克服摩擦力做的功為

W~~x+；mv1—mgR(1-cos53°)=0.2mgR

由功能關(guān)系結(jié)合圓周運(yùn)動(dòng)的知識(shí)，得小球b第一次返回到P點(diǎn)的過程中克服摩擦力做的功

W<Q.2mgR

故小球b第一次返回到P點(diǎn)時(shí)系統(tǒng)的總動(dòng)能

Ek>mgR(.\-cos53")-W'=0.2mgR

0=2mv'a+mv'h

解得

故D正確。

故選AD?

10、ACD

【解析】

A.因x-f圖像的斜率等于速度，則由圖像可知，八時(shí)刻的斜率大于時(shí)刻的斜率，則白＞也，選項(xiàng)A正確;

B.f4時(shí)刻的斜率大于fl時(shí)刻的斜率，則也〈辦，選項(xiàng)B錯(cuò)誤：

C.打時(shí)刻的斜率大于打時(shí)刻的斜率，則也＜忤，選項(xiàng)C正確；

D.圖像上f4時(shí)刻的斜率最大，則以最大，選項(xiàng)D正確；

故選ACD,

三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。

11、Ft0.05C

【解析】

因繩子只能提供拉力，傳感器示數(shù)為正值，由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，A傳感器對(duì)應(yīng)的是表中力后

⑵對(duì)節(jié)點(diǎn)O,由平衡條件得

F[sin30=mg

解得

m=0.05kg

(2)網(wǎng)讓A傳感器沿圓心為。的圓弧形，移動(dòng)傳感器的過程中，傳感器與O點(diǎn)的距離保持不變，即。點(diǎn)位置保持不變,

故ABD錯(cuò)誤，C正確

故選C

12、A2.0V1500ft相等

【解析】

[1]多用電表測(cè)電阻時(shí)電流從黑表筆流出，紅表筆流入。當(dāng)紅表筆接A時(shí)，指針幾乎不偏轉(zhuǎn)，說明此時(shí)二極管反向截止,

所以接4端。

⑵根據(jù)電路圖由閉合電路歐姆定律得

R/RD

整理得

UE%RD

再由圖像可知縱截距

0.5=—

E

解得

E=2.0V

[3]斜率

1.5-0.5Ry+RD

3-

2xl0ERX,RD

解得

7?D=1500Q

⑷由于電源內(nèi)阻不計(jì)，電壓表內(nèi)阻已知，結(jié)合上述公式推導(dǎo)可知二極管反向電阻的測(cè)量值與真實(shí)值相等。

四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算

步驟。

13、(l)5.8kg；(2)2.9m?

【解析】

(1)由丫-，圖象可知，電梯在13.0—19.0s內(nèi)向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律：

mg一N]=ma]

N[4.6x10/，八o/2

L

ax-g---=(10---------)m/s-=0.8m/s-

m5.0

勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)的速度

v=axtx=0.8x(19.0-13.0)m/s=4.8m/s

0—3.0s內(nèi)，電梯向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)其加速度為〃2,則

出=-=m/s2=1.6m/s2

-t23.0

由牛頓第二定律：

N2-mg=ma2

，M=m(g+a2)=5.0x(10+1.6)N=58N

即0—3.0s內(nèi)臺(tái)秤的示數(shù)應(yīng)該為5.8kg；

(2)0—3.0s內(nèi)電梯的位移

1212

51~—a2t2=—x1.6x3.0^m=7.2m

3.0—13.0s內(nèi)電梯的位移

s2=vt3=4.8xl0m=48m

13.0—19.0s內(nèi)電梯的位移

1,1,

S3=~a\l\=—x0.8x0.6~m=14.4m

總高度

〃=S]+s2+S3=69.6m

平均高度

h=*=2.9m?

24

14、(1)0.1(2)0.75s(3)一共可以碰撞2次

【解析】

方法一：

解：(1)碰后A向左減速，8向右減速，由圖像得:

由牛頓第二定律：

fjmg=maB

求得

〃=0.1

(2)由牛頓第二定：

JLimg2

a.=-——=3m/s

M

4減速到0后，向右繼續(xù)加速，最后與3共速

由：

%一%4=_%+4人4=片

求得：

4=0.5s,%=0.5m/s

此過程中，4向左移動(dòng)的距離為：

12

4=^,4--^-=0.125m

之后A與8一起向右勻速運(yùn)動(dòng)，時(shí)間:

X

r2=—=0.25s

vi

所以一共用的時(shí)間:

，=4+6=0.75s；

(3)A第1次與擋板尸相碰，到第2次相碰的過程內(nèi)，

12

=貼-—

xBaBt]=0.375m

X相對(duì)=*A+*B=S5m

假設(shè)第3次碰撞前，4與3不分離，A第2