陜西省咸陽市禮泉縣2024屆物理高二第二學期期末學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題注意事項:1．答題前，考生先將自己的姓名、準考證號碼填寫清楚，將條形碼準確粘貼在條形碼區(qū)域內。2．答題時請按要求用筆。3．請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4．作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5．保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、右圖為黑體輻射的強度與波長的關系圖象，從圖象可以看出，隨著溫度的升高，則()A．各種波長的輻射強度都有減少B．只有波長短的輻射強度增加C．輻射電磁波的波長先增大后減小D．輻射強度的極大值向波長較短的方向移動2、如圖所示，A是長直密繞通恒定電流的電螺線管，小線圈B與電流表連接，并沿A的軸線Ox從O點自左向右勻速穿過螺線管A，能正確反映通過電流表中電流I隨x變化規(guī)律的是()A．B．C．D．3、汽車自動控制剎車系統(tǒng)（ABS）的原理如圖所示．鐵質齒輪P與車輪同步轉動，右端有一個繞有線圈的磁體（極性如圖），M是一個電流檢測器．當車輪帶動齒輪P轉動時，靠近線圈的鐵齒被磁化，使通過線圈的磁通量增大，鐵齒離開線圈時又使磁通量減小，從而能使線圈中產(chǎn)生感應電流，感應電流經(jīng)電子裝置放大后即能實現(xiàn)自動控制剎車．齒輪從圖示位置開始轉到下一個鐵齒正對線圈的過程中，通過M的感應電流的方向是（）A．總是從左向右B．總是從右向左C．先從右向左，然后從左向右D．先從左向右，然后從右向左4、如圖所示，從某一高處自由下落的小球，落至彈簧上端并將彈簧壓縮到最短．問小球被彈簧彈起直至離開彈簧的過程中，小球的速度和所受合力變化情況是（）A．合力變大，速度變大B．合力變小，速度變大C．合力先變小后變大，速度先變大后變小D．合力先變大后變小，速度先變小后變大5、如圖所示，寬度為h、厚度為d的霍爾元件放在與它垂直的磁感應強度大小為的勻強磁場中，當恒定電流I通過霍爾元件時，在它的前后兩個側面之間會產(chǎn)生電壓，這樣就實現(xiàn)了將電流輸入轉化為電壓輸出。為提高輸出的電壓，可采取的措施是（）A．增大d B．減小d C．增大h D．減小h6、物理學家通過對實驗的深入觀察和研究，獲得正確的科學認知，推動物理學的發(fā)展，下列說法符合事實的是（）A．庫侖通過一系列實驗證實了麥克斯韋關于光的電磁理論B．查德威克用α粒子轟擊獲得反沖核，發(fā)現(xiàn)了中子C．貝克勒爾發(fā)現(xiàn)的天然放射性向下，說明原子核有復雜結構D．波爾利用氫原子能級量子化解釋了氫原子光譜，從而創(chuàng)建了量子力學二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖甲所示，光滑水平面上直線MN右側足夠大區(qū)域內存在豎直向下的勻強磁場．水平面上放一質量m＝1kg、電阻R＝4Ω的正方形金屬線框，線框的一條邊與MN重合，某時刻讓線框以初速度v0＝4m/s進入磁場，同時對線框施加一與初速度方向相反的外力F，F(xiàn)的大小隨時間的變化關系如圖乙所示．已知線框進入場磁后做勻減速直線運動，下列說法正確的是A．1s末線框剛好全部進入磁場B．勻強磁場的磁感應強度B＝3TC．線框在磁場中做勻減速運動的加速度大小為1m/s2D．線框進入磁場的過程中，通過線框橫截面的電荷量q＝0.75C8、如圖，一定質量的理想氣體從狀態(tài)A依次經(jīng)過B、C和D后再回到狀態(tài)A，其中A→B和C→D為等溫過程，B→C和D→A為絕熱過程。若氣體在A→B過程與外界交換100kJ的熱量,在B→C過程中氣體做功120kJ，在C→D過程中與外界交換50kJ的熱量。則A．A→B過程，氣體對外界做功100kJB．B→C過程，氣體內能增加120kJC．C→D過程，外界對氣體做功50kJD．整個過程，氣體對外界做功為270kJ9、如圖甲為豎直彈簧振子，物體在A、B之間做簡諧運動，O點為平衡位置，A點為彈簧的原長位置，從振子經(jīng)過A點時開始計時，振動圖象如圖乙所示，下列說法正確的是A．t=1s時，振子加速度最大B．t=2s時，彈簧彈性勢能最大C．t=1s和t=2s兩個時刻，彈簧彈性勢能相等D．t=3s時，振子經(jīng)過O點向上運動E.t=4s時，振子加速度大小為g10、下列說法正確的是（）A．組成原子核的核子越多，原子核越穩(wěn)定B．衰變?yōu)榻?jīng)過4次衰，2次β衰變C．在LC振蕩電路中，當電流最大時，線圈兩端電勢差也最大D．在電子的單縫衍射實驗中，狹縫變窄，電子動量的不確定量變大三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）某同學要測量一導體的電阻，步驟如下：(1)先用歐姆表粗測該導體的電阻值，選擇“×1”檔，進行歐姆調零后，測量時表盤示數(shù)如圖，該電阻阻值R=________Ω；(2)現(xiàn)用伏安法更精確地測量其電阻R，要求測量數(shù)據(jù)盡量精確，可供該同學選用的器材除開關、導線、待測電阻R外還有：A．電壓表V(量程0～15V,內阻未知)B．電流表A1(量程0～200mA，內阻r1=6Ω)C．電流表A2(量程0～3A，內阻r2=0.1Ω)D．滑動變阻器R1(0～10Ω，額定電流2A)E.滑動變阻器R2(0～1kΩ，額定電流0.5A)F.定值電阻R3(阻值等于2Ω)G.電源E(E＝12V，內阻不計)①實驗中除了選擇器材A、F、G外，還應選擇_______（填寫器材前面的字母）；②請在方框中畫出實驗電路圖_______：③某次測量中，所選擇的電流表和電壓表的讀數(shù)為I、U，該電阻R=________（用題中物理量的字母表示）；12．（12分）某同學用下圖所示裝置探究A、B兩球在碰撞中動量是否守恒．該同學利用平拋運動測量兩球碰撞前后的速度，實驗裝置和具體做法如下，圖中PQ是斜槽，QR為水平槽．實驗時先使A球從斜槽上某一固定位置G由靜止開始滑下，落到位于水平地面的記錄紙上，留下痕跡．重復上述操作10次，得到10個落點痕跡．再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，讓A球仍從位置G由靜止開始滑下，和B球碰撞后，A、B球分別在記錄紙上留下各自的落點痕跡．重復這種操作10次，并畫出實驗中A、B兩小球落點的平均位置．圖中O點是水平槽末端R在記錄紙上的垂直投影點，E、F、J是實驗中小球落點的平均位置．①為了使兩球碰撞為一維碰撞，所選兩球的直徑關系為：A球的直徑____________B球的直徑（“大于”、“等于”或“小于”）；為減小實驗誤差，在兩球碰撞后使A球不反彈，所選用的兩小球質量關系應為mA______________mB（選填“大于”、“等于”或“小于”）；②在以下選項中，本次實驗必須進行的測量是_____________；A．水平槽上未放B球時，A球落點位置到O點的距離B．A球與B球碰撞后，A球、B球落點位置分別到O點的距離C．A球和B球在空中飛行的時間D．測量G點相對于水平槽面的高③已知兩小球質量mA和mB，該同學通過實驗數(shù)據(jù)證實A、B兩球在碰撞過程中動量守恒，請你用圖中的字母寫出該同學判斷動量守恒的表達式是__________________________．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）若俘獲一個中子裂變成及兩種新核，且三種原子核的質量分別為235.0439u、89.9077u和135.9072u，中子質量為1.0087u(1u＝1.6606×10－27kg,1u相當于931.50MeV)(1)寫出鈾核裂變的核反應方程；(2)求一個俘獲一個中子裂變完全裂變所釋放的能量是多少MeV？(取兩位有效數(shù)字)14．（16分）如圖所示,長為31cm、內徑均勻的細玻璃管開口向上豎直放置,管內水銀柱的上端正好與管口齊平,封閉氣體的長為10cm,外界大氣壓強不變。若把玻璃管在豎直平面內緩慢轉至開口豎直向下,這時留在管內的水銀柱長為15cm,然后再緩慢轉回到開口豎直向上,求:（1）.大氣壓強p0的值;（2）.玻璃管重新回到開口豎直向上時空氣柱的長度。15．（12分）如圖所示，半圓柱體A、光滑圓柱體B及長方體木塊C放在水平地面上，B與A、C剛好接觸并處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)用水平向左的推力推C，使其緩慢移動，直到B恰好運動到A的頂端，在此過程中A始終保持靜止，已知A、B、C的質量均為m，A、B的半徑均為R，C與地面間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g，求：（1）B剛離開地面時，C對B的彈力大??；（2）當A、B圓心的連線與地面的夾角為45°時，地面對A的支持力大小；（3）C移動的整個過程中水平推力的最大值．

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解題分析】由圖象可以看出，隨著溫度的升高，各種波長的輻射強度都有增加，且輻射強度的極大值向波長較短的方向移動，故AB錯誤，D正確．隨著溫度的升高，黑體的輻射增強，波長變短，頻率增大，故C錯誤．故選D．點睛：通過黑體輻射的強度與波長的關系圖象，考生應牢記兩大特點：①隨著溫度的升高，各種波長的輻射強度都有增加；②隨著溫度的升高，輻射強度的極大值向波長較短的方向移動．2、C【解題分析】考點：法拉第電磁感應定律；楞次定律．分析：小線圈B在接近和穿出通電螺線管時，其磁通量發(fā)生變化，將有感應電流產(chǎn)生，當小線圈B在螺線管內部運動時，由于內部是勻強磁場，其磁通量不發(fā)生變化，故無電流．解答：本題通過電流與時間圖象來考查對楞次定律的理解，當小線圈B在螺線管內部運動時，其磁通量不變，無感應電流，因此選項AB錯誤；根據(jù)電流的方向可知，選項D錯誤，故本題正確選項為C．點評：本題將楞次定律問題和圖象問題相結合，對于圖象問題可以通過排除法來選擇．3、C【解題分析】

由圖可得，線圈中磁場方向從右向左，有題可得當車輪帶動齒輪P轉動時，靠近線圈的鐵齒被磁化，使得通過線圈的磁通量增大，由楞次定律得到，線圈中感應電流產(chǎn)生的磁場抵抗磁場的增大，電流產(chǎn)生的磁場從左向右，通過右手螺旋定律可得，通過M的感應電流從左向右．同理可分析，鐵齒離開線圈時又使磁通量減小，線圈中的感應電流產(chǎn)生的磁場從右向左，則通過M的感應電流從右向左．從圖示位置開始轉到下一個鐵齒正對線圈的過程中是鐵齒先離開線圈，下一個鐵磁靠近線圈，則通過M的電流方向先從右向左，再從左向右．A.總是從左向右，與分析結論不符，故A錯誤．B.總是從右向左，與分析結論不符，故B錯誤．C.先從右向左，然后從左向右，與分析結論相符，故C正確．D.先從左向右，然后從右向左，與分析結論不符，故D錯誤．4、C【解題分析】

小球被彈簧彈起直至離開彈簧的過程中，彈力一直減小，開始時，彈力大于重力，合力向上，彈起的過程中，合力減小，加速度減小，但是加速度的方向與速度方向相同，做加速運動，當重力和彈力相等時，速度最大，之后，重力大于彈力，合力方向向下，合力增大，加速度增大，但加速度的方向與速度方向相反，做減速運動，所以合力先變小后變大，速度先變大后變小，故C正確，ABD錯誤．點睛：解決本題的關鍵知道加速度的變化由合力決定，速度的變化有加速度方向與速度方向關系決定，當速度與加速度方向相同，做加速運動，當速度與加速度方向相反，做減速運動．5、B【解題分析】

當自由電子受力穩(wěn)定后，受到的電場力和洛倫茲力平衡，故因為故電流聯(lián)立可得故要使U變大，故需要減小d，與h無關。故選B。6、C【解題分析】赫茲通過一系列實獫，證實了麥克斯韋關于光的電磁理論，A錯誤；查德威克用α粒子轟擊鈹核，產(chǎn)生中子和碳12原子核，B錯誤；貝克勒爾發(fā)現(xiàn)天然放射性現(xiàn)象，說明原子核有復雜結構，C正確；玻爾把量子概念成功地應用于氫原子系統(tǒng)，并根據(jù)盧瑟福的核型原子模型創(chuàng)立了玻爾原子理論，但不是波爾創(chuàng)建了量子力學，D錯誤；二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解題分析】A、由于在線圈進入磁場的過程中做勻減速運動所以速度減小，則安培力減小，要保持做勻減速運動則施加的外力也必須是變力，當線圈完全進入磁場后，穿過線圈的磁通量不變，不產(chǎn)生電流也不受安培力，所以此后施加的外力即為恒力，結合圖像可以，1s末線框剛好全部進入磁場，故A對；BC、線圈做勻減速的加速度為，經(jīng)過1s完全進入磁場，說明線圈的邊長為；當線圈剛以速度進磁場時，結合圖像并利用牛頓第二定律可知：;，解得：，故BC錯；D、線框進入磁場的過程中，通過線框橫截面的電荷量，故D對；故選AD8、AC【解題分析】

A．A→B過程中，體積增大，氣體對外界做功，W＜0，又A→B為等溫過程，△U=0，根據(jù)熱力學第一定律：△U=W+Q，和題目已知與外界交換100kJ的熱量，即Q=100kJ，得：W=-100kJ，即氣體對外界做功100kJ，故A正確；B．B→C過程中，絕熱膨脹，則Q=0，且氣體對外做功，則W=-120kJ，根據(jù)熱力學第一定律：△U=W+Q，得：△U=-120kJ，即內能減少120kJ，故B錯誤；C．C→D過程中，體積減小，外界對氣體做功，W＞0，又C→D為等溫過程，△U=0，根據(jù)熱力學第一定律：△U=W+Q，和題目已知與外界交換50kJ的熱量，即Q=-50kJ，得：W=50kJ，即外界對氣體做功50kJ，故C正確；D．氣體經(jīng)過一個循環(huán)，內能不變，即△U=0，根據(jù)熱力學第一定律：△U=W+Q，又Q=QAB+QBC+QCD+QDA=100kJ+0+（-50kJ）+0=50kJ，得W=-50kJ，即氣體對外界做功為50kJ，故D錯誤；9、BDE【解題分析】

A.t=1s時，振子在平衡位置，加速度為零，選項A錯誤；B.t=2s時，振子到達最低點，此時彈簧彈性勢能最大，選項B正確；C.t=2s時刻彈簧的壓縮量比t=1s時刻大，t=2s時刻彈簧的彈性勢能比t=1s時刻大，選項C錯誤；D.由振動圖像可知，t=3s時，振子經(jīng)過O點向上運動，選項D正確.E.t=4s時，振子回到A點，此時振子的加速度大小為g，選項E正確.10、BD【解題分析】A、比結合能越大，表示原子核中核子結合得越牢固，原子核越穩(wěn)定，與核子多少無關，故A錯誤；B、衰變?yōu)榻?jīng)過，質量數(shù)減少16，質子數(shù)減少6，而一次α衰變，質子數(shù)減2，質量數(shù)減4，一次β衰變，質子數(shù)增加1，質量數(shù)不變，所以是4次α衰變，2次β衰變，故B正確；C、當線圈兩端電勢差也最大時，電流變化率最大，電流為0，故C錯誤；D、狹縫變窄，使得變小，根據(jù)不確定關系，則變大，故D正確；故選BD．三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、15ΩBD【解題分析】

（1）根據(jù)歐姆表讀法，電阻=示數(shù)×倍率，所以為15Ω；（2）①選器材就是選擇電流表和滑動變阻器，由電動勢12V除以待測電阻大約15Ω，得到通過待測電阻的最大電流為0.8A，所以A2表3A的量程過大，因此選A1表，即B項；滑動變阻器阻值1kΩ過大，阻值利用效率過低，所以選擇小滑動變阻器D。②控制部分：使用分壓式接法；待測部分：由于A1表量程不足0.8A，故需要改表，需要并聯(lián)一個阻值為R3=2Ω的定值電阻，為了精確測量，需要使用電流表內接法。電路如圖；③根據(jù)電路連接，通過R的電流為：，則電阻R大小為12、①等于；大于；②AB；③mA·OF=mA·OE+mB·OJ【解題分析】

①為了使兩球碰撞為一維碰撞，在小球碰撞過程中水平方向動量守恒定律，兩球碰后都做平拋運動，即實現(xiàn)對心碰撞，則A球的直徑等于B球的直徑．為了使碰撞后不反彈，故mA＞mB．②根據(jù)動量守恒有：mAv0=mAv1+mBv2，因為，，．代入得：mAx1=mAx2+mBx1，所以需要測量水平槽上未放B球時，A球落點位置到O點的距離x1，A球與B球碰撞后x2，A球與B球落點位置到O點的距離x1．故AB正確．因為時間相同，可以用水平位移代替速度，不用測時間，也不用測量測量G點相對于水平槽面的高，故選AB．③A球與B球碰后，A球的速度減小，可知A球沒有碰撞B球時的落點是F點，A球與B球碰撞后A球的落點是E點．用水平位移代替速度，動量守恒的表達式為：mAOF=mAOE+mBOJ．【題目點撥】本題關鍵明確驗證動量守恒定律實驗的實驗原理，注意等效替代在實驗中的運用；注意器材選擇的原則：為了實現(xiàn)對心碰撞，兩球的直徑需相同，為零使碰撞后A球不反彈，則A球的質量大于B球的質量．四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（2）△m=（235.0439+1.0087）-（89.9077+135.9072+10×