專題二細胞的代謝

第3講酶和ATP

1左實

1.（2022?山東模擬）下列關于RNA類型的酶與ATP的說法，正確的是（）

A.組成兩種化合物的化學元素不完全相同

B.兩種化合物均為大分子化合物

C.ATP的合成需要RNA類型的酶催化

D.兩種化合物的合成均需要消耗能量

【分析】1、RT的中文名稱叫三磷酸腺甘，其結構簡式為A-P?P?P,其中A代表腺昔，P代表磷酸

基團，-代表普通磷酸鍵，?代表高能磷酸鍵。ATP來源于光合作用和呼吸作用，場所是細胞質基質、

葉綠體和線粒體。

2、酶是由活細胞產生的具有催化作用的有機物，絕大多數酶是蛋白質，極少數酶是RNAo酶的特性：

高效性、專一性和作用條件溫和。

【解答】解：A、組成兩種化合物的化學元素完全相同，都是C、H、0、N、P,A錯誤；

B、ATP不是大分子化合物，B錯誤；

C、ATP的合成需要ATP合成酶的催化，C錯誤；

D、兩種化合物的合成均需要消耗能量，D正確。

故選：D。

【點評】本題考查酶與ATP的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，難度不大。

2.（2022?重慶四模）物質甲、乙通過反應①、②相互轉化的反應如圖所示，a、p、丫所示位置的磷酸基

團分別記為Pa、P。、PY，下列說法不正確的是（）

甲

O-O-o"

O-PP-P-O-P-O-CH*

81

11￡)。①

(j)'\o

HZ-O-P-OH?-0-6-0-b-0-od[

8oo□

無機的磷酸葩(Pl)]削]

乙

A.由甲、乙物質中的核糖和腺喋吟組成的結構稱為腺甘

B.反應①常與放能反應相聯(lián)系，反應②常與吸能反應相聯(lián)系

C.反應②可以發(fā)生在線粒體內膜、葉綠體類囊體薄膜、細胞質基質中

D.用32P標記Pa的甲作為RNA合成的原料，可使RNA分子被標記

【分析】分析圖示可知，甲表示ATP,乙表示ADP,①表示ATP水解，②表示ATP合成。

【解答】解：A、由甲、乙物質中的核糖和腺喋吟組成的結構稱為腺昔，A正確；

B、反應①ATP水解常與吸能反應相聯(lián)系，反應②ATP合成常與放能反應相聯(lián)系，B錯誤：

C、反應②ATP合成以發(fā)生在線粒體內膜、葉綠體類囊體薄膜、細胞質基質中，C正確；

D、ATP脫去兩個特殊化學鍵以后為腺口票嶺核糖核甘酸，是RNA的基本組成單位，故用32P標記Pa的甲

ATP作為RNA合成的原料，可使RNA分子被標記，D正確。

故選：Bo

【點評】本題考查ATP的相關知識，要求考生識記ATP的化學組成，理解ATP和ADP相互轉化，識記

ATP的形成途徑，識記RNA的合成，再結合所學知識分析各個選項，屬于識記和理解層次的考查。

3.（2022?廣州一模）NTP家族由ATP（三磷酸腺昔）、GTP（三磷酸鳥昔）、三磷酸尿音（UTP）和CTP

（三磷酸胞甘）構成。它們的結構只是堿基不同，均為高能磷酸化合物。下列敘述錯誤的是（）

A.許多吸能反應與ATP的水解反應相聯(lián)系

B.GTP徹底水解可得到3種小分子物質

C.UTP可為細胞中某些生命活動提供能量

D.CTP中的胞昔（C）由胞嚓噬和脫氧核糖構成

【分析】ATP的結構式可簡寫成A-P?P?P,式中A代表腺昔，T代表3個，P代表磷酸基團，?代表

高能磷酸鍵。

【解答】解：A、ATP能為生命活動直接提供能量，因此ATP的水解常與細胞內的吸能反應相聯(lián)系，A

正確；

B、GTP徹底水解可得到磷酸、核糖、鳥噂吟，共有三種小分子物質，B正確；

C、UTP也含有高能磷酸鍵，斷裂后可為細胞中某些生命活動提供能量，C正確；

D、CTP中的胞昔（C）由胞喀口定和核糖構成，D錯誤。

故選：D。

【點評】本題考查ATP的相關知識，要求考生識記ATP的化學組成及結構特點，并能進行拓展延伸，再

結合所學的知識準確判斷各選項，屬于考過識記和理解層次的考查。

4.（2022?桃城區(qū)校級模擬）下列有關化學鍵和氫鍵的敘述，錯誤的是（）

A.肽鍵既可以在葉綠體內形成，也可以在線粒體內形成

B.磷酸二酯鍵既可以在細胞核內形成，也可以在細胞核內斷裂

C.氫鍵既可以存在于DNA分子中，也可以存在于RNA分子中

D.高能磷酸鍵既可以在葉綠體類囊體薄膜上形成，也可以在葉綠體基質中形成

【分析】葉綠體和線粒體均是半自主細胞器，含有少量的DNA、RNA和核糖體，可進行DNA復制和遺

傳信息的轉錄、翻譯。

【解答】解：A、葉綠體和線粒體中有少量的核糖體，在核糖體中氨基酸脫水縮合形成蛋白質，這個過

程形成肽鍵。因此，肽鍵既可以在葉綠體內形成，也可以在線粒體內形成，A正確；

B、細胞核中可以進行DNA復制、轉錄，存在磷酸二酯鍵的形成，復制過程中可能發(fā)生基因突變，如堿

基對的替換、缺失等，需要磷酸二酯鍵的斷裂和形成或者mRNA的加工過程中由內含子轉錄出的序列被

切除的過程，有磷酸二酯鍵斷裂，B正確；

C、氫鍵既可以存在于DNA分子中，也可以存在于RNA分子中，如tRNA,C正確；

D、葉綠體基質中進行暗反應，消耗ATP,D錯誤。

故選：D。

【點評】本題考查蛋白質的合成、DNA的復制、ATP及核酸等知識，要求考生識記蛋白質脫水縮合的具

體過程及場所；識記DNA的分布及DNA復制的過程；識記ATP的化學組成，掌握ATP和ADP相互轉

化的過程，能結合所學的知識準確判斷各選項。

5.(2021?長壽區(qū)校級模擬)ATP酶復合體存在于生物膜上，其主要功能是將生物膜一側的H+搬運到另一

側，并催化ATP的形成。如圖表示ATP酶復合體的結構和主要功能，下列分析不正確的是()

H+

H

ADP+Pi

Aofo

B

H+H

H+H+

A.葉綠體中含有的ATP酶復合體分布在類囊體薄膜上

B.ATP的高能磷酸鍵中儲存的化學能可以轉化成電能、光能等形式的能量

C.ATP酶復合體具有的功能說明膜蛋白具有運輸和催化作用

D.人體肌肉細胞中儲存著大量的ATP

【分析】1、ATP和ADP的轉化過程中，能量來源不同：ATP水解釋放的能量，來自高能磷酸鍵的化學

能，并用于生命活動；合成ATP的能量來自呼吸作用或光合作用。場所不同：ATP水解在細胞的各處;

ATP合成在線粒體、葉綠體、細胞質基質。

2、酶是由活細胞產生的具有催化作用的有機物，絕大多數酶是蛋白質，極少數酶是RNA。

3、酶的特性：高效性、專一性和作用條件溫和。

【解答】解：A、由于葉綠體中的ATP是在類囊體薄膜上形成的，所以葉綠體中的ATP酶復合體分布在

類囊體薄膜上，A正確；

B、ATP中高能磷酸鍵中儲存的化學能可以釋放出來轉化成電能、光能等形式的能量；B正確;

C、由題可知，ATP酶復合體能將H+搬運到膜的另一側，并催化ATP的形成，C正確；

D、ATP是生命活動能量的直接來源，但本身在體內含量并不高，D錯誤。

故選：D。

【點評】本題考查酶和ATP的相關知識，考查學生的理解能力和獲取信息的能力，有一定的難度。

6.（2021?市中區(qū)校級一模）螢火蟲尾部發(fā)光器能發(fā)光的機理如圖所示，利用該原理制成了ATP快速熒光

檢測儀。檢測儀含有熒光素、熒光素酶等物質，適用于食品飲料生產過程關鍵控制點監(jiān)控以及醫(yī)療系

統(tǒng)和衛(wèi)生監(jiān)督機構即時采樣監(jiān)測。下列說法正確的是（）

熒光素酰O,

‘腺甘酸工

熒光素小*，徐

PPi

A7P覿素CO-.AMP

■整套滅光素

A.ATP是細胞中的能量貨幣，細胞中儲存大量ATP為生命活動供能

B.ATP快速熒光檢測儀只能檢測是否有微生物殘留，不能檢測微生物數量

C.ATP快速熒光檢測儀可以檢測殘留的需氧型微生物和厭氧型微生物

D.熒光素酶可以催化熒光素轉化為熒光素酰腺甘酸

【分析】ATP快速熒光檢測儀中含有熒光素、熒光素酶等物質，用來快速檢測食品表面的微生物，原理

是熒光素與ATP接觸形成熒光素酰腺甘酸，后者在熒光素酶的作用下被氧氣氧化發(fā)光。

【解答】解：A、ATP是細胞中的能量貨幣，但細胞中儲存的ATP較少，需要ATP與ADP不斷轉化，A

錯誤；

B、根據分析可知，微生物殘留量、微生物數量越多，產生的ATP越多，所發(fā)熒光強度越強，B錯誤；

C、ATP快速熒光檢測儀能檢測殘留的所有能產生ATP的微生物，需氧型微生物和厭氧型微生物都能產

生ATP,C正確；

D、熒光素酶可以催化熒光素酰腺甘酸逐漸轉化為熒光素，D錯誤。

故選：Co

【點評】本題旨在考查學生理解ATP快速熒光檢測儀的原理，把握相關知識的內在聯(lián)系，并應用相關知

識綜合解決問題的能力。

7.（2021?渝中區(qū)校級模擬）ATP是由一分子腺喋吟、一分子核糖和三個相連的磷酸基團構成的。這三個

磷酸基團從與分子中腺普基團連接處算起，依次分別稱為a、仇丫磷酸基團。下列關于ATP的敘述正

確的是（）

A.光合作用光反應產生的ATP,將斷裂心丫之間的磷酸鍵為C3合成供能

B.若ATP中a與0之間的磷酸鍵斷裂，則含有B磷酸基團的那一部分可參與組成RNA

C.細胞膜、細胞核等多種細胞結構中，ATP的（3、丫之間的磷酸鍵可發(fā)生斷裂

D.ATP各磷酸基團之間化學鍵的鍵能大小均不同

【分析】ATP結構簡式為A-P?P?P,A代表腺音，T代表3個，P代表磷酸基團，?代表高能磷酸鍵，

ATP是一種含有高能磷酸鍵的有機化合物，它的大量化學能就儲存在高能磷酸鍵中。ATP水解釋放能量

斷裂的是末端的那個高能磷酸鍵。ATP是生命活動所需能量的直接來源，但本身在體內含量并不高。ATP

來源于光合作用和呼吸作用，場所是細胞質基質、葉綠體和線粒體。

【解答】解：A、光合作用光反應產生的ATP斷裂丫磷酸基團釋放能量為C3還原供能，A錯誤；

B、若ATP中a與p磷酸基團分離，含有a磷酸基團的一部分可參與組成RNA,B錯誤：

C、ATP水解斷裂仇丫之間的磷酸鍵，釋放能量為細胞多種生命活動供能，可發(fā)生于細胞膜、細胞核等

結構中，C正確；

D、ATP兩個高能磷酸鍵的鍵能都是30.54kJ/mol,D錯誤。

故選：Co

【點評】本題考查ATP的相關知識，要求考生識記ATP的化學組成、ATP和ADP相互轉化、ATP的含

量和利用，再結合所學知識分析各個選項，屬于識記和理解層次的考查。

8.（2021?張家口一模）細胞的能量“通貨”是NTP,ATP為細胞內絕大多數需要能量的生命活動直接供能。

下列與細胞內能量有關的敘述，錯誤的是（）

A.細胞中ATP分子的高能磷酸鍵中的能量主要來源于細胞呼吸

B.細胞中的糖類、脂肪等有機物通過氧化分解可將能量轉移至ATP中

C.細胞質基質、線粒體基質和線粒體內膜均分布著催化ATP合成的酶

D.不是所有細胞都能進行細胞呼吸，如哺乳動物成熟的紅細胞

【分析】I、ATP和ADP的轉化過程中，能量來源不同：ATP水解釋放的能量，來自高能磷酸鍵的化學

能，并用于生命活動；合成ATP的能量來自呼吸作用或光合作用。場所不同：ATP水解在細胞的各處；

ATP合成在線粒體、葉綠體、細胞質基質。

2、ATP在細胞內的含量很少，但是細胞對于ATP的需要量很大，ATP與ADP在細胞內不停地轉化，保

證了細胞對于ATP的大量需求。

【解答】解：A、ATP高能磷酸鍵中的能量可來自細胞呼吸、光合作用及化能合成作用，細胞呼吸是主

要來源，A正確；

B、細胞通過呼吸作用將有機物分解，部分能量用于合成ATP,B正確；

C、細胞質基質、線粒體基質和線粒體內膜都能合成ATP,細胞質基質是有氧呼吸、無氧呼吸第一階段

場所，線粒體基質是有氧呼吸第二階段場所，線粒體內膜是有氧呼吸第三階段場所，所以均分布催化ATP

合成的醐，C正確；

D、哺乳動物成熟紅細胞不進行有氧呼吸，但進行無氧呼吸，D錯誤。

故選：D。

【點評】本題考查ATP和ADP相互轉化的過程、ATP在生命活動中的作用和意義等知識，要求考生掌

握ATP和ADP相互轉化的過程、場所及意義，能結合所學的知識準確判斷各選項，屬于考綱識記和理

解層次的考查。

9.（2021?河北模擬）ATP、GTP、CTP和UTP是細胞內四種高能磷酸化合物，它們的結構只是堿基不同；

如圖是ATP的化學結構圖，A、B表示物質，a-y表示磷酸基團（Pi）的位置。下列敘述錯誤的是（）

VPa

OOo

MBH

HP

o-Po-O-P

II

OO

A.葉肉細胞中蔗糖的合成過程一定消耗ATP

B.1分子GTP徹底水解可得到3種小分子物質

C.物質A和B分別是腺喋吟和核糖，A和B組成腺音

D.ATP水解釋放的能量可用于生物的各項生命活動，包括ATP的合成

【分析】1、ATP的結構式可簡寫成A-P?P?P,式中A代表腺昔，T代表3個，P代表磷酸基團，?

代表高能磷酸鍵。通常斷裂和合成的是第二個高能磷酸鍵。一個ATP分子中含有一個腺昔、3個磷酸基

團、2個高能磷酸健。ATP的一個高能磷酸鍵水解，形成ADP（二磷酸腺昔），兩個高能磷酸鍵水解，形

成AMP（一磷酸腺昔）。

2、ATP是生物體的直接能源物質，ATP在細胞內數量并不很多，可以和ADP迅速轉化形成。人和動物

體內產生ATP的生理過程只有呼吸作用，高等植物體內產生ATP的生理過程有光合作用和細胞呼吸，

ATP中的能量可用于各種生命活動，可以轉變?yōu)楣饽堋⒒瘜W能等，但形成ATP的能量來自于呼吸作用釋

放的能量或植物的光合作用。

【解答】解：A、葉肉細胞中，淀粉運出葉綠體時先水解ATP,然后通過葉綠體膜上的載體運送到細胞

質中，由葡萄糖和果糖合成蔗糖（吸能反應），故葉肉細胞中蔗糖的合成過程一定消耗ATP,A正確；

B、ATP、GTP、CTP和UTP是細胞內四種高能磷酸化合物，它們的結構只是堿基的不同，（1分）子GTP

徹底水解可得到3種小分子物質，磷酸、核糖和G（鳥喋嶺），B正確；

C、一個ATP分子中含有1個腺喋吟、1個核糖、3個磷酸基團，其中物質A為腺喋吟，物質B為核糖，

腺昔由A腺噪吟和B核糖組成，C正確；

D、ATP水解釋放的能量可用于生物體內各項生命活動，ATP的合成利用的是光能或有機物分解產生的

能量或氧化無機物釋放的能量，D錯誤。

故選：D。

【點評】本題考查ATP的相關知識，意在考查學生的識記能力和判斷能力，難度不大。

10.（2022?襄城區(qū)校級四模）蒜素具有抗菌、抗血栓等多種功效，蒜素由蒜氨酸在蒜氨酸酶的作用下分解

產生，但新鮮大蒜中蒜素的含量很低。這是因為在完整的細胞中，蒜氨酸酶儲存在液泡中，蒜氨酸存

在于細胞質基質中。以下敘述正確的是（）

A.液泡膜對蒜氨酸酶的通透性較低，而對蒜氨酸的通透性較高

B.研磨生大蒜會破壞生物膜釋放蒜氨酸酶，從而生成大量蒜素

C.在冰箱中保鮮的大蒜，取出后立即搗碎，能產生更多的蒜素

D.野生蒜類植物被天敵取食會產生蒜素，通過傳遞物理信息避免被采食

【分析】酶是由活細胞產生的具有催化作用的有機物，絕大多數酶是蛋白質，極少數酶是RNA,所以酶

的基本組成單位為氨基酸或核糖核甘酸。酶具有高效性、專一性和作用條件溫和的特點。

【解答】解：A、在完整的細胞中蒜氨酸酶儲存在液泡中，蒜氨酸存在于細胞質基質，且新鮮大蒜中蒜

素含量很低，說明液泡膜對蒜氨酸和蒜氨酸醐的通透性都較低，A錯誤；

B、在新鮮大蒜的細胞中，蒜氨酸酶儲存在液泡中，蒜氨酸存在于細胞質基質中，研磨生大蒜會破壞生

物膜釋放蒜氨酸酶，將蒜氨酸分解為蒜素，從而生成大量蒜素，B正確；

C、酶作用條件較溫和，在最適溫度下活性最高，低溫抑制其活性，在冰箱中保鮮的大蒜，取出后立即

搗碎，產生的蒜素較少，C錯誤；

D、蒜素是屬于化學物質，傳遞的是化學信息，D錯誤。

故選：B。

【點評】本題主要考查酶的特性的內容，要求考生識記相關知識，并結合所學知識正確答題。

11.（2022?沙坪壩區(qū)校級模擬）科學家薩姆納將刀豆種子制成勻漿，用丙酮作溶劑提取出了結晶（麻酶）,

這種能使尿素分解成氨和二氧化碳。下列說法正確的是（）

A.版酶能與雙縮服試劑發(fā)生紫色反應，證明了酶都是蛋白質

B.在麻酶濃度一定時，尿素供應量越大，二氧化碳的生成速率越快

C.與加熱相比，尿素被版酶分解產生氨的速率更快，不能說明酶具有高效性

D.將版酶與尿素在160℃條件下混合，檢測到大量的氨，說明胭酶有耐高溫的特點

【分析】底物濃度能影響酶促反應速率，在一定范圍內，隨著底物濃度的升高，酶促反應速率逐漸加快，

但由于醒濃度的限制酶促反應速率達到最大值后保持相對穩(wěn)定。

【解答】解：A、服酶能與雙縮胭試劑發(fā)生紫色反應，證明了版酶是蛋白質，但不能證明所有酶都是蛋

白質，A錯誤；

B、在胭酶濃度一定時，一定的尿素供應量范圍內，尿素供應量越大，二氧化碳的生成速率越快，超過

一定量，酶達到飽和時，再增加尿素供應量，二氧化碳的生成速率不變，B錯誤；

C、與加熱相比，尿素被服酶分解產生氨的速率更快，不能說明酶具有高效性，與無機催化劑相比才能

說明酶的高效性，C正確；

D、尿素在160℃條件下會分解產生氨，因此將胭酶與尿素在160C條件下混合，檢測到大量的氨，不能

說明服酶有耐高溫的特點，D錯誤。

故選：Co

【點評】本題考查酶的本質、影響酶促反應的因素、酶的特性等相關知識，意在考查考生理解所學知識

的要點，把握知識間的內在聯(lián)系、分析題意以及解決問題的能力。

12.（2022?湖北模擬）酶是細胞合成的生物催化劑，幾乎所有的生命活動都離不開酶。隨著生物科學技術

的發(fā)展，酶已走出實驗室，走進人們的生產和生活。下列關于酶的敘述不正確的是（）

A.用開水處理新鮮玉米可較好地保持玉米甜味的原因是破壞了淀粉酶的活性

B.新鮮的禽肉過一段時間再煮，肉反而更鮮嫩，與禽肉細胞中含各種水解酶有關

C.用開水溶解加酶洗衣粉，去污效果會下降

D.加酶牙膏能分解牙縫中的細菌等，使牙齒亮沽、口氣清新

【分析】酶具有專一性、高效性、催化條件溫和等特點，高溫、過酸、過堿均會使酶變性失活。酶的命

名一般是以底物+酶的形式命名的。淀粉酶可催化淀粉水解。

【解答】解：A、用開水處理新鮮玉米可較好地保持玉米甜味的原因是破壞了呼吸酶、淀粉合成酶的活

性，使可溶性糖不被消耗，也不能形成淀粉，從而保持甜味，A錯誤；

B、新宰的禽肉過一段時間再煮，肉反而更鮮嫩，與禽肉細胞溶酶體釋放各種水解酶有關，B正確；

C、酶在高溫下會失活，用開水溶解加酶洗衣粉，去污效果會下降，C正確；

D、加酶牙膏是在牙膏中加入蛋白酶、淀粉酶、葡聚糖酶、溶菌酶或葡萄糖氧化酶等多種不同類型的酶

制劑制成的牙膏，溶菌酶能分解牙縫中的細菌等，使牙齒亮潔、口氣清新，D正確。

故選：Ao

【點評】本題考查了酶的本質和特性，考查了學生對酶特性的理解，要求學生正確理解酶的特性影及響

酶活性的因素。

13.（2022?湖北模擬）在有些生物實驗中，酸性條件是基本要求之一。以下關于酸性條件的處理恰當的是

（）

A.在“觀察根尖分生組織細胞的有絲分裂”實驗中將龍膽紫溶解在醋酸溶液中作為染色體的染色劑

B.在“探究pH值對酶活性的影響”實驗中，配制一系列pH值梯度的鹽酸溶液分別處理淀粉和淀粉酶的

混合物，觀察不同pH條件對酶活性影響

C.將重銘酸鉀溶解在體積分數為95%的濃硫酸溶液中，配制成橙色的重銘酸鉀溶液來鑒定呼吸作用中

產生的二氧化碳

D.在“低溫誘導植物染色體數目的變化”實驗中，體積分數為15%的濃硝酸溶液的作用是使細胞相互分

離開來

【分析】1、探究酵母菌細胞呼吸方式的實驗中檢測酒精的產生：橙色的重鋁酸鉀溶液，在酸性條件下與

酒精發(fā)生反應，變成灰綠色。

2、低溫誘導染色體數目加倍實驗采用的試劑有卡諾氏液（固定）、改良苯酚品紅染液（染色），體積分數

為15%的鹽酸溶液和體積分數為95%的酒精溶液（解離）。

3、觀察細胞有絲分裂實驗的步驟：解離（解離液由鹽酸和酒精組成，目的是使細胞分散開來）、漂洗（洗

去解離液，便于染色）、染色（用龍膽紫、醋酸洋紅等堿性染料）、制片（該過程中壓片是為了將根尖細

胞壓成薄層，使之不相互重疊影響觀察）和觀察（先低倍鏡觀察，后高倍鏡觀察）。

【解答】解：A、在“觀察根尖分生組織細胞的有絲分裂”實驗中，將龍膽紫溶解在質量分數為2%的醋酸

中配制成龍膽紫溶液作為染色體的染色劑，A正確；

B、由于淀粉在酸性條件下水解，不用淀粉酶能催化淀粉水解的原理來探究pH對酶活性的影響，B錯誤：

C、在“探究酷母菌細胞呼吸的方式”實驗中，將重錨酸鉀溶解在體積分數為95%的濃硫酸溶液中來鑒定

細胞呼吸產生的酒精，溶液的顏色由橙色變成灰綠色，C錯誤；

D、在“低溫誘導植物染色體數目的變化”實驗中，體積分數為15%的鹽酸溶液的作用是解離，使細胞相

互分離開來，D錯誤。

故選：A?

【點評】本題考查課本基礎實驗的原理和選材，意在考查學生能獨立完成“生物知識內容表”所列的生物

實驗，理解實驗目的、原理、方法和操作步驟，掌握相關的操作技能，能將這些實驗涉及的方法和技能

進行綜合運用；并對實驗現象和結果進行解釋、分析、處理。

14.（2022?湖北模擬）下列生理現象或相關操作方法都可用“酶的作用條件較溫和”進行解釋的是（）

A.“高原反應”和“不能用純氧搶救煤氣中毒的病人”

B.“唾液淀粉酶進入胃后不再催化淀粉水解”和“胰島素不能口服”

C.“人發(fā)高燒時，渾身無力，食欲下降'’和"人寒冷時，不由自主打寒戰(zhàn)”

D.“用胰蛋白酶而不用胃蛋白酶將動物組織分散成單個細胞”和“低溫保存的食物不易腐敗”

【分析】1、酶是活細胞產生的具有生物催化能力的有機物，大多數是蛋白質，少數是RNA。

2、酶的催化具有高效性（酶的催化效率遠遠高于無機催化劑）、專一性（一種酶只能催化一種或一類化

學反應的進行）、需要適宜的溫度和pH值（在最適條件下，酶的催化活性是最高的，低溫可以抑制酶的

活性，隨著溫度升高，酶的活性可以逐漸恢復，高溫、過酸、過堿可以使酶的空間結構發(fā)生改變，使酶

永久性的失活）。

【解答】解：A、“高原反應”是由于機體缺氧，“不能用純氧搶救煤氣中毒的病人”是由于血液中的二氧化

碳可以作為化學物質刺激呼吸中樞，A錯誤；

B、“胰島素不能口服”是由于胰島素能被消化道中的蛋白酶水解，不能體現“酶的作用條件較溫和“，B錯

誤；

C、“人發(fā)高燒時，渾身無力，食欲下降”能體現"酶的作用條件較溫和“，"人寒冷時不由自主打寒戰(zhàn)”是體

溫調節(jié)造成的，不能體現“酶的作用條件較溫和“，C錯誤；

D、“用胰蛋白酶而不用胃蛋白酶將動物組織分散成單個細胞”是由于酶的催化需要適宜的pH,“低溫保存

的食物不易腐敗”是由于微生物細胞內的酶在低溫條件下活性受到抑制，兩個實例均能體現“酶的作用條

件較溫和“這一特性，D正確。

故選：D。

【點評】本題考查酶的特性，意在考查學生的識記能力和判斷能力，運用所學知識綜合分析問題的能力。

15.（2021?湖北模擬）為探究酶的相關特性，某班同學開展了一系列實驗，下列相關實驗設計正確的是（）

A.為探究酶的高效性，甲同學用H2O2做底物，一組加H2O2酶，一組不加酶

B.為探究酶的專一性，乙同學分別用淀粉、蔗糖做底物，均加入淀粉酶，然后用碘-碘化鉀溶液進行

檢測

C.為探究溫度對酶活性的影響，丙同學將H2O2放在不同溫度下處理后，再加入H2O2酶

D.為探究pH對酶活性的影響，丁同學將肝臟研磨液用不同pH的緩沖液處理后，再加入H2O2

【分析】1、自變量：人為控制改變的因素。因變量：隨自變量改變而改變的因素。無關變量：其他會影

響實驗結果，但不隨自變量改變的可變因素.

2、設計實驗的基本原則：科學合理單一變量等量原則（無關變量）對照原則。

3、探究溫度對酶活性影響，不能用過氧化氫作底物。探究pH對酶活性影響不能用淀粉做底物.

【解答】解：A、用H2O2做底物，一組加H2O2酷，一組不加酶，只能探究酶具有催化作用，若要探究

高效性，需要與無機催化劑對比，A錯誤；

B、淀粉遇碘變藍，用碘-碘化鉀溶液可以檢測淀粉是否分解，但是不能檢測蔗糖是否發(fā)生分解，B錯誤；

C、H2O2受熱易分解，一般不能用H2O2作為底物探究溫度對酶活性的影響，C錯誤；

D、肝臟研磨液中含有過氧化氫酶，探究pH對酶活性的影響時，用不同pH的緩沖液處理肝臟研磨液可

以使酶處于指定pH條件下，達到對自變量的控制，D正確。

故選：D。

【點評】本題以探究酶的特性為素材，考查了酶的特性和影響酶活性的因素，要求考生掌握實驗設計原

則，能夠運用所學知識對選項進行分析判斷。

16.（2020?山東模擬）細胞的生命活動離不開酶和ATP的參與。ATP合成酶是催化ADP和Pi合成ATP的

酶，ATP合成醐的結構如圖1所示；圖2表示在一塊含有淀粉的瓊脂塊的四個圓形位置，分別用不同

方法處理。請回答下列有關問題：

（1）由圖1可知，ATP合成酶催化ATP合成的能量來自膜兩側。從功能角度分析，ATP

合成酶廣泛分布于真核細胞的（填膜結構）上。

（2）科學家發(fā)現，一種化學結構與ATP相似的物質GTP（三磷酸鳥甘）也能為細胞的生命活動提供能

量，請從化學結構的角度解釋GTP也可以供能的原因是

（3）將圖2所示方法處理后的含有淀粉的瓊脂塊，放入37℃恒溫箱中保溫處理24小時后，用等量碘液

滴在四個圓形位置，觀察到的現象是有個藍色斑塊，由該實驗說明酶的特點有

（4）同無機催化劑相比酶更適合作為細胞代謝所必需的催化劑，請寫出一條理由：

___________________________________________________________________________________________________________________________________________________________O

【分析】1、ATP是一種含有高能磷酸鍵的有機化合物，它的大量化學能就儲存在高能磷酸鍵中。ATP

水解釋放能量斷裂的是末端的那個高能磷酸鍵。ATP來源于光合作用和呼吸作用。

2、淀粉遇碘液變藍。酶具有專一性、高效性和作用條件溫和的特性，唾液淀粉酶在適宜條件下能催化淀

粉水解。前的活性受溫度和pH等因素的影響，低溫會降低前的活性，不會使酶變性失活，但高溫、pH

過高或過低都會使酶變性失活。

【解答】解：（1）由圖1可知，ATP合成酶催化ATP合成的能量來臼膜兩側H+的濃度差。ATP來源于

光合作用和呼吸作用。從功能角度分析,ATP合成酶廣泛分布于真核細胞的細胞質基質以及線粒體內膜、

葉綠體類囊體薄膜上。

（2）GTP含有兩個高能磷酸鍵，遠離鳥甘的高能磷酸鍵容易水解斷裂，釋放能量，因此GTP也可以供

能。

（3）①強酸會使唾液淀粉酶變性失活，不能將淀粉水解，滴加碘液后變藍：②高溫會使唾液淀粉酶變性

失活，不能將淀粉水解，滴加碘液后變藍；③酶具有專一性，蔗糖酶不能將淀粉水解，滴加碘液后變藍：

④新鮮唾液中含有淀粉酶，能將淀粉水解，滴加碘液后不變藍。因此觀察到的現象是有3個藍色斑塊，

由該實驗說明酶的特點有專一性、需要適宜的溫度和pH。

（4）同無機催化劑相比酶更適合作為細胞代謝所必需的催化劑，原因是：酶的催化效率比無機催化劑高

得多：細胞內的化學反應都需要在常溫、常壓、酸堿度適中等溫和條件下進行，無機催化劑常常輔助以

高溫、高壓、強酸、強堿等劇烈條件才能有較高的催化效率。

故答案為：

（DH+的濃度差線粒體內膜、葉綠體類囊體薄膜

（2）含有兩個高能磷酸鍵，遠離鳥背的那個容易水解斷裂，釋放能量

（3）3專一性、需要適宜的溫度和pH值

（4）酶的催化效率比無機催化劑高得多；細胞內的化學反應都需要在常溫、常壓、酸堿度適中等溫和條

件下進行，無機催化劑常常輔助以高溫、高壓、強酸、強堿等劇烈條件才能有較高的催化效率。

【點評】本題考查ATP和酶的相關知識，意在考查學生對所學知識的理解與掌握程度，培養(yǎng)了學生分析

題意、獲取信息、解決問題的能力。

2創(chuàng)新機價

17.（2021?黃州區(qū)校級三模）線粒體是細胞的“動力車間”，在其內外膜間隙中存在著一類標志酶-腺甘酸

激酶（AK）,它可將ATP分子末端的磷酸基團轉移至AMP上而形成ADP,此過程離不開Mg?+的參與。

下列相關敘述錯誤的是（）

A.AMP是合成ATP的重要化合物，在細胞中也可作為合成RNA的原料

B.AK的作用過程說明了無機鹽對維持細胞的生命活動有重要作用

C.線粒體中AK在發(fā)揮作用的過程伴隨有高能磷酸鍵的斷裂和形成

D.在線粒體中ATP合成的速率取決于AK的活性

【分析】ATP的結構簡式是A-P?P?P,其中A代表腺甘，T是三的意思，P代表磷酸基團。ATP和

ADP的轉化過程中，能量來源不同：ATP水解釋放的能量，來自高能磷酸鍵的化學能，并用于生命活動；

合成ATP的能量來自呼吸作用或光合作用。場所不同：ATP水解在細胞的各處；ATP合成在線粒體、葉

綠體、細胞質基質。

【解答】解：A、AMP也叫腺嚓吟核糖核甘酸，是組成RNA的基本單位之一，也是合成ATP的重要化

合物，A正確；

B、AK可將ATP分子末端的磷酸基團轉移至AMP上而形成ADP,此過程離不開Mg?+的參與，說明無

機鹽對維持細胞和生物體的生命活動有重要作用，B正確；

C、AK發(fā)揮作用先使ATP分子遠離A的高能磷酸鍵斷開，并將斷開后的磷酸基團轉移到AMP上形成

ADP,此過程中形成J'一個高能磷酸鍵，C正確；

D、線粒體中ATP水解的速率取決于AK的活性，D錯誤。

故選：D。

【點評】本題考查ATP的化學組成和特點、ATP和ADP相互轉化的過程等相關知識，考查學生的理解

能力和獲取信息的能力，有一定的難度。

18.（2022?平邑縣一模）蛋白激酶A（PKA）由兩個調節(jié)亞基和兩個催化亞基組成，其活性受cAMP（腺

昔酸環(huán)化酶催化ATP環(huán)化形成）調節(jié)（如圖）?；罨腜KA催化亞基能將ATP上的磷酸基團轉移到特

定蛋白質的絲氨酸或蘇氨酸殘基上進行磷酸化，改變這些蛋白的活性。下列有關說法錯誤的是（）

?A.cAMP

cAMP

cAMP

活化的非活化的cAMP活化的

調節(jié)亞基催化亞基無活性的催化亞基

（低活性）調皆亞基（商活性）

A.調節(jié)亞基具有結合到cAMP的結構域，催化亞基包含活性位點

B.蛋白質的絲氨酸或蘇氨酸殘基上進行磷酸化的過程伴隨著ATP的水解

C.ATP不僅是生物的直接供能物質，還是合成cAMP、DNA等物質的原料

D.cAMP與調節(jié)亞基結合，使調節(jié)亞基和催化亞基分離，釋放出高活性的催化亞基

【分析】1、據題干的信息：活化的PKA催化亞基可將ATP上的磷酸基團轉移到特定蛋白質的絲氨酸或

蘇氨酸殘基上進行磷酸化，改變這些蛋白的活性，說明蛋白質的絲氨酸或蘇氨酸殘基上進行磷酸化的過

程伴隨著ATP的水解。

2、據圖分析：活化的調節(jié)亞基與非活化的催化亞基可在cAMP的作用下產生無活性的調節(jié)亞基和游離

態(tài)、活化的催化亞基。

【解答】解：A、據圖分析：活化的調節(jié)亞基與非活化的催化亞基可在cAMP的作用下產生無活性的調

節(jié)亞基和游離態(tài)、活化的催化亞基，說明調節(jié)亞基具有結合到cAMP的結構域，催化亞基包含活性位點，

A正確；

B、據題干的信息：活化的PKA催化亞基可將ATP上的磷酸基團轉移到特定蛋白質的絲氨酸或蘇氨酸殘

基上進行磷酸化，改變這些蛋白的活性，ATP上的磷酸基團轉移的過程即是ATP的水解過程，B正確；

C、腺苜酸環(huán)化酶催化ATP環(huán)化形成cAMP,故ATP不僅是生物的直接供能物質，還是合成cAMP的原

料，但ATP水解后形成的AMP（腺喋吟核糖核甘酸）是合成RNA的原料，C錯誤；

D、據圖可知，cAMP與調節(jié)亞基結合，使調節(jié)亞基和催化亞基分離，釋放出高活性的催化亞基，D正確。

故選：C.

【點評】本題主要考查的是ATP在能量代謝中的作用的相關知識，意在考查學生對基礎知識的理解掌握，

難度適中。

19.（2022?威海二模）超氧化物歧化酶（SOD）由兩條分別含109個和119個氨基酸的肽鏈組成，能清除

氧自由基，其催化活性受如圖模型甲、乙所示兩種作用機理不同的酶抑制劑影響。下列說法正確的是

()

A.組成SOD的氨基酸可能有2產8種排列順序

B.SOD能為清除自由基的反應提供活化能從而發(fā)揮催化活性

C.若提高底物濃度后酶促反應速率增大，則抑制劑的作用機理如模型乙所示

D.高溫處理后SOD結構發(fā)生改變，但仍能與雙縮胭試劑發(fā)生紫色反應

【分析】根據題干信息分析，超氧化物技化酶（SOD）由兩條分別含109個和119個氨基酸的肽鏈組成，

則該酶含有氨基酸109+119=228個，肽鍵數=228-2=226個，結合圖形分析可知，甲圖表示競爭性抑

制，即物制劑與酶的活性部位結合，導致底物與酶的結合機會減少，從而降低酶對反應底物的催化反應

速率；圖乙表示非競爭性抑制，即抑制劑與酶的非活性部位結合，導致酶的結合發(fā)生改變，底物不能與

酶結合，進而降低了酶對反應底物的催化反應速率。

【解答】解：A、SOD是一種具體的蛋白質，氨基酸排列順序是固定的，故組成SOD的氨基酸排列順序

只有一種，A錯誤；

B、SOD的作用機理是降低化學反應的活化能，其并不能為清除自由基的反應提供活化能，B錯誤；

C、若提高底物濃度后酶促反應速率增大，即底物濃度增加后，在酶與底物的結合機會增加，則說明抑

制劑的作用機理如模型甲所示，C錯誤；

D、高溫處理后SOD的空間結構發(fā)生改變，但是仍然存在肽鍵，依然可以與雙縮胭試劑產生紫色反應,

D正確。

故選：D。

【點評】本題考查影響酶活性的因素，意在考查學生提取題干信息，理解非競爭性抑制影響酶活性的機

理是解題的關鍵。

20.（2022?新鄉(xiāng)三模）酶抑制劑有競爭性抑制劑和非競爭性抑制劑兩種類型，其作用機理如圖1所示。多

酚氧化酶（PPO）催化的酶促反應是儲運過程中引起果蔬褐變和品質劣變的主因。某實驗小組在最適條

件下探究了檸檬酸對PPO活性的影響，實驗結果如圖2所示，各組加入的PPO的量相同。下列說法錯

誤的是（）

競爭性能反應速率._

抑制劑非比爭性需~Ommoll」檸椽酸

抑制劑物

20mmol-L」檸愫酸

40nlmoil」檸修酸

丙

圖2底物濃度

A.該實驗的自變量是檸檬酸的濃度和底物濃度

B.檸檬酸最可能是多酚氧化酶的競爭性抑制劑

C.圖2中限制A點反應速率的主要因素是酶活性

D.果蔬運輸過程中加入適量的檸檬酸能延長保鮮時間

【分析】1、競爭性抑制作用：抑制劑與底物競爭與醐的同?活性中心結合，從而干擾了酶與底物的結合，

使酶的催化活性降低的作用。

2、非競爭性抑制作用：抑制劑不僅可以與游離酶結合，也可與ES復合物結合并阻止產物生成，使酶的

催化活性降低。

【解答】解：A、由圖2可知，該實驗的自變量是檸檬酸的濃度和底物濃度，A正確；

B、由圖1可知，競爭性抑制劑的化學結構與底物的結構相似，檸檬酸與多酚類物質結構不同，因此檸

檬酸最可能是多酚氧化酶的非競爭性抑制劑，B錯誤；

C、圖2中限制A點反應速率的主要因素是檸檬酸濃度，即PPO酶活性，C正確；

D、由于檸檬酸可抑制PPO防活性，因此果蔬運輸過程中加入適量的檸檬酸能延長保鮮時間，D正確。

故選：B,

【點評】本題考查影響酶活性因素的相關知識，意在考查學生的識圖和分析能力，解題的關鍵是理解競

爭性抑制和非競爭性抑制影響酶活性的機理。

21.（2022?棗強縣校級一模）淀粉前可以使面粉中的淀粉水解，保證了面團發(fā)酵時有足夠的糖源，從而加

快氣體生成速度，使成品更加蓬松柔軟。某實驗小組用兩種淀粉酶進行實驗，結果如圖所示。下列有

關敘述錯誤的是（）

%

-如

織

太

黑

￡

程

A.該實驗的自變量是溫度，因變量是酶的相對活性，可通過檢測淀粉剩余量來計算酶的活性

B.使面團蓬松柔軟的氣體是C02,在52℃左右分別使用兩種淀粉酶，氣體的產生速率相近

C.淀粉水解的產物可與斐林試劑在水浴加熱的條件下反應形成磚紅色沉淀

D.隨溫度的升高，兩種淀粉酶均會逐漸發(fā)生空間結構的改變而使活性下降

【分析】分析曲線圖：該實驗的自變量是溫度和淀粉酶的種類，因變量是酶的相對活性。

【解答】解：A、該實驗的自變量是溫度和淀粉酶的種類，因變量是酶的相對活性，一段時間后可通過

檢測淀粉剩余量來計算酶的活性，A錯誤；

B、酵母菌利用葡萄糖發(fā)酵產生C02,由圖可知在52℃左右時，兩條曲線出現了交點，因此在52℃左右

分別使用兩種淀粉酶，氣體的產生速率相近，B正確；

C、淀粉水解的產物是麥芽糖等，可與斐林試劑在水浴加熱的條件下反應形成磚紅色沉淀，C