第1頁〔共1頁〕2024年河北省保定市高考物理一模試卷一、選擇題：本大題共8小題，毎小題6分．在毎小題給出的四個選項中，第1-4題只有一個選項符合題目要求，第5-8題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分．1．〔6分〕以下說法正確的選項是〔〕A．所有的核反響都會釋放大量的核能B．光電效應(yīng)是光具有粒子性的有力證據(jù)C．牛頓第一定律揭示了力與慣性的關(guān)系：力可以改變物體的慣性D．安培首先發(fā)現(xiàn)了電流磁效應(yīng)，掲示了電與磁的聯(lián)系2．〔6分〕在平直公路上有甲、乙兩輛汽車從同一位置沿著同一方向運(yùn)動，它們的速度時間圖象如以下列圖，那么〔〕A．甲乙兩車同時從靜止開始出發(fā)B．在t=2s時乙車追上甲車C．在t=4s時乙車追上甲車D．甲乙兩車在公路上可能相遇兩次3．〔6分〕如以下列圖，半徑為R的細(xì)圓管〔管徑可忽略〕內(nèi)壁光滑，豎直放置，一質(zhì)量為m直徑略小于管徑的小球可在管內(nèi)自由滑動，測得小球在管頂部時與管壁的作用力大小為mg，g為當(dāng)?shù)刂亓铀俣?，那么〔〕A．小球在管頂部時速度大小為B．小球運(yùn)動到管底部時速度大小可能為C．小球運(yùn)動到管底部時對管壁的壓力可能為5mgD．小球運(yùn)動到管底部時對管壁的壓力為7mg4．〔6分〕A、B是平行板電容器的兩個極板，板間距為d，B板接地，把電容器接入如以下列圖的電路中，開始時滑動變阻器的滑片P恰好在電阻R的中間位置，電源電動勢為E，內(nèi)阻忽略不計，一帶電液滴靜止在距離B板的O點．以下說法正確的選項是〔〕A．液滴帶負(fù)電B．滑動變阻器滑片滑到最左端，A板電勢由﹣變?yōu)椹丒C．用絕緣手柄把B板下移，AB板間電勢差變?yōu)镈．用絕緣手柄把B板下移，帶電液滴在O點的電勢能減少5．〔6分〕如以下列圖，一質(zhì)量M=3kg、傾角為α=45°的斜面體放在光滑水平地面上，斜面體上有一質(zhì)量為m=lkg的光滑楔形物體．用一水平向左的恒力F作用在斜面體上，系統(tǒng)恰好保持相對靜止地向左運(yùn)動．重力加速度為g=10m/s2，以下判斷正確的選項是〔〕A．系統(tǒng)做勻速直線運(yùn)動B．F=40NC．斜面體對楔形物體的作用力FN=ND．增大力F，楔形物體將相對斜面體沿斜面向上運(yùn)動6．〔6分〕O為地球球心，半徑為R的圓是地球赤道，地球自轉(zhuǎn)方向如以下列圖，自轉(zhuǎn)周期為T，觀察站A有一觀測員在持續(xù)觀察某衛(wèi)星B，某時刻觀測員恰能觀察到衛(wèi)星B從地平線的東邊落下，經(jīng)的時間，再次觀察到衛(wèi)星B從地平線的西邊升起?！螧OB′=α，地球質(zhì)量為M，萬有引力常量為G，那么〔〕A．衛(wèi)星B繞地球運(yùn)動的周期為B．衛(wèi)星B繞地球運(yùn)動的周期為C．衛(wèi)星B離地表的高度為D．衛(wèi)星B離地表的高度為7．〔6分〕如以下列圖，水平軌道寬為L，軌道區(qū)間里存在著斜向上與水平方向夾角為α的勻強(qiáng)磁場．一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌放置，與軌道右端的距離為s，導(dǎo)體棒與軌道間動摩擦因數(shù)為μ．某時刻起給導(dǎo)體棒通以如以下列圖的恒定電流I，導(dǎo)體棒加速后從軌道右端水平飛出，落在距離水平軌道為h的地面上，落地點與軌道右端的水平距離為s．重力加速度為g，忽略空氣阻力，那么〔〕A．導(dǎo)體棒剛飛出軌道時的速度大小為sB．導(dǎo)體棒在空中飛行的時間為C．導(dǎo)體棒在軌道上的加速度大小為D．磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為8．〔6分〕如以下列圖，垂直勻強(qiáng)磁場放置的光滑平行金屬導(dǎo)軌左端接一電阻，R=3Ω，不計導(dǎo)軌電阻，一與導(dǎo)軌接觸良好電阻r=2Ω的金屬導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌，以矩形ABCD的中線OO'為中心、AB和CD為邊界在ABCD區(qū)域內(nèi)往復(fù)運(yùn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢e隨時間變化的圖象如以下列圖〔規(guī)定順時針電流為正方向電流〕．磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T，軌道寬度L=50cm，以下說法中正確的選項是〔〕A．0.1s時導(dǎo)體棒在OO'位置，向左運(yùn)動且速度大小為100m/sB．A、C兩點間距離大于10mC．通過電阻R的瞬時電流表達(dá)式為sin5πtD．用交流電壓表測量電阻R兩端的電壓，示數(shù)約為4.24〔V〕二、非選擇題：包括必考題和選考題兩局部．第9題-第12題為必考題，毎個試題考生都必須作答．第13題-第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答．9．〔6分〕某實驗小組利用如圖1所示的實驗裝置探究小車運(yùn)動的位移與速度的關(guān)系．實驗操作如下：〔1〕在小車上固定一擋光片，用游標(biāo)卡尺測量擋光片的寬度d．〔2〕長木板放在水平桌面上，一端用木塊墊起，在距離木板O點為l的位置固定一個光電計時器，能記錄擋光片通過光電計時器的時間．〔3〕小車從O點由靜止釋放，運(yùn)動過程中通過光電計時器，記錄時間為t．〔4〕調(diào)整光電計時器距離O的位置，記錄下距離l．〔5〕小車每次從O點由靜止釋放，記錄對應(yīng)的時間t．請答復(fù)以下問題①用游標(biāo)卡尺測擋光片的寬度，示數(shù)如圖2所示，那么d=cm．②光電計時器在某位置時記錄的時間為0.0105s，那么小車經(jīng)過該位置時速度v=m/s．〔保存兩位有效數(shù)字〕③通過記錄的一系列l(wèi)和t，處理數(shù)據(jù)后得到l﹣v的關(guān)系圖如圖3所示，發(fā)現(xiàn)根據(jù)圖象不能確定l和v的函數(shù)關(guān)系，請你提出方案來幫助該小組同學(xué)確定l和v的關(guān)系．10．〔9分〕該小組成員用以下局部儀器對上題中電阻Rx進(jìn)一步測量，可供使用的器材如下：電流表A1，量程0.1A，內(nèi)阻很小，可忽略電流表A2，量程3mA，內(nèi)阻很小，可忽略定值電阻R0=1kΩ滑動變阻器R1，全電阻10Ω，額定電流1A滑動變阻器R2，全電阻500Ω，額定電流0.2A電源電動勢E=3V，內(nèi)阻很小電鍵S、導(dǎo)線假設(shè)干要求實驗中電表示數(shù)從零調(diào)起，可獲得多組測量數(shù)據(jù)，測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，實驗操作方便．①由實驗要求應(yīng)選擇的滑動變阻器為②在如圖虛線框內(nèi)畫出測量電路的原理圖．③假設(shè)I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)，被測電阻Rx的表達(dá)式Rx=．11．〔14分〕小物塊質(zhì)量m=0.99kg，靜止在光滑水平面上，一顆質(zhì)量為m0=0.01kg的子彈以速度v0=400m/s從左邊射入小物塊，之后小物塊滑上一傾角為37°的斜坡，最后返回水平面．水平面與斜坡的連接處有一小段光滑圓弧，小物塊與斜坡的動摩擦因數(shù)μ=0.5，重力加速度g=10m/s2．〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕求：〔1〕小物塊被打入子彈后沿斜坡上滑的最大距離；〔2〕小物塊返回水平面的速度．12．〔18分〕如以下列圖，足夠大的空間內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)進(jìn)場，xOy是在豎直平面內(nèi)建立的平面坐標(biāo)系，磁場方向垂直xOy平面向外，在一、四象限內(nèi)還存在水平向右的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為E．一帶電粒子從x軸上的C點沿CD方向做勻速直線運(yùn)動，CD與﹣x方向夾角α=30°，然后從D點進(jìn)入第三象限內(nèi)，重力加速度為g．〔1〕求粒子的電性以及勻速運(yùn)動的速度；〔2〕欲使粒子進(jìn)入第三象限內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，需要施加一個勻強(qiáng)電場，求此電場的場強(qiáng)大小和方向；〔3〕在第〔2〕問的情況下，粒子到達(dá)x軸負(fù)半軸的M點〔未畫出〕，且OM=OC，求OC的長度以及在第三象限內(nèi)運(yùn)動的時間．【物理-選修3-3】〔15分〕13．〔5分〕下對關(guān)于熱學(xué)概念或規(guī)律的說法中，正確的選項是〔〕A．一定質(zhì)量的同種晶體在熔化過程中吸收的熱量與凝固過程中放出的熱量是相等的B．兩種不同的氣體可以通過擴(kuò)散混合在一起，混合在一起的兩種氣體也可以自發(fā)的恢復(fù)到擴(kuò)散之前的狀態(tài)C．懸浮在液體中的布朗粒子某一瞬間接觸到的液體分子越多，受到撞擊的不平衡性就表現(xiàn)越明顯，布朗運(yùn)動就越劇烈D．用活塞壓縮打氣筒內(nèi)氣體，受到的阻力主要來源于氣體分子對活塞的壓力，而非是分子間的斥力E．一切自發(fā)的過程，總是沿著分子熱運(yùn)動的無序性增大的方向進(jìn)行14．〔10分〕如以下列圖，一導(dǎo)熱性能良好的儲氣罐體積為v0，與一個大氣缸在底部連通，翻開氣閥K2，關(guān)閉K1，用質(zhì)量為M截面積為S的活塞封閉一定質(zhì)量的氣體，系統(tǒng)平衡后，氣缸內(nèi)氣體的體枳為8v0，重力加速度為g，外界大氣壓為p0，不計活塞與氣缸壁的摩擦．①求系統(tǒng)平衡時氣體的壓強(qiáng)p1；②用外力緩慢壓縮活塞到氣缸底部，關(guān)上氣閥K2，求穩(wěn)定后儲氣罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)p2．【物理-選修3-4】〔15分〕15．一根不可伸長的細(xì)線．上端懸掛在O點，下端系一個小球，如圖〔1〕所示，某同學(xué)利用此裝置來探究周期與擺長的關(guān)系．該同學(xué)用米尺測得細(xì)線兩端的長度，用卡尺測量小球的直徑，二者相加為l，通過改變細(xì)線的長度，測得對應(yīng)的周期T，得到該裝置的l﹣T2圖象如圖〔2〕所示．利用所學(xué)單擺相關(guān)知識，選擇以下說法正確的選項〔取π2=9.86〕〔〕A．T=2s時擺長為lm B．T=2s時擺長為0.994mC．?dāng)[球半徑為0.006m D．當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?.80m/s2E．當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?.86m/s2 16．如以下列圖，ABCD是一個長為a，高為b的容器，左壁距離底部為d的位置有一個點光源S，底部有一平面鏡MN．給容器灌滿某種透明液體，在容器右上角B附近可以現(xiàn)察到兩個光點，其中一個光點在原來光源的位置，另一個在原光源的上方．①作出觀察到光點在原位置時的光路圖；②求這種透明液體的折射率．

2024年河北省保定市高考物理一模試卷參考答案與試題解析一、選擇題：本大題共8小題，毎小題6分．在毎小題給出的四個選項中，第1-4題只有一個選項符合題目要求，第5-8題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分．1．〔6分〕以下說法正確的選項是〔〕A．所有的核反響都會釋放大量的核能B．光電效應(yīng)是光具有粒子性的有力證據(jù)C．牛頓第一定律揭示了力與慣性的關(guān)系：力可以改變物體的慣性D．安培首先發(fā)現(xiàn)了電流磁效應(yīng)，掲示了電與磁的聯(lián)系【分析】在核反響中，有質(zhì)量虧損時，該核反響會釋放核能；光電效應(yīng)說明光具有粒子性；慣性大小的量度是質(zhì)量，與力無關(guān)；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)．【解答】解：A、當(dāng)核反響中反響前的質(zhì)量小于反響后的質(zhì)量，該反響需要吸收能量，所以不是所有的核反響都會釋放大量的核能，故A錯誤．B、光電效應(yīng)說明光具有粒子性，故B正確．C、慣性的大小由質(zhì)量決定，力不能改變物體的慣性，故C錯誤．D、奧斯特首先發(fā)現(xiàn)了電流磁效應(yīng)，掲示了電與磁的聯(lián)系，故D錯誤．應(yīng)選：B．【點評】此題考查了核反響、光電效應(yīng)、牛頓第一定律、物理學(xué)史等根底知識點，關(guān)鍵要熟悉教材，牢記這些根底知識點，對于物理學(xué)史，不能混淆物理學(xué)家的奉獻(xiàn)．2．〔6分〕在平直公路上有甲、乙兩輛汽車從同一位置沿著同一方向運(yùn)動，它們的速度時間圖象如以下列圖，那么〔〕A．甲乙兩車同時從靜止開始出發(fā)B．在t=2s時乙車追上甲車C．在t=4s時乙車追上甲車D．甲乙兩車在公路上可能相遇兩次【分析】由速度時間圖象能直接讀出物體的速度．由速度時間圖線與時間軸圍成的面積表示位移，兩輛汽車從同一位置沿著同一方向運(yùn)動，相遇時兩車的位移應(yīng)相等．由此分析即可．【解答】解：A、乙車比甲車遲出發(fā)1s，故A錯誤．B、根據(jù)速度時間圖線與時間軸圍成的面積表示位移，知t=2s時，甲車的位移比乙的位移大，那么知該時刻乙車還沒有追上甲車，故B錯誤．C、在0﹣4s內(nèi)，甲車的位移x甲=×8×4m=16m，乙車的位移x乙=×〔1+3〕×8m=16m，所以x甲=x乙，兩者又是從同一位置沿著同一方向運(yùn)動的，那么在t=4s時乙車追上甲車，故C正確．D、在t=4s時乙車追上甲車，由于t=4s時刻以后，甲車的比乙車的速度大，兩車不可能再相遇，所以兩車只相遇一次，故D錯誤．應(yīng)選：C【點評】解決此題的關(guān)鍵是要理解速度時間圖線表示的物理意義，知道圖線與時間軸圍成的面積表示位移，相遇時兩車的位移相等．3．〔6分〕如以下列圖，半徑為R的細(xì)圓管〔管徑可忽略〕內(nèi)壁光滑，豎直放置，一質(zhì)量為m直徑略小于管徑的小球可在管內(nèi)自由滑動，測得小球在管頂部時與管壁的作用力大小為mg，g為當(dāng)?shù)刂亓铀俣?，那么〔〕A．小球在管頂部時速度大小為B．小球運(yùn)動到管底部時速度大小可能為C．小球運(yùn)動到管底部時對管壁的壓力可能為5mgD．小球運(yùn)動到管底部時對管壁的壓力為7mg【分析】小球在最高點對軌道的作用力為mg，可能對內(nèi)壁有作用力，也可能對外壁有作用力，根據(jù)牛頓第二定律求得最高點的速度，利用動能定理求得到達(dá)最低點的速度，集合牛頓第二定律求得作用力的大小【解答】解：A、小球在管頂部時與管壁的作用力大小為mg，可能對內(nèi)壁有作用力，也可能對外壁有作用力，當(dāng)對內(nèi)壁有作用力時，根據(jù)牛頓第二定律可知：，解得：v=0當(dāng)對外壁有作用力時，那么有：，解得：v=，故A錯誤B、根據(jù)動能定理可知有：，解得：v或者v′=，故B錯誤；CD、在最低點，根據(jù)牛頓第二定律可知：，解得：FN=5mg或者FN=9mg，故C正確，D錯誤；應(yīng)選：C【點評】此題考查了牛頓第二定律和動能定理的綜合，知道小球在最高點和最低點向心力的來源是解決此題的關(guān)鍵．4．〔6分〕A、B是平行板電容器的兩個極板，板間距為d，B板接地，把電容器接入如以下列圖的電路中，開始時滑動變阻器的滑片P恰好在電阻R的中間位置，電源電動勢為E，內(nèi)阻忽略不計，一帶電液滴靜止在距離B板的O點．以下說法正確的選項是〔〕A．液滴帶負(fù)電B．滑動變阻器滑片滑到最左端，A板電勢由﹣變?yōu)椹丒C．用絕緣手柄把B板下移，AB板間電勢差變?yōu)镈．用絕緣手柄把B板下移，帶電液滴在O點的電勢能減少【分析】在直流電路中，電容器相當(dāng)于斷路，故電流為零；電阻器電壓為零；根據(jù)平衡條件分析電場力方向，判斷電荷的電性；電容器的電壓等于電源的電動勢．【解答】解：A、電容器上極板帶負(fù)電，下極板帶正電，故電場方向向上，液滴平衡，受重力和電場力，故電場力向上，故電場力與電場方向相同，液滴帶正電荷，故A錯誤；B、滑動變阻器的電流為零，故電壓為零，故電容器的電壓等于電源的電動勢，滑動變阻器滑片滑到最左端，A板電勢不變，故B錯誤；C、由選項B分析可知，用絕緣手柄把B板下移，AB板間電勢差不變，為E，故C錯誤；D、電容器上極板電勢為零，用絕緣手柄把B板下移，板間距變大，故場強(qiáng)減小，故O點與A板的電勢差減小，說明A板的電勢減小，故液滴〔正電荷〕在O點的電勢能減小，故D正確；應(yīng)選：D【點評】此題的關(guān)鍵要知道變阻器電阻對電路中電流沒有影響〔為零〕，故電容器電壓等于電源的電動勢，然后結(jié)合電勢、電勢能的概念進(jìn)行分析即可．5．〔6分〕如以下列圖，一質(zhì)量M=3kg、傾角為α=45°的斜面體放在光滑水平地面上，斜面體上有一質(zhì)量為m=lkg的光滑楔形物體．用一水平向左的恒力F作用在斜面體上，系統(tǒng)恰好保持相對靜止地向左運(yùn)動．重力加速度為g=10m/s2，以下判斷正確的選項是〔〕A．系統(tǒng)做勻速直線運(yùn)動B．F=40NC．斜面體對楔形物體的作用力FN=ND．增大力F，楔形物體將相對斜面體沿斜面向上運(yùn)動【分析】兩物體沒有發(fā)生相對滑動，具有相同的加速度，對m受力分析，由牛頓第二定律求出加速度和斜面對m的支持力，再整體受力分析由牛頓第二定律求出外力F．【解答】解：A、系統(tǒng)在水平方向只受推力F作用，做勻加速直線運(yùn)動，故A錯誤；B、對m受力分析，受到重力以及斜面的支持力作用，合力向左，根據(jù)牛頓第二定律得：FNcos45°=mg，mgtan45°=ma，解得：，a=10m/s2，對整體，根據(jù)牛頓第二定律得：F=〔M+m〕a=40N，故B正確，C錯誤；D、增大力F，那么M在水平方向的加速度增大，斜面體對楔形物體的支持力也增大，那么支持力在豎直方向的分量大于重力，有向上的加速度，即楔形物體將相對斜面體沿斜面向上運(yùn)動，故D正確．應(yīng)選：BD【點評】解決此題的關(guān)鍵能夠正確地受力分析，運(yùn)用牛頓第二定律進(jìn)行求解，掌握整體法和隔離法的運(yùn)用．6．〔6分〕O為地球球心，半徑為R的圓是地球赤道，地球自轉(zhuǎn)方向如以下列圖，自轉(zhuǎn)周期為T，觀察站A有一觀測員在持續(xù)觀察某衛(wèi)星B，某時刻觀測員恰能觀察到衛(wèi)星B從地平線的東邊落下，經(jīng)的時間，再次觀察到衛(wèi)星B從地平線的西邊升起。∠BOB′=α，地球質(zhì)量為M，萬有引力常量為G，那么〔〕A．衛(wèi)星B繞地球運(yùn)動的周期為B．衛(wèi)星B繞地球運(yùn)動的周期為C．衛(wèi)星B離地表的高度為D．衛(wèi)星B離地表的高度為【分析】根據(jù)題意分析出衛(wèi)星B在時間內(nèi)轉(zhuǎn)過的角度，求得角速度，再求周期。根據(jù)萬有引力提供向心力，求衛(wèi)星B離地表的高度?！窘獯稹拷猓篈B、設(shè)衛(wèi)星B繞地球運(yùn)動的周期為T′．由圖知，經(jīng)的時間，衛(wèi)星B轉(zhuǎn)過的角度為2π+α，角速度為：ω==周期為：T′==，故A錯誤，B正確。CD、根據(jù)萬有引力提供向心力，得：G=mω2〔R+h〕解得衛(wèi)星B離地表的高度為：h=．故C錯誤，D正確。應(yīng)選：BD【點評】解決此題的關(guān)鍵是要分析衛(wèi)星B轉(zhuǎn)過的角度，根據(jù)萬有引力提供圓周運(yùn)動向心力列方程。要注意幾何關(guān)系的應(yīng)用。7．〔6分〕如以下列圖，水平軌道寬為L，軌道區(qū)間里存在著斜向上與水平方向夾角為α的勻強(qiáng)磁場．一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌放置，與軌道右端的距離為s，導(dǎo)體棒與軌道間動摩擦因數(shù)為μ．某時刻起給導(dǎo)體棒通以如以下列圖的恒定電流I，導(dǎo)體棒加速后從軌道右端水平飛出，落在距離水平軌道為h的地面上，落地點與軌道右端的水平距離為s．重力加速度為g，忽略空氣阻力，那么〔〕A．導(dǎo)體棒剛飛出軌道時的速度大小為sB．導(dǎo)體棒在空中飛行的時間為C．導(dǎo)體棒在軌道上的加速度大小為D．磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為【分析】導(dǎo)體棒飛離后做平拋運(yùn)動，根據(jù)平運(yùn)動的特點求得運(yùn)動的時間和初速度，導(dǎo)體棒在磁場中受到安培力，根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求得加速度，根據(jù)牛頓第二定律求得磁感應(yīng)強(qiáng)度【解答】解：導(dǎo)體棒飛離后做平拋運(yùn)動，那么h=，s=vt，解得t=，v=，故A錯誤，B正確；C、導(dǎo)體棒在軌道上做勻加速運(yùn)動，那么v2=2as，解得a=，故C正確；D、對導(dǎo)體棒受力分析根據(jù)牛頓第二定律可知BILsinα﹣μ〔mg﹣BILcosα〕=ma，解得B=，故D正確應(yīng)選：BCD【點評】此題主要考查了平拋運(yùn)動，及通電導(dǎo)向在磁場中的受力，關(guān)鍵是抓住導(dǎo)體棒的運(yùn)動即可8．〔6分〕如以下列圖，垂直勻強(qiáng)磁場放置的光滑平行金屬導(dǎo)軌左端接一電阻，R=3Ω，不計導(dǎo)軌電阻，一與導(dǎo)軌接觸良好電阻r=2Ω的金屬導(dǎo)體棒垂直導(dǎo)軌，以矩形ABCD的中線OO'為中心、AB和CD為邊界在ABCD區(qū)域內(nèi)往復(fù)運(yùn)動，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢e隨時間變化的圖象如以下列圖〔規(guī)定順時針電流為正方向電流〕．磁感應(yīng)強(qiáng)度B=0.2T，軌道寬度L=50cm，以下說法中正確的選項是〔〕A．0.1s時導(dǎo)體棒在OO'位置，向左運(yùn)動且速度大小為100m/sB．A、C兩點間距離大于10mC．通過電阻R的瞬時電流表達(dá)式為sin5πtD．用交流電壓表測量電阻R兩端的電壓，示數(shù)約為4.24〔V〕【分析】根據(jù)感應(yīng)電動勢的最大值結(jié)合E=BLv求解最大速度；根據(jù)功能關(guān)系分析A、C兩點間距離；寫出電流瞬時值表達(dá)式的通式代入數(shù)據(jù)求出電流瞬時值表達(dá)式；根據(jù)歐姆定律求解R兩端電壓．【解答】解：A、0.1s時感應(yīng)電動勢最大，所以速度最大，導(dǎo)體棒在OO'位置，向左運(yùn)動且速度大小為v==m/s=100m/s，A正確；B、從A到中間運(yùn)動的過程中，電路中電流的有效值為：=A=，從AB到OO′過程中，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為：Q=I2〔R+r〕t=2×〔3+2〕×0.1J=1J；設(shè)AO兩點間距為x，根據(jù)功能關(guān)系可得克服安培力做的功為W=Q=BILx，解得：x==7.07m，A、C兩點間距離為2x=14.14m，大于10m，B正確；C、通過電阻R的瞬時電流表達(dá)式為i=Imsin==2sin5πt，C錯誤；D、用交流電壓表測量電阻R兩端的電壓，示數(shù)約為U=IR==4.24V，D正確．應(yīng)選：ABD．【點評】對于電磁感應(yīng)現(xiàn)象中涉及電路問題的分析方法是：確定哪局部相對于電源，根據(jù)電路連接情況畫出電路圖，結(jié)合法拉第電磁感應(yīng)定律和閉合電路的歐姆定律、以及電功率的計算公式列方程求解．二、非選擇題：包括必考題和選考題兩局部．第9題-第12題為必考題，毎個試題考生都必須作答．第13題-第16題為選考題，考生根據(jù)要求作答．9．〔6分〕某實驗小組利用如圖1所示的實驗裝置探究小車運(yùn)動的位移與速度的關(guān)系．實驗操作如下：〔1〕在小車上固定一擋光片，用游標(biāo)卡尺測量擋光片的寬度d．〔2〕長木板放在水平桌面上，一端用木塊墊起，在距離木板O點為l的位置固定一個光電計時器，能記錄擋光片通過光電計時器的時間．〔3〕小車從O點由靜止釋放，運(yùn)動過程中通過光電計時器，記錄時間為t．〔4〕調(diào)整光電計時器距離O的位置，記錄下距離l．〔5〕小車每次從O點由靜止釋放，記錄對應(yīng)的時間t．請答復(fù)以下問題①用游標(biāo)卡尺測擋光片的寬度，示數(shù)如圖2所示，那么d=1.050cm．②光電計時器在某位置時記錄的時間為0.0105s，那么小車經(jīng)過該位置時速度v=1.0m/s．〔保存兩位有效數(shù)字〕③通過記錄的一系列l(wèi)和t，處理數(shù)據(jù)后得到l﹣v的關(guān)系圖如圖3所示，發(fā)現(xiàn)根據(jù)圖象不能確定l和v的函數(shù)關(guān)系，請你提出方案來幫助該小組同學(xué)確定l和v的關(guān)系．【分析】①游標(biāo)卡尺的讀數(shù)先讀出主尺的刻度數(shù)，然后讀出游標(biāo)尺的刻度；②用極短時間內(nèi)的平均速度表示瞬時速度即可；③研究l與v的關(guān)系時，要盡量作出直線圖象．【解答】解：①游標(biāo)卡尺的讀數(shù)先讀出主尺的刻度數(shù)：10mm，游標(biāo)尺的刻度第10個刻度與上邊的刻度對齊，所以讀數(shù)為：0.05×10=0.50mm，總讀數(shù)為：10mm+0.50mm=10.50mm=1.050cm；②小車經(jīng)過該位置時速度：v=；③由于l與v的關(guān)系是曲線，聯(lián)系拋物線，可以探究l﹣v2或者l﹣v3…關(guān)系并作圖，直到圖象為線性關(guān)系；故答案為：①1.050；②1.0；③探究l﹣v2或者l﹣v3…關(guān)系并作圖，直到圖象為線性關(guān)系．【點評】此題考查探究功和速度關(guān)系實驗，關(guān)鍵是明確實驗原理，知道數(shù)據(jù)處理時用圖象處理較為直觀，要設(shè)法作出線性圖象．10．〔9分〕該小組成員用以下局部儀器對上題中電阻Rx進(jìn)一步測量，可供使用的器材如下：電流表A1，量程0.1A，內(nèi)阻很小，可忽略電流表A2，量程3mA，內(nèi)阻很小，可忽略定值電阻R0=1kΩ滑動變阻器R1，全電阻10Ω，額定電流1A滑動變阻器R2，全電阻500Ω，額定電流0.2A電源電動勢E=3V，內(nèi)阻很小電鍵S、導(dǎo)線假設(shè)干要求實驗中電表示數(shù)從零調(diào)起，可獲得多組測量數(shù)據(jù)，測量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，實驗操作方便．①由實驗要求應(yīng)選擇的滑動變阻器為R1②在如圖虛線框內(nèi)畫出測量電路的原理圖．③假設(shè)I1為電流表A1的示數(shù)，I2為電流表A2的示數(shù)，被測電阻Rx的表達(dá)式Rx=RX=．【分析】欲采用伏安法測電阻，但沒有電壓表，可以將小量程電流表A2與定值電阻串聯(lián)改裝成電壓表使用．由設(shè)計的電路利用閉合電路歐姆定律可求得電阻的表達(dá)式．【解答】解：①要求實驗中電表示數(shù)從零調(diào)起，故滑動變阻器采取分壓接法，為方便調(diào)節(jié)選取小阻值即可，即R1；②由于沒有電壓表，可以將小量程電流表A2與定值電阻串聯(lián)改裝成電壓表使用，電流表A1可以內(nèi)接也可以外接，由題意要求實驗中電表示數(shù)從零調(diào)起，故采用滑動變阻器分壓接法，實驗電路圖如圖：③假設(shè)電路圖為左圖，根據(jù)歐姆定律：Rx=假設(shè)電路圖為右圖，根據(jù)歐姆定律：答案為：①R1；②電路圖如圖；③RX=〔左圖〕或〔右圖〕【點評】此題考查了測量電阻的方法，要掌握測量原理R=，假設(shè)沒有電壓表，那么用電流表和定值電阻來代替電壓表；假設(shè)沒有電流表，那么用定值電阻與電壓表來代替電流表．11．〔14分〕小物塊質(zhì)量m=0.99kg，靜止在光滑水平面上，一顆質(zhì)量為m0=0.01kg的子彈以速度v0=400m/s從左邊射入小物塊，之后小物塊滑上一傾角為37°的斜坡，最后返回水平面．水平面與斜坡的連接處有一小段光滑圓弧，小物塊與斜坡的動摩擦因數(shù)μ=0.5，重力加速度g=10m/s2．〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕求：〔1〕小物塊被打入子彈后沿斜坡上滑的最大距離；〔2〕小物塊返回水平面的速度．【分析】〔1〕先研究子彈射入小物塊的過程，根據(jù)動量守恒定律求出二者的共同速度．之后，小物塊沿斜坡上滑，根據(jù)動能定理可求小物塊沿斜坡上滑的最大距離．〔2〕再對小物塊下滑的過程，由動能定理求小物塊返回水平面的速度．【解答】解：〔1〕子彈射入小物塊的過程，取水平向右為正方向，根據(jù)動量守恒定律得：m0v0=〔m0+m〕v可得v==m/s=4m/s設(shè)小物塊滑上斜坡的最大距離為s，根據(jù)動能定理得：﹣μ〔m0+m〕gscos37°﹣〔m0+m〕gssin37°=0﹣解得s=0.8m〔2〕設(shè)小物塊返回水平面的速度為v1，根據(jù)動能定理得：〔m0+m〕gssin37°﹣μ〔m0+m〕gscos37°=﹣0解得v1=m/s答：〔1〕小物塊被打入子彈后沿斜坡上滑的最大距離是0.8m；〔2〕小物塊返回水平面的速度是m/s．【點評】解決此題的關(guān)鍵是理清物體的運(yùn)動情況，抓住子彈打擊過程的根本規(guī)律：動量守恒定律．涉及求高度時，首先要想到動能定理．12．〔18分〕如以下列圖，足夠大的空間內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)進(jìn)場，xOy是在豎直平面內(nèi)建立的平面坐標(biāo)系，磁場方向垂直xOy平面向外，在一、四象限內(nèi)還存在水平向右的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小為E．一帶電粒子從x軸上的C點沿CD方向做勻速直線運(yùn)動，CD與﹣x方向夾角α=30°，然后從D點進(jìn)入第三象限內(nèi)，重力加速度為g．〔1〕求粒子的電性以及勻速運(yùn)動的速度；〔2〕欲使粒子進(jìn)入第三象限內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，需要施加一個勻強(qiáng)電場，求此電場的場強(qiáng)大小和方向；〔3〕在第〔2〕問的情況下，粒子到達(dá)x軸負(fù)半軸的M點〔未畫出〕，且OM=OC，求OC的長度以及在第三象限內(nèi)運(yùn)動的時間．【分析】〔1〕在第四象限做勻速直線運(yùn)動，由平衡條件求出洛侖茲力，從而求出粒子做勻速直線運(yùn)動的速度．〔2〕粒子從第四象限進(jìn)入第三象限，欲使它做勻速圓周運(yùn)動，那么復(fù)合電場的方向應(yīng)與速度方向垂直，且滿足那么該電場與重力場平衡，結(jié)合第一問做勻速圓周運(yùn)動的情況，就能求出所加勻強(qiáng)電場的大小和方向．〔3〕先確定粒子在第三象限做勻速圓周運(yùn)動的圓心O′，由幾何關(guān)系及題設(shè)條件求出粒子做勻速圓周運(yùn)動的半徑，然后由洛侖茲力提供向心力就能求出OC的長度及運(yùn)動時間．【解答】解：〔1〕粒子帶正電，從C到D運(yùn)動過程，受力如以下列圖qvBsin30°=qE解得v=〔2〕欲使粒子在第三象限做勻速圓周運(yùn)動，那么qE′=mg又qE=mgtan30°聯(lián)立解得E′=方向豎直向上〔3〕如以下列圖，O’D垂直v，由幾何知識知道O’D平分∠ODM所以∠O′DM=∠O′MD=30°MD的垂直平分線必與x軸交于O’點，即O’為勻速圓周運(yùn)動的圓心qvB=r+rsin30°=OM=OC聯(lián)立解得r=，OC=由圖知道：∠MO′D=120°所以在第三現(xiàn)象內(nèi)運(yùn)動的時間為tt=T=所以t=答：〔1〕粒子的電性是帶正電，它做勻速運(yùn)動的速度為．〔2〕欲使粒子進(jìn)入第三象限內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動，需要施加一個勻強(qiáng)電場，此電場的場強(qiáng)大小為，方向豎直向上．〔3〕在第〔2〕問的情況下，粒子到達(dá)x軸負(fù)半軸的M點〔未畫出〕，且OM=OC，那么OC的長度為，它在第三象限內(nèi)運(yùn)動的時間．【點評】此題主要是考察兩個方面內(nèi)容：①是帶電粒子在復(fù)合場中做勻速直線運(yùn)動問題，由平衡條件列出相應(yīng)的物理規(guī)律．②是帶電粒子在復(fù)合場中做勻速圓周運(yùn)動問題，顯然帶電粒子所受合力就是指向圓心方向的向心力，由幾何關(guān)系先求出半徑，再由相應(yīng)物理規(guī)律求出時間等．【物理-選修3-3】〔15分〕13．〔5分〕下對關(guān)于熱學(xué)概念或規(guī)律的說法中，正確的選項是〔〕A．一定質(zhì)量的同種晶體在熔化過程中吸收的熱量與凝固過程中放出的熱量是相等的B．兩種不同的氣體可以通過擴(kuò)散混合在一起，混合在一起的兩種氣體也可以自發(fā)的恢復(fù)到擴(kuò)散之前的狀態(tài)C．懸浮在液體中的布朗粒子某一瞬間接觸到的液體分子越多，受到撞擊的不平衡性就表現(xiàn)越明顯，布朗運(yùn)動就越劇烈D．用活塞壓縮打氣筒內(nèi)氣體，受到的阻力主要來源于氣體分子對活塞的壓力，而非是分子間的斥力E．一切自發(fā)的過程，總是沿著分子熱運(yùn)動的無序性增大的方向進(jìn)行【分析】相同質(zhì)量同一晶體的熔解熱與凝固熱相等；根據(jù)熱力學(xué)第二定律分析熱量傳遞的方向；根據(jù)對布朗運(yùn)動的微觀解釋分析；結(jié)合熵增原理分析；【解答】解：A、晶體具有確定的熔點與凝固點，相同質(zhì)量，同一晶體的熔解熱與凝固熱相等，故A正確；B、熱力學(xué)第二定律的實質(zhì)：一切與熱現(xiàn)象有關(guān)的實際宏觀過程都具有方向性，是不可逆的，所以混合在一起的兩種氣體不可能自發(fā)的恢復(fù)到擴(kuò)散之前的狀態(tài)，故B錯誤；C、根據(jù)布朗運(yùn)動的特點可知，懸浮在液體中的布朗粒子某一瞬間接觸到的液體分子越多，受到撞擊的不平衡性就表現(xiàn)越不明顯，布朗運(yùn)動就越弱，故C錯誤D、氣體分子之間的作用力可以忽略不計，所以用活塞壓縮打氣筒內(nèi)氣體，受到的阻力主要來源于氣體分子對活塞的壓力，而非是分子間的斥力；故D正確；E、根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，一切自發(fā)的過程，總是沿著分子熱運(yùn)動的無序性增大的方向進(jìn)行，故E正確；應(yīng)選：ADE【點評】此題考查了分子動理論以及熱力學(xué)第二定律，理解熱力學(xué)第二定律的不同表述是解答的關(guān)鍵，根底題．14．〔10分〕如以下列圖，一導(dǎo)熱性能良好的儲氣罐體積為v0，與一個大氣缸在底部連通，翻開氣閥K2，關(guān)閉K1，用質(zhì)量為M截面積為S的活塞封閉一定質(zhì)量的氣體，系統(tǒng)平衡后，氣缸內(nèi)氣體的體枳為8v0，重力加速度為g，外界大氣壓為p0，不計活塞與氣缸壁的摩擦．①求系統(tǒng)平衡時氣體的壓強(qiáng)p1；②用外力緩慢壓縮活塞到氣缸底部，關(guān)上氣閥K2，求穩(wěn)定后儲氣罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)p2．【分析】①對活塞受力分析，根據(jù)活塞受力平衡列出平衡方程，即可求出系統(tǒng)平衡時氣體的壓強(qiáng)p1；②因為是緩慢壓縮，故過程中溫度保持不變，對所有氣體運(yùn)用玻意耳定律，即可求出穩(wěn)定后儲氣罐內(nèi)氣體壓強(qiáng)p2．【解答】解：①以活塞為研究對象，根據(jù)受力平衡可