高級中學名校試卷PAGEPAGE12024年廣西普通高等學校招生押題卷（一）物理（考試時間：75分鐘滿分：100分）注意事項：1．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。答卷前，考生務必將自己的姓名、學校、班級、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號。寫在本試卷上無效。3．回答非選擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。4．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，在每小題給出的四個選項中，第1-7題只有一項符合題目要求，每題4分；8-10題有多項符合題目要求，每題6分，全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分，選擇題合計46分。1.核能是我國大力發(fā)展的新能源，秦山核電站是我國第一座建設的核電站也是目前最大的裝機核電站。核能是應用核反應獲取能量的，一個靜止的鈾核放出一個X粒子后衰變成釷核，該核衰變方程式為，已知鈾核原子質量為232.0372u，釷核原子質量為228.0287u，X粒子原子質量為4.0026u，u為原子質量單位。下列說法正確的是（??）A.該核反應方程式中：，B.該核反應過程中的質量虧損為0.0059uC.鈾核232U的結合能等于與X的結合能之和D.若增加鈾核溫度及其所受壓力，它的半衰期將會變大〖答案〗B〖解析〗A．核反應過程遵守質量數和電荷數守恒，則故A錯誤；B．質量虧損為故B正確；C．衰變產物比鈾核穩(wěn)定，比結合能大，則衰變產物總的結合能大，所以鈾核232U的結合能小于與X的結合能之和，故C錯誤；D．放射性元素的半衰期是由原子核自身因素決定的，與外界的物理和化學狀態(tài)無關，故D錯誤。故選B。2.鵲橋二號中繼衛(wèi)星于2024年3月20日成功發(fā)射，為后續(xù)我國載人登月提供可靠保障。在地球上觀察，月球和太陽角直徑（直徑對應的張角）近似相等，如圖所示。若月球繞地球運動的周期為，地球繞太陽運動的周期為，太陽半徑是月球半徑的k倍，則地球與太陽的質量之比約為（??）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗設月球繞地球運動的軌道半徑為，地球繞太陽運動的軌道半徑為，根據可得根據幾何關系聯立可得故選D。3.電磁阻尼現象源于電磁感應原理。類似原理如下：一彈簧上端固定，下端懸掛一個磁鐵，讓磁鐵上下振動，若要使磁鐵很快停下，下列鋁框放置方式效果最明顯的是（??）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗當磁鐵穿過固定的閉合線圈時，在閉合線圈中會產生感應電流，感應電流的磁場會阻礙磁鐵靠近或離開線圈，這樣磁鐵振動時除了受空氣阻力外，還要受到線圈的磁場阻力，克服阻力需要做的功較多，機械能損失較快，因而會很快停下來。故鋁框放置方式效果最明顯的是圖C。故選C。4.水平桌面上固定一根絕緣長直導線，矩形導線框abcd靠近長直導線固定在桌面上，如圖甲所示。當長直導線中的電流按圖乙的規(guī)律變化時（圖甲所示電流方向為其正方向），則（）A.，線框內電流的方向為abcdaB.，線框內電流的方向為abcdaC.，線框所受安培力方向先向左后向右D.，線框所受安培力方向一直向左〖答案〗A〖解析〗A．，穿過線圈的磁通量向里減小，根據楞次定律可知，線框內電流的方向為abcda，選項A正確；B．，穿過線圈的磁通量向里增加，根據楞次定律可知，線框內電流的方向為adcba，選項B錯誤；C．，穿過線圈的磁通量向外增加，根據楞次定律可知，線框內電流的方向為abcda，根據左手定則，ad受安培力向右，bc受安培力向左，因ad邊受安培力大于bc邊受的安培力，可知線框所受安培力方向一直向右，選項C錯誤；D．，線框內電流的方向為abcda，根據左手定則，ad受安培力向左，bc受安培力向右，因ad邊受安培力大于bc邊受的安培力，可知線框所受安培力方向向左，可知，線框所受安培力方向先向左后向右，選項D錯誤。故選A。5.兩位同學通過圖像去研究甲乙兩質點在同一直線上運動，從時刻起同時出發(fā)，甲做勻加速直線運動，位移表達式（為初位置），圖像如圖甲所示，且曲線精準經過，和三點。乙做勻減速直線運動，整個運動過程的圖像如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.時刻，甲的速度為2m/s B.甲的加速度大小為C.乙的加速度大小為 D.經過2.5s，甲追上乙〖答案〗C〖解析〗ABC．因為甲質點的位移表達式為將、、代入上式，解得乙質點的位移表達式為當時，；當時，聯合解得AB錯誤，C正確；D．經過2.5s，甲質點的位移為乙質點的位移為因為初始距離甲沒追上乙，D錯誤。故選C。6.如圖所示，真空中固定兩個等量異種點電荷A、B，其連線中點為O，其中A帶正電。在A、B所形成的電場中，以O點為圓心、半徑為R的圓面垂直于AB連線，以O為幾何中心、邊長為2R的正方形abcd平面垂直于圓面且與AB共面，兩平面邊線交點分別為e、f，g為圓面邊緣上一點。下列說法正確的是（）A.e、f、g三點電勢不相等Ba、b、c、d四點電場強度方向相同C.將一正試探電荷沿線段eOf從e移動到f過程中，試探電荷受到的電場力先減小后增大D.將一負試探電荷沿ab邊從a移動到b過程中，試探電荷的電勢能先減小后增大〖答案〗D〖解析〗A．根據等量異種點電荷的電場分布特點可知，圖中圓面是一個等勢面，e、f、g三點電勢相等，故A錯誤；B．根據等量異種點電荷的電場分布特點和對稱性可知，a、b、c、d四點電場強度大小相等，但電場強度方向不同，故B錯誤；C．從e經O到f，電場強度先增大后減小，所以試探電荷受到的電場力先增大后減小，故C錯誤；D．從a到b，電場力先做正功后做負功，所以負試探電荷的電勢能先減小后增大，故D正確。故選D。7.如圖，一列簡諧橫波在某種介質中沿x軸傳播，時波形圖如實線所示，時波形圖如虛線所示，已知波的傳播速度為3m/s，下列說法正確的是（）A.這列波可能沿x軸正方向傳播，也可能沿x軸負方向傳播B.質點Q在2s內向右平移6mC.質點P從到內的路程為D.頻率為的簡諧橫波遇到此波可發(fā)生穩(wěn)定的干涉現象〖答案〗C〖解析〗A．根據波速關系式有則在實線波形時刻到虛線波形時刻波傳播的距離通過平移規(guī)律可知，這列波沿x軸正方向傳播，故A錯誤；B．機械波在傳播過程中，傳播的是振動形式與能量，質點并不隨波遷移，故B錯誤；C．根據解得由于則質點P從到內的路程為故C正確；D．該波的頻率可知，頻率為0.25Hz的簡諧橫波遇到此波不能發(fā)生穩(wěn)定的干涉現象，故D錯誤。故選C。8.列車進站時，其剎車原理可簡化如圖，在車身下方固定一單匝矩形線框，利用線框進入磁場時所受的安培力，輔助列車剎車。已知列車的質量為m，車身長為s，線框的ab和cd長度均為L（L小于勻強磁場的寬度），線框的總電阻為R。軌道上勻強磁場區(qū)域足夠長，磁感應強度的大小為B。車頭進入磁場瞬間的速度為v0，列車停止前所受鐵軌及空氣阻力的合力恒為f。車尾進入磁場瞬間，列車剛好停止。下列說法正確的是（）A.列車進站過程中電流方向為abcdaB.列車ab邊進入磁場瞬間，線框的電流大小為C.列車從進站到停下來的過程中，減少的動能大于線框產生的焦耳熱D.列車ab邊進入磁場瞬間，加速度大小〖答案〗ACD〖解析〗A．列車進站時，ab邊切割磁感線產生感應電流，則根據右手定則判斷可知，列車進站過程中電流方向為abcda，故A正確；B．根據法拉第電磁感應定律可得，列車ab邊進入磁場瞬間，感應電動勢為則列車ab邊進入磁場瞬間，線框的電流大小為故B錯誤；C．根據能量的轉化和守恒可知，列車從進站到停下來的過程中，減少的動能等于線框產生的焦耳熱與列車和導軌及空氣阻力摩擦產生的熱量之和，即減少的動能大于線框產生的焦耳熱，故C正確；D．列車ab邊進入磁場瞬間，根據牛頓第二定律有解得，列車的加速度大小為故D正確。故選ACD。9.如圖所示為一定質量的理想氣體從狀態(tài)a→b→c→d→a過程的圖像，其中ac的連線過原點，bc、da連線與橫軸平行，cd連線與縱軸平行。則下列說法正確的是（）A.從狀態(tài)a到狀態(tài)b，氣體對外做正功B.從狀態(tài)b到狀態(tài)c，單位時間、單位面積撞擊器壁的分子數不變C.從狀態(tài)c到狀態(tài)d，氣體向外放出熱量D.a到b氣體對外做的功等于c到d外界對氣體做的功〖答案〗AC〖解析〗A．從狀態(tài)a到狀態(tài)b，氣體體積增大，則氣體對外做正功，故A正確；B．從狀態(tài)b到狀態(tài)c，氣體體積不變，分子數密度不變，溫度升高，根據可知氣體壓強增大，又溫度升高，氣體平均動能增大，所以單位時間、單位面積撞擊器壁的分子數增加，故B錯誤；C．從狀態(tài)c到狀態(tài)d，氣體溫度不變，故內能不變；體積減小，則外界對氣體做功，根據熱力學第一定律可知，氣體放出熱量，故C正確；D．由可得圖像上各點與原點連線的斜率越大，氣體的壓強越小，從狀態(tài)a到狀態(tài)b與從狀態(tài)c到狀態(tài)d，氣體體積變化量在數值上相等，由狀態(tài)a到狀態(tài)b的平均壓強小于狀態(tài)c到狀態(tài)d，所以a到b氣體對外做的功小于c到d外界對氣體做的功，故D錯誤；故選AC。10.為加大生態(tài)環(huán)保力度，打贏污染防治攻堅戰(zhàn)，某工廠堅決落實有關節(jié)能減排政策，該工廠水平的排水管道滿管徑工作，減排前后，落水點距出水口的水平距離分別為、，假設水從排水管道出來后水柱橫截面積不變，與地面作用后速度變?yōu)榱?，下列說法正確的是（）A.則減排前后相同時間內的排水量之比為B.則減排前后相同時間內的排水量之比為C.落地時對地面沖擊力之比D.落地時對地面的沖擊力之比為〖答案〗BD〖解析〗AB．設水下落的高度為h，則豎直方向有故下落高度相同，水流入下方的時間相同，平拋運動水平方向有減排前后出水口處水的流速之比就等于水平位移之比，所以減排前后相同時間內的排水量之比就等于水平位移之比，即為，B項正確，A錯誤；CD．下落高度相同，水流入下方的時間相同，豎直方向速度一樣，根據動量定理所以沖擊力之比等于水平位移之比，即為，D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某實驗小組利用如圖甲所示的裝置驗證了機械能守恒定律，實驗時完成了如下的操作：a.首先接通氣墊導軌，然后調節(jié)氣墊導軌水平，將光電門固定在氣墊導軌上，調節(jié)滑輪的高度使輕繩水平；b.用游標卡尺測量遮光條寬度d；c.將質量為M的滑塊（含遮光條）放在氣墊導軌上，用輕繩跨過定滑輪，另一端拴接一個質量為m的鉤碼；d.將鉤碼由靜止釋放，記錄滑塊經過光電門時的擋光時間t，測量出釋放點到光電門的距離L；e.改變鉤碼的個數n（每個鉤碼質量均為m），仍將滑塊從同一位置靜止釋放，記錄滑塊經過光電門時相應的擋光時間。（1）游標卡尺示數如圖乙所示，則遮光條的寬度為______cm；（2）已知重力加速度為g，若所掛鉤碼的個數為n，系統(tǒng)的機械能守恒時，關系式______成立（用已知和測量的物理量的字母表示）；（3）利用記錄的實驗數據，以為橫軸、為縱軸描繪出相應的圖像，作出的圖線斜率為k，若系統(tǒng)的機械能守恒，則______（用已知和測量的物理量的字母表示）。〖答案〗（1）0.170（2）（3）〖解析〗（1）[1]游標卡尺的精度為0.05mm，讀數為0.1cm+mm=0.170cm（2）[2]滑塊到光電門的速度為根據機械能守恒定律有解得（3）[3]由（2）中表達式變形可知可知若系統(tǒng)的機械能守恒，則k=12.為了測量兩個電壓表、的內阻，提供的儀器有：A.待測電壓表（量程5V，內阻約）；B．待測電壓表（量程3V，內阻約）；C．電流表A（量程3A，內阻）；D．電阻箱（阻值范圍）；E．電阻箱（）；F.滑動變阻器（阻值，額定電流1.5A）；G.滑動變阻器（阻值，額定電流0.5A）；H.電池組E（電動勢為12V，內阻約）；I.單刀開關2個，導線若干。（1）在設計電路時，能否選用電流表A，________（填“能”或“不能”），請簡要說明理由：________；（2）為了測量兩個電壓表內阻，有同學設計了如圖所示電路，電路中滑動變阻器選________（填“”或“”），電阻箱選________（填“”或“”）；完成實驗操作步驟，并用恰當的符號（如：、、等）表示需要測得的物理量，通過計算用測得的物理量表示待測電壓表的內阻，步驟：第1步：將滑動變阻器滑片滑至最左端，閉合開關，斷開開關；第2步：調節(jié)________，記錄兩表、的讀數分別為、；第3步：將電阻箱調至任意數值（不為零），閉合________，記錄兩表、的讀數分別為、。實驗結果：________；________?！即鸢浮剑?）不能因其量程過大，測量不準確（2）滑動變阻器開關〖解析〗【小問1詳析】[1][2]由兩電壓表的量程和內阻的粗略值可以算出通過兩電壓表的電流遠遠小于電流表A的量程，所以不能選用電流表A來測通過兩電壓表的電流，因其量程過大，指針偏轉很小，測量不準確?！拘?詳析】[1]如選用，由于電源電動勢12V，總阻值，則通過它的電流會超過它的額定電流0.5A，所以選用進行分壓；[2]由于、量程之比為，為盡量讓兩電壓表都有較大的偏轉，需讓二者兩端電壓比接近于，由串聯分壓規(guī)律可知，將與一大電阻R相并聯來滿足要求，則解得所以選用電阻箱；[3][4][5][6]兩電壓表直接串聯時電流相同，則二者讀數（、）之比即為兩者內阻之比；即再將電壓表與電阻箱并聯時，兩電壓表讀數之差與電阻箱阻值之比表示電阻箱上電流，則根據串并聯電流關系可得聯立可解得，所以操作步驟為：將滑動變阻器滑至最左端，閉合開關，斷開開關調節(jié)滑動變阻器，記錄兩表的讀數、將電阻箱調至任意數值（不為零），閉合開關，記錄兩表的讀數、。13.半徑為R的扇形OABC為柱形玻璃磚的截面，，AO面水平，一束單色光照射在AO面上的D點，入射光線與OC平行，折射光線照射在圓弧的最高點B點，在B點的反射光線剛好與OC面垂直，光在真空中傳播的速度為c。（1）求玻璃磚對光的折射率；（2）光從D點傳播到OC面所用的時間。〖答案〗（1）；（2）〖解析〗（1）由已知條件作出光路圖可知在AO面，由幾何關系可知，入射角折射角為由折射定律得，折射率為（2）由（1）可知，玻璃磚對光的折射率為光在玻璃磚內傳播距離為其中故根據光的折射定律可得光在玻璃磚內的傳播速度為故光從D點傳播到OC面所用的時間為14.如圖所示，有一個可視為質點的質量為m=1kg的小物塊，從光滑平臺上的A點以v=3m/s的初速度水平拋出，到達C點時，恰好沿C點的切線方向進入固定在水平地面上的光滑圓弧軌道，最后小物塊滑上緊靠軌道末端D點的質量為M=3kg的長木板。已知木板上表面與圓弧軌道末端切線相平，木板下表面與水平地面之間光滑，小物塊與長木板間的動摩擦因數μ=0.3，圓弧軌道的半徑為R=0.5m，C點和圓弧的圓心連線與豎直方向的夾角θ=53°，不計空氣阻力，求：（g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）（1）A、C兩點的高度差；（2）小物塊剛要到達圓弧軌道末端D點時對軌道的壓力；（3）要使小物塊不滑出長木板，木板的最小長度。〖答案〗（1）0.8m；（2）68N，方向豎直向下；（3）3.625m〖解析〗（1）根據幾何關系可知：小物塊在C點速度大小為vC＝＝5m/s豎直分量vyC＝4m/s下落高度h＝＝0.8m（2）小物塊由C到D過程中，由動能定理得代入數據解得vD＝m/s小球在D點時由牛頓第二定律得代入數據解得FN＝68N由牛頓第三定律得FN′＝FN＝68N方向豎直向下。（3）設小物塊剛滑到木板左端達到共同速度，大小為v，小物塊在木板上滑行的過程中，小物塊與長木板的加速度大小滿足μmg＝ma1得a1＝3m/s2a2＝1m/s2物塊與木板達到共同速度時速度關系式為v＝a2t對物塊和木板系統(tǒng)，由能量守恒定律得代入數據解得L＝3.625m，即木板的長度至少是3.625m。15.受控熱核聚變反應的裝置中溫度極高，因而帶電粒子沒有通常意義上的容器可裝，而是由磁場將帶電粒子束縛在某個區(qū)域內?，F有一個環(huán)形區(qū)域，其截面內圓半徑，外圓半徑，區(qū)域內有垂直紙面向外的勻強磁場，如圖所示。已知磁感應強度大小，被束縛的帶正電粒子的比荷，中空區(qū)域中的帶電粒子由內、外圓的圓心O點以不同的初速度射入磁場，不計帶電粒子的重力和它們之間的相互作用，且不考慮相對論效應。（1）求帶電粒子在磁場中運動的周期T和帶電粒子不能穿越磁場外邊界的最大速度。（2）若中空區(qū)域中的帶電粒子以（1）中的最大速度沿圓環(huán)半徑方向射入磁場，求帶電粒子從某點進入磁場到其第一次回到該點所需要的時間?！即鸢浮剑?），；（2）〖解析〗（1）帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動，根據牛頓第二定律有解得帶電粒子在磁場中運動周期當帶電粒子以某一速度射入磁場時，粒子的運動軌跡恰好與外圓相切，此時粒子的速度為不能穿越磁場外邊界的最大速度，如圖甲所示，根據幾何關系有解得洛倫茲力提供帶電粒子在磁場中做勻速圓周運動的向心力，根據牛頓第二定律有解得（2）帶電粒子以速度射入磁場中時，根據幾何關系有解得故其運動軌跡如圖乙所示；帶電粒子在磁場中運動的圓心角為在磁場中運動的時間帶電粒子在磁場外做勻速直線運動，所用的時間帶電粒子從某點進入磁場到其第一次回到該點所需要的時間解得2024年廣西普通高等學校招生押題卷（一）物理（考試時間：75分鐘滿分：100分）注意事項：1．本試卷分選擇題和非選擇題兩部分。答卷前，考生務必將自己的姓名、學校、班級、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題〖答案〗后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的〖答案〗標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他〖答案〗標號。寫在本試卷上無效。3．回答非選擇題時，將〖答案〗寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。4．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本題共10小題，在每小題給出的四個選項中，第1-7題只有一項符合題目要求，每題4分；8-10題有多項符合題目要求，每題6分，全部選對得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分，選擇題合計46分。1.核能是我國大力發(fā)展的新能源，秦山核電站是我國第一座建設的核電站也是目前最大的裝機核電站。核能是應用核反應獲取能量的，一個靜止的鈾核放出一個X粒子后衰變成釷核，該核衰變方程式為，已知鈾核原子質量為232.0372u，釷核原子質量為228.0287u，X粒子原子質量為4.0026u，u為原子質量單位。下列說法正確的是（??）A.該核反應方程式中：，B.該核反應過程中的質量虧損為0.0059uC.鈾核232U的結合能等于與X的結合能之和D.若增加鈾核溫度及其所受壓力，它的半衰期將會變大〖答案〗B〖解析〗A．核反應過程遵守質量數和電荷數守恒，則故A錯誤；B．質量虧損為故B正確；C．衰變產物比鈾核穩(wěn)定，比結合能大，則衰變產物總的結合能大，所以鈾核232U的結合能小于與X的結合能之和，故C錯誤；D．放射性元素的半衰期是由原子核自身因素決定的，與外界的物理和化學狀態(tài)無關，故D錯誤。故選B。2.鵲橋二號中繼衛(wèi)星于2024年3月20日成功發(fā)射，為后續(xù)我國載人登月提供可靠保障。在地球上觀察，月球和太陽角直徑（直徑對應的張角）近似相等，如圖所示。若月球繞地球運動的周期為，地球繞太陽運動的周期為，太陽半徑是月球半徑的k倍，則地球與太陽的質量之比約為（??）A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗設月球繞地球運動的軌道半徑為，地球繞太陽運動的軌道半徑為，根據可得根據幾何關系聯立可得故選D。3.電磁阻尼現象源于電磁感應原理。類似原理如下：一彈簧上端固定，下端懸掛一個磁鐵，讓磁鐵上下振動，若要使磁鐵很快停下，下列鋁框放置方式效果最明顯的是（??）A. B.C. D.〖答案〗C〖解析〗當磁鐵穿過固定的閉合線圈時，在閉合線圈中會產生感應電流，感應電流的磁場會阻礙磁鐵靠近或離開線圈，這樣磁鐵振動時除了受空氣阻力外，還要受到線圈的磁場阻力，克服阻力需要做的功較多，機械能損失較快，因而會很快停下來。故鋁框放置方式效果最明顯的是圖C。故選C。4.水平桌面上固定一根絕緣長直導線，矩形導線框abcd靠近長直導線固定在桌面上，如圖甲所示。當長直導線中的電流按圖乙的規(guī)律變化時（圖甲所示電流方向為其正方向），則（）A.，線框內電流的方向為abcdaB.，線框內電流的方向為abcdaC.，線框所受安培力方向先向左后向右D.，線框所受安培力方向一直向左〖答案〗A〖解析〗A．，穿過線圈的磁通量向里減小，根據楞次定律可知，線框內電流的方向為abcda，選項A正確；B．，穿過線圈的磁通量向里增加，根據楞次定律可知，線框內電流的方向為adcba，選項B錯誤；C．，穿過線圈的磁通量向外增加，根據楞次定律可知，線框內電流的方向為abcda，根據左手定則，ad受安培力向右，bc受安培力向左，因ad邊受安培力大于bc邊受的安培力，可知線框所受安培力方向一直向右，選項C錯誤；D．，線框內電流的方向為abcda，根據左手定則，ad受安培力向左，bc受安培力向右，因ad邊受安培力大于bc邊受的安培力，可知線框所受安培力方向向左，可知，線框所受安培力方向先向左后向右，選項D錯誤。故選A。5.兩位同學通過圖像去研究甲乙兩質點在同一直線上運動，從時刻起同時出發(fā)，甲做勻加速直線運動，位移表達式（為初位置），圖像如圖甲所示，且曲線精準經過，和三點。乙做勻減速直線運動，整個運動過程的圖像如圖乙所示，下列說法正確的是（）A.時刻，甲的速度為2m/s B.甲的加速度大小為C.乙的加速度大小為 D.經過2.5s，甲追上乙〖答案〗C〖解析〗ABC．因為甲質點的位移表達式為將、、代入上式，解得乙質點的位移表達式為當時，；當時，聯合解得AB錯誤，C正確；D．經過2.5s，甲質點的位移為乙質點的位移為因為初始距離甲沒追上乙，D錯誤。故選C。6.如圖所示，真空中固定兩個等量異種點電荷A、B，其連線中點為O，其中A帶正電。在A、B所形成的電場中，以O點為圓心、半徑為R的圓面垂直于AB連線，以O為幾何中心、邊長為2R的正方形abcd平面垂直于圓面且與AB共面，兩平面邊線交點分別為e、f，g為圓面邊緣上一點。下列說法正確的是（）A.e、f、g三點電勢不相等Ba、b、c、d四點電場強度方向相同C.將一正試探電荷沿線段eOf從e移動到f過程中，試探電荷受到的電場力先減小后增大D.將一負試探電荷沿ab邊從a移動到b過程中，試探電荷的電勢能先減小后增大〖答案〗D〖解析〗A．根據等量異種點電荷的電場分布特點可知，圖中圓面是一個等勢面，e、f、g三點電勢相等，故A錯誤；B．根據等量異種點電荷的電場分布特點和對稱性可知，a、b、c、d四點電場強度大小相等，但電場強度方向不同，故B錯誤；C．從e經O到f，電場強度先增大后減小，所以試探電荷受到的電場力先增大后減小，故C錯誤；D．從a到b，電場力先做正功后做負功，所以負試探電荷的電勢能先減小后增大，故D正確。故選D。7.如圖，一列簡諧橫波在某種介質中沿x軸傳播，時波形圖如實線所示，時波形圖如虛線所示，已知波的傳播速度為3m/s，下列說法正確的是（）A.這列波可能沿x軸正方向傳播，也可能沿x軸負方向傳播B.質點Q在2s內向右平移6mC.質點P從到內的路程為D.頻率為的簡諧橫波遇到此波可發(fā)生穩(wěn)定的干涉現象〖答案〗C〖解析〗A．根據波速關系式有則在實線波形時刻到虛線波形時刻波傳播的距離通過平移規(guī)律可知，這列波沿x軸正方向傳播，故A錯誤；B．機械波在傳播過程中，傳播的是振動形式與能量，質點并不隨波遷移，故B錯誤；C．根據解得由于則質點P從到內的路程為故C正確；D．該波的頻率可知，頻率為0.25Hz的簡諧橫波遇到此波不能發(fā)生穩(wěn)定的干涉現象，故D錯誤。故選C。8.列車進站時，其剎車原理可簡化如圖，在車身下方固定一單匝矩形線框，利用線框進入磁場時所受的安培力，輔助列車剎車。已知列車的質量為m，車身長為s，線框的ab和cd長度均為L（L小于勻強磁場的寬度），線框的總電阻為R。軌道上勻強磁場區(qū)域足夠長，磁感應強度的大小為B。車頭進入磁場瞬間的速度為v0，列車停止前所受鐵軌及空氣阻力的合力恒為f。車尾進入磁場瞬間，列車剛好停止。下列說法正確的是（）A.列車進站過程中電流方向為abcdaB.列車ab邊進入磁場瞬間，線框的電流大小為C.列車從進站到停下來的過程中，減少的動能大于線框產生的焦耳熱D.列車ab邊進入磁場瞬間，加速度大小〖答案〗ACD〖解析〗A．列車進站時，ab邊切割磁感線產生感應電流，則根據右手定則判斷可知，列車進站過程中電流方向為abcda，故A正確；B．根據法拉第電磁感應定律可得，列車ab邊進入磁場瞬間，感應電動勢為則列車ab邊進入磁場瞬間，線框的電流大小為故B錯誤；C．根據能量的轉化和守恒可知，列車從進站到停下來的過程中，減少的動能等于線框產生的焦耳熱與列車和導軌及空氣阻力摩擦產生的熱量之和，即減少的動能大于線框產生的焦耳熱，故C正確；D．列車ab邊進入磁場瞬間，根據牛頓第二定律有解得，列車的加速度大小為故D正確。故選ACD。9.如圖所示為一定質量的理想氣體從狀態(tài)a→b→c→d→a過程的圖像，其中ac的連線過原點，bc、da連線與橫軸平行，cd連線與縱軸平行。則下列說法正確的是（）A.從狀態(tài)a到狀態(tài)b，氣體對外做正功B.從狀態(tài)b到狀態(tài)c，單位時間、單位面積撞擊器壁的分子數不變C.從狀態(tài)c到狀態(tài)d，氣體向外放出熱量D.a到b氣體對外做的功等于c到d外界對氣體做的功〖答案〗AC〖解析〗A．從狀態(tài)a到狀態(tài)b，氣體體積增大，則氣體對外做正功，故A正確；B．從狀態(tài)b到狀態(tài)c，氣體體積不變，分子數密度不變，溫度升高，根據可知氣體壓強增大，又溫度升高，氣體平均動能增大，所以單位時間、單位面積撞擊器壁的分子數增加，故B錯誤；C．從狀態(tài)c到狀態(tài)d，氣體溫度不變，故內能不變；體積減小，則外界對氣體做功，根據熱力學第一定律可知，氣體放出熱量，故C正確；D．由可得圖像上各點與原點連線的斜率越大，氣體的壓強越小，從狀態(tài)a到狀態(tài)b與從狀態(tài)c到狀態(tài)d，氣體體積變化量在數值上相等，由狀態(tài)a到狀態(tài)b的平均壓強小于狀態(tài)c到狀態(tài)d，所以a到b氣體對外做的功小于c到d外界對氣體做的功，故D錯誤；故選AC。10.為加大生態(tài)環(huán)保力度，打贏污染防治攻堅戰(zhàn)，某工廠堅決落實有關節(jié)能減排政策，該工廠水平的排水管道滿管徑工作，減排前后，落水點距出水口的水平距離分別為、，假設水從排水管道出來后水柱橫截面積不變，與地面作用后速度變?yōu)榱悖铝姓f法正確的是（）A.則減排前后相同時間內的排水量之比為B.則減排前后相同時間內的排水量之比為C.落地時對地面沖擊力之比D.落地時對地面的沖擊力之比為〖答案〗BD〖解析〗AB．設水下落的高度為h，則豎直方向有故下落高度相同，水流入下方的時間相同，平拋運動水平方向有減排前后出水口處水的流速之比就等于水平位移之比，所以減排前后相同時間內的排水量之比就等于水平位移之比，即為，B項正確，A錯誤；CD．下落高度相同，水流入下方的時間相同，豎直方向速度一樣，根據動量定理所以沖擊力之比等于水平位移之比，即為，D正確。故選BD。二、非選擇題：本題共5小題，共54分。11.某實驗小組利用如圖甲所示的裝置驗證了機械能守恒定律，實驗時完成了如下的操作：a.首先接通氣墊導軌，然后調節(jié)氣墊導軌水平，將光電門固定在氣墊導軌上，調節(jié)滑輪的高度使輕繩水平；b.用游標卡尺測量遮光條寬度d；c.將質量為M的滑塊（含遮光條）放在氣墊導軌上，用輕繩跨過定滑輪，另一端拴接一個質量為m的鉤碼；d.將鉤碼由靜止釋放，記錄滑塊經過光電門時的擋光時間t，測量出釋放點到光電門的距離L；e.改變鉤碼的個數n（每個鉤碼質量均為m），仍將滑塊從同一位置靜止釋放，記錄滑塊經過光電門時相應的擋光時間。（1）游標卡尺示數如圖乙所示，則遮光條的寬度為______cm；（2）已知重力加速度為g，若所掛鉤碼的個數為n，系統(tǒng)的機械能守恒時，關系式______成立（用已知和測量的物理量的字母表示）；（3）利用記錄的實驗數據，以為橫軸、為縱軸描繪出相應的圖像，作出的圖線斜率為k，若系統(tǒng)的機械能守恒，則______（用已知和測量的物理量的字母表示）?！即鸢浮剑?）0.170（2）（3）〖解析〗（1）[1]游標卡尺的精度為0.05mm，讀數為0.1cm+mm=0.170cm（2）[2]滑塊到光電門的速度為根據機械能守恒定律有解得（3）[3]由（2）中表達式變形可知可知若系統(tǒng)的機械能守恒，則k=12.為了測量兩個電壓表、的內阻，提供的儀器有：A.待測電壓表（量程5V，內阻約）；B．待測電壓表（量程3V，內阻約）；C．電流表A（量程3A，內阻）；D．電阻箱（阻值范圍）；E．電阻箱（）；F.滑動變阻器（阻值，額定電流1.5A）；G.滑動變阻器（阻值，額定電流0.5A）；H.電池組E（電動勢為12V，內阻約）；I.單刀開關2個，導線若干。（1）在設計電路時，能否選用電流表A，________（填“能”或“不能”），請簡要說明理由：________；（2）為了測量兩個電壓表內阻，有同學設計了如圖所示電路，電路中滑動變阻器選________（填“”或“”），電阻箱選________（填“”或“”）；完成實驗操作步驟，并用恰當的符號（如：、、等）表示需要測得的物理量，通過計算用測得的物理量表示待測電壓表的內阻，步驟：第1步：將滑動變阻器滑片滑至最左端，閉合開關，斷開開關；第2步：調節(jié)________，記錄兩表、的讀數分別為、；第3步：將電阻箱調至任意數值（不為零），閉合________，記錄兩表、的讀數分別為、。實驗結果：________；________。〖答案〗（1）不能因其量程過大，測量不準確（2）滑動變阻器開關〖解析〗【小問1詳析】[1][2]由兩電壓表的量程和內阻的粗略值可以算出通過兩電壓表的電流遠遠小于電流表A的量程，所以不能選用電流表A來測通過兩電壓表的電流，因其量程過大，指針偏轉很小，測量不準確?！拘?詳析】[1]如選用，由于電源電動勢12V，總阻值，則通過它的電流會超過它的額定電流0.5A，所以選用進行分壓；[2]由于、量程之比為，為盡量讓兩電壓表都有較大的偏轉，需讓二者兩端電壓比接近于，由串聯分壓規(guī)律可知，將與一大電阻R相并聯來滿足要求，則解得所以選用電阻箱；[3][4][5][6]兩電壓表直接串聯時電流相同，則二者讀數（、）之比即為兩者內阻之比；即再將電壓表與電阻箱并聯時，兩電壓表讀數之差與電阻箱阻值之比表示電阻箱上電流，則根據串并聯電流關系可得聯立可解得，所以操作步驟為：將滑動變阻器滑至最左端，閉合開關，斷開開關調節(jié)滑動變阻器，記錄兩表的讀數、將電阻箱調至任意數值（不為零），閉合開關，記錄兩表的讀數、。13.半徑為R的扇形OABC為柱形玻璃磚的截面，，AO面水平，一束單色光照射在AO面上的D點，入射光