2025屆遼寧省高一物理第一學期期末統(tǒng)考模擬試題注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，F1＝3N，F2＝4N，F3＝5N，三個力的合力大小為（）A.0N B.8NC.10N D.12N2、如圖，平臺高h＝5m，小球以v0＝10m/s的速度水平拋出，忽略空氣阻力（g＝10m/s2），則小球（）A.落地速度為10m/s B.落地時間為0.5sC.落地時位移為10m D.落地時速度與水平方向成3、質量為m的小球（視為質點）從某液面上方一定高度處由靜止釋放，進入液體后受到的阻力與其速率成正比，小球在整個運動過程中的速率隨時間變化的規(guī)律如圖所示，取重力加速度為g。則下列分析中正確的是（）A.小球在液體中先做勻減速運動后做勻速運動B.小球在液體中受到的阻力與其速率的比值為C.小球進入液體瞬間的加速度大小為D.小球在t1～t2時間內的平均速度大于4、下列說法正確的是A.米、牛頓、秒是國際單位制中的基本單位B.力、速度、路程均為矢量C.只有細小的物體才可看成質點D.靜止的物體也有慣性5、一物體從斜面頂端由靜止開始勻加速下滑，經過斜面中點時速度為2m/s，則物體到達斜面底端時的速度為（）A.6m/sB.4m/sC.2.82m/sD.22m/s6、如圖所示，質量均為m的木塊A和B用一輕彈簧相連，豎直放在光滑的水平面上，木塊A上放有質量為2m的木塊C，三者均處于靜止狀態(tài)．現將木塊C迅速移開，若重力加速度為g，則在木塊C移開的瞬間A.彈簧的形變量不改變B.彈簧的彈力大小為mgC.木塊A的加速度大小為gD.木塊B對水平面的壓力為4mg7、將一個物體在t＝0時刻以一定的初速度豎直向上拋出，t＝0.8s時物體的速度大小變?yōu)?m/s(g取10m/s2)，則下列說法正確的是()A.物體一定是在t＝3.2s時回到拋出點B.t＝0.8s時刻物體的運動方向可能向下C.物體的初速度一定是16m/sD.t＝0.8s時刻物體一定在初始位置的上方8、如圖，質量分別為mA、mB的A、B兩個楔形物體疊放在一起，B靠在豎直墻壁上，在水平力F的作用下，A、B靜止不動，則（）A.A物體受力的個數可能為3B.B受到墻壁的摩擦力方向可能向上，也可能向下C.力F增大（A、B仍靜止），A對B的壓力也增大D.力F增大（A、B仍靜止），墻壁對B的摩擦力也增大9、如圖所示，質量均為M的A、B兩滑塊放在粗糙水平面上，兩輕桿等長，桿與滑塊、桿與桿間均用光滑鉸鏈連接，在兩桿鉸合處懸掛一質量為m的重物C，整個裝置處于靜止狀態(tài)，設桿與水平面間的夾角為θ．下列說法正確的是（）A.當m一定時，θ越小，滑塊對地面的壓力越大B.當m一定時，θ越大，輕桿受力越小C.當θ一定時，M越大，滑塊與地面間的摩擦力越大D.當θ一定時，M越大，可懸掛重物C的質量m越大10、如圖所示，質量分別為M、m的物體A、B用輕繩連接后跨過滑輪，A靜止在傾角為30°的斜面上，不計滑輪的摩擦．現將斜面傾角由30°緩慢增大到60°，A仍保持靜止，下列說法一定正確的是A.輕繩對A的拉力不變 B.斜面對A的支持力減小C.A所受的摩擦力減小 D.A所受的合力增大二、實驗題11、（4分）12、（10分）三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、（9分）某實驗小組用水流估測重力加速度大小。水龍頭流出的水在重力作用下速度越來越大，所以水流的橫截面積會越來越細，如圖所示。該實驗小組打開水龍頭同時用秒表計時，發(fā)現水龍頭經過時間t流過的水體積為V，然后用游標卡尺在相距h的兩處分別測出水流的橫截面直徑d1和d2。則：(1)水流經過d1處的速度v1=________，請寫出重力加速度表達式g=_______。(2)為提高該實驗的精度，下列措施有效的是（）（填寫選項前字母）。A.水龍頭出水口必須是豎直向下；B.測量d1時應盡量靠近水龍頭出口；C.h取值盡可能大，但是需要避免因為水流太細而發(fā)成離散的水珠；D.從多個角度測量同一截面直徑d，再求平均值；E.水龍頭流出的水速度越大越好(3)該實驗存在著多方面因素造成的誤差，請你寫出一項可能造成誤差的原因：____________14、（14分）如圖所示，傳送帶與平板緊靠在一起，且上表面在同一水平面內，兩者長度分別為L1=3m、L2=1m．傳送帶始終以速度v0=4m/s向右勻速運動．現有一滑塊（可視為質點）以速度v1=6m/s滑上傳送帶的左端，然后平穩(wěn)地滑上平板．已知：滑塊與傳送帶間的動摩擦因數μ=0.5，滑塊與平板、平板與地面間的動摩擦因數分別為μ1=0.4,μ2=0.3，滑塊、平板的質量均為m=1kg,g=10m/s2．求：(1)滑塊滑離傳送帶時的速度大??；(2)判斷滑塊能否離開平板，如果能離開，請計算出離開平板時的速度大小。15、（13分）如圖所示，輕繩懸掛一質量為m=2kg的小球，現對小球再施加一個力F(圖中未畫出)，使小球靜止在繩子與豎直方向成θ=30°的位置上，已知重力加速度g取10m/s2。（1）若F為斜向上，與水平方向夾角為60°，求F的大小。（2）若要使F的取值最小，求F的大小和方向。

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、C【解析】根據力的三角形法則，兩力合成時，首尾相連，則合力即為起點指向終點的有向線段，因此，F1＝3N，F2＝4N，F3＝5N，三個力的合力大小為：F合＝2F3＝10N故ABD錯誤，C正確。故選：C。2、D【解析】ABD．根據得小球落地的時間為小球落地時豎直分速度為根據平行四邊形定則知，落地的速度為設速度方向與水平方向的夾角為α，則有解得故AB錯誤，D正確；C．小球落地時水平位移為則落地時位移故C錯誤。故選D。3、C【解析】由圖象得到小球下降過程的運動規(guī)律，然后進行受力分析，根據牛頓第二定律和運動學公式進行分析?！驹斀狻緼．有圖象可得，小球在液體中先做減速運動后做勻速運動，但不是勻減速運動，故A錯誤；B．當速度為v２時，勻速下降，故小球在液體中受到的阻力與其速率的比值為，故B錯誤；C．小球進入瞬間，有阻力與其速率的比值為聯立解得加速度大小為故C正確；D．速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移，由圖象得，勻減速直線運動的位移大于變減速運動位移，勻減速直線運動的平均速度等于，故小球小球在t1～t2平均速度小于，故D錯誤；故選C。【點睛】速度時間圖象斜率表示加速度，面積表示位移，會用極限的思想求解位移。4、D【解析】A．國際單位制中的基本單位為千克、米、秒等，牛頓是導出單位，故A錯誤；B．力和速度是有大小和方向，屬于矢量；路程只有大小無方向，屬于標量，故B錯誤；C．物體能否看成質點是視問題而定，物體的大小和形狀對所研究的問題產生影響小，占次要因素就能看成質點，故C錯誤；D．物體的慣性由質量決定，與速度無關，靜止的物體慣性表現為繼續(xù)保持靜止，變速的物體表現為反抗，故D正確；故選D。5、C【解析】根據勻變速直線運動的速度位移公式分別對開始到中點、開始到底端列出方程，求出物體到達底端時的速度【詳解】設物體到達底端的速度為v2，到達中點時的速度為v1，根據速度位移公式得：v12＝2a?；v22＝2ax；聯立兩式解得：v2＝2m/s≈2.82m/s，故C正確，ABD錯誤；故選C6、AD【解析】A.由于彈簧彈力屬于漸變，所以撤去C瞬間，彈簧的形變量不變，故A正確；B.開始整體處于平衡狀態(tài)，彈簧的彈力等于A和C的重力，即F=3mg，撤去C的瞬間，彈簧的形變量不變，彈簧的彈力不變，仍為3mg，故B錯誤；C.撤去C瞬間，彈力不變，A的合力等于C的重力，對木塊A，由牛頓第二定律得：2mg=ma，解得：a=2g方向豎直向上，故C錯誤；D.撤去C的瞬間，彈簧的彈力不變，仍為3mg，對B，由平衡條件得：F+mg=N，解得：N=4mg木塊B對水平面的壓力為4mg，故D正確．7、ACD【解析】物體做豎直上拋運動，在0.8s內的速度變化量△v=gt=10×0.8m/s=8m/s，由于初速度不為零，可知t=0.8s時刻速度的方向一定豎直向上，不可能豎直向下，物體處于拋出點的上方，故D正確，B錯誤；t=0.8s時刻速度的方向一定豎直向上，根據v0-gt=v，代入數據解得v0=16m/s，物體回到拋出點的時間：，故AC正確．所以ACD正確，B錯誤8、AC【解析】隔離A物體，受受重力、B對A的支持力和外力F，三個力作用；若AB間存在靜摩擦力，則有：A受四個力，A正確，將AB看做一個整體，整體在豎直方向上受到重力和摩擦力，所以墻對B的摩擦力方向只能向上，B錯誤；若F增大，則F在垂直B斜面方向的分力增大，所以對B的壓力增大，C正確；先對AB整體受力分析，由平衡條件知，豎直方向：，因此當水平力F增大，墻壁對B的摩擦力仍不變，D錯誤考點：考查了共點力平衡條件的應用9、BD【解析】A．對整體分析可知，對地壓力為FN=（2M+m）g與θ無關。故A錯誤；B．將C的重力按照作用效果分解，如圖所示根據平行四邊形定則，有故m一定時，θ越大，輕桿受力越小，故B正確；C．對A分析，受重力、桿的推力、支持力和向右的靜摩擦力，根據平衡條件，有與M無關，故C錯誤；D．當θ一定時，M越大，M與地面間的最大靜摩擦力越大，則可懸掛重物C的質量m越大。故D正確。故選BD。10、AB【解析】根據“A在斜面上保持靜止”可知，本題考查連接體的平衡，根據繩連接體的特點，運用受力分析和平衡條件，列式進行討論分析.【詳解】A、斜面傾角增大過程中，物體B始終處于平衡狀態(tài)，因此繩子上拉力大小始終等于物體B重力的大小，保持不變，故A正確；B、對A由垂直斜面方向的平衡條件有，故斜面傾角θ增大時支持力減小，故B正確；C、繩子張力不變，由于兩個物體的質量之間的關系不明確，所以不能根據角度的變化確定摩擦力的變化，若靜摩擦力的方向開始時向上，則可能增大；若靜摩擦力的方向開始時向下，可能減小后變成向上并增大；故C錯誤；D、物體A保持靜止，合力為零不變，故D錯誤；故選AB【點睛】本題關鍵是先對物體B受力分析，再對物體A受力分析，然后根據共點力平衡條件列式求解二、實驗題11、12、三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數值計算的題，答案中必須明確寫出數值和單位13、①.②.③.CD④.可能造成誤差的原因是水柱的截面不是正圓形?！窘馕觥?1)[1]水流的橫截面直徑d1，則橫截面的面積水龍頭經過時間t流過的水體積為V，則：解得：水流經過d1處的速度[2]同理，水流經過d2處的速度據速度位移公式可得：則重力加速度表達式為(2)[3]A.水龍頭流出的水速較小時，即使水龍頭出水口是傾斜的，水流也沿豎直方向，故A項錯誤；B.在水流速較大時，靠近水龍頭出口，水柱的截面不是圓形，故B項錯誤；C.h取值較大，測量的相對誤差才小；水流太細而發(fā)成離散的水珠，測不出對應位置的速度；故C項正確；D.水柱的截面不一定是正圓形，從多個角度測量同一截面直徑d，再求平均值，可減小截面直徑測量的誤差；故D項正確；E.水龍頭流出的水速度較大時，水柱的截面不是圓形，故E項錯誤。(3)[4]可能造成誤差的原因是水柱的截面不是正圓形。14、(1)；(2)【解析】根據牛頓第二定律求出加速度，在結合運動學公式即可求出滑塊滑離傳送帶時的速度大小；滑塊滑上平板時，分別求出平板上下表面受到的摩擦力，從而判斷平板靜止，在根據牛頓第二定律和運動學規(guī)律即可求出離開平板時的速度大小【詳解】（1）設滑塊在傳送帶上的加速度大小為，根據牛頓第二定律有解得：設滑塊在傳送帶上減速運動的位移為，且，根據運動規(guī)律學解得：，得出滑塊在傳送帶上先做勻減速運動，再做勻速運動，離開傳送帶時的速度大小為；（2）滑塊滑上平板時，平板上下表面受到的摩擦力分別為，根據受力分析有因為，所以平板保持靜止.滑塊在平板上一直做勻減速，其加速度大小為，假設能離開平板，根據牛頓第二定律：根據運動學規(guī)律有：解得：可知滑塊能離開平板，離開平板時速度的大小為.【點睛】本題是傳送帶類型，屬于有相對運動的問題，關鍵要分析清楚物體運動過程，把握隱含的臨界狀態(tài)，如速度相等的狀態(tài)，找出兩個物體的速度關系和位移關系15、（1）；（2）；與水平面成夾角斜向上【解析】小球受三個力的作用下處于平衡狀態(tài)，根據共點力的平