…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………內(nèi)…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內(nèi)※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2024年滬教版高二物理下冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點(diǎn)；考試時(shí)間：120分鐘學(xué)校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共5題，共10分)1、如圖所示,一束電子以大小不同的速率從同一位置沿圖示方向飛入橫截面為一正方形的勻強(qiáng)磁場區(qū),在從ab邊離開磁場的電子中，下列判斷正確的是()A.從b點(diǎn)離開的電子速度最大B.從b點(diǎn)離開的電子在磁場中運(yùn)動時(shí)間最長C.從b點(diǎn)離開的電子速度偏轉(zhuǎn)角最大D.在磁場中運(yùn)動時(shí)間相同的電子，其軌跡一定重合2、用很弱的光做雙縫干涉實(shí)驗(yàn)；把入射光減弱到可以認(rèn)為光源和感光膠片之間不可能同時(shí)有兩個(gè)光子存在，如圖所示是不同數(shù)量的光子照射到感光膠片上得到的照片.

這些照片說明(

)

A.光只有粒子性沒有波動性B.光只有波動性沒有粒子性C.少量光子的運(yùn)動顯示波動性，大量光子的運(yùn)動顯示粒子性D.少量光子的運(yùn)動顯示粒子性，大量光子的運(yùn)動顯示波動性3、電流表的內(nèi)阻是Rg=200婁賂

滿刻度電流值是Ig=500婁脤A

現(xiàn)欲把這電流表改裝成量程為2.0V

的電壓表，正確的方法是(

)

A.應(yīng)串聯(lián)一個(gè)0.05婁賂

的電阻B.應(yīng)并聯(lián)一個(gè)0.05婁賂

的電阻C.應(yīng)串聯(lián)一個(gè)3800婁賂

的電阻D.應(yīng)并聯(lián)一個(gè)3800婁賂

的電阻4、如圖所示，電荷量分別為+q、+q、-q、-q的點(diǎn)電荷a、b、c、d，分別處于菱形abcd的四個(gè)端點(diǎn)，∠α＝600．1、2、3、4分別為所在邊的中點(diǎn)，其對應(yīng)的電場強(qiáng)度大小分別為E1、E2、E3、E4，對應(yīng)的電勢分別為φ1、φ2、φ3、φ4；則下列說法正確的是()

A.E1＝E3、φ1＝φ3B.E2＝E4、φ2＝φ4C.E1＝E3、φ1＞φ3D.E2＝E4、φ2＞φ45、我國第21次南極科考隊(duì)在南極觀看到了美麗的極光．極光是來自太陽的高能帶電粒子流高速沖進(jìn)高空稀薄大氣層時(shí)；被地球磁場俘獲，從而改變原有運(yùn)動方向，向兩極做螺旋運(yùn)動，如圖所示．這些高能粒子在運(yùn)動過程中與大氣分子或原子劇烈碰撞或摩擦從而激發(fā)大氣分子或原子，使其發(fā)出各種顏色的光．地磁場的存在，使許多宇宙粒子不能達(dá)到地面而向人煙稀少的兩極地區(qū)偏移，為地球生命的誕生和維持提供了天然的屏障．科學(xué)家發(fā)現(xiàn)并證實(shí)，向兩極做螺旋運(yùn)動的這些高能粒子的旋轉(zhuǎn)半徑是不斷減小的，這主要與下列哪些因素有關(guān)（）

A.可能是洛倫茲力對粒子做負(fù)功；使其動能減小。

B.可能是空氣阻力對粒子做負(fù)功；使其動能減小。

C.可能是粒子的帶電量減小。

D.南北兩極的磁感應(yīng)強(qiáng)度較強(qiáng)。

評卷人得分二、填空題(共8題，共16分)6、據(jù)統(tǒng)計(jì)城市交通事故大多因違章引起．甲、乙兩輛汽車分別在相互垂直的道路上，沿各自道寬的中心線（圖中虛線所示）向前勻速行駛，當(dāng)甲、乙兩車的車頭到十字路口（道路中心線）的距離分別為30米和40米時(shí)．道口恰處于紅、綠燈轉(zhuǎn)換．甲、乙兩車均未采取任何減速或制動等措施，以至兩車相撞．已知兩車型號相同，汽車的車長為5.2米，車寬為1.76米．并已知甲車的速度為V1=40公里/小時(shí)，設(shè)兩車相撞前均勻速行駛．試判斷在穿過路口過程中，乙車車速的范圍為____公里/小時(shí)．

7、圖甲為一黑箱裝置，盒內(nèi)有電源、電阻等元件，a、b為黑箱的兩個(gè)輸出端．

（1）為了探測黑箱；某同學(xué)進(jìn)行了以下幾步測量：

①用多用電表的電阻檔測量a、b間的電阻。

②用多用電表的電壓檔測量a、b間的輸出電壓。

③用多用電表的電流檔測量a、b間的輸出電流．

以上測量中操作正確的是____（填序號）

（2）含有電源的黑箱相當(dāng)于一個(gè)“等效電源”，a、b是等效電源的兩極．為了測定這個(gè)等效電源的電動勢和內(nèi)阻；該同學(xué)設(shè)計(jì)了圖乙所示的電路．調(diào)節(jié)變阻器的阻值，記錄下V和A的示數(shù)，并在方格紙上建立了U-I坐標(biāo)，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)畫出了坐標(biāo)點(diǎn)（如圖丙）．請你根據(jù)此條件求出等效電源的電動勢。

E=____V，內(nèi)阻r=____Ω．

（3）由于電壓表和電流表內(nèi)阻的影響不可忽略．則采用此測量電路所測得的電動勢與實(shí)際值相比____，測得的內(nèi)阻與實(shí)際值相比____．（填：偏大或偏小或相同）8、一只小燈泡標(biāo)有“3V，1.8W”字樣．各種器材的規(guī)格如下：滑動變阻器（最大阻值10Ω）；電源（E=6V，r=1Ω）；電流表（其上有0.6A和3A兩個(gè)量程，其內(nèi)阻分別約為0.1Ω和0.03Ω）；電壓表（其上有3V和15V兩個(gè)量程，其內(nèi)阻分別約為1kΩ和5kΩ．現(xiàn)用上述器材測量小燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻R1和不發(fā)光（燈泡兩端電壓較接近于零）時(shí)的電阻R2．

（1）將實(shí)驗(yàn)原理圖畫在虛線方框中．

（2）電壓表應(yīng)選用____量程；電流表應(yīng)選用____量程．

9、如圖所示，有一方向水平向右的勻強(qiáng)電場，一個(gè)質(zhì)量為m

帶電量為+q

的小球以初速度v0

從a

點(diǎn)豎直向上射入電場中.

小球通過電場中b

點(diǎn)時(shí)速度大小為2v0

方向與電場方向一致，則勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為______．10、一個(gè)小孩將一個(gè)質(zhì)量為0.1kg

的橡皮泥以20m/s

的速度打在墻上，則這一過程中，橡皮泥的動量改變量為______，動量改變量的方向與初速度的方向______(

填“相同”或“相反”).

如果將同樣質(zhì)量的一個(gè)皮球以相同的速度打在墻上后又以相同的速率彈回，則皮球的動量改變量為______．11、如圖：理想變壓器原線圈與10V

的交流電源相連，副線圈并聯(lián)兩個(gè)小燈泡a

和b

小燈泡a

的額定功率為0.3w

正常發(fā)光時(shí)電阻為30婁賂

已知兩燈泡均正常發(fā)光，流過原線圈的電流為0.09A

可計(jì)算出原、副線圈的匝數(shù)比為______，流過燈泡b

的電流為______A.12、0.2mol某種氣體在p=1atm下，則該氣體在0℃時(shí)的體積是____L，當(dāng)壓強(qiáng)變?yōu)?倍，溫度為____℃體積不變．13、電量為2隆脕10鈭?6C

的點(diǎn)電荷放入電場中A

點(diǎn)，受到作用力為4隆脕10鈭?4N

方向向右，則A

點(diǎn)的場強(qiáng)為______N/C

方向______，若把另一電荷放在該點(diǎn)受到力為2隆脕10鈭?4N

方向______，則這個(gè)電荷的電量為______．評卷人得分三、判斷題(共5題，共10分)14、電勢差有正有負(fù)，所以是矢量，且電場中兩點(diǎn)間的電勢差隨著零電勢點(diǎn)的選取變化而變化．（判斷對錯(cuò)）15、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）16、只有沿著電場線的方向電勢才會降低，所以電勢降低的方向就一定是電場強(qiáng)度的方向．（判斷對錯(cuò)）17、處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體內(nèi)部的場強(qiáng)處處為零，導(dǎo)體外表面場強(qiáng)方向與導(dǎo)體的表面一定不垂直．（判斷對錯(cuò)）18、如圖所示為某示波管內(nèi)的聚焦電場，實(shí)線和虛線分別表示電場線和等勢線．兩電子分別從a、b兩點(diǎn)運(yùn)動到c點(diǎn)．設(shè)電場力對兩電子做的功分別為Wa和Wb，a、b點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小分別為Ea和Eb，則Wa=Wb，Ea＞Eb．________（判斷對錯(cuò)）

評卷人得分四、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共27分)19、如圖甲所示為加速度計(jì)的原理圖：支架AB固定在待測系統(tǒng)上，滑塊穿在AB之間的水平光滑桿上，并用輕彈簧連接在A端，其下端有一活動臂可在滑動變阻器上自由滑動。隨著系統(tǒng)沿水平方向做變速運(yùn)動，滑塊相對于支架將發(fā)生位移，并通過電路轉(zhuǎn)換成電信號從電壓表輸出。已知電壓表量程為8V，滑塊質(zhì)量m=0.1kg，彈簧勁度系數(shù)k=20N／m，電源電動勢E=10V，內(nèi)阻不計(jì)，滑動變阻器總電阻值R=40Ω，有效總長度l=8cm．當(dāng)待測系統(tǒng)靜止時(shí)，滑動觸頭P位于變阻器R的中點(diǎn)，取A→B方向?yàn)檎较颉＃?）該加速度計(jì)能測量的最大加速度為m/s2。（2）為保證電壓表能正常使用，圖甲電路中電阻R0至少Ω。（3）根據(jù)R0的最小值，將電壓表盤上的電壓刻度改成適當(dāng)?shù)募铀俣瓤潭?，如圖乙，電壓4V對應(yīng)加速度為，電壓6V對應(yīng)加速度為（要求用正負(fù)號表示加速度方向）。20、如圖1所示為多用電表的示意圖，其中S、T為可調(diào)節(jié)的部件，現(xiàn)用此電表測量一阻值約為的定值電阻；部分操作步驟如下：

（1）選擇開關(guān)應(yīng)調(diào)到電阻檔的______填“”、“”、“”或“”位置．

（2）將紅、黑表筆分別插入“”、“”插孔，把兩筆尖相互接觸，調(diào)節(jié)______填“S”或“T”使電表指針指向______填“左側(cè)”或“右側(cè)”的“0”位置．

（3）將紅、黑表筆的筆尖分別與電阻兩端接觸，電表示數(shù)如圖2所示，該電阻的阻值為______

21、利用如圖所示裝置進(jìn)行驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律的實(shí)驗(yàn)時(shí)，需要測量物體由靜止開始自由下落到某點(diǎn)時(shí)的瞬時(shí)速度v和下落高度h.某班同學(xué)利用實(shí)驗(yàn)得到的紙帶，設(shè)計(jì)了以下四種測量方案：A．用刻度尺測出物體下落的高度h，并測出下落時(shí)間t，通過v＝gt計(jì)算出瞬時(shí)速度v.B．用刻度尺測出物體下落的高度h，并通過v＝計(jì)算出瞬時(shí)速度v.C．根據(jù)做勻變速直線運(yùn)動時(shí)紙帶上某點(diǎn)的瞬時(shí)速度，等于這點(diǎn)前后相鄰兩點(diǎn)間的平均速度，測算出瞬時(shí)速度v，并通過h＝計(jì)算出高度h.D．用刻度尺測出物體下落的高度h，根據(jù)做勻變速直線運(yùn)動時(shí)紙帶上某點(diǎn)的瞬時(shí)速度，等于這點(diǎn)前后相鄰兩點(diǎn)間的平均速度，測算出瞬時(shí)速度v.以上方案中只有一種正確，正確的是________．(填入相應(yīng)的字母)評卷人得分五、解答題(共4題，共32分)22、如圖所示，只有在y＞0的區(qū)域中，存在著垂直于紙面的、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場，一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為-q的帶電粒子（不計(jì)重力），從坐標(biāo)原點(diǎn)O以初速度v沿著與x軸正向成30°角的方向垂直于磁場方向進(jìn)入．求該帶電粒子離開磁場的位置以及方向．

23、如圖所示，兩塊長3cm的平行金屬板AB相距1cm，并與300V直流電源的兩極相連接，?A＜?B，如果在兩板正中間有一電子（m=9×10-31kg，e=1.6×10-19C），沿著垂直于電場線方向以2×107m/s的速度飛入；則：

（1）電子能否飛離平行金屬板正對空間？

（2）如果由A到B分布寬1cm的電子帶通過此電場；能飛離電場的電子數(shù)占總數(shù)的百分之幾？

24、描繪小燈泡的伏安特性曲線：

①實(shí)驗(yàn)中使用的小燈泡（2.5v；2w）、電流表（0.6A、2Ω）、電壓表（3V、3kΩ）；為了減少誤差，電流表應(yīng)采取______；為使小燈泡的電壓能從零開始變化，則滑動變阻器應(yīng)采取______．

②同組同學(xué)已經(jīng)完成部分導(dǎo)線的連接；請你按①的要求，在實(shí)物接線圖1中完成余下導(dǎo)線的連接，并根據(jù)實(shí)物圖在圖2框內(nèi)畫出相對應(yīng)的電路圖．

③某同學(xué)根據(jù)實(shí)驗(yàn)測得的數(shù)據(jù)描出相應(yīng)的點(diǎn)；如圖所示，請根據(jù)描出的點(diǎn)在圖3中畫出小燈泡的伏安特性曲線，由圖中曲線可知：導(dǎo)體的電阻隨著溫度的升高而______（選填“增大”或“減小”）．

25、如圖所示，n=50匝的矩形線圈abcd，邊長ab=20cm，bc=25cm，放在磁感強(qiáng)度B=0.4T的勻強(qiáng)磁場中，繞垂直于磁感線且通過線圈中線的OO’軸勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)動角速度ω=50rad/s，線圈的總電阻r=1Ω；外電路電阻R=9Ω．

試求：

（1）線圈在圖示位置（線圈平面與磁感線平行）時(shí)；感應(yīng)電動勢的大?。?/p>

（2）線圈從圖示位置轉(zhuǎn)動90°過程中通過電阻R的電量．

評卷人得分六、作圖題(共4題，共12分)26、試畫出下面圖1中負(fù)電荷產(chǎn)生的電場；畫出圖2中的A點(diǎn)的電場方向以及放在B點(diǎn)的負(fù)電荷所受的電場力方向。

27、波源O由平衡位置起振；經(jīng)0.2s第一次回到平衡位置，介質(zhì)中形成的簡諧波如圖甲所示，波恰好傳播到P點(diǎn)。已知這段時(shí)間內(nèi)波源O通過的路程為20cm，O；P兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置間的距離為2m。求：

（1）波源O振動的振幅A和周期T；

（2）所形成簡諧波的波長和波速；

（3）以波傳播到P點(diǎn)作為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，請?jiān)趫D乙上畫出P點(diǎn)一個(gè)周期的振動圖象（以向上為位移的正方向）。28、請根據(jù)要求畫出下列各力的示意圖：

在圖(a)中球面上的O1點(diǎn)畫出墻對小球的彈力，在圖(b)中椅面上的O2點(diǎn)畫出人對椅子的彈力．

29、波源O由平衡位置起振；經(jīng)0.2s第一次回到平衡位置，介質(zhì)中形成的簡諧波如圖甲所示，波恰好傳播到P點(diǎn)。已知這段時(shí)間內(nèi)波源O通過的路程為20cm，O；P兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置間的距離為2m。求：

（1）波源O振動的振幅A和周期T；

（2）所形成簡諧波的波長和波速；

（3）以波傳播到P點(diǎn)作為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，請?jiān)趫D乙上畫出P點(diǎn)一個(gè)周期的振動圖象（以向上為位移的正方向）。參考答案一、選擇題(共5題，共10分)1、A|D【分析】【解析】試題分析：電子在磁場中做勻速圓周運(yùn)動，在從ab邊離開磁場的電子，運(yùn)動軌跡如圖，由圖可知，從b點(diǎn)離開的電子運(yùn)動半徑最大，由可知從b點(diǎn)離開的電子速度最大；A正確；粒子轉(zhuǎn)過的圓心角越大，粒子在有界磁場中轉(zhuǎn)動的時(shí)間越長，由圖可知從a點(diǎn)離開的電子速度偏轉(zhuǎn)角最大，在磁場中運(yùn)動時(shí)間最長；B錯(cuò)誤；在磁場中運(yùn)動時(shí)間相同的電子，電子做圓周運(yùn)動圓心角相同，從同一點(diǎn)射入，則必須從同一點(diǎn)射出，所以軌跡重合；C錯(cuò)；D對；故選AD考點(diǎn)：考查帶電粒子在勻強(qiáng)磁場中的運(yùn)動【解析】【答案】AD2、D【分析】解：由于光的傳播不是連續(xù)的而是一份一份的；每一份就是一個(gè)光子，所以每次通過狹縫只有一個(gè)光子，當(dāng)一個(gè)光子到達(dá)某一位置時(shí)該位置感光而留下痕跡，由于單個(gè)光子表現(xiàn)粒子性，即每一個(gè)光子所到達(dá)的區(qū)域是不確定的，但是大量光子表現(xiàn)出波動性，所以長時(shí)間曝光后最終形成了圖3

中明暗相間的條紋，故該實(shí)驗(yàn)說明了光具有波粒二象性，故ABC錯(cuò)誤，D正確；

故選：D

．

光的反射；傳播和吸收不是連續(xù)的而是一份一份的；每一份就是一個(gè)光子，單個(gè)光子表現(xiàn)粒子性，即每一個(gè)光子所到達(dá)的區(qū)域是不確定的，但是大量光子表現(xiàn)出波動性，所以長時(shí)間曝光后最終形成了明暗相間的干涉條紋．

熟悉了課本的基本知識即可順利解出此題，故要多讀教材，加強(qiáng)對基礎(chǔ)知識的積累．【解析】D

3、C【分析】解：把電流表改裝成2V

的電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；串聯(lián)電阻阻值為：

R=UIg鈭?Rg=2500隆脕10鈭?6鈭?200=3800婁賂

故選：C

．

把電流表改裝成電壓表需要串聯(lián)分壓電阻；應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值．

本題考查了電壓表的改裝，知道電壓表改裝原理是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律可以解題．【解析】C

4、C【分析】由場強(qiáng)合成原理并聯(lián)系對稱性可知，1、3兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小和方向均相同，即E1＝E3；2、4兩點(diǎn)的場強(qiáng)大小相同，但是方向不同；1點(diǎn)離兩個(gè)正電荷較近，離兩個(gè)負(fù)電荷較遠(yuǎn)；3點(diǎn)離兩個(gè)負(fù)電荷較近，離兩個(gè)正電荷較遠(yuǎn)，則φ1＞φ3；ad兩電荷在4點(diǎn)形成電場的電勢為零，正電荷b比負(fù)電荷c離4點(diǎn)較近，可知4點(diǎn)電勢大于零；同理可分析2點(diǎn)電勢小于零，即φ2<φ4；綜上可知，選項(xiàng)C正確，ABD錯(cuò)誤；故選C.5、B|D【分析】

A；地球的磁場由南向北；當(dāng)帶負(fù)電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來時(shí)，根據(jù)左手定則可以判斷粒子的受力的方向?yàn)橄蛭?，所以粒子將向西偏轉(zhuǎn)；當(dāng)帶正電的宇宙射線粒子垂直于地面向赤道射來時(shí)，根據(jù)左手定則可以判斷粒子的受力的方向，粒子受到的洛倫茲力始終與速度垂直，所以洛倫茲力不做功，故A錯(cuò)誤；

B；粒子在運(yùn)動過程中可能受到空氣的阻力；對粒子做負(fù)功，所以其動能會減小，故B正確；

C；粒子在運(yùn)動過程中；若電量減小，由洛倫茲力提供向心力，得出的半徑公式，可知，當(dāng)電量減小時(shí)，半徑是增大．故C錯(cuò)誤；

D；粒子在運(yùn)動過程中；南北兩極的磁感應(yīng)強(qiáng)度較強(qiáng)，由洛倫茲力提供向心力，得出的半徑公式，可知，當(dāng)磁感應(yīng)強(qiáng)度增加時(shí)，半徑是減?。蔇正確．

故選：BD

【解析】【答案】根據(jù)地球磁場的分布；由左手定則可以判斷粒子的受力的方向，從而可以判斷粒子的運(yùn)動的方向．在由洛倫茲力提供向心力，則得運(yùn)動半徑與質(zhì)量及速度成正比，與磁感應(yīng)強(qiáng)度及電量成反比．

二、填空題(共8題，共16分)6、略

【分析】

如圖所示取臨界分析：設(shè)車長為a，車寬為b

若乙車較快；則如圖1所示，甲車的車頭剛好撞上乙車的車尾。

解v乙=63.3km/h

若乙車較慢；則如圖2所示；

乙車的車頭剛好撞上甲車的車尾。

解v'乙=43.4km/h

故乙車的速度范圍是43.4km/h≤v乙≤63.3km/h

故答案為：（43.4-63.3）

【解析】【答案】根據(jù)勻速直線運(yùn)動的公式求出兩種臨界情況下乙車的速度；第一種臨界為甲車車頭碰到一車車尾；第二種臨界為乙車車頭碰到甲車車尾．根據(jù)位移關(guān)系，抓住時(shí)間相等，求出乙車的臨界速度．

7、略

【分析】

（1）多用電表不能用電阻擋直接測含源電路的電阻，用多用電表的電流檔測量a、b間可能會造成短路．

用多用電表的電壓檔測量a、b間的輸出電壓是可以的；故選②

（2）由U-I圖可知；

電源的電動勢E=1.45V

路端電壓為1V時(shí)，電流為0.6A，則由閉合電路歐姆定律可知：r==0.75Ω

（3）該實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差主要是由電壓表的分流；導(dǎo)致電流表測量的電流小于通過電源的真實(shí)電流；

利用等效電源分析；即可將電壓表等效為電源內(nèi)阻，測實(shí)驗(yàn)中測出的電動勢應(yīng)為等效電阻輸出的電壓；

由圖可知；輸出電壓小于電源的電動勢；故可知電動勢的測量值小于真實(shí)值；測實(shí)驗(yàn)中測出的內(nèi)阻應(yīng)為實(shí)際電源內(nèi)阻和電壓表內(nèi)阻并聯(lián)的等效電阻；

所以測得的內(nèi)阻與實(shí)際值相比偏?。?/p>

故答案為：（1）②

（2）1.45；0.75

（3）偏??；偏小。

【解析】【答案】（1）多用電表不能用電阻擋直接測含源電路的電阻，用多用電表的電流檔測量a、b間可能會造成短路．

（2）采用描點(diǎn)法作圖；由圖可知，圖象由縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電動勢；由圖象與橫坐標(biāo)的交點(diǎn)利用閉合電路歐姆定律可求得內(nèi)電阻．

電壓表測量為電源的輸出電壓；電壓表示數(shù)沒有誤差，但電流表測量的卻是外電路中一部分電路中的電流，故可知誤差來自于電壓表的分流；

8、略

【分析】

（1）由題意可知；本實(shí)驗(yàn)中應(yīng)得出范圍較大的電壓范圍，故滑動變阻器應(yīng)選用分壓接法；同時(shí)由于燈泡的內(nèi)阻較小，故應(yīng)選用電流表外接法，故實(shí)驗(yàn)原理圖如圖所示；

（2）燈泡的額定電壓為3V，故為了準(zhǔn)確，電壓表應(yīng)選用3V的量程；由P=UI可知，電流I==0.6A；故電流表應(yīng)選擇0.6A的量程；

故答案為：（1）如右圖；（2）3V；0.6A．

【解析】【答案】（1）由題意可知實(shí)驗(yàn)原理；由實(shí)驗(yàn)原理可得出實(shí)驗(yàn)中需要的電路；

（2）根據(jù)燈泡額定電壓可選出是壓表；由燈泡的額定功率可求得電流；從而選出電流表．

9、2mgq

【分析】解：小球水平方向只受電場力做勻加速直線運(yùn)動；豎直方向做豎直上拋運(yùn)動；

根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式；可得：

水平方向；2v0=at

豎直方向；v0=gt

則有a=2g

由牛頓第二定律可知，E=maq=2mgq

故答案為：2mgq

．

采用運(yùn)動的分解法研究：水平方向小球只受電場力做勻加速直線運(yùn)動，根據(jù)動能定理求出ab

兩點(diǎn)的電勢差．

本題考查靈活選擇處理曲線運(yùn)動的能力.

小球在水平和豎直兩個(gè)方向受到的都是恒力，運(yùn)用運(yùn)動的合成與分解法研究是常用的思路．【解析】2mgq

10、略

【分析】解：規(guī)定橡皮泥初速度的方向?yàn)檎较?，則橡皮泥動量的變化量鈻?P=0鈭?mv0=0鈭?0.1隆脕20kg?m/s=鈭?2kg?m/s

可知動量變化量的方向與初速度方向相反．

規(guī)定皮球初速度方向?yàn)檎较?，則皮球的動量變化量鈻?P=鈭?mv2鈭?mv1=鈭?0.1隆脕20鈭?0.1隆脕20kg?m/s=鈭?4kg?m/s

．

故答案為：鈭?2kg?m/s

相反；鈭?4kg?m/s

．

根據(jù)初末速度；結(jié)合動量的表達(dá)式，求出橡皮泥和皮球動量的變化量大小和方向．

本題考查了動量變化量的求解，注意動量是矢量，計(jì)算時(shí)注意動量的方向．【解析】鈭?2kg?m/s

相反；鈭?4kg?m/s

11、略

【分析】解：因a

正常發(fā)光，根據(jù)公式Pa=U2R

得Ua=PaRa

副線圈電壓U2=Ua=PaRa=3v

故n1n2=U1U2=103

a

正常發(fā)光時(shí)，根據(jù)公式Pa=UaIa

得Ia=PaUa=0.1A

因b

燈與a

燈并聯(lián)，則Ub=Ua=3v

根據(jù)公式I1I2=n2n1

得副線圈總電流I2=n1n2I1=103隆脕0.09=0.3A

又因b

燈與a

燈并聯(lián)副線圈總電流I2=Ia+Ib

故流過燈泡b

的電流Ib=I2鈭?Ia=0.2A

故答案為：1030.2

由a

燈正常發(fā)光可求出副線圈的電壓，由n1n2=U1U2=103

可求原；副線圈的匝數(shù)比；

a

燈泡正常發(fā)光時(shí)可由額定功率和電阻求出a

燈泡電壓；電流；

根據(jù)公式I1I2=n2n1

可計(jì)算出副線圈的I2

再根據(jù)并聯(lián)電路特點(diǎn)Ib=I2鈭?Ia

求出流過燈泡b

的電流Ib

．

合理選擇功率計(jì)算公式，聯(lián)系理想變壓器的匝數(shù)比與電流比、電壓比關(guān)系，可快速求解．【解析】1030.2

12、略

【分析】

氣體在p=1atm；0℃時(shí)的標(biāo)準(zhǔn)狀況下1mol任何氣體的體積為22.4L；

所以：0.2mol的氣體體積為：V=22.4×0.2L=4.48L

當(dāng)氣體體積不變時(shí)做等容變化，p=1atm，V=4.48L，T=273K；p2=2p，V=V，T2

根據(jù)查理定律得：=

解得：T2=546K；即：（546-273）℃=273℃

故答案為：4.48；273

【解析】【答案】氣體在p=1atm；0℃時(shí)的標(biāo)準(zhǔn)狀況下1mol任何氣體的體積為22.4L；則可以計(jì)算出0.2mol氣體的體積，當(dāng)氣體體積不變時(shí)做等容變化，根據(jù)查理定律解得氣體的溫度．

13、略

【分析】解：A

點(diǎn)的場強(qiáng)為：E=Fq=4隆脕10鈭?42隆脕10鈭?6N/C=200N/C

方向：向右．

把另一電荷放在該點(diǎn)時(shí)；場強(qiáng)不變所受的電場力方向向右.

由F隆盲=q隆盲E

得：

q隆盲=F隆盲E=2隆脕10鈭?4200C=1隆脕10鈭?6

C.

故答案為：200

向右，向右，1隆脕10鈭?6C

電場強(qiáng)度等于試探電荷所受電場力與其電荷量的比值；方向與正電荷所受電場力方向相同，與負(fù)電荷所受電場力方向相反.

同一點(diǎn)電場強(qiáng)度不變，由電場力F=qE

求解電荷量．

本題對電場強(qiáng)度和電場力的理解能力.

電場強(qiáng)度是反映電場本身的性質(zhì)的物理量，與試探電荷無關(guān).

而電場力既與電場有關(guān)，也與電荷有關(guān)．【解析】200

向右；向右；1隆脕10鈭?6C

三、判斷題(共5題，共10分)14、B【分析】【解答】解：電勢差類似于高度差；沒有方向，是標(biāo)量，正負(fù)表示電勢的相對大小．

兩點(diǎn)間的電勢差等于電勢之差；由電場中兩點(diǎn)的位置決定，與零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)．由以上的分析可知，以上的說法都錯(cuò)誤．

故答案為：錯(cuò)誤。

【分析】電勢差是標(biāo)量，正負(fù)表示大?。浑妱莶钆c零電勢點(diǎn)的選取無關(guān)；沿著電場線方向電勢降低；電勢反映電場本身的性質(zhì)，與試探電荷無關(guān)．15、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．16、B【分析】【解答】解：沿著電場線方向；電勢降低，且降低最快；

那么電勢降低最快的方向才是電場線的方向；但電勢降低的方向不一定是電場線的方向，故錯(cuò)誤；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】電場強(qiáng)度和電勢這兩個(gè)概念非常抽象，借助電場線可以形象直觀表示電場這兩方面的特性：電場線疏密表示電場強(qiáng)度的相對大小，切線方向表示電場強(qiáng)度的方向，電場線的方向反映電勢的高低．17、B【分析】【解答】解：根據(jù)靜電平衡的特點(diǎn)；導(dǎo)體是等勢體，金屬導(dǎo)體的內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零；

由于處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體是一個(gè)等勢體；則表面電勢處處相等，即等勢面，那么電場線與等勢面垂直；

故答案為：錯(cuò)誤．

【分析】金屬導(dǎo)體在點(diǎn)電荷附近，出現(xiàn)靜電感應(yīng)現(xiàn)象，導(dǎo)致電荷重新分布．因此在金屬導(dǎo)體內(nèi)部出現(xiàn)感應(yīng)電荷的電場，正好與點(diǎn)電荷的電場疊加，只有疊加后電場為零時(shí)，電荷才不會移動．此時(shí)導(dǎo)體內(nèi)部電場強(qiáng)度處處為零，電荷全部分布在表面，且為等勢面，導(dǎo)體是等勢體．18、A【分析】【解答】解：圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上；

故Uac=Ubc，根據(jù)W=qU，有Wa=Wb；

a位置的電場強(qiáng)度較密集，故Ea＞Eb；

故答案為：正確．

【分析】圖中a、b兩點(diǎn)在一個(gè)等勢面上，根據(jù)W=qU判斷電場力做功的大小，根據(jù)電場線的疏密程度判斷電場強(qiáng)度的大?。?、實(shí)驗(yàn)題(共3題，共27分)19、略

【分析】【解析】試題分析：（1）彈簧形變量在允許范圍內(nèi)的最大值為4cm，由和可得加速度最大為（2）電壓表電壓不能超過8V，最大值則至少為10Ω。（3）當(dāng)電壓表示數(shù)為4V是，,滑片指在滑動變阻器中間，加速度為0；電壓為6V，滑動變阻器從中間向右滑了有向左的加速度，由和可得大小為因此電壓6V對應(yīng)加速度為考點(diǎn)：串聯(lián)電路電壓和電阻的關(guān)系【解析】【答案】（1）8（2）10（3）0-4m/s220、略

【分析】【詳解】

用歐姆表測阻值約為1000Ω的定值電阻；部分操作步驟如下：

（1）選擇開關(guān)應(yīng)調(diào)到電阻檔的“×100”位置．

（2）將紅；黑表筆分別插入“+”、“-”插孔；把兩筆尖相互接觸，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕T，使電表指針指向右側(cè)的“0”位置．

（3）將紅；黑表筆的筆尖分別與電阻兩端接觸；由圖2所示可知，該電阻的阻值為11×100=1100Ω．

故答案為（1）×100；（2）T；右側(cè)；（3）1100．【解析】×100T右側(cè)110021、略

【分析】重物的機(jī)械能不一定守恒，加速度不一定是重力加速度g，A錯(cuò)；同理BC錯(cuò)；D對；【解析】【答案】D五、解答題(共4題，共32分)22、略

【分析】

帶電粒只受洛侖茲力；做勻速圓周運(yùn)動。

洛侖茲力用來提供向心力：

∴

根據(jù)幾何知識；∠OAD=30°，所以∠OAB=60°

離開磁場的距離：

離開磁場的速度方向與x軸正向成30斜向下．

答：該帶電粒子離開磁場的位置：離O點(diǎn)的位移為以及方向與x軸正向成30斜向下．

【解析】【答案】粒子垂直進(jìn)入磁場；由洛倫茲力提供向心力，做勻速圓周運(yùn)動，根據(jù)牛頓第二定律求解軌道半徑R．

根據(jù)圓的對稱性可知；粒子進(jìn)入磁場時(shí)速度與x軸的夾角為30°角，穿出磁場時(shí)，與x軸的夾角仍為30°角，結(jié)合左手定則可知，粒子速度的偏向角為300°角，軌道的圓心角也為300°，利用幾何關(guān)系即可求出帶電粒子離開磁場的位置．

23、略

【分析】

（1）當(dāng)電子從正中間沿著垂直于電場線方向以2×107m/s的速度飛入時(shí)，若能飛出電場，則電子在電場中的運(yùn)動時(shí)間為

在沿AB方向上，電子受電場力的作用，在AB方向上的位移其中

聯(lián)立求解，得y=0.6cm，而cm，所以故粒子不能飛出電場．

（2）從（1）的求解可知，與B板相距為y的電子帶是不能飛出電場的，而能飛出電場的電子帶寬度為x=d-y=1-0.6=0.4cm，所以能飛出電場的電子數(shù)占總電子數(shù)的百分比為：

故答案為：（1）電子不能飛離平行金屬板正對空間；（2）40%

【解析】【答案】電子在電場中做類平拋運(yùn)動，將這個(gè)運(yùn)動分解為水平方向的勻速直線運(yùn)動和豎直方向的勻加速直線運(yùn)動．假設(shè)電子能飛出電場，初速度和板長已知，可求出時(shí)間，AB方向上的位移將y與cm比較；即可判斷電子能否飛離電場．根據(jù)電子不能飛離電場的寬度，求出能飛出電場的電子數(shù)占總電子數(shù)的百分比．

24、略

【分析】

①燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻R===3.125Ω，=≈1.6，=≈1000，＞電流表應(yīng)采用外接法；電壓與電流從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法．

②電流表采用外接法；滑動變阻器采用分壓接法，電路圖如圖所示，根據(jù)實(shí)物電路圖作出實(shí)驗(yàn)原理圖，如圖所示．

③根據(jù)坐標(biāo)系中描出的點(diǎn)；作出I-U圖象，如圖所示；根據(jù)圖象由歐姆定律可知，導(dǎo)體的電阻隨著溫度的升高而增大．

故答案為：①外接法；分壓接法；②實(shí)物電路圖如圖所示；實(shí)驗(yàn)原理圖如圖所示；③I-U圖象如圖所示；增大．

【解析】【答案】①由電功率的變形公式求出燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻；根據(jù)燈泡電阻與電表內(nèi)阻的關(guān)系確定電流表的接法；電壓與電流從零開始變化，滑動變阻器應(yīng)采用分壓接法．

②根據(jù)電流表與滑動變阻器采用的接法連接實(shí)物電路圖；根據(jù)實(shí)物電路圖作出實(shí)驗(yàn)原理圖．

③根據(jù)坐標(biāo)系中所描出的點(diǎn)；作出圖象，根據(jù)圖象，應(yīng)用歐姆定律判斷燈泡電阻如何變化．

25、略

【分析】

（1）線圈在圖示位置產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大；其大小為：

Em=nBωS=nBωab?bc=50×0.4×50×0.2×0.25=50V

（2）轉(zhuǎn)動90°過程中平均感應(yīng)電動勢E=n=

平均電流為I=

通過的電荷量為q=It

聯(lián)立代入數(shù)據(jù)得q=0.1C

【解析】【答案】線圈在圖示位置產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大，其大小為Em=nBωS=nBωab?bc；轉(zhuǎn)動過程中由平均感應(yīng)電動勢和電流公式代入數(shù)據(jù)解得．

六、作圖題(共4題，共12分)26、解：負(fù)電荷產(chǎn)生的電場線應(yīng)該由無窮遠(yuǎn)指向負(fù)點(diǎn)電荷；如圖1；

電場中電場強(qiáng)度的方向沿電場線的切線的方向；所以A點(diǎn)的場強(qiáng)的方向豎直向下，如圖2；

負(fù)電荷受力的方向與電場線的方向相反；所以負(fù)電荷在B點(diǎn)受電場力方向豎直向上，如圖2．

答：如上圖所示【分析】【分析】電場中電場強(qiáng)度的方向沿電場線的切線的方向；負(fù)電荷受力的方向與電場線的方向相反，也是沿電場線的切線方向．27、解：（1）從O點(diǎn)到B點(diǎn)，通過了T，波源O通過的路程為20cm，從O點(diǎn)開始通過達(dá)到最大振幅，振幅A=cm=10cm

波源O由平衡位置起振，經(jīng)=0.2s第一次回到平衡位置；解得周期：T=0.4s

（2）如圖甲所示，OP恰好半個(gè)波長，故波長：λ=2×2m=4m，波速：

（3）以波傳播到P點(diǎn)作為計(jì)