…………○…………內…………○…………裝…………○…………內…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………※※請※※不※※要※※在※※裝※※訂※※線※※內※※答※※題※※…………○…………外…………○…………裝…………○…………訂…………○…………線…………○…………第=page22頁，總=sectionpages22頁第=page11頁，總=sectionpages11頁2025年中圖版選修3物理上冊月考試卷含答案考試試卷考試范圍：全部知識點；考試時間：120分鐘學校：______姓名：______班級：______考號：______總分欄題號一二三四五六總分得分評卷人得分一、選擇題(共8題，共16分)1、一磁場的磁感線如圖所示，一個小磁針放入磁場中，則小磁針將（）A.順時針轉動直到N指向右B.逆時針轉動直到S指向右C.保持不動D.一直順時針轉動2、如圖所示，兩根等高光滑的1/4圓弧軌道，半徑為r、間距為L，軌道電阻不計．在軌道頂端連有一阻值為R的電阻，整個裝置處在一豎直向上的勻強磁場中，磁感應強度為B，現(xiàn)有一根長度稍大于L、電阻不計的金屬棒從軌道最低位置cd開始，在拉力作用下以初速度v0向右沿軌道做勻速圓周運動至ab處，則該過程中（）

A.通過R的電流方向為由a→R→bB.通過R的電流方向為由b→R→aC.R上產生的熱量為D.流過R的電量為3、關于電容器和電感器，下列說法中正確的是（）A.電容器和電感器對交流電都有阻礙作用，因此不能讓交流電通過B.電容器和電感器對直流電都有阻礙作用，但可以讓直流電通過C.電容器和電感器對直流電都沒有阻礙作用D.電容器對直流電有阻礙作用，電感器對交流電有阻礙作用4、如圖所示，理想變壓器的原線圈接在的交流電源上，副線圈接有R=55的負載電阻，原、副線圈匝數(shù)之比為4:1，電流表、電壓表均為理想電表．下列說法正確的是（））

A.B.電流表的讀數(shù)為0.25AC.原線圈的輸入功率為D.副線圈輸出交流電的周期為50s電壓表的讀數(shù)為5、如圖甲所示，為一個質量為m，電荷量為q的圓環(huán)，可在水平放置的足夠長的粗糙細桿上滑動細桿處于勻強磁場中，（不計空氣阻力），現(xiàn)給圓環(huán)向右初速度在以后的運動過程中的速度圖象如圖乙所示。則圓環(huán)所帶的電性、勻強磁場的磁感應強度B和圓環(huán)克服摩擦力所做的功W。（重力加速度為g）下列說法正確的是（）

A.圓環(huán)帶負電，B.圓環(huán)帶正電，C.圓環(huán)帶負電，D.圓環(huán)帶正電，6、如圖為伏打電池示意圖，由于化學反應，在A、B兩電極附近產生了很薄的化學反應層a、b；則沿電流方向。

A.在外電阻R中，電勢升高B.在內電阻r中，電勢升高C.在反應層a中，電勢升高D.在反應層b中，電勢降低7、在如圖所示的電路中，電源電動勢為E、內電阻為r，C為電容器，R0為定值電阻；R為滑動變阻器。開關閉合后，燈能正常發(fā)光，當滑動變阻器的滑片向右移動時，下列判斷正確的是。

A.路端電壓變小B.燈泡L將變亮C.電容器C的電量將減小D.電容器C的電量將增大8、小文根據(jù)如圖所示的情況，把它們的示數(shù)、測量結果分別記錄在了每個圖的下面．其中記錄正確的是A.B.C.D.評卷人得分二、多選題(共8題，共16分)9、在如圖所示的電路中，電源內阻不能忽略，當閉合開關S后，各用電器均能工作．現(xiàn)將滑動變阻器R的滑片P向下滑動；則。

A.燈變亮，電壓表示數(shù)減小B.燈變亮，電流表示數(shù)增大C.燈變亮，電容器的帶電量增大D.電壓表和電流表的示數(shù)均減小10、下列說法正確的是（）A.溫度高的物體內能不一定大，但分子平均動能一定大B.外界對物體做功，物體內能一定增加C.溫度越高，布朗運動越顯著E.當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的減小而增大E.當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時，分子勢能隨分子間距離的減小而增大11、以下說法正確的是（）A.一定質量的氣體，在吸收熱量的同時體積增大，內能有可能不變B.內能相等的兩個物體相互接觸，也可能發(fā)生熱傳遞C.僅知道阿伏伽德羅常數(shù)和氮氣的摩爾體積，能算出氮氣分子的體積D.當分子間的作用力表現(xiàn)為斥力時，分子間的距離越小，分子勢能越大12、下列說法正確的是（）A.目前實驗室內所能達到的最低溫度為－273.15℃，即絕對零度B.溫度是分子平均動能的標志，溫度升高，則物體的每一個分子的動能都增大C.熱平衡定律為：當A、B兩物體分別與C物體達到熱平衡時，則A物體與B物體之間也會處于熱平衡狀態(tài)D.擴散現(xiàn)象說明分子之間存在空隙，同時也說明分子在永不停息地做無規(guī)則運動13、如圖所示，質量為m、長為L的導體棒電阻為R，初始時靜止于光滑的水平軌道上，電源電動勢為E，內阻不計。勻強磁場的磁感應強度大小為B、方向與軌道平面成θ角斜向右上方；開關S閉合后導體棒開始運動，則（）

A.導體棒向左運動B.開關閉合瞬間導體棒MN所受安培力為C.開關閉合瞬間導體棒MN所受安培力為D.開關閉合瞬間導體棒MN的加速度為14、如圖所示，在間距為足夠長的兩條水平虛線間有垂直紙面向里的勻強磁場，其上方距上邊界h處有一導線框（各邊長如圖標注），現(xiàn)將導線框由靜止釋放，從線框下邊進入磁場開始計時至線框完全離開磁場（整個過程線框保持豎直不翻轉），該過程中v－t圖線可能正確的是（）

A.B.C.D.15、如圖所示，物體A、B的質量分別為m和2m,之間用輕彈簧連接；放在光滑的水平面上，物體A緊靠豎直墻，現(xiàn)在用力向左推B使彈簧壓縮，然后由靜止釋放，則。

A.從撤去推力到A離開豎直墻之前，B和彈簧組成的系統(tǒng)動量不守恒，機械能守恒B.從撤去推力到A離開豎直墻之前，B和彈簧組成的系統(tǒng)動量守恒，機械能不守恒C.彈簧第二次恢復為原長時，B兩物體的速度方向一定相同D.彈簧第一次、第二次壓縮最短時彈性勢能之比為3：116、如圖，半徑為R、質量為m的半圓軌道小車靜止在光滑的水平地面上，將質量也為m的小球從距A點正上方h高處由靜止釋放，小球自由落體后由A點經過半圓軌道后從B沖出，在空中能上升的最大高度為則()

A.小球和小車組成的系統(tǒng)動量守恒B.小車向左運動的最大距離為RC.小球離開小車后做豎直上拋運動D.小球第二次能上升的最大高度h0<h<h0評卷人得分三、填空題(共6題，共12分)17、圖中虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內間距相等的組等勢面，已知平面b上的電勢為2V．一電子經過a平面時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV．則電勢為零的等勢面是_____，電子經過c平面時的動能為_____eV．

18、熱平衡的性質：達到熱平衡的系統(tǒng)都具有相同的_______。19、如圖，左側豎直玻璃管固定，下端與汞壓強計相連，上端封有一定量的氣體。開始壓強計的U形管兩臂內汞面一樣高，氣柱長為10cm、溫度為7℃。當氣體溫度升為27℃時：如需保持氣體壓強不變，則應向___________（選填“上”或“下”）適當移動右管；如需保持氣體體積不變，則兩側玻璃管內的液面高度差應調整為___________cm（小數(shù)點后保留兩位）。（大氣壓強相當于76cm汞柱產生的壓強）

20、A、B兩根粗細相同的不同導線，電阻率之比1:2，長度之比為4:1，則它們的電阻之比RA:RB="__________"；然后分別加上相同的電壓，相同時間內通過兩導線橫截面的電荷量之比qA:qB=__________；消耗的電功率之比PA:PB=__________。21、一質子束入射到靜止靶核上，產生如下核反應：式中p代表質子，n代表中子，X代表核反應產生的新核．由反應式可知，新核X的質子數(shù)為____________，中子數(shù)為______________．22、卡文迪許扭秤是用來測定萬有引力恒量的重要儀器，為了觀察懸掛的石英絲發(fā)生的微小扭轉形變，卡文迪許采用了光放大的原理，圖中懸掛在石英絲下端的T形架的豎直桿上裝一塊小平面鏡M，M可將由光源S射來的光線反射到弧形的刻度尺上（圓弧的圓心即在M處）．已知尺距M為2m，若反射光斑在尺S上移動2cm，則平面鏡M轉過的角度是________rad．

評卷人得分四、作圖題(共3題，共24分)23、如圖所示，甲、乙是直線電流的磁場，丙、丁是環(huán)形電流的磁場，戊、己是通電螺線管的磁場，試在各圖中補畫出電流方向或磁感線方向．

24、示波管的內部結構如圖所示．如果在偏轉電極XX/、YY/之間都沒有加電壓，電子束將打在熒光屏中心．如果在偏轉電極XX/之間和YY/之間分別加上如圖所示的電壓，請畫出熒光屏上出現(xiàn)的完整掃描波形圖．

25、圖中表示某一時刻的波形圖，已知波速為0.5m/s，波沿著x軸的正方向傳播；畫出經過7s后的波形曲線。

評卷人得分五、實驗題(共1題，共6分)26、在測量“水果電池”的電動勢和內電阻的實驗中；待測“水果電池”的電動勢約為1.5V，現(xiàn)有下列器材：

待測“水果電池”

電流表A：滿偏電流3mA；電阻不計。

電壓表V：量程0﹣1.5V；電阻約10KΩ

滑動變阻器R1：0﹣10Ω

滑動變阻器R2：0﹣20kΩ

開關；導線等。

（1）本實驗選用圖甲所示的實驗原理圖，應該選用的滑動變阻器是_____（選填“R1或“R2”）．

（2）根據(jù)電壓表的示數(shù)U與電流表的示數(shù)I，做出如圖乙所示的U﹣I圖象，根據(jù)圖象可知，待測電池的電動勢E＝_____V，內電阻r＝_____Ω．評卷人得分六、解答題(共1題，共9分)27、如圖所示，兩管粗細不同的U形玻璃管豎直放置，右管中有一段長為5cm的水銀柱，水銀柱橫截面積為10cm2；水銀柱上液面離管口的距離為10cm，大氣壓強為75cmHg，氣體溫度為300K，將玻璃管在豎直平面內緩慢轉動180°使管口豎直向下，水銀剛好到管口且不會流出，求：

（1）開始時；管中封閉氣體的體積；

（2）若不轉動玻璃管；將管中氣體的溫度升高到多少時，水銀剛好到管口且不會溢出。（結果保留一位小數(shù)）

參考答案一、選擇題(共8題，共16分)1、A【分析】【詳解】

小磁針N極指向即為該點磁感應強度方向，而磁場方向水平向右，故小磁針將順時針轉動直到N指向右，A正確．2、B【分析】【詳解】

金屬棒從軌道最低位置cd運動到ab處的過程中，穿過回路的磁通量減小，根據(jù)楞次定律判斷得知通過R的電流方向為由b→R→a，故A錯誤，B正確；金屬棒做勻速圓周運動，回路中產生正弦式交變電流，可得產生的感應電動勢的最大值為Em=BLv0，有效值經過的時間為：根據(jù)焦耳定律有：故C錯誤；通過R的電量由公式：故D錯誤．3、D【分析】【詳解】

A．電感線圈阻礙交流電的變化；但不能阻止，所以回路中有電流，A錯誤。

BC．電容器對直流來說相當于斷路；直流無法通過電容器，對直流有阻礙作用，BC錯誤。

D．綜上可知：電容器對直流電有阻礙作用，電感器對交流電有阻礙作用，D正確。4、B【分析】【分析】

根據(jù)瞬時值的表達式可以求得輸出電壓的有效值；周期和頻率等；再根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，即可求得結論．

【詳解】

由瞬時值的表達式可得，原線圈的電壓有效值為220V，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可得，副線圈的電壓為55V，電壓表的讀數(shù)為55V；再由輸入功率和輸出功率相等可得P=220I1==55W，所以原線圈的電流的大小為I1=0.25A，所以AC錯誤，B正確；變壓器不會改變交流電的周期和頻率，所以副線圈中輸出交流電的周期為T==0.02s；所以D錯誤．故選B．

【點睛】

題主要考查變壓器的知識，要能對變壓器的最大值、有效值、瞬時值以及變壓器變壓原理、功率等問題徹底理解．5、B【分析】【詳解】

因圓環(huán)最后做勻速直線運動，根據(jù)左手定則可得圓環(huán)帶正電荷，在豎直方向上平衡得

解得

動能定理得，圓環(huán)克服摩擦力所做的功W

解得

故B正確。

故選B。6、C【分析】【詳解】

AB．電流只要通過電阻；靜電力就要做正功，電勢能就要降低，電勢就要降低，所以AB錯誤．

CD．在在反應層ab中，由于非靜電力做功，電荷的電勢能升高，所以電勢也是升高的．故C正確，D錯誤．7、D【分析】當滑動變阻器的滑片向右移動時，變阻器在路電阻增大，外電阻增大，電路中電流減小，路端電壓增大，故A錯誤．電路中電流減小，燈L變暗，故B錯誤．電容器的電壓等于路端電壓，可見其電壓是增大的，則由Q=CU知，電容器C的電荷量將增大．故C錯誤，D正確．故選D.8、C【分析】【詳解】

A；標尺上一個大格1g；每一個小格0.2g，并且以游碼的左側對準的刻度為準，物體的質量：20g+50g+2.4g=72.5g；故A錯誤；

B；溫度計的分度值是1℃；溫度計的示數(shù)為-10℃+（-2℃）=-12℃；故B錯誤；

C；量筒的分度值為2mL；則量筒的示數(shù)為20mL+6mL=26mL；故C正確；

D；電能表的讀數(shù)為931.6kW?h；故D錯誤．

故選C．二、多選題(共8題，共16分)9、A:D【分析】【詳解】

當閉合開關S后，將滑動變阻器的滑片P向下時，接入電路的電阻減小，外電路總電阻減小，干路電流增大，路端電壓減小，則燈L1變亮，電壓表的示數(shù)減小；根據(jù)串聯(lián)電路分壓規(guī)律可知，并聯(lián)部分的電壓減小，則燈L2的電流減小，燈L2變暗，電流表的示數(shù)減??；根據(jù)干路電流增大，流過燈L2的電流減小，根據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律可知，L3中電流增大，燈L3變亮；并聯(lián)部分電壓減小，則電容器的電壓減小，由Q=CU，可知電容器C的帶電量減?。?/p>

A.燈變亮；電壓表示數(shù)減小與分析相符，故A項符合題意；

B.燈變亮；電流表示數(shù)增大與分析不符，故B項不符合題意；

C.燈變亮；電容器的帶電量增大與分析不符，故C項不符合題意；

D.電壓表和電流表的示數(shù)均減小與分析相符，故D項符合題意．10、A:C:E【分析】【分析】

【詳解】

A．溫度是分子平均動能的標志；溫度高的物體分子平均動能一定大，但是內能還與物質的多少；體積、狀態(tài)等有關，故內能不一定大，故A正確；

B．外界對物體做功；若散熱，物體內能不一定增加，故B錯誤；

C．溫度越高；分子運動越劇烈，小顆粒受到分子撞擊越劇烈，布朗運動越顯著，故C正確；

D．當分子間的距離增大時；引力和斥力均減小，故D錯誤；

E．當分子間作用力表現(xiàn)為斥力時；分子間作用力隨分子間距離的減小而增大，所以分子勢能隨分子間距離的減小而增大，故E正確。

故選ACE。11、A:B:D【分析】【詳解】

A．一定質量的氣體；在吸收熱量的同時有可能體積增大，氣體對外做功，由熱力學第一定律可知內能有可能不變，故A正確；

B．內能相等的兩個物體；溫度不一定相同，溫度不同相互接觸就會發(fā)生熱傳遞，因此可能發(fā)生熱傳遞，故B正確；

C．僅知道阿伏伽德羅常數(shù)和氮氣的摩爾體積；則可以算出氮氣分子平均所占空間體積的大小，但氣體分子之間的距離遠大于其本身直徑，所以氮氣分子所占空間體積的大小遠大于氮氣分子體積的大小，不能算出氮氣分子的體積，故C錯誤；

D．當分子間的作用力表現(xiàn)為斥力時；減小分子間的距離，分子力做負功，分子勢能增大；所以當分子間的作用力表現(xiàn)為斥力時，分子間的距離越小，分子勢能越大，故D正確；

故選ABD。12、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．絕對零度是宇宙溫度的下限；是理論上所能達到的最低溫度，在實驗室內是達不到的，故A錯誤；

B．溫度是分子平均動能的標志；溫度升高，分子的平均動能增大，但并不是每個分子的動能都增大，故B錯誤；

C．熱平衡定律為：當兩個物體都與另一物體達到熱平衡時；則這兩個物體之間也會處于熱平衡狀態(tài)，故C正確；

D．擴散現(xiàn)象說明分子之間存在空隙；也說明分子在永不停息地做無規(guī)則運動，故D正確。

故選CD。13、B:D【分析】【詳解】

A．開關閉合；安培力方向為，由左手定則可知，磁感線穿過掌心，則大拇指向為垂直磁感線向右，從而導致導體棒向右運動，A錯誤；

BC．當開關閉合后，根據(jù)安培力公式和可得

B正確；C錯誤；

D．當開關閉合后，安培力的方向與導軌成的夾角，再根據(jù)力的分解可得，合力大小，再由牛頓第二定律與安培力的大小可知，加速度

D正確。

故選BD。14、C:D【分析】線框進入磁場時；受到安培力與重力兩個力作用，線框下落時高度不同，進入磁場時速度不同，線框受到的安培力不同，則安培力可能大于重力；小于重力、等于重力，若剛進入磁場時，安培力等于重力，當下落l時，切割長度減半，導致安培力減小，則線框加速下落，當再次出現(xiàn)安培力等于重力時，勻速下落，若剛進入磁場時，安培力大于重力，那么開始減速下落，當安培力等于重力時，開始勻速下落，當下落距離等于l時，切割長度減半，導致安培力小于重力，則線框開始加速運動，直到安培力等于重力時，才開始勻速下落。若剛進入磁場時，安培力小于重力時，那么線框繼續(xù)加速，導致安培力增大，則加速度會減小，當下落距離為l時，切割長度減半，那么安培力會減半，則加速度會增大，綜上所述，可能是CD，故AB錯誤，CD正確；故選CD。

點睛：本題關鍵要分析線框進入磁場時的受力情況，知道安培力與速度的關系，要考慮各種可能的情況，進行討論分析。15、A:C:D【分析】【詳解】

對A、B和彈簧組成的系統(tǒng)，從撤去推力到A離開豎直墻之前，系統(tǒng)受到墻壁的彈力作用，合外力不為零，則A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動量不守恒；此過程中由于只有彈力做功，則機械能守恒，選項A正確，B錯誤；彈簧第二次恢復為原長時，此時A、B兩物體的速度方向均向右，方向一定相同，選項C正確；撤去力F后，B向右運動，彈簧彈力逐漸減小，當彈簧恢復原長時，A開始脫離墻面，這一過程機械能守恒，即滿足：E=(2m)vB2；A脫離墻面后速度逐漸增加，B速度逐漸減小，此過程中彈簧逐漸伸長，當A、B速度相同時，彈簧彈性勢能最大，這一過程系統(tǒng)動量和機械能均守恒，有：動量守恒：2mvB=（m+2m）v，機械能守恒：EPmax＝(2m)vB2?(m+2m)v2；可解得：EPmax＝即彈簧第一次；第二次壓縮最短時彈性勢能之比為3：1，所以D正確；故選ACD.

【點睛】

正確認識動量守恒條件和機械能守恒條件是解決本題的關鍵．如果一個系統(tǒng)不受外力或所受外力的矢量和為零，那么這個系統(tǒng)的總動量保持不變；系統(tǒng)只有重力或彈力做功為機械能守恒．16、C:D【分析】【分析】

【詳解】

A．小球與小車在水平方向所受合外力為零；在豎直方向所受合外力不為零，因此小球和小車組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒，在豎直方向動量不守恒，A錯誤；

B．當小球向右運動時，設任一時刻小球速度的水平分量大小為小車的速度大小為據(jù)系統(tǒng)水平方向動量守恒，以向右為正，則

可得

則小球與車在水平方向位移大小

而

解得：小車向左運動的最大距離

B錯誤；

C．小球與小車組成的系統(tǒng)水平方向動量守恒；系統(tǒng)水平方向動量為零，小球離開小車時兩者在水平方向速度相等，則小球離開小車時小球與小車水平方向速度均為零，小球離開小車后做豎直上拋運動，C正確；

D．小球第一次在車中運動過程中，由功能關系得

小球第二次在車中運動過程中，相應位置處速度變小，小車對小球的彈力變小，從而摩擦力變小，小球克服摩擦做的功變少，即

設小球第二次能上升的最大高度為由功能關系得

解得

D正確。

故選CD。三、填空題(共6題，共12分)17、略

【分析】【分析】

根據(jù)只有電場力做功；動能與電勢能之和不變，當電場力做負功時，動能轉化為電勢能，在電勢為零處，電勢能為零，從而即可求解．

【詳解】

虛線a、b、c、d、f代表勻強電場內間距相等的一組等勢面，一電子經過a時的動能為10eV，從a到d的過程中克服電場力所做的功為6eV，動能減小了6eV，電勢能增加了6eV，因此a、d的電勢差為6V；等勢面間的電勢差為2V，因平面b上的電勢為2V，由于電子的電勢能增加，等勢面由a到f是降低的，因此平面c上的電勢為零；在平面b上電勢為2V；則電子的電勢能為-2eV，動能為8eV，電勢能與動能之和為6eV，當電子經過平面c時，其電勢能為0，動能為6eV；

【點睛】

考查電場力做功與電勢能變化的關系，掌握電勢能與動能之和不變，理解電勢為零處的電勢能為零是解題的關鍵．【解析】C618、略

【分析】【分析】

【詳解】

略【解析】溫度19、略

【分析】【詳解】

[1]若需保持氣體壓強不變；根據(jù)蓋—呂薩克定律可知氣體溫度升高，則體積增大，所以左側汞面下降，而汞的總體積不變，且末狀態(tài)下左；右汞面應仍保持在同一高度，則末狀態(tài)下右側汞面應更加靠近管口，所以應向下適當移動右管。

[2]開始時封閉氣體的壓強和溫度分別為

末狀態(tài)下氣體溫度為

如需保持氣體體積不變，設末狀態(tài)下氣體壓強為p1，根據(jù)查理定律有

解得

根據(jù)平衡條件可知

解得兩側玻璃管中液面高度差對應的壓強為

即兩側玻璃管內的液面高度差應調整為5.43cm?！窘馕觥肯?.4320、略

【分析】【詳解】

[1]A、B兩根粗細相同，橫截面積相等，根據(jù)電阻定律

得

[2]由歐姆定律得，電流I=

電壓U相同，則電流之比

由電量q=It

得相同時間內通過兩導線橫截面的電荷量之比

[3]消耗的電功率之比【解析】2:11:21:221、略

【分析】【詳解】

質子的電荷數(shù)為1，質量數(shù)為1，中子的電荷數(shù)為0，質量數(shù)為1．根據(jù)電荷數(shù)守恒、質量數(shù)守恒，X的質子數(shù)為1+13-0=14，質量數(shù)為1+27-1=27．因為質量數(shù)等于質子數(shù)和中子數(shù)之和，則新核的中子數(shù)為27-14=13。【解析】141322、略

【分析】【詳解】

由數(shù)學關系，反射光線轉過的角度

根據(jù)光的反射定律，入射光線不變，鏡面轉過的角度為【解析】四、作圖題(共3題，共24分)23、略

【分析】【詳解】

利用右手螺旋定則；已知電流的方向可判定磁場方向，也可以通過磁場方向來確定電流的方向；

圖甲；已知磁場方向，順時針方向，則電流垂直紙面向里；

圖乙；電流右側的磁場的方向向里，左側的磁場的方向向外，則電流的方向向上；

圖丙；已知磁場方向，則可知電流方向，逆時針方向；

圖??；環(huán)形電流從左側流入，從右側流出，所以磁場的方向向下；

圖戊；根據(jù)螺線管中電流方向，利用右