重慶市暨華名校2022-2023學(xué)年高二下學(xué)期期中考試物理試題姓名：__________班級(jí)：__________考號(hào)：__________題號(hào)一二三總分評(píng)分一、選擇題（共12小題，每小題4分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-8題只有一項(xiàng)符合題目要求；第9-12題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。）1．一束復(fù)色光從空氣射入光導(dǎo)纖維后分成a、b兩束單色光，光路如圖所示，比較內(nèi)芯中的a、b兩束光，a光的（）A．頻率小，發(fā)生全反射的臨界角小B．頻率大，發(fā)生全反射的臨界角小C．頻率小，發(fā)生全反射的臨界角大D．頻率大，發(fā)生全反射的臨界角大2．某介質(zhì)對(duì)空氣的折射率為2，一束光從該介質(zhì)射向空氣，入射角為60°，下列光路圖正確的是（）A． B．C． D．3．如圖所示，有一玻璃三棱鏡ABC，頂角A為30°，一束光線(xiàn)垂直于AB射入棱鏡，從AC射出進(jìn)入空氣，測(cè)得出射光線(xiàn)與AC夾角為30°，則棱鏡的折射率為()A．12 B．22 C．3 4．一列沿x軸正方向傳播的簡(jiǎn)諧橫波，傳播速度v=10m/s，t=0時(shí)位于坐標(biāo)原點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)從平衡位置沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，下列圖形中哪個(gè)是t=0.6s時(shí)的波形（）A．B．C．D．5．圖甲是小型交流發(fā)電機(jī)的示意圖，兩磁極N、S間的磁場(chǎng)可視為水平方向的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，線(xiàn)圈繞垂直于磁場(chǎng)的水平軸OOA．交變電流的有效值為3B．交變電流瞬時(shí)值表達(dá)式為i=3C．t=0.D．t=0.6．如圖，M是一小型理想變壓器，接線(xiàn)柱a、b接在電壓u=311sin314t(V)的正弦交流電源上，變壓器右側(cè)部分為一火警報(bào)警系統(tǒng)原理圖，其中R2為用半導(dǎo)體熱敏材料制成的傳感器，它的電阻隨溫度升高而減小。電流表A2為值班室的顯示器，顯示通過(guò)R1的電流，電壓表V2A．A1的示數(shù)不變，A2的示數(shù)增大 B．A1的示數(shù)增大，A2的示數(shù)增大C．V1示數(shù)不變，V2的示數(shù)減小 D．V1的示數(shù)增大，V2的示數(shù)增大7．如圖所示的電路中，L是一個(gè)自感系數(shù)很大、直流電阻不計(jì)的線(xiàn)圈，D1、D2和D3是三個(gè)完全相同的燈泡，E是內(nèi)阻不計(jì)的電源，在t=0時(shí)刻，閉合開(kāi)關(guān)S，電路穩(wěn)定后在t1時(shí)刻斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S，規(guī)定以電路穩(wěn)定時(shí)流過(guò)D1、D2的電流方向?yàn)檎?，分別用I1A． B．C． D．8．如圖所示，光滑的金屬軌道分水平段和圓弧段兩部分，O點(diǎn)為外側(cè)圓弧的圓心。兩金屬軌道之間的寬度為0.5m，勻強(qiáng)磁場(chǎng)方向如圖所示，大小為0.5T。質(zhì)量為0.05kg、長(zhǎng)為0.5m的金屬細(xì)桿置于金屬軌道上的M點(diǎn)。當(dāng)在金屬細(xì)桿內(nèi)通以2A的恒定電流時(shí)，金屬細(xì)桿可以沿軌道由靜止開(kāi)始向右運(yùn)動(dòng)。已知MN＝OP＝1m，則（g取10m/s2）（）A．金屬細(xì)桿開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為5m/s2B．金屬細(xì)桿運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的速度大小為5m/sC．金屬細(xì)桿運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的向心加速度大小為10m/s2D．金屬細(xì)桿運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)對(duì)每一條軌道的作用力大小為0.75N9．如圖甲為一列簡(jiǎn)諧橫波在某一時(shí)刻的波形圖，圖乙為介質(zhì)中x＝2m處的質(zhì)點(diǎn)P以此時(shí)刻為計(jì)時(shí)起點(diǎn)的振動(dòng)圖象．下列說(shuō)法正確的是（）A．這列波的傳播方向是沿x軸正方向B．這列波的傳播速度是20m/sC．經(jīng)過(guò)0.15s，質(zhì)點(diǎn)P沿x軸的正方向傳播了3mD．經(jīng)過(guò)0.1s，質(zhì)點(diǎn)Q的運(yùn)動(dòng)方向沿y軸正方向10．如圖所示，一根張緊的水平彈性長(zhǎng)繩上的a、b兩點(diǎn)相距4.2m，b點(diǎn)在a點(diǎn)的右方，一列簡(jiǎn)諧波沿水平繩向右傳播，波速為20m/s，波長(zhǎng)大于2m。某時(shí)刻b點(diǎn)達(dá)到波峰位置，而a點(diǎn)正處于平衡位置且向上運(yùn)動(dòng)，則這列波的周期可能是（）A．0.12s B．0.28s C．0.168s D．0.84s11．隨著電動(dòng)汽車(chē)的大量普及，汽車(chē)無(wú)線(xiàn)充電受到越來(lái)越多的關(guān)注。無(wú)線(xiàn)充電簡(jiǎn)單方便，不需手動(dòng)操作，沒(méi)有線(xiàn)纜拖拽，大大提高了用戶(hù)體驗(yàn)。將受電線(xiàn)圈安裝在汽車(chē)的底盤(pán)上，將供電線(xiàn)圈安裝在地面上，如圖所示。當(dāng)電動(dòng)汽車(chē)行駛到供電線(xiàn)圈裝置上，受電線(xiàn)圈即可“接收”到供電線(xiàn)圈的電流，從而對(duì)蓄電池進(jìn)行充電。關(guān)于無(wú)線(xiàn)充電，下列說(shuō)法正確的是（）A．無(wú)線(xiàn)充電技術(shù)與變壓器的工作原理相同B．為了保護(hù)受電線(xiàn)圈不受損壞，可在車(chē)底加裝一個(gè)金屬護(hù)板C．只有將供電線(xiàn)圈接到直流電源上，才能對(duì)蓄電池進(jìn)行充電D．受電線(xiàn)圈沒(méi)有對(duì)準(zhǔn)供電線(xiàn)圈（二者沒(méi)有完全重合）時(shí)，仍能進(jìn)行無(wú)線(xiàn)充電12．如圖所示，均勻金屬圓環(huán)的總電阻為4R，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)垂直穿過(guò)圓環(huán)。金屬桿OM的長(zhǎng)為l，阻值為R，M端與環(huán)接觸良好，繞過(guò)圓心O的轉(zhuǎn)軸以恒定的角速度ω順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)。阻值為R的電阻一端用導(dǎo)線(xiàn)和圓環(huán)最下端的A點(diǎn)連接，另一端和金屬桿的轉(zhuǎn)軸O處的端點(diǎn)相連接。下列判斷正確的是（）A．金屬桿OM旋轉(zhuǎn)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒為BB．通過(guò)電阻R的電流的最小值為BlC．通過(guò)電阻R的電流的最大值為BD．OM兩點(diǎn)間電勢(shì)差絕對(duì)值的最大值為B二、實(shí)驗(yàn)題（滿(mǎn)分16分）13．在“測(cè)玻璃的折射率”實(shí)驗(yàn)中：（1）如圖所示，用插針?lè)y(cè)定玻璃磚折射率的實(shí)驗(yàn)中，下列說(shuō)法中正確的是____；A．若P1、P2的距離較大時(shí)，通過(guò)玻璃磚會(huì)看不到P1B．為減少測(cè)量誤差，P1、P2的連線(xiàn)與法線(xiàn)C．為了減小作圖誤差，P3和PD．若P1、P2的連線(xiàn)與法線(xiàn)NN'夾角較大時(shí)有可能在bb'面發(fā)生全反射，所以在（2）如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減小誤差，應(yīng)選用寬度（填“大”或“小”）的玻璃磚來(lái)測(cè)量。（3）在該實(shí)驗(yàn)中，光線(xiàn)是由空氣射入玻璃磚，根據(jù)測(cè)得的入射角和折射角的正弦值畫(huà)出的圖線(xiàn)如圖所示，從圖線(xiàn)可知玻璃磚的折射率是。14．實(shí)驗(yàn)室中準(zhǔn)備了下列器材：A．待測(cè)干電池（電動(dòng)勢(shì)約為1.5V，內(nèi)阻約為1.0Ω）B．電流表A1（滿(mǎn)偏電流1.5mA，內(nèi)阻為10Ω）C．電流表A2（量程0～0.60A，內(nèi)阻約為0.10Ω）D．電壓表V（量程0﹣15V，內(nèi)阻約為10kΩ）E．滑動(dòng)變阻器R1（0～20Ω，2A）F．滑動(dòng)變阻器R2（0～100Ω，1A）G．電阻箱R3：最大阻值為999.9Ω，允許通過(guò)的最大電流是0.6AH．開(kāi)關(guān)一個(gè)，導(dǎo)線(xiàn)若干（1）若要將電流表A1改裝成量程為1.5V的電壓表，需給該電流表聯(lián)一個(gè)Ω的電阻。（2）為了測(cè)量電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，小明按如圖（a）設(shè)計(jì)好了測(cè)量的電路圖，在圖（a）中，甲是，乙是（填器材前面的序號(hào)）。（3）為了能較為準(zhǔn)確地進(jìn)行測(cè)量和操作方便，圖（a）所示的測(cè)量電路中，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選（填器材前面的序號(hào)）。（4）圖（b）為小明根據(jù)圖（a）所測(cè)量電路測(cè)得的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的I1﹣I2圖線(xiàn)（I1為電表乙的示數(shù)，I2為電表甲的示數(shù)），由該圖線(xiàn)可得：被測(cè)干電池的電動(dòng)勢(shì)E=V，內(nèi)阻r=Ω（保留兩位小數(shù)）。三、計(jì)算題（滿(mǎn)分36分，其中15題8分，16題8分，17題10分，18題10分，每小題需寫(xiě)出必要的解題步驟，只有答案不得分）15．一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，在x=0和x=0.6m處的兩個(gè)質(zhì)點(diǎn)A、B的振動(dòng)圖象如圖所示。已知該波的波長(zhǎng)大于0.6m，求其波速和波長(zhǎng)。16．如圖甲所示，不計(jì)電阻的平行金屬導(dǎo)軌豎直放置，導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)=1m，上端接有電阻R=3Ω，虛線(xiàn)OO′下方是垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)?，F(xiàn)將質(zhì)量m=0.1kg、電阻r=1Ω的金屬桿ab，從OO′上方某處垂直導(dǎo)軌由靜止釋放，桿下落過(guò)程中始終與導(dǎo)軌保持良好接觸，桿下落過(guò)程中的v－t圖像如圖乙所示。(取g=10m/s2)求：（1）磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小；（2）桿在磁場(chǎng)中下落0.1s的過(guò)程中，電阻R產(chǎn)生的熱量。17．某村在較遠(yuǎn)的山上建立了一座小型風(fēng)力發(fā)電站，發(fā)電機(jī)的輸出功率為200kW，輸出電壓為500V，輸電導(dǎo)線(xiàn)的總電阻為10Ω，導(dǎo)線(xiàn)上損耗的電功率為16kW，該村的用電電壓是220V。（1）如果該村工廠用電功率為80kW，則該村還可以裝“220V40W”的電燈多少盞？（2）輸電電路如圖所示，求升壓、降壓變壓器的原、副線(xiàn)圈的匝數(shù)比。18．如圖所示，兩根足夠長(zhǎng)的平行金屬導(dǎo)軌固定于同一水平面內(nèi)，導(dǎo)軌間的距離為L(zhǎng)，導(dǎo)軌上平行放置兩根導(dǎo)體棒ab和cd，構(gòu)成矩形回路。已知兩根導(dǎo)體棒的質(zhì)量均為m、電阻均為R，其它電阻忽略不計(jì)，整個(gè)導(dǎo)軌處于豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，導(dǎo)體棒均可沿導(dǎo)軌無(wú)摩擦的滑行。開(kāi)始時(shí)，導(dǎo)體棒cd靜止、ab有水平向右的初速度v0，兩導(dǎo)體棒在運(yùn)動(dòng)中始終不接觸。求：（1）開(kāi)始時(shí)，導(dǎo)體棒ab中電流的大小和方向；（2）從開(kāi)始到導(dǎo)體棒cd達(dá)到最大速度的過(guò)程中，cd棒上產(chǎn)生的焦耳熱；（3）當(dāng)ab棒速度變?yōu)?4v0

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】由光路圖可知a光的偏折程度沒(méi)有b光的大，因此a光的折射率小，頻率小，由全反射sinC=故答案為：C。

【分析】根據(jù)兩個(gè)光的偏折程度確定折射率的大?。桓鶕?jù)全反射規(guī)律判斷臨界角的大小。2．【答案】D【解析】【解答】由sinC=1n可知，臨界角為C=45°，由題意可知，由于光從該介質(zhì)射向空氣且入射角為60°，即入射角大于臨界角，則光束在此界面會(huì)發(fā)生全反射現(xiàn)象。

故選D。

3．【答案】C【解析】【解答】頂角A為30°，則光從AC面射出時(shí)，在玻璃中的入射角i＝30°。由于出射光線(xiàn)和入射光線(xiàn)的夾角為30°，所以折射角r＝60°。由光路可逆和折射率的定義可知n=故答案為C。

【分析】根據(jù)題意結(jié)合幾何關(guān)系確定關(guān)系在AC邊射出時(shí)，光線(xiàn)的入射角及折射角，再根據(jù)折射定律進(jìn)行解答。4．【答案】B【解析】【解答】由圖中可以看出該波的波長(zhǎng)為λ=4m，根據(jù)v=可知該列波的周期為T(mén)=0.4s又因?yàn)閠=0時(shí)位于坐標(biāo)原點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)從平衡位置沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，當(dāng)t=0.6s時(shí)經(jīng)歷了1.5T，所以此時(shí)位于坐標(biāo)原點(diǎn)的質(zhì)點(diǎn)從平衡位置沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，結(jié)合圖像可知B選項(xiàng)正確。故答案為：B。

【分析】根據(jù)波速與周期的關(guān)系的出波傳播的速度，根據(jù)質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向判斷出波的傳播方向。5．【答案】D【解析】【解答】A、根據(jù)圖像可知，交變電流的有效值為I故A錯(cuò)誤；

B、由圖乙可得ω=則交變電流瞬時(shí)值表達(dá)式為i=3故B錯(cuò)誤；

CD、t=0和t=0.02s時(shí)刻感應(yīng)電流均為最大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，此時(shí)線(xiàn)圈平面與磁場(chǎng)方向平行，穿過(guò)線(xiàn)圈的磁通量為0，故C錯(cuò)誤，D正確。

故答案為：D。

【分析】根據(jù)圖像確定交變電流的最大值及周期，再根據(jù)交變電流瞬時(shí)值表達(dá)式的格式確定其表示。磁通量最大時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流為零，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)和感應(yīng)電流最大時(shí)，磁通量為零。6．【答案】C【解析】【解答】由于電源的電壓不變，原副線(xiàn)圈的電壓也不變，所以V1的示數(shù)不變，當(dāng)傳感器R2所在處出現(xiàn)火情，R2的電阻減小，導(dǎo)致電路總電阻減小，所以電路中次級(jí)電流將會(huì)增加，初級(jí)電流也會(huì)增加；A1測(cè)量的是原線(xiàn)圈中的總電流，所以A1的示數(shù)增加；由于副線(xiàn)圈中電流增加，則R3的電壓變大，所以V2的示數(shù)要減小，即R1的電壓也要減小，所以A2的示數(shù)要減小。

故答案為：C。

【分析】線(xiàn)圈匝數(shù)比及輸入電壓不變，根據(jù)變壓器原理確定原副線(xiàn)圈電壓的變化情況。再將副線(xiàn)圈所在電路轉(zhuǎn)化成等效電路，根據(jù)R2阻值變化情況，確定電路中各部分元件的變化情況，再根據(jù)變壓器電流和咋輸?shù)年P(guān)系確定A1的變化情況。7．【答案】C【解析】【解答】當(dāng)閉合電鍵時(shí)，因?yàn)榫€(xiàn)圈與D1相連，所以電流I1會(huì)慢慢增大，D2這一支路立即就有電流，當(dāng)電鍵斷開(kāi)時(shí)，線(xiàn)圈阻礙電流的減小，而且D1、D2、D3組成回路，所以通過(guò)D1的電流不會(huì)立即消失，會(huì)從原來(lái)慢慢減小，且方向不變，通過(guò)D1的電流也流過(guò)D2，I2反向，逐漸減小，由于電路穩(wěn)定時(shí)通過(guò)D1的電流大于D2的電流，所以D2和D3都會(huì)閃亮一下。

故答案為：C。

【分析】當(dāng)電路中電流增大時(shí)，自感線(xiàn)圈所在支路電流會(huì)逐漸增大，無(wú)自感線(xiàn)圈支路電流會(huì)立刻達(dá)到穩(wěn)定值。當(dāng)電路中電流減小時(shí)，自感線(xiàn)圈的電流會(huì)反向且逐漸減小，且會(huì)與其相連通的支路形成回路，使得該支路的元件電流也反向且逐漸減小。當(dāng)穩(wěn)定時(shí)自感線(xiàn)圈所在支路電路大于其他支路電流時(shí)。則當(dāng)自感線(xiàn)圈與其他支路形成回路時(shí)，其他支路元件電流會(huì)立刻增大后逐漸減小。8．【答案】D【解析】【解答】A、金屬細(xì)桿在水平方向受到安培力作用，安培力大小為F金屬細(xì)桿開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為a=故A錯(cuò)誤；

B、金屬細(xì)桿從M點(diǎn)到P點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)過(guò)程，安培力做功為W重力做功為W設(shè)金屬細(xì)桿運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的速度大小為v，由動(dòng)能定理得W解得v=2故B錯(cuò)誤；

C、金屬細(xì)桿運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)的向心加速度大小為a=故C錯(cuò)誤；

D、在P點(diǎn)對(duì)金屬細(xì)桿，由牛頓第二定律得F-解得F=1.5每一條軌道對(duì)金屬細(xì)桿的作用力大小為0.75N，由牛頓第三定律可知金屬細(xì)桿運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí)對(duì)每一條軌道的作用力大小為0.75N，故D正確。

故答案為：D。

【分析】確定運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，導(dǎo)體棒的受力情況以及各力的做功情況，再根據(jù)安培力的定義及牛頓第二定律及動(dòng)能定律進(jìn)行解答。導(dǎo)體棒在圓弧段在圓周運(yùn)動(dòng)，明確其向心力的來(lái)源，再根據(jù)牛頓第二定律進(jìn)行解答。9．【答案】A,B【解析】【解答】A．由乙圖看出，t=0時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P的速度向下，由波形的平移法可知，這列波沿x軸正方向傳播．A符合題意．B．由甲圖知該波的波長(zhǎng)λ=4m，由乙圖知，周期T=0.2s，則波的傳播速度為v=λC．機(jī)械波傳播過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)只在自己平衡位置附近振動(dòng)，而不隨波遷移，C不符合題意；D．圖示時(shí)刻Q點(diǎn)正沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，因t=0.1s=T2故答案為：AB

【分析】利用質(zhì)點(diǎn)P的起振方向可以判別波的傳播方向；利用周期和波長(zhǎng)可以求出波速的大?。毁|(zhì)點(diǎn)不會(huì)隨波移動(dòng)；利用周期結(jié)合運(yùn)動(dòng)的時(shí)間可以判別質(zhì)點(diǎn)Q的速度方向。10．【答案】A,B【解析】【解答】某時(shí)刻b點(diǎn)達(dá)到波峰位置，而a點(diǎn)正處于平衡位置且向上運(yùn)動(dòng)，則ab間距滿(mǎn)足nλ+因?yàn)椴ㄩL(zhǎng)大于2m，則n=0時(shí)，λ1=5.6m，解得波速T當(dāng)n=1時(shí)，λ2=2.4m，解得波速T故答案為：AB。

【分析】根據(jù)波的傳播方向及題意，確定ab兩點(diǎn)距離與波長(zhǎng)之間的關(guān)系式，再根據(jù)題意確定符合題意的波長(zhǎng)數(shù)值，再根據(jù)波速公式進(jìn)行解答。11．【答案】A,D【解析】【解答】A、無(wú)線(xiàn)充電技術(shù)就是通過(guò)電磁感應(yīng)原理，當(dāng)穿過(guò)受電線(xiàn)圈的磁通量發(fā)生變化時(shí)，受電線(xiàn)圈會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，有了感應(yīng)電流，對(duì)蓄電池進(jìn)行充電，與變壓器的工作原理相同，故A正確；

B、如果在車(chē)底加裝一個(gè)金屬護(hù)板，金屬護(hù)板會(huì)產(chǎn)生渦流，損耗能量，同時(shí)屏蔽磁場(chǎng)，使受電線(xiàn)圈無(wú)法產(chǎn)生感應(yīng)電流，故B錯(cuò)誤；

C、供電線(xiàn)圈只有接到交流電源上，能產(chǎn)生變化的磁場(chǎng)，從而使受電線(xiàn)圈產(chǎn)生感應(yīng)電流給蓄電池充電，故C錯(cuò)誤；

D、當(dāng)受電線(xiàn)圈沒(méi)有對(duì)準(zhǔn)供電線(xiàn)圈（二者沒(méi)有完全重合）時(shí)，只要穿過(guò)受電線(xiàn)圈的磁通量發(fā)生變化，就能產(chǎn)生電磁感應(yīng)，給蓄電池充電，故D正確。

故答案為：AD。

【分析】無(wú)線(xiàn)充電技術(shù)就是通過(guò)電磁感應(yīng)原理，當(dāng)穿過(guò)受電線(xiàn)圈的磁通量發(fā)生變化時(shí)，受電線(xiàn)圈會(huì)產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，有了感應(yīng)電流。只要穿過(guò)受電線(xiàn)圈的磁通量發(fā)生變化，就能產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象。與是否重合無(wú)關(guān)。12．【答案】A,D【解析】【解答】A、OM轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線(xiàn)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=故A正確；

B、當(dāng)M端位于最上端時(shí)，圓環(huán)兩部分電阻相等，并聯(lián)電阻最大，電路的總電阻最大，通過(guò)R的電流最小，因R通過(guò)電阻R的電流的最小值為I根據(jù)右手定則可知電流方向從Q到P，故B錯(cuò)誤；

C、當(dāng)M位于最下端時(shí)圓環(huán)被短路，此時(shí)通過(guò)電阻R的電流最大，為I故C錯(cuò)誤；

D、OM作為電源，外電阻增大，總電流減小，路端電壓增大，所以外電阻最大時(shí)，OM兩點(diǎn)間電勢(shì)差的絕對(duì)值最大，其最大值為U=故D正確。

故答案為：AD。

【分析】明確產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的根據(jù)原因。再根據(jù)電磁感應(yīng)定律推論確定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小。畫(huà)出等效電路圖，明確電路的連接情況，再根據(jù)閉合電路的歐姆定律及串并聯(lián)規(guī)律進(jìn)行解答。13．【答案】（1）C（2）大（3）1.5【解析】【解答】（1）A、P1、P2的距離較大，通過(guò)玻璃磚仍然可以看到P1、P2的像，故A錯(cuò)誤；

B、為減小測(cè)量誤差，入射角應(yīng)適當(dāng)大一些，即P1、P2的連線(xiàn)與法線(xiàn)NN'的夾角應(yīng)盡量大些，故B錯(cuò)誤；

C、為了減小作圖誤差，P3和P4的距離應(yīng)適當(dāng)大些，故C正確；

D、由幾何知識(shí)可知，光線(xiàn)在上表面的折射角等于在下表面的入射角，根據(jù)光路可逆原理可知，光線(xiàn)一定會(huì)從下表面射出，折射光線(xiàn)不會(huì)在玻璃磚的下表面發(fā)生全反射，故D錯(cuò)誤。

故答案為：C。

（2）如果有幾塊寬度大小不同的平行玻璃磚可供選擇，為了減小誤差，應(yīng)選用寬度大的玻璃磚來(lái)測(cè)量。

（3）由折射率定律可得，玻璃磚的折射率為n=【分析】熟悉實(shí)驗(yàn)的實(shí)驗(yàn)原理及操作步驟，為減小測(cè)量誤差和作圖誤差，應(yīng)使各角度及插針的點(diǎn)的距離都盡可能的大。熟悉掌握光路可逆原理的應(yīng)用，再結(jié)合折射定律進(jìn)行求解。14．【答案】（1）串；990（2）C；B（3）E（4）1.46（1.46﹣1.48）；0.76（0.76﹣0.78）【解析】【解答】（1）電流表的內(nèi)阻為10Ω；滿(mǎn)偏電壓為U若改裝為1.5V的電壓表，則應(yīng)串聯(lián)的電阻為R=（2）根據(jù)題意可知，乙為電流表C與電阻箱結(jié)合作為電壓表使用，甲為電流表B，作為電流表使用；

（3）因內(nèi)阻較小，故滑動(dòng)變阻器略大于內(nèi)阻即可，故滑動(dòng)變阻器選擇E；

（4）由閉合電路歐姆定律可得：I得I由數(shù)學(xué)知可得圖像中的斜率k=縱截距b=由圖可知代入數(shù)據(jù)解得E=1.46V，【分析】熟悉電表改裝的原理及計(jì)算方法。選擇儀器時(shí)要符合滿(mǎn)足電路安全的同時(shí)，使得操作便捷且測(cè)量準(zhǔn)確。根據(jù)實(shí)驗(yàn)原理結(jié)合電路圖推導(dǎo)得出圖像的函數(shù)表達(dá)式，再分析圖像斜率和截距的物理意義，再結(jié)合圖像進(jìn)行數(shù)據(jù)處理。15．【答案】解：由圖象可知，周期T=0.4s，由于波長(zhǎng)大于0.6m；波從A到B的傳播時(shí)間Δt=0.3s則波速v=代入數(shù)據(jù)得v=2m/s則波長(zhǎng)λ=vT代入數(shù)據(jù)得λ=0.8m【解析】【分析】已知質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的圖像，從圖像可以求出周期的大小，結(jié)合傳播的時(shí)間及質(zhì)點(diǎn)及距離的大小可以求出波速的大小，利用波速和周期可以求出波長(zhǎng)的大小。16．【答案】（1）解：由圖像可知，桿自由下落0.1s進(jìn)入磁場(chǎng)以v=1.0m/s做勻速運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLv桿中的感應(yīng)電流I=桿所受的安培力F安=BIL由平衡條件得mg=F安代入數(shù)據(jù)得B=2T（2）解：電阻R產(chǎn)生的熱量Q=I2Rt=0.075J【解析】【分析】（1）導(dǎo)體棒剛開(kāi)始做自由落體運(yùn)動(dòng)，進(jìn)入磁場(chǎng)做勻速直線(xiàn)運(yùn)動(dòng)，利用動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)和歐姆定律可以求出