PAGE1-第3課時(shí)余弦定理(1)學(xué)問(wèn)點(diǎn)一已知兩邊及其夾角解三角形1．在△ABC中，已知a＝1，b＝2，C＝60°，則邊c等于()A．eq\r(3)B．eq\r(2)C．3D．4答案A解析由余弦定理，得c2＝a2＋b2－2abcosC＝1＋4－2×1×2×cos60°＝1＋4－2×1×2×eq\f(1,2)＝3，∴c＝eq\r(3)．2．在△ABC中，若a＝8，B＝60°，c＝4(eq\r(3)＋1)，則b＝________．答案4eq\r(6)解析由余弦定理，得b2＝a2＋c2－2accosB＝82＋[4(eq\r(3)＋1)]2－2×8×4(eq\r(3)＋1)×cos60°＝64＋16(4＋2eq\r(3))－64(eq\r(3)＋1)×eq\f(1,2)＝96，∴b＝4eq\r(6)．學(xué)問(wèn)點(diǎn)二已知兩邊及一邊對(duì)角解三角形3．在△ABC中，若a＝3，c＝7，∠C＝60°，則邊長(zhǎng)b為()A．5B．8C．5或－8D．－5或8答案B解析由余弦定理，得c2＝a2＋b2－2abcosC，∴49＝9＋b2－3b?(b－8)(b＋5)＝0．∵b＞0，∴b＝8．故選B．4．在△ABC中，內(nèi)角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c，若a＝2，c＝2eq\r(3)，cosA＝eq\f(\r(3),2)，且b＜c，則b＝()A．eq\r(3)B．2C．2eq\r(2)D．3答案B解析由余弦定理a2＝b2＋c2－2bccosA，得b2－6b＋8＝0，解得b＝2或b＝4．∵b＜c，∴b＝2．故選B．學(xué)問(wèn)點(diǎn)三已知三邊解三角形5．在△ABC中，a＝3，b＝eq\r(7)，c＝2，那么B等于()A．30° B．45°C．60° D．120°答案C解析由余弦定理，得cosB＝eq\f(a2＋c2－b2,2ac)＝eq\f(9＋4－7,12)＝eq\f(1,2)，∴B＝60°．6．在△ABC中，已知a＝7，b＝3，c＝5，求最大角和sinC．解由題意可知，a＞c＞b，∴A為最大角，cosA＝eq\f(9＋25－49,2×3×5)＝－eq\f(1,2)，又∵A為△ABC的內(nèi)角，∴A＝eq\f(2π,3)．由正弦定理，得eq\f(a,sinA)＝eq\f(c,sinC)，即eq\f(7,\f(\r(3),2))＝eq\f(5,sinC)，∴sinC＝eq\f(5\r(3),14)．學(xué)問(wèn)點(diǎn)四余弦定理的推論7．在不等邊三角形中，a是最大的邊，若a2＜b2＋c2，則角A的取值范圍是()A．eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,2)，π))B．eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,4)，\f(π,2)))C．eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(π,3)，\f(π,2)))D．eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(0，\f(π,2)))答案C解析∵a是最大的邊，∴A＞eq\f(π,3)．∵a2＜b2＋c2，∴cosA＝eq\f(b2＋c2－a2,2bc)＞0．∴A＜eq\f(π,2)，故eq\f(π,3)＜A＜eq\f(π,2)．故選C．8．在△ABC中，角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，若(a2＋c2－b2)tanB＝eq\r(3)ac，則角B的值為()A．eq\f(π,6) B．eq\f(π,3)C．eq\f(π,6)或eq\f(5π,6) D．eq\f(π,3)或eq\f(2π,3)答案D解析依題意，得eq\f(a2＋c2－b2,2ac)·tanB＝eq\f(\r(3),2)，所以由余弦定理，得cosBtanB＝eq\f(\r(3),2)，∴sinB＝eq\f(\r(3),2)，∴B＝eq\f(π,3)或B＝eq\f(2π,3)．故選D．易錯(cuò)點(diǎn)一忽視三角形中邊的隱含關(guān)系9．在鈍角三角形ABC中，a＝1，b＝2，求最大邊c的取值范圍．易錯(cuò)分析易忽視兩邊之和大于第三邊即c＜3，錯(cuò)解為c∈(eq\r(5)，＋∞)．解∵在鈍角三角形ABC中，c為最大邊，∴cosC＜0，即a2＋b2－c2＜0．∴c2＞a2＋b2＝5，∴c＞eq\r(5)．又c＜b＋a＝3，∴eq\r(5)＜c＜3，即c的取值范圍是(eq\r(5)，3)．易錯(cuò)點(diǎn)二運(yùn)算時(shí)定理選錯(cuò)10．如圖，在梯形ABCD中，CD＝2，AC＝eq\r(19)，∠BAD＝60°，求梯形的高．易錯(cuò)分析本題易選用正弦定理致計(jì)算冗雜出錯(cuò)，審清題干條件通過(guò)余弦定理建立方程是余弦定理的一個(gè)妙用．解由∠BAD＝60°，得∠ADC＝120°，在△ACD中，由余弦定理，得AC2＝AD2＋CD2－2AD×CD×cos∠ADC，即19＝AD2＋4－2AD×2×eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(－\f(1,2)))，解得AD＝3或AD＝－5(舍去)．在△ADE中，DE＝ADsin60°＝eq\f(3\r(3),2)．一、選擇題1．已知銳角△ABC的內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，23cos2A＋cos2A＝0，a＝7，c＝6，則b＝()A．10B．9C．8D．5答案D解析∵23cos2A＋cos2A＝23cos2A＋2cos2A－1＝0，∴cos2A＝eq\f(1,25)，∴cosA＝±eq\f(1,5)．∵△ABC為銳角三角形，∴cosA＝eq\f(1,5)，又∵a＝7，c＝6，由余弦定理，得a2＝b2＋c2－2bccosA，即49＝b2＋36－eq\f(12,5)b．∴b＝5或b＝－eq\f(13,5)(舍去)．∴b＝5．故選D．2．在△ABC中，若AB＝eq\r(3)－1，BC＝eq\r(3)＋1，AC＝eq\r(6)，則B的大小為()A．30° B．45°C．60° D．120°答案C解析∵cosB＝eq\f(AB2＋BC2－AC2,2AB×BC)＝eq\f(\r(3)－12＋\r(3)＋12－\r(6)2,2\r(3)－1\r(3)＋1)＝eq\f(1,2)，∴B＝60°．3．已知△ABC的內(nèi)角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，且eq\f(c－b,c－a)＝eq\f(sinA,sinC＋sinB)，則B＝()A．eq\f(π,6)B．eq\f(π,4)C．eq\f(π,3)D．eq\f(π,2)答案C解析由sinA＝eq\f(a,2R)，sinB＝eq\f(b,2R)，sinC＝eq\f(c,2R)，代入整理，得eq\f(c－b,c－a)＝eq\f(a,c＋b)?c2－b2＝ac－a2，所以a2＋c2－b2＝ac，故由余弦定理，得cosB＝eq\f(1,2)，所以B＝eq\f(π,3)．4．在直角梯形ABCD中，AB∥CD，∠ABC＝90°，AB＝2BC＝2CD，則cos∠DAC＝()A．eq\f(\r(10),10)B．eq\f(3\r(10),10)C．eq\f(\r(5),5)D．eq\f(2\r(5),5)答案B解析如圖所示，在△ACD中，設(shè)CD＝a，由CD2＝AD2＋AC2－2AD×AC×cos∠DAC，得a2＝(eq\r(2)a)2＋(eq\r(5)a)2－2×eq\r(2)a×eq\r(5)a×cos∠DAC，解得cos∠DAC＝eq\f(3\r(10),10)．故選B．5．在△ABC中，內(nèi)角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c．若a＝4，b＝5，c＝6，則eq\f(sin2A,sinC)＝()A．eq\f(3,4)B．eq\f(1,2)C．1D．2答案C解析由余弦定理，得cosA＝eq\f(b2＋c2－a2,2bc)＝eq\f(25＋36－16,2×5×6)＝eq\f(3,4)，所以eq\f(sin2A,sinC)＝eq\f(2sinAcosA,sinC)＝eq\f(2acosA,c)＝eq\f(4cosA,3)＝1．故選C．二、填空題6．在△ABC中，角A，B，C的對(duì)邊分別為a，b，c，且a＝3，b＝4，c＝6，則bccosA＋accosB＋abcosC的值是________．答案eq\f(61,2)解析∵cosA＝eq\f(b2＋c2－a2,2bc)，∴bccosA＝eq\f(1,2)(b2＋c2－a2)．同理，accosB＝eq\f(1,2)(a2＋c2－b2)，abcosC＝eq\f(1,2)(a2＋b2－c2)．∴bccosA＋accosB＋abcosC＝eq\f(1,2)(a2＋b2＋c2)＝eq\f(61,2)．7．在△ABC中，a，b，c分別是角A，B，C的對(duì)邊，若a2－c2＝2b，且sinB＝6cosAsinC，則b的值為_(kāi)_______．答案3解析由正弦定理與余弦定理，知sinB＝6cosAsinC可化為b＝6·eq\f(b2＋c2－a2,2bc)·c，化簡(jiǎn)可得b2＝3(b2＋c2－a2)，又a2－c2＝2b且b≠0，計(jì)算得b＝3．8．已知在△ABC中，a，b，c分別為內(nèi)角A，B，C所對(duì)的邊，b2＋c2－a2＝bc．若a＝eq\r(3)，cosC＝eq\f(\r(3),3)，則b＝________．答案1＋eq\f(\r(6),3)解析由b2＋c2－a2＝bc，得cosA＝eq\f(b2＋c2－a2,2bc)＝eq\f(1,2)，∵0＜A＜π，∴A＝eq\f(π,3)．∵cosC＝eq\f(\r(3),3)，∴sinC＝eq\r(1－cos2C)＝eq\f(\r(6),3)．由正弦定理，知eq\f(a,sinA)＝eq\f(c,sinC)，∴c＝eq\f(asinC,sinA)＝eq\f(\r(3)×\f(\r(6),3),\f(\r(3),2))＝eq\f(2\r(6),3)，∴b2＋eq\b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(\f(2\r(6),3)))2－(eq\r(3))2＝eq\f(2\r(6),3)b，解得b＝1＋eq\f(\r(6),3)或b＝－1＋eq\f(\r(6),3)(舍去)．三、解答題9．在△ABC中，已知sinC＝eq\f(1,2)，a＝2eq\r(3)，b＝2，求邊c．解∵sinC＝eq\f(1,2)，且0<C<π，∴C為eq\f(π,6)或eq\f(5π,6)．當(dāng)C＝eq\f(π,6)時(shí)，cosC＝eq\f(\r(3),2)，此時(shí)，由余弦定理，得c2＝a2＋b2－2abcosC＝4，即c＝2．當(dāng)C＝eq\f(5π,6)時(shí)，cosC＝－eq\f(\r(3),2)，此時(shí)，由余弦定理，得c2＝a2＋b2－2abcosC＝28，即c＝2eq\r(7)．10．已知在△ABC中，若角A，B，C所對(duì)的邊分別為a，b，c，且a2＝b2＋c2＋b