2023-2024學(xué)年第二學(xué)期拉薩市高中期末聯(lián)考

高二物理試卷

注意事項(xiàng)：

1.本試卷滿(mǎn)分100分，考試時(shí)間為90分鐘。

2.答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)碼寫(xiě)在答題卡相應(yīng)的位置上。

3.所有答案必須在答題卡上作答。

一、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-5題

只有一項(xiàng)符合題目要求，第6-8題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得

3分，有選錯(cuò)的得0分。）

1.首先用實(shí)驗(yàn)證實(shí)電磁波存在、驗(yàn)證麥克斯韋電磁場(chǎng)理論正確的科學(xué)家是（）

A,法拉第B.麥克斯韋C.赫茲D.奧斯特

【答案】C

【解析】

【詳解】由物理史實(shí)可知首先用實(shí)驗(yàn)證實(shí)電磁波存在、驗(yàn)證麥克斯韋電磁場(chǎng)理論正確的科學(xué)家是赫茲，故

選C。

2.下列說(shuō)法不正確的是（）

A.戴上特制眼鏡看3D電影有立體感是利用了光的偏振原理

B.雨后公路積水表面漂浮的油膜看起來(lái)是彩色的，這是光的折射現(xiàn)象

C.激光全息照相時(shí)利用了激光相干性好的特性

D.激光照到VCD機(jī)、CD機(jī)或計(jì)算機(jī)的光盤(pán)上，可以讀取盤(pán)上的信息是利用激光平行度好的特性

【答案】B

【解析】

【詳解】A.戴上特制眼鏡看3D電影有立體感是利用了光的偏振原理，故A正確；

B.雨后公路積水表面漂浮的油膜看起來(lái)是彩色的，這是光的薄膜干涉現(xiàn)象，故B錯(cuò)誤；

C.激光全息照相時(shí)利用了激光相干性好的特性，故C正確；

D.激光照到VCD機(jī)、CD機(jī)或計(jì)算機(jī)的光盤(pán)上，可以讀取盤(pán)上的信息是利用激光平行度好的特性，故D

正確。

本題要求選不正確的，故選B。

3.如圖甲所示，圓形線圈P靜止在水平桌面上，其正上方固定一螺線管Q,P和Q共軸，Q中通有變化的

電流，電流隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，電流正方向如圖甲中箭頭所示。P所受的重力為G,桌面對(duì)P

第1頁(yè)/共15頁(yè)

的支持力為尸N，則（)

A.。時(shí)刻，穿過(guò)線圈P的磁通量最大，感應(yīng)電流也最大

B.質(zhì)時(shí)刻，線圈P中感應(yīng)電流最大，綜等于G

C.才2?,3時(shí)間內(nèi)，螺線管對(duì)線圈是吸引力

D.方2?/3時(shí)間內(nèi)，穿過(guò)線圈P的磁通量變小，且線圈P有擴(kuò)張的趨勢(shì)

【答案】B

【解析】

【詳解】A.由圖乙可知，△時(shí)刻螺線管Q中電流為最大，電流的變化率為零，則G時(shí)刻穿過(guò)線圈P磁通量

最大，磁通量的變化率為零，P中感應(yīng)電流為零，故A錯(cuò)誤；

B.由圖乙可知，/2時(shí)刻螺線管Q中電流的變化率為最大，則穿過(guò)線圈的磁通量變化率最大，P中有感應(yīng)電

流，螺線管Q中電流為0,P不受到磁場(chǎng)力的作用，故心等于G,故B正確；

C.由圖乙可知，時(shí)刻，螺線管Q中電流為0,電流的變化率最大，P中感應(yīng)電流最大，二者之間沒(méi)有安

培力，f3時(shí)刻，螺線管Q中電流的變化率為0,P中無(wú)感應(yīng)電流，二者之間沒(méi)有安培力。時(shí)間內(nèi)通過(guò)Q

的電流在變大，穿過(guò)P的磁通量在變大，兩者相互排斥，則會(huì)?打時(shí)間內(nèi)螺線管對(duì)線圈的是排斥力，且先增

大后減小，故C錯(cuò)誤；

D.由圖乙可知，打?打時(shí)間內(nèi)，螺線管Q中電流增大，則穿過(guò)線圈磁通量增大，根據(jù)增縮減擴(kuò)原理可知，線

圈有收縮的趨勢(shì)，故D錯(cuò)誤。

故選B。

4.如圖所示為某水平放置的彈簧振子做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的圖像，下列說(shuō)法正確的是（）

第2頁(yè)/共15頁(yè)

A.0.6s時(shí)和0.8s時(shí)物體的速度方向不相同

B.0.2s時(shí)與0.4s時(shí)的回復(fù)力相同

C.0.5s-0.9s時(shí)間內(nèi)，系統(tǒng)的彈性勢(shì)能一直減小

D.0.7s-0.9s時(shí)間內(nèi)，振子的加速度在增加

【答案】D

【解析】

【詳解】A.0.6s時(shí)和0.8s時(shí)物體的速度相同，方向均指向位移負(fù)方向，故A錯(cuò)誤；

B.0.2s時(shí)與0.4s時(shí)的回復(fù)力大小相同但方向不同，故B錯(cuò)誤；

C.0.5s?0.9s振子先靠近后遠(yuǎn)離平衡位置，系統(tǒng)的彈性勢(shì)能先減小后增加，故C錯(cuò)誤；

D.0.7s?0.9s時(shí)間內(nèi)，振子遠(yuǎn)離平衡位置，加速度增加，故D正確。

故選D。

5.如圖所示，在條形磁體的右側(cè)放置一個(gè)可以自由運(yùn)動(dòng)的矩形通電線圈仍de,線圈最初與條形磁體處于同

一平面內(nèi)，ac邊、6d邊與條形磁體的方向平行，且ac邊、6d邊中點(diǎn)的連線過(guò)條形磁體的中心。通以順時(shí)

針?lè)较虻碾娏骱?，該線圈的運(yùn)動(dòng)情況為（）

N

S

A.M邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，cd邊轉(zhuǎn)向紙外，同時(shí)靠近磁體

B.ab邊轉(zhuǎn)向紙外，cd邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，同時(shí)靠近磁體

C.仍邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，cd邊轉(zhuǎn)向紙外，同時(shí)遠(yuǎn)離磁體

D.a6邊轉(zhuǎn)向紙外，cd邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，同時(shí)遠(yuǎn)離磁體

【答案】A

【解析】

【詳解】在圖示位置時(shí)，根據(jù)左手定則可知成邊所受磁場(chǎng)力方向向內(nèi)，cd邊所受磁場(chǎng)力方向向外，所以

仍邊轉(zhuǎn)向紙內(nèi)，〃邊轉(zhuǎn)向紙外；從圖示位置轉(zhuǎn)過(guò)90。時(shí)，根據(jù)左手定則判斷可知ac邊所受磁場(chǎng)力方向水

平向左，版邊所受磁場(chǎng)力方向水平向右，且ac邊所受磁場(chǎng)力大于版邊所受磁場(chǎng)力，所以靠近磁鐵。

故選Ao

6.一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸正方向傳播，/=0時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，片0.1s時(shí)刻的波形如圖中虛線所示。

波源不在坐標(biāo)原點(diǎn)O,P是傳播介質(zhì)中離坐標(biāo)原點(diǎn)Xp=2.5m處的一個(gè)質(zhì)點(diǎn)。則以下說(shuō)法中正確的是（）

第3頁(yè)/共15頁(yè)

B.波的頻率可能為7.5Hz

C.波的傳播速度可能為50m/s

D.在z=O.ls時(shí)刻與P相距5m處的質(zhì)點(diǎn)一定沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)

【答案】AC

【解析】

【詳解】A.振幅為質(zhì)點(diǎn)離開(kāi)平衡位置的最大距離，由題圖知，質(zhì)點(diǎn)P的振幅為0.1m,故A正確；

B.波沿x軸正方向傳播，則

T

t=nT-i—(H=0,1,2,3,...)

4

周期為

4t0.4、

T=--------=---------s(n=0,1,2,3,...)

4〃+14〃+1

頻率為

14〃+1

j=—=-----Hz=(10//+2.5)Hz(M=0,1,2,3,...)

T0.4

所以波的頻率可能為2.5Hz、12.5Hz、…，不可能為7.5Hz,故B錯(cuò)誤；

C.波速為

v=2/=4x(10〃+2.5)m/s=(40n+10)m/s("=0,1,2,3,...)

當(dāng)n=l時(shí)

v=50m/s

故C正確；

D.波沿x軸正方向傳播，在Z=0,1s時(shí)亥1JP沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)，與之相距5m處的質(zhì)點(diǎn)分別在7.5m處和-2.5m

處，其中7.5m處的質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情況與3.5m處質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)情況一樣，沿y軸正方向，而距原點(diǎn)-2.5m的質(zhì)點(diǎn)與1.5m

處振動(dòng)情況一樣，速度沿了軸負(fù)方向，故D錯(cuò)誤。

故選AC-

7.如圖所示，理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)之比為々：々=3:1,原線圈回路中的電阻A與副線圈回路中

的負(fù)載電阻B的阻值相等。a、b端加一定交流電壓。=311sinl0〃/(V)后，貝!]()

第4頁(yè)/共15頁(yè)

A.兩電阻兩端的電壓比"A："B=3：1

B.兩電阻中的電流之比，A：4=1：3

C.兩電阻消耗的電功率之比心=1：1

D,電阻B兩端的電壓表的示數(shù)UB=66V

【答案】BD

【解析】

【詳解】AB.電阻兩端的電壓

U'=IR

所以?xún)呻娮鑳啥说碾妷褐鹊扔陔娏髦龋捎陔娏鞅鹊扔谠褦?shù)反比，所以

〃：UB=/A：/B=1：3

故A錯(cuò)誤，B正確；

C.電阻消耗的功率

P=I2R

所以?xún)呻娮柘牡碾姽β手?/p>

■：品=1：9

故c錯(cuò)誤；

D.由表達(dá)式知防兩端電壓有效值為220V,設(shè)副線圈電壓為口，則原線圈兩端電壓36,原線圈中電阻分

壓為號(hào),即

3。2+牛=220V

解得

UB=U2=66V

故D正確。

故選BDo

第5頁(yè)/共15頁(yè)

8.下列四幅圖中有關(guān)裝置的原理和現(xiàn)象的分析正確的是（）

A.圖甲電路通電穩(wěn)定后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)瞬間，燈泡一定會(huì)閃一下再熄滅

B.圖乙變壓器采用了電磁互感原理，鐵芯用彼此絕緣的硅鋼片疊加而成從而減小渦流

C.圖丙過(guò)山車(chē)進(jìn)入停車(chē)區(qū)的過(guò)程中銅片受到強(qiáng)力磁鐵的安培力使過(guò)山車(chē)減速

D.圖丁D形盒半徑、磁感應(yīng)強(qiáng)度不變，若加速電壓越高，質(zhì)子飛出D形盒的動(dòng)能將越大

【答案】BC

【解析】

【詳解】A.圖甲電路通電穩(wěn)定后斷開(kāi)開(kāi)關(guān)瞬間，燈泡A不一定會(huì)閃一下再熄滅，只有當(dāng)電路穩(wěn)定時(shí)線圈

中電流比燈泡中電流大時(shí)，燈泡才會(huì)閃一下再熄滅，故A錯(cuò)誤;

B.圖乙變壓器采用了電磁互感原理，鐵芯用彼此絕緣的硅鋼片疊加而成防止產(chǎn)生渦流，故B正確;

C.過(guò)山車(chē)進(jìn)入停車(chē)區(qū)的過(guò)程中，銅片中有感應(yīng)電流通過(guò)，處于磁場(chǎng)中，則受到的安培力，使過(guò)山車(chē)減速,

故C正確;

D.由

v2

qvB=m——

r

可得

m

則最大動(dòng)能為

k22nl

知最大動(dòng)能與加速器的半徑、磁感線強(qiáng)度以及電荷的電量和質(zhì)量有關(guān)，與加速電壓無(wú)關(guān)，故D錯(cuò)誤。

故選BCo

二、實(shí)驗(yàn)題（本題共2小題，共16分。）

9.某實(shí)驗(yàn)小組利用圖甲所示裝置測(cè)量當(dāng)?shù)刂亓铀俣?。輕繩一端系住直徑為d的小球，另一端固定在鐵架

臺(tái)上。點(diǎn)，已知。點(diǎn)到小球球心的距離為/,在。點(diǎn)正下方固定一個(gè)光電門(mén)，小球運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)時(shí)光電門(mén)

第6頁(yè)/共15頁(yè)

能夠記錄下小球的遮光時(shí)間。實(shí)驗(yàn)時(shí)，將小球拉起至輕繩和豎直方向夾角為。，由靜止釋放小球，小球擺

至最低點(diǎn)時(shí)光電門(mén)光線正好射向小球球心，小球的遮光寬度可近似為d,光電門(mén)記錄小球的遮光時(shí)間為加,

試回答以下問(wèn)題：

Io1020

光電門(mén)

與計(jì)算機(jī)連接

（1）用游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑如圖乙所示，則小球的直徑“=mm；

（2）小球從釋放位置運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)時(shí)的速度為丫=；（用題中相關(guān)物理量的字母表示）

（3）多次改變夕的數(shù)值，重復(fù)以上實(shí)驗(yàn)過(guò)程并測(cè)量對(duì)應(yīng)的4,得到」隨COS。變化的關(guān)系如圖丙所示,

(Ar)2

該圖線斜率的絕對(duì)值為左，可計(jì)算得重力加速度g=O（用左、/和d表示）

【答案】（1）8.10

【解析】

【小問(wèn)1詳解】

由圖示游標(biāo)卡尺可知，其精確度為0.05mm,所以小球直徑為

d=8mm+0.05x2mm=8.10mm

【小問(wèn)2詳解】

小球從釋放位置運(yùn)動(dòng)至最低點(diǎn)時(shí)的速度為

v=-

【小問(wèn)3詳解】

由動(dòng)能定理

可得

圖丙中圖線斜率的絕對(duì)值為左，則可得

第7頁(yè)/共15頁(yè)

2gl

k-

d1

可得

kd2

10.在“探究碰撞中的不變量”實(shí)驗(yàn)中，通過(guò)碰撞后做平拋運(yùn)動(dòng)測(cè)量速度的方法來(lái)進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲

所示，實(shí)驗(yàn)原理如圖乙所示。

（1）假設(shè)實(shí)驗(yàn)室中有如下圖所示三個(gè)小球，則入射小球應(yīng)該選取，被碰小球應(yīng)該選取

（填字母代號(hào)）

直徑4=2cm直徑4=2cm直徑4=3cm

質(zhì)量加2=24g質(zhì)量嗎=12g質(zhì)量加3=4g

（2）關(guān)于本實(shí)驗(yàn)，下列說(shuō)法正確的是0（填字母代號(hào)）

A,斜槽必須足夠光滑且安裝時(shí)末端必須保持水平

B.同一實(shí)驗(yàn)中入射小球每次都必須從斜槽上的同一位置由靜止釋放

C實(shí)驗(yàn)中需要用到重垂線

D,必須測(cè)量出斜槽末端到水平地面的高度

（3）某同學(xué)在做上述實(shí)驗(yàn)時(shí)，測(cè)得入射小球和被碰小球的質(zhì)量關(guān)系為加=2M,兩小球在記錄紙上留下三

處落點(diǎn)痕跡如圖丙所示，他將米尺的零刻線與。點(diǎn)對(duì)齊，測(cè)量出。點(diǎn)到三處平均落地點(diǎn)的距離分別為。4、

OB.OC.該同學(xué)通過(guò)測(cè)量和計(jì)算發(fā)現(xiàn)，在實(shí)驗(yàn)誤差允許范圍內(nèi)，兩小球在碰撞前后動(dòng)量是守恒的。

①該同學(xué)要驗(yàn)證的關(guān)系式為；（用CM、OB、0c關(guān)系表示）

②若進(jìn)一步研究該碰撞是否為彈性碰撞，需要判斷關(guān)系式是否成立。（用。4、05、OC

關(guān)系表示）

第8頁(yè)/共15頁(yè)

【答案】（1）①.A②.B

⑵BC(3)①.2(0C~0A)^0B②.OC+OA=OB

【解析】

【小問(wèn)1詳解】

（1）⑴⑵為了保證入射小球碰撞后不反彈，入射球的質(zhì)量要大于被碰球的質(zhì)量，為了使兩球發(fā)生對(duì)心碰撞,

則要求兩球的半徑相同，故入射球選擇直徑為4、質(zhì)量為叫的小球，被碰球選擇直徑為4、質(zhì)量為加2的

小球。

【小問(wèn)2詳解】

（2）[3]A.本實(shí)驗(yàn)只需要確保軌道末端水平，從而確保小球離開(kāi)軌道后做的是平拋運(yùn)動(dòng)即可，小球每次從

斜槽的同一位置滾下，并不需要軌道光滑，故A錯(cuò)誤；

B.要確保放上被碰小球后，入射小球的碰前的速度大小保持不變，故要求從同一位置由靜止釋放入射小球,

故B正確；

C.實(shí)驗(yàn)中重錘線的作用是確定小球做平拋運(yùn)動(dòng)的水平位移的起點(diǎn)，即標(biāo)定斜槽末端在白紙上的投影點(diǎn)O,

故c正確；

D.兩個(gè)小球下落時(shí)間相同，故由

可知，小球的水平位移X8V。，故可用水平位移的大小關(guān)系表示速度的大小關(guān)系，不需要求出時(shí)間，所以

不需要測(cè)量高度，故D錯(cuò)誤。

故選BCo

【小問(wèn)3詳解】

[4]①由題圖丙可知

CU=17.60cm,05=25.00cm,OC=30.00cm

代入質(zhì)量關(guān)系，可知

m-0B中m-OA~YM'OC

但是

第9頁(yè)/共15頁(yè)

mOChmOA-\-MOB

故oc才是入射小球碰前速度對(duì)應(yīng)的水平位移，由動(dòng)量守恒定律得

m-OC=m-OA-\~M-OB

根據(jù)

m=2M

解得

2(OC—OA)=OB

[5]②驗(yàn)證碰撞是否為彈性碰撞，則需要驗(yàn)證

~mVl=J'""；+

即

m-OC2=m-OA2+MOB2

變形得

m-OC2-m-OA2=MOB2

根據(jù)

m=2M

則有

2(。。-OA)(OC+OA)=OB2

解得

OC+OA=OB

三、計(jì)算題：本題共3小題，共36分。請(qǐng)把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要

的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。

11.為防止宇宙間各種高能粒子對(duì)在軌航天員造成的危害，科學(xué)家研制出各種磁防護(hù)裝置。某同學(xué)設(shè)計(jì)了一

種磁防護(hù)模擬裝置，裝置截面如圖所示，以。點(diǎn)為圓心的內(nèi)圓、外圓半徑分別為尺、道區(qū)，區(qū)域中的危險(xiǎn)

區(qū)內(nèi)有垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，外圓為絕緣薄板，且直徑CO的兩端各開(kāi)有小孔，外圓的左側(cè)有兩塊平行

金屬薄板，其右板與外圓相切，在切點(diǎn)C處開(kāi)有一小孔，兩板間電壓為。0。一質(zhì)量為加、電荷量為+e粒

子(不計(jì)重力)從左板內(nèi)側(cè)的/點(diǎn)由靜止釋放，粒子經(jīng)電場(chǎng)加速后從?？籽谻O方向射入磁場(chǎng)，恰好不進(jìn)

入安全區(qū)。求：

(1)粒子通過(guò)?？讜r(shí)速度%的大??；

第10頁(yè)/共15頁(yè)

(2)磁感應(yīng)強(qiáng)度3的大小。

【詳解】(1)粒子從/點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到。點(diǎn)，根據(jù)動(dòng)能定理有

解得

(2)設(shè)帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為廠，如圖所示

(VW+/=(r+J?)2

解得

r-R

由牛頓第二定律有

2

evB=m-

0r

解得

第11頁(yè)/共15頁(yè)

J_2叫

12.如圖所示，兩根平行的光滑金屬導(dǎo)軌跖V、PQ,距離為與左側(cè)從尸間連接的電阻及構(gòu)成一

個(gè)固定的水平。型導(dǎo)體框架，導(dǎo)軌電阻不計(jì)且足夠長(zhǎng)。框架置于一個(gè)方向豎直向下，范圍足夠大的勻強(qiáng)磁

場(chǎng)中，磁感應(yīng)強(qiáng)度為3,磁場(chǎng)左側(cè)邊界是質(zhì)量為加、電阻為,、長(zhǎng)度為上的導(dǎo)體棒垂直放置在兩導(dǎo)

軌上，并與導(dǎo)軌接觸良好，給導(dǎo)體棒一個(gè)水平向右的初速度%進(jìn)入磁場(chǎng)區(qū)域，求：

(1)導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間安培力F的大?。?/p>

(2)導(dǎo)體棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的位移x。

XXXX

B

XXXX

82Ao0、、mv0(R+r)

【答案】(1)—IN/X一~~~

R+rB21}

【解析】

【詳解】(1)根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為

E=BLv0

根據(jù)閉合電路歐姆定律得

根據(jù)安培力公式得

F=BIL

聯(lián)立解得導(dǎo)體棒進(jìn)入磁場(chǎng)瞬間安培力的大小為

32Ao

(2)當(dāng)導(dǎo)體棒速度減為零時(shí)，由動(dòng)量定理得

第12頁(yè)/共15頁(yè)

-BILAt=0-mvQ

又因?yàn)?/p>

R+r

At

聯(lián)立解得

B-Irx

=mv

R+rQ

變形得

mvAR+r)

x=--------------

B21}

13.如圖所示，半徑為R=1.8m的光滑圓弧軌道與半徑為&=0.8m的半圓光滑細(xì)管平滑連接并固定，光

4

滑水平地面上緊靠管口處有一質(zhì)量為〃=3kg、長(zhǎng)度為￡=2.0m的木板，木板上表面正好與管口底部相切，

處在同一水平線上，木板的左方有一足夠長(zhǎng)的水平臺(tái)階，其上表面與木板上表面高度相同?，F(xiàn)讓質(zhì)量為"2

=2kg的物塊b靜止于8處，質(zhì)量為%i=lkg的物塊a從光滑圓弧軌道頂端的4處由靜止釋放，物塊。下

滑至B處和b發(fā)生碰撞后不再分開(kāi)，a、b形成的物塊c經(jīng)過(guò)半圓管從C處滑上木板，當(dāng)木板速度為2m/s時(shí),

木板與臺(tái)階碰撞并立即被粘住，若g=10m/s2,物塊碰撞前后均可視為質(zhì)點(diǎn)，圓管粗細(xì)不計(jì)。

(1)求物塊a和b碰后共同具有的速度；

(2)若物塊c與木板、臺(tái)階表面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為〃=0.5,求物塊c在臺(tái)階表面上滑行的最大距離。

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【答案】（1）2m/s；（2）1.2m

【解析】

【詳解】（1）設(shè)物塊a