高級中學名校試卷PAGEPAGE1成都教育集團高2022級高三4月聯(lián)考試卷物理注意事項：1．答卷前，考生務必將自己的姓名、準考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案標號。回答非選擇題時，將答案寫在答題卡上。寫在本試卷上無效。3．考試結束后，只將答題卡交回。第Ⅰ卷選擇題一、單項選擇題：本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個選項中，只有一項最符合題目要求。1.如圖所示的火災自動報警器工作原理為：放射源處的镅發(fā)生衰變生成镎，粒子使殼內氣室空氣電離而導電。當煙霧進入殼內氣室時，粒子被煙霧顆粒阻擋，于是鋒鳴器報警。下列說法正確的是（）A.發(fā)生火災時溫度升高，的半衰期變長B.這種報警裝置應用了射線貫穿本領強的特點C.發(fā)生衰變過程中需要吸收能量D.衰變的本質是原子核內的兩個質子與兩個中子結合成了一個粒子然后釋放出來【答案】D【解析】A．半衰期只由原子核內部決定，與所處環(huán)境溫度無關，故A錯誤；B．這種報警裝置應用了射線電離本領強的特點，故B錯誤；C．發(fā)生衰變過程中要釋放能量，故C錯誤；D．衰變的本質是原子核內的兩個質子與兩個中子結合成了一個粒子然后釋放出來，故D正確。故選D。2.某電梯的自動門簡化如圖所示，電梯到達指定樓層后兩扇門從靜止開始同時向兩側平移，兩扇門的移動距離均為0.5m，若門從靜止開始以大小相等的加速度先做勻加速運動后做勻減速運動，完全打開時速度恰好為0，則門打開需要的時間為（）A.1s B.2s C.3s D.4s【答案】B【解析】電梯門打開過程中門先從0勻加速運動后做勻減速運動到0，由運動的對稱性可知代入數(shù)據(jù)解得故選B。3.工人用如圖甲所示的小推車搬運桶裝水，小推車的支架和底板相互垂直。某次工人將質量為20kg的一桶水放到底板上，用力壓把手至支架與水平面成30°角時保持靜止，如圖乙所示，不計水桶與小推車間的摩擦，重力加速度g取，下列說法正確的是（）A.此時支架對水桶的彈力大小為100NB.此時底板對水桶的彈力大小為NC.此時小推車對水桶的作用力小于水桶對推車的作用力D.緩慢減小支架與水平面的夾角，底板對水桶的彈力將減小【答案】D【解析】AB．根據(jù)題意，對水桶受力分析，如圖所示由平衡條件有，解得，故AB錯誤；C．由平衡條件可知，小推車對水桶的作用力等于水桶對推車的作用力，故C錯誤；D．結合上述分析可知，底板對水桶的彈力可知，緩慢減小支架與水平面的夾角，底板對水桶的彈力將減小，故D正確。故選D。4.2024年10月30日，我國“長征二號F”遙十九運載火箭在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心成功發(fā)射，神舟十九號載人飛船順利升空。已知引力常量為G，地球半徑為R，地球表面重力加速度為g，視飛船繞地球做勻速圓周運動，其運行周期為T，忽略地球自轉。下列說法正確的是（）A.火箭加速升空階段處于失重狀態(tài)B.地球的平均密度C.飛船繞地球做勻速圓周運動時離地面高度D.飛船繞地球做勻速圓周運動時的速度可能大于地球的第一宇宙速度【答案】B【解析】A．火箭加速升空階段，根據(jù)牛頓第二定律解得處于超重狀態(tài)，故A錯誤；B．在地球表面萬有引力等于重力，有根據(jù)密度公式解得故B正確；C．根據(jù)萬有引力提供向心力在地球表面萬有引力等于重力，有解得飛船繞地球做勻速圓周運動時離地面高度故C錯誤；D．根據(jù)萬有引力提供向心力解得可知軌道半徑越小速度越大，試驗船的軌道半徑不可能小于地球半徑，所以試驗船繞地球的運行速度不可能大于地球的第一宇宙速度，故D錯誤。故選B。5.如圖所示，傾角為的絕緣斜面固定在水平地面上，該區(qū)域存在豎直向上、大小為E的勻強電場。一可視為質點，電荷量為，質量為m的滑塊從離地高h的位置，以速度勻速下滑至斜面底端。以下說法正確的是（）A.滑塊下滑過程中機械能增加 B.滑塊的電勢能增加了qEhC.斜面與滑塊接觸面之間的動摩擦因數(shù) D.若撤去電場，滑塊將向下做減速直線運動【答案】C【解析】A．滑塊勻速下滑，動能不變，重力勢能減小，則機械能減小，故A錯誤；B．滑塊所受電場力豎直向下，滑塊下滑過程中電場力做正功，則電勢能減少了，故B錯誤；C．滑塊勻速下滑，受力平衡，即解得故C正確；D．若撤去電場，則有滑塊以初速度釋放仍能勻速下滑，故D錯誤。故選C6.如圖所示的甲、乙兩個電路，電感線圈的自感系數(shù)足夠大，直流電阻為；兩白熾燈泡和定值電阻的阻值也均為。先閉合開關，待電路達到穩(wěn)定后，燈泡均能發(fā)光，再將開關斷開，最終兩燈都熄滅。對于開關閉合、斷開后燈泡亮度變化情況，下列說法中正確的是（）A.同時閉合開關，甲、乙電路中的燈泡同時亮起B(yǎng).同時閉合開關，甲電路中燈泡先閃亮一下再穩(wěn)定發(fā)光C.斷開開關，甲、乙兩電路中燈泡都先閃亮一下再延遲熄滅D.斷開開關，甲電路中燈泡延遲熄滅、乙電路中燈泡先閃亮一下再延遲熄滅【答案】D【解析】AB．甲電路閉合開關，由于線圈的自感現(xiàn)象，燈泡緩慢變亮，乙電路閉合開關，燈泡瞬間變亮，AB均錯誤。CD．甲電路在開關閉合穩(wěn)定后，通過燈泡的電流與通過電感線圈的電流相等，再斷開開關，由于線圈的自感作用，燈泡延遲熄滅；乙電路在開關閉合穩(wěn)定后，通過的電流大于通過燈泡的電流，再斷開開關，將阻礙電流變化，通過的電流將流經(jīng)燈泡，使得斷開后瞬間，通過燈泡的電流變大，所以燈泡先閃亮再延遲熄滅，C錯誤，D正確。故選D。7.北京某中學的教室有一朝南的合金窗，教室所處位置地磁場的磁感應強度水平分量大小為B，方向垂直于窗框水平邊且指向室內。窗的窗扇豎直邊長為，水平邊長為，一學生在教室內將封閉的窗扇向外推開的過程用時為t。對該過程判斷正確的是（）A.窗扇的水平邊上各點的線速度相等B.通過窗扇的磁通量大小在不斷增大C.從學生視角，窗扇產(chǎn)生順時針方向的電流D.窗扇的平均感應電動勢大小為【答案】D【解析】A．窗扇水平邊上各點做同軸的圓周運動，其速度大小隨距離的轉軸的增大而增大，所以窗扇的水平邊上各點的線速度不相等，故A錯誤；B．由于教室所處位置地磁場的磁感應強度水平分量方向垂直于窗框水平邊且指向室內，所以轉到過程中與磁場垂直面積減小，故磁通量的大小不斷減小，故B錯誤；C．根據(jù)右手定則可以判斷出窗扇轉動過程中豎直邊切割磁場產(chǎn)生的電流方向從上到下，即窗扇產(chǎn)生逆時針方向的電流，故C答案錯誤；D．窗扇開始的磁通量為轉過的磁通量為由此可得故D正確；故選D。二、多項選擇題：本題共3小題，每小題6分，共18分。每小題有多項符合題目要求，全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。8.半圓柱形玻璃磚的橫截面如圖所示，MN為直徑，一細束復色光沿半圓柱形玻璃磚的半徑方向從P點射入，在圓心O點分散成a、b兩束單色光，a光恰好在玻璃磚底部發(fā)生全反射，b光從玻璃磚底部射出，，下列說法正確的是（）A.玻璃磚對b光的折射率大于對a光的折射率B.a光的頻率大于b光的頻率C.在玻璃磚中，a光的傳播速度大于b光的傳播速度D.玻璃磚對單色光a的折射率為【答案】BD【解析】ABC．光以同一入射角入射，光剛好發(fā)生全反射，光沒有發(fā)生全反射，根據(jù)折射定律可知，玻璃磚對光的折射率大于對光的折射率，光的頻率大于光的頻率，在玻璃磚中光的傳播速度，所以在玻璃磚中光的傳播速度大于光的傳播速度，故B正確，AC錯誤；D．光恰好發(fā)生全反射，其臨界角玻璃磚對單色光的折射率故D正確。故選BD。9.一列沿x軸傳播的簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖所示，此時P點偏離平衡位置的位移大小是振幅的二分之一。已知該波的波速v=8m/s，則此后P點第二次達到平衡位置的時間可能是（）A. B. C. D.【答案】AB【解析】由波形圖可知λ=4m，由解得假設波沿x軸正方向傳播，則P點此時沿y軸負方向振動，又P點偏離平衡位置的位移大小是振幅的二分之一，故P點第一次到平衡位置的時間為，故P點從開始到第二次達到平衡位置的時間為假設波沿x軸負方向傳播，則P點此時沿y軸正方向振動，故P點第一次到平衡位置的時間為故P點從開始到第二次達到平衡位置的時間為故選AB。10.如圖所示，實線是實驗小組某次研究平拋運動得到的實際軌跡，虛線是相同初始條件下平拋運動的理論軌跡。分析后得知這種差異是空氣阻力影響的結果。實驗中，小球的質量為m，水平初速度為，初始時小球離地面的高度為h。已知小球落地時速度大小為v，方向與水平面的夾角為，小球在運動過程中受到的空氣阻力大小與速率成正比，比例系數(shù)為k，重力加速度為g。下列說法正確的是（）A.小球落地時重力的功率為mgv B.小球下落的時間為C.小球下落過程的水平位移大小為 D.小球下落過程空氣阻力所做的功為【答案】BD【解析】A．小球落地時重力的功率為故A錯誤；B．利用微元法，小球下落過程，在豎直方向上根據(jù)動量定理有其中解得小球下落的時間為故B正確；C．同理，在水平方向上根據(jù)動量定理有其中解得小球下落過程的水平位移大小為故C錯誤；D．小球下落的過程，根據(jù)動能定理有解得小球下落過程空氣阻力所做的功為故D正確。故選BD。第Ⅱ卷非選擇題三、實驗題：本題共2小題，每空2分，共14分。11.如圖所示，甲圖為探究小車勻變速直線運動規(guī)律的裝置，乙圖是某次實驗獲取的一段紙帶。實驗中打點計時器每隔0.02s打一個點，A、B、C、D、E、F、G是紙帶上的計數(shù)點，相鄰兩個計數(shù)點之間還有四個點未畫出，請回答以下問題：（1）除了圖甲中標出的器材外，還需要______。（請?zhí)钸x項前的字母序號）A.天平 B.刻度尺C.秒表 D.彈簧測力計（2）打C點時小車的速度大小為______m/s，小車的加速度大小為______。（計算結果均保留兩位有效數(shù)字）【答案】（1）B（2）0.480.80【解析】【小問1詳析】A．實驗目是研究小車的勻變速直線運動規(guī)律，不需要用天平測量鉤碼、小車的質量，故A錯誤；B．實驗中需要利用刻度尺測量紙帶點跡之間的間距，故B正確；C．打點計時器是一種計時儀器，不需要用秒表測量時間，故C錯誤；D．實驗目的是研究小車的勻變速直線運動規(guī)律，不需要用彈簧測力計測量鉤碼的重力，故D錯誤。故選B。小問2詳析】[1]相鄰兩個計數(shù)點之間還有四個點未畫出，可知兩個計數(shù)點時間則C點速度大小[2]逐差法可知加速度大小12.某課外活動小組設計了如圖甲所示的電路圖測量電源電動勢和內阻，電壓表和電流表內阻未知。（1）按照圖甲連接電路，將電阻箱R調到最大值，保持斷開，將單刀雙擲開關擲向a，改變電阻箱R的阻值得到一系列電流表的讀數(shù)I，作出圖像如圖乙所示，由圖像的斜率和縱軸截距可求出電源電動勢和內阻，由于電流表分壓的原因，與真實值相比較，電動勢測量結果______；（選填“偏大”“偏小”或“相等”）（2）將電阻箱R調到最大值后，閉合開關，將單刀雙擲開關擲向b，改變電阻箱R的阻值得到一系列電壓表的讀數(shù)U，作出圖像如圖丙所示，由于電壓表分流的原因，與真實值相比較，內阻測量結果______；（選填“偏大”“偏小”或“相等”）（3）將乙、丙兩個圖像綜合起來考慮，可以避免由于電表內阻帶來的系統(tǒng)誤差。測得圖乙和圖丙中圖線斜率分別為、，縱軸截距分別為、，則電源的電動勢______，內阻______?！敬鸢浮浚?）相等（2）偏?。?）【解析】【小問1詳析】根據(jù)閉合電路歐姆定律E=I（R+r）變形得到與R的關系式根據(jù)數(shù)學知識得知，圖像斜率的倒數(shù)等于電源的電動勢E，則可知，電動勢的測量值與真實值相比相等?！拘?詳析】根據(jù)閉合電路歐姆定律得變形得因此圖像的縱軸截距電源的電動勢圖像的斜率電源內阻由圖示電路圖可知，由于電壓表的分流作用，通過電源的電流大于，這是造成系統(tǒng)誤差的原因；若考慮電源電壓表內阻，則表達式為變形得則由數(shù)學規(guī)律可知，電動勢E偏??；內阻偏小?！拘?詳析】由以上分析可知，小題（1）中電動勢是準確的，所以而小題（2）的丙圖像的斜率聯(lián)立解得。四、計算題：本題共3小題，共40分。解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟；有數(shù)值計算時，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。13.某充氣式座椅簡化模型如圖所示，質量相等且導熱良好的兩個光滑薄壁汽缸C、D通過質量、厚度均不計的活塞a、b封閉質量相等的兩部分同種氣體A、B，活塞通過輕彈簧相連，系統(tǒng)靜置在水平面上。已知汽缸的質量為M，氣柱A的初始高度為L，初始環(huán)境溫度為，輕彈簧的勁度系數(shù)為k，原長為，大氣壓強為，重力加速度為g，活塞的橫截面積為S，彈簧形變始終在彈性限度內，活塞始終未脫離汽缸。（1）求初始時氣體A的壓強；（2）求初始時氣柱B的高度；（3）若環(huán)境溫度緩慢降至，求穩(wěn)定后座椅的高度。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳析】對A分析，設氣體A的壓強為，對汽缸C由平衡條件解得初始時氣體A的壓強【小問2詳析】設氣體B的壓強為，對活塞b有解得由于氣體A、B在初始時溫度相同，則由玻意耳定律解得初始時氣柱B的高度為【小問3詳析】對B氣體由蓋—呂薩克定律解得由胡克定律得解得彈簧的壓縮量為由（1）（2）問可得A氣體變化與B氣體一致，則穩(wěn)定后座椅的高度14.如圖所示，已知截面為矩形的管道長度為l，寬度為a，高度為b。其中相距為a的兩側面是電阻可忽略的導體，該兩側導體與某種金屬直導體連成閉合電路，相距為b的頂面和底面是絕緣體，將電阻率為的水銀沿圖示方向通過矩形導管，假設沿流速方向上管道任意橫截面上各點流速相等，且水銀流動過程中所受管壁摩擦力與水銀流速成正比。為使水銀在管道中勻速流過，就需要在管道兩端加上壓強差。初始狀態(tài)下，整個空間范圍內無磁場，此時測得在管道兩端加上大小為的壓強差時水銀的流速為，則：（1）求水銀受到管壁的摩擦力與其流速的比例系數(shù)k；（2）在管道上加上垂直于兩絕緣面，方向向上，磁感應強度大小為B的勻強磁場，若水銀的流速仍為不變，已知金屬直導體電阻為R，求電路中電流I；（3）在（2）問的情況下，求此時管道兩端的壓強差p。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問1詳析】由題意得，水銀受到管壁的摩擦力的表達式可設為又水銀受到的壓力為