物理本試卷分選擇題和非選擇題兩部分，滿分100分。考試時(shí)間75分鐘。一、單項(xiàng)選擇題∶本題共7小題，每小題4分，共28分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求。1.核磁共振成像技術(shù)的基本原理是：當(dāng)電磁波滿足一定條件時(shí)，強(qiáng)磁場(chǎng)可使人體內(nèi)含量最多的氫原子吸收電磁波的能量，然后吸收了能量的氫原子又把這部分能量以電磁波的形式釋放出來(lái)形成核磁共振信號(hào)。氫原子從開始的能級(jí)能量依次為-13.6eV，-3.4eV，-1.51eV，-0.85eV，…，下列電磁波的能量，能被人體內(nèi)處于基態(tài)的氫原子吸收的是（）A.9.2eV B.10.6eV C.12.9eV D.12.75eV【答案】D【解析】根據(jù)玻爾理論，只有能量剛好等于氫原子兩個(gè)能級(jí)差的光子（電磁波）才能被氫原子吸收，從到高能級(jí)的能量分別為10.2eV、12.09eV、12.75eV、13.06eV…。故選D。2.如圖所示，絕緣金屬球殼的空腔M內(nèi)、外各有一小球N和Q，下列說(shuō)法不正確的是（）A.若Q、M不帶電，M不接地，則N帶電時(shí)，Q上無(wú)感應(yīng)電荷B.若Q、M不帶電，M接地，則N帶電時(shí)，Q上無(wú)感應(yīng)電荷C.若Q、N不帶電，M不接地，則Q帶電時(shí)，N上無(wú)感應(yīng)電荷D.若Q、N不帶電，M接地，則Q帶電時(shí)，N上無(wú)感應(yīng)電荷【答案】C【解析】AB．若Q、M不帶電，M不接地，則N帶電時(shí)，由于靜電屏蔽，Q上無(wú)感應(yīng)電荷；若M接地，M與大地組成一個(gè)大導(dǎo)體，靠近N的一端和大地將出現(xiàn)感應(yīng)電荷，Q上無(wú)感應(yīng)電荷，故A、B正確；CD．若Q、N不帶電，M不接地，則Q帶電時(shí)，Q產(chǎn)生的電場(chǎng)會(huì)影響N，N上有感應(yīng)電荷；若M接地，Q產(chǎn)生的電場(chǎng)不會(huì)影響N，N上無(wú)感應(yīng)電荷，故C錯(cuò)誤，D正確。故選C。（新情境題）3.2024年6月25日，嫦娥六號(hào)返回器實(shí)現(xiàn)世界首次月球背面采樣返回。返回器在返回過(guò)程中運(yùn)用獨(dú)特“打水漂”技術(shù)，在大氣層上下做類似打水漂的曲線運(yùn)動(dòng)。返回過(guò)程中高度隨時(shí)間變化如圖所示，P點(diǎn)對(duì)應(yīng)第一次進(jìn)入大氣層的最低點(diǎn)，Q點(diǎn)對(duì)應(yīng)第一次離開大氣層后的最高點(diǎn)，則（）A.該圖像表示返回器的運(yùn)動(dòng)軌跡B.該圖像的斜率表示返回器的速度C.在Q點(diǎn)時(shí)，返回器的加速度為零D.在P點(diǎn)時(shí)，返回器的豎直方向分速度為零【答案】D【解析】A．該圖像表示返回器返回過(guò)程的高度隨時(shí)間變化關(guān)系，不是運(yùn)動(dòng)軌跡，故A錯(cuò)誤；B．該圖像不是位移時(shí)間圖，所以圖像的斜率不表示返回器的速度，故B錯(cuò)誤；C．在Q點(diǎn)時(shí)，返回器受到地球引力，所以加速度不為0，故C錯(cuò)誤；D．因?yàn)镻點(diǎn)對(duì)應(yīng)第一次進(jìn)入大氣層的最低點(diǎn)，所以在P點(diǎn)時(shí)，返回器的豎直方向分速度為零，故D正確。故選D。（易錯(cuò)題）4.某興趣小組剪裁、拼接偏振片來(lái)顯示偏振光偏振方向。先將偏振片按圖甲的虛線剪出18片頂角為20°的等腰梯形，偏振片透振方向與各個(gè)等腰梯形的對(duì)稱軸均平行，后將其拼接成圓環(huán)如圖乙，制作成了“新型偏振片”。將“新型偏振片”放置在液晶屏幕前，觀察液晶屏幕發(fā)出的白色偏振光，可能觀察到的現(xiàn)象是（）A. B.C. D.【答案】A【解析】因?yàn)槠衿刚穹较蚺c各個(gè)等腰梯形的對(duì)稱軸均平行，則假設(shè)沿某一方向偏振的光的偏振方向與該等腰梯形的偏振片的透振方向相同，則光線最強(qiáng)，與之共線對(duì)稱的另一個(gè)等腰梯形透振方向也是與該偏振光平行的，光線也是最強(qiáng)的；與之垂直的兩個(gè)等腰梯形的透振方向與該偏振光的方向垂直，則光線最暗，可知可能觀察到的現(xiàn)象是圖A所示。故選A5.鵲橋二號(hào)中繼星的成功發(fā)射，為嫦娥六號(hào)在月球背面的探月任務(wù)提供地月間中繼通訊．如圖所示，鵲橋二號(hào)采用周期為T的環(huán)月橢圓凍結(jié)軌道，遠(yuǎn)月點(diǎn)B距月心為近月點(diǎn)A距月心距離的9倍，為橢圓軌道的短軸，關(guān)于該衛(wèi)星的說(shuō)法正確的是（）A.從C經(jīng)B到D的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為B.在A、B兩點(diǎn)的速度大小之比為C.在A、B兩點(diǎn)的加速度大小之比為D.在地球表面附近的發(fā)射速度大于小于【答案】D【解析】A．根據(jù)開普勒第二定律，從C經(jīng)B到D的運(yùn)動(dòng)平均速率小于從D經(jīng)A到C的運(yùn)動(dòng)平均速率，可知從C經(jīng)B到D的運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B．根據(jù)開普勒第二定律，在A、B兩點(diǎn)時(shí)其中可得在A、B兩點(diǎn)的速度大小之比為選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C．根據(jù)可得可得在A、B兩點(diǎn)的加速度大小之比為選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．鵲橋二號(hào)沒(méi)有脫離地球的引力范圍，則在地球表面附近的發(fā)射速度大于小于，選項(xiàng)D正確。故選D。（高考風(fēng)向題）6.如圖所示，外力作用下小球A在豎直平面內(nèi)做逆時(shí)針勻速圓周運(yùn)動(dòng)，圓心為O點(diǎn)。另一小球B用輕質(zhì)彈簧豎直懸掛，且靜止時(shí)小球B與圓心O在同一豎直高度。向下拉小球B到適當(dāng)位置，靜止釋放，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球A、B始終在同一豎直高度，不計(jì)阻力作用。下列說(shuō)法正確的是（）A.小球A受到的合外力不變B.以小球A為參考系，小球B靜止C.小球B在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒D.小球A豎直方向合外力的大小與小球A到O點(diǎn)的豎直距離成正比【答案】D【解析】A．小球A做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，合外力提供向心力，大小不變，方向時(shí)刻變化，故A錯(cuò)誤；B．以小球A為參考系，小球B在豎直方向的距離不變，但在水平方向的距離時(shí)刻變化。所以，以小球A為參考系，小球B運(yùn)動(dòng)，故B錯(cuò)誤；C．小球B在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中小球B和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，小球B的機(jī)械能不守恒，故C錯(cuò)誤；D．設(shè)小球A做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為，向心力即合外力為，某時(shí)刻到圓心的豎直高度為，與圓心連線和水平方向的夾角為，則小球A豎直方向合外力為因?yàn)樾∏駻做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，向心力大小不變，則小球A豎直方向合外力可表示為，其中即，小球A豎直方向合外力的大小與小球A到O點(diǎn)的豎直距離成正比。故D正確。故選D。7.如圖所示，豎直平面內(nèi)一半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，方向垂直紙面向里。一束質(zhì)量為m、電荷量為的帶電粒子沿平行于直徑MN的方向以不同速率從P點(diǎn)進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，入射點(diǎn)P到直徑MN的距離，不計(jì)粒子重力。下列說(shuō)法正確的是（）A.若粒子射出磁場(chǎng)時(shí)的速度方向恰好與其入射方向相反，則其入射速度為B.若粒子恰好能從N點(diǎn)射出，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為C.若粒子恰好能從K點(diǎn)（）射出，則其在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)半徑大小為D.若粒子射出磁場(chǎng)時(shí)的速度方向恰好與其入射方向垂直，則其入射速度為【答案】B【解析】A．若粒子射出磁場(chǎng)時(shí)的速度方向恰好與其入射方向相反，粒子的軌跡如圖所示由幾何關(guān)系得由洛倫茲力提供向心力，則有可得其入射速度為，故A錯(cuò)誤；B．若粒子恰好能從N點(diǎn)射出，粒子的軌跡如圖所示由幾何關(guān)系得，即解得可知，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為故B正確；C．若粒子恰好能從K點(diǎn)射出，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示可知POKO'是菱形，則粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑，故C錯(cuò)誤；D．若粒子射出磁場(chǎng)時(shí)的速度方向恰好與其入射方向垂直，其運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示根據(jù)幾何關(guān)系可知因?yàn)榈妊切危瑒t有由于為等腰直角三角形，可知由洛倫茲力提供向心力，可得解得故D錯(cuò)誤。故選B。二、多項(xiàng)選擇題∶本題共3小題，每小題6分，共18分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，每題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。8.在探究變壓器的線圈兩端電壓與匝數(shù)的關(guān)系時(shí)，某同學(xué)分別在可拆變壓器的鐵芯上繞制了兩個(gè)線圈，制作了一個(gè)如圖所示的降壓變壓器，線圈a連接到學(xué)生電源的交流輸出端，線圈b與小燈泡相連接，兩線圈的電阻均可忽略不計(jì)。閉合電源開關(guān)，發(fā)現(xiàn)小燈泡很亮，為了降低小燈泡的亮度，下列措施可行的是（）A.適當(dāng)減少線圈b的匝數(shù) B.將交流輸出電壓適當(dāng)減小C.將線圈a、b增加相同匝數(shù) D.將線圈a改接在直流輸出端【答案】AB【解析】為了降低小燈泡的亮度，即減小變壓器的副線圈的電壓，設(shè)線圈的匝數(shù)為，電壓為，線圈的匝數(shù)為，電壓為，因?yàn)樽儔浩鞯囊?guī)律是可得A．減少線圈的匝數(shù)可行，選項(xiàng)A正確；B．將交流輸出電壓U減小，小燈泡會(huì)變暗，選項(xiàng)B正確；C．將線圈a、b增加相同匝數(shù)，小燈泡會(huì)更亮，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D．直流電不能在副線圈產(chǎn)生電流，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選AB。9.如圖所示，一定質(zhì)量的理想氣體由狀態(tài)1變化到狀態(tài)2，圖中，，狀態(tài)1、2對(duì)應(yīng)的溫度分別為、，下列說(shuō)法正確的是（）A.氣體吸熱，氣體分子的平均動(dòng)能增大，B.器壁單位面積上在單位時(shí)間內(nèi)受分子撞擊的次數(shù)減少C.若氣體由狀態(tài)2再變化到狀態(tài)1時(shí)外界對(duì)氣體做的功與圖示變化過(guò)程氣體對(duì)外做的功相等，則氣體放出的熱量也一定與圖示變化過(guò)程吸收的熱量相等D.氣體從狀態(tài)2變化到狀態(tài)1的過(guò)程外界對(duì)氣體做的功與圖示變化過(guò)程氣體對(duì)外做的功一定相等【答案】BC【解析】A．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程得，可得，說(shuō)明從狀態(tài)1變化到狀態(tài)2，氣體內(nèi)能增加，分子平均動(dòng)能增加，氣體對(duì)外做功，內(nèi)能增加，說(shuō)明氣體吸熱，故A錯(cuò)誤；B．分子平均動(dòng)能增加，分子撞擊器壁的力增大，由于氣體壓強(qiáng)減小，可得器壁單位面積上在單位時(shí)間內(nèi)受分子撞擊的次數(shù)減少，故B正確；C．若氣體由狀態(tài)2再變化到狀態(tài)1時(shí)外界對(duì)氣體做的功與題圖所示變化過(guò)程氣體對(duì)外做的功相等，則根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體放出的熱量與題圖所示變化過(guò)程吸收的熱量大小也相等，故C正確；D．氣體由狀態(tài)2變化到狀態(tài)1，變化的過(guò)程沒(méi)有確定，所以氣體從狀態(tài)2變化到狀態(tài)1的過(guò)程外界對(duì)氣體做的功與圖示變化過(guò)程氣體對(duì)外做的功不一定相等，故D錯(cuò)誤。故選BC。（重難題）10.某同學(xué)投籃空心入筐，籃球在空中運(yùn)動(dòng)的軌跡如圖所示，A為出手點(diǎn)，B為軌跡最高點(diǎn)，C為軌跡上的一點(diǎn)。AB連線與水平面的夾角，AB垂直于BC，不計(jì)空氣阻力，籃球可視為質(zhì)點(diǎn)。在籃球從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.AB段速度變化和BC段速度變化一樣快B.若A點(diǎn)籃球速度為，則籃球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的最小速度為C.AB段運(yùn)動(dòng)時(shí)間為BC段的倍D.AB段籃球重力的平均功率為BC段的3倍【答案】AD【解析】A．籃球運(yùn)動(dòng)過(guò)程僅受重力作用，加速度為重力加速度，根據(jù)加速度的定義式可知，AB段速度變化和BC段速度變化一樣快，故A正確；B．結(jié)合上述，籃球做斜拋運(yùn)動(dòng)，水平方向?yàn)閯蛩僦本€運(yùn)動(dòng)，籃球運(yùn)動(dòng)到軌跡最高點(diǎn)速度最小，等于水平方向勻速直線運(yùn)動(dòng)的分速度，令籃球拋出點(diǎn)速度方向與水平方向夾角為，則有由于可知故B錯(cuò)誤；C．將斜拋運(yùn)動(dòng)從最高點(diǎn)位置可以看為左右兩個(gè)平拋運(yùn)動(dòng)，令最高點(diǎn)速度為，對(duì)于左側(cè)的平拋運(yùn)動(dòng)有，對(duì)于右側(cè)的平拋運(yùn)動(dòng)有，解得故C錯(cuò)誤；D．AB段籃球重力的平均功率大小BC段籃球重力的平均功率大小結(jié)合上述解得故D正確。故選AD。三、非選擇題∶本題共5小題，共54分。11.如圖所示，某興趣小組利用電動(dòng)機(jī)驅(qū)動(dòng)輕桿帶動(dòng)小球做豎直面內(nèi)的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，改變小球質(zhì)量，通過(guò)力傳感器獲得輕桿拉力最大值隨小球質(zhì)量變化的關(guān)系，并求得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?。?）為了測(cè)得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣龋辽龠€應(yīng)該知道(填選項(xiàng)序號(hào))。A.小球做圓周運(yùn)動(dòng)的周期TB.小球做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑LC.力傳感器的質(zhì)量M（2）采用圖像法處理數(shù)據(jù)時(shí)，應(yīng)該作出_________(填“F-m”或者圖像，若圖像斜率為k，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=_________[用k和(1)中已知量表示]。【答案】（1）AB（2）F-m【解析】【小問(wèn)1詳解】小球在最低點(diǎn)時(shí)拉力最大，根據(jù)牛頓第二定律有解得可知還需要知道小球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的周期T和半徑L。故選AB?！拘?wèn)2詳解】[1]根據(jù)可知應(yīng)作圖像，得到一次函數(shù)圖像，便于分析研究；[2]根據(jù)公式可知，圖像的斜率解得12.2024年4月15日，中國(guó)科學(xué)技術(shù)大學(xué)發(fā)布了我國(guó)首臺(tái)特有體驗(yàn)交互AI美女機(jī)器人“佳佳”，其在人機(jī)對(duì)話理解、面部微表情、軀體動(dòng)作搭配等方面取得重大突破，機(jī)器人對(duì)外界事物的感知是通過(guò)各類傳感器來(lái)完成的。一物理興趣小組對(duì)某型薄膜壓力傳感器的“壓力曲線”展開探究，已知該型半導(dǎo)體薄膜壓力傳感器阻值會(huì)隨所受壓力F的增大而減小，其阻值約幾十千歐，重力加速度g取10m/s2，現(xiàn)利用以下器材測(cè)量壓力傳感器在不同壓力下的阻值：A.壓力傳感器（壓力感知范圍：20g~600g）B.電源（電動(dòng)勢(shì)5V，內(nèi)阻不計(jì)）C.電流表A（量程250μA，內(nèi)阻約50Ω）D.電壓表V（量程3V，內(nèi)阻約20kΩ）E.滑動(dòng)變阻器R（阻值范圍0~100Ω）F.開關(guān)S，導(dǎo)線及砝碼若干。（1）請(qǐng)?jiān)趫D1所示的實(shí)物連線中，完成余下導(dǎo)線的連接_________(要求實(shí)驗(yàn)盡量精確)。（2）在薄膜壓力傳感器上放置適量砝碼，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片使得兩電表示數(shù)適當(dāng)大些以便于精確測(cè)量。實(shí)驗(yàn)時(shí)薄膜壓力傳感器必須__________放置，且閉合開關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器滑片調(diào)至最左端。某次操作，所放砝碼質(zhì)量為，電壓表示數(shù)為2.60V，而電流表的示數(shù)如圖2所示，其中電流表的讀數(shù)為I=______，進(jìn)而可得此時(shí)薄膜壓力傳感器電阻的測(cè)量值__________(結(jié)果保留3位有效數(shù)字)，多次測(cè)量并描點(diǎn)連線得到如圖3所示的曲線。（3）若將定義為壓力傳感器的靈敏度，則由圖3可知該型薄膜壓力傳感器的靈敏度隨著所受壓力的增大而___________。【答案】（1）（2）水平223##22411.7##11.6（3）減小【解析】【小問(wèn)1詳解】依據(jù)題意可知，本實(shí)驗(yàn)采用伏安法測(cè)量壓力傳感器在不同壓力下的電阻，由實(shí)驗(yàn)所給器材可知所以電流表需采用內(nèi)接法；而所給滑動(dòng)變阻器的阻值遠(yuǎn)小于壓力傳感器的阻值，所以必須采用分壓式接法，電路實(shí)物連線圖如圖所示【小問(wèn)2詳解】[1]實(shí)驗(yàn)采用平衡法來(lái)測(cè)量壓力傳感器所受到的壓力大小，為保證壓力等于砝碼的重力，傳感器應(yīng)水平放置。[2]實(shí)驗(yàn)所用電流表為250μA，最小分度值為5μA，讀數(shù)時(shí)應(yīng)采用五分之一估讀法，即以1μA為單位進(jìn)行估讀。所以電流表的讀數(shù)應(yīng)為223μA或224μA。[3]由歐姆定律，可得或【小問(wèn)3詳解】因壓力傳感器的靈敏度定義為，其幾何意義即壓力曲線上各點(diǎn)切線的斜率。結(jié)合圖3所示的壓力曲線可知，該型壓力傳感器靈敏度隨壓力的增大而減小。13.如圖所示，兩波源分別位于和處，形成沿x軸正、負(fù)方向傳播的甲乙兩列簡(jiǎn)諧橫波。0時(shí)刻波形圖如圖所示，此刻平衡位置在和的P、Q兩質(zhì)點(diǎn)剛開始振動(dòng)。已知兩列波的波速均為2m/s，質(zhì)點(diǎn)M的平衡位置位于處。求：（1）兩列波相遇的時(shí)刻；（2）到時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)M運(yùn)動(dòng)的路程。【答案】（1）（2）【解析】【小問(wèn)1詳解】設(shè)t時(shí)刻兩列波相遇，有【小問(wèn)2詳解】乙波傳到M點(diǎn)用時(shí)為此時(shí)甲波傳到處，這段時(shí)間內(nèi)質(zhì)點(diǎn)M運(yùn)動(dòng)路程為此時(shí)質(zhì)點(diǎn)M處于平衡位置且正在向y軸正方向運(yùn)動(dòng)，接下來(lái)的內(nèi)兩列波又各向前傳播（即），這段時(shí)間內(nèi)兩列波恰好完成波峰與波峰相遇，質(zhì)點(diǎn)M通過(guò)的路程為所以，到時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)M運(yùn)動(dòng)的路程為14.如圖所示，長(zhǎng)為L(zhǎng)的輕桿一端連接在光滑活動(dòng)鉸鏈O上，另一端固定一個(gè)質(zhì)量為4m的小球A，穿過(guò)固定板光滑小孔P的足夠長(zhǎng)細(xì)線一端連接在小球A上，另一端吊著質(zhì)量為m的小球B，用水平拉力F拉著小球A，使小球A處于靜止?fàn)顟B(tài)。這時(shí)輕桿與豎直方向夾角為53°，A、P間細(xì)線與豎直方向夾角為37°，重力加速度為g，小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）水平拉力F的大?。唬?）撤去拉力的一瞬間，小球A的加速度大??；（3）撤去拉力后，小球A擺至最低點(diǎn)時(shí)所具有的速度。【答案】（1）（2）（3）【解析】【小問(wèn)1詳解】在F作用下，A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài)，對(duì)A進(jìn)行受力分析，設(shè)桿中彈力為FN，繩中拉力為T，有以B為研究對(duì)象，有解得【小問(wèn)2詳解】撤去F后，A、B沿繩方向加速度相等，即以A為研究對(duì)象，有以B為研究對(duì)象，有解得【小問(wèn)3詳解】當(dāng)A運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，B也到達(dá)最低點(diǎn)，此時(shí)在A下擺的過(guò)程中，A下降的高度B下降的高度在A開始運(yùn)動(dòng)至擺到最低點(diǎn)的過(guò)程中，有解得15.如圖所示，有兩條不計(jì)電阻的平行光滑金屬導(dǎo)軌MQN、M'Q'N'，導(dǎo)軌間距L=0.5m，其中MQ、M'Q'段傾斜放置，傾斜角θ=37°，MQ=M'Q'=4m，QN、Q'N'段水平放置，兩段之間通過(guò)一小段（大小可忽略）光滑圓弧絕緣材料平滑相連，在傾斜導(dǎo)軌左端連接一電容C=2F的電容器，在N和N'兩端與電阻器R=0.1Ω相連，在傾斜導(dǎo)軌MQ、M'Q'