高三年級(jí)8月月考物理參考答案題號(hào)12345678910答案BDBDCACACBCAD1．B【詳解】A．質(zhì)點(diǎn)概念的建立體現(xiàn)了理想模型的思想，故A錯(cuò)誤；B．速度和加速度都是利用比值定義法得到的定義式，故B正確；C．米、千克、秒是國(guó)際單位制中的三個(gè)基本單位，牛頓是國(guó)際單位制中的導(dǎo)出單位，故C錯(cuò)誤；D．牛頓第一定律是以實(shí)驗(yàn)為基礎(chǔ)，通過推理、想像總結(jié)出來的，所以不是實(shí)驗(yàn)定律，故D錯(cuò)誤。故選B。2．D【詳解】若恰好攔截成功，根據(jù)幾何關(guān)系可知甲的位移為，解得，乙的位移為，解得，所以攔截彈乙發(fā)射的時(shí)刻為。故選D。3．B【詳解】B恰好不下滑時(shí)，以滑塊B為研究對(duì)象，；A恰好不滑動(dòng)，以A、B整體為研究對(duì)象，則，所以，B正確．4．D【詳解】設(shè)OA與AC夾角為，OA高度為h，如圖，則小圓環(huán)在OC滑動(dòng)時(shí)，有，解得，小圓環(huán)在OB滑動(dòng)時(shí)，有，解得，小圓環(huán)在OA滑動(dòng)時(shí)，有，解得，綜合可知。故選D。5．C【詳解】汽車運(yùn)動(dòng)的逆過程是初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)于最后1s，有，解得，設(shè)汽車剎車的初速度為v0，對(duì)于第1s內(nèi)，由，代入數(shù)據(jù)得13=v0×1-×4×12，可得v0=15m/s，汽車在第1秒末的速度為v1=v0-at=11m/s。故選C。6．A詳解】當(dāng)F=0時(shí)，物塊能靜止在斜面上，可知得即，當(dāng)F特別大時(shí)，對(duì)物塊受力分析，將加速度分解到沿斜面方向和垂直斜面方向，由牛頓第二定律，沿斜面方向垂直斜面方向，又，由于F可以取無(wú)窮大，加速度無(wú)窮大，所以以上各式中的和可忽略，聯(lián)立解得綜合分析得故BCD錯(cuò)誤，A正確。7．C【詳解】AB．物塊在剛釋放的一段時(shí)間內(nèi)相對(duì)傳送帶向左滑動(dòng)，受到的滑動(dòng)摩擦力向右，同時(shí)彈簧彈力逐漸增大，由題圖乙可知當(dāng)時(shí)，摩擦力發(fā)生突變，瞬間減小后，隨著x正比例增大，考慮到彈簧彈力也是隨x而正比例增大，由此可推知當(dāng)時(shí)，物塊剛好達(dá)與傳送帶達(dá)到共同速度，之后隨著傳送帶繼續(xù)向右運(yùn)動(dòng)，在過程物塊始終相對(duì)傳送帶靜止，彈力和靜摩擦力同時(shí)增大且平衡，物塊做勻速直線運(yùn)動(dòng)，當(dāng)時(shí)，彈簧彈力大小增大至與滑動(dòng)摩擦力大小相同，故AB錯(cuò)誤；C．根據(jù)AB選項(xiàng)分析可知，物塊在2x0處滑動(dòng)摩擦力等于彈簧拉力，故，故C正確；D．根據(jù)對(duì)稱性可知，物體可以運(yùn)動(dòng)到3x0處，此時(shí)根據(jù)牛頓第二定律，解得。故D錯(cuò)誤。故選C。8．AC【詳解】AB．對(duì)小球受力分析，受重力mg、懸繩OA拉力T、拉力F，由題意可知，小球受力平衡，由平衡條件可得如圖所示，力F逆時(shí)針緩慢旋轉(zhuǎn)時(shí)，可知拉力F先減小再增大，A正確，B錯(cuò)誤；C．由解析圖可知，力F與水平夾角為25°時(shí)，力F最小，取到最小值，C正確；D．由解析圖可知，懸繩OA上的拉力T一直減小，D錯(cuò)誤。故選AC。9．BC【詳解】A．滑塊從A運(yùn)動(dòng)到B的過程，有v2=2ax，得知圖像的斜率等于2a，即得2a=5m/s2，a=2.5m/s2，根據(jù)牛頓第二定律得，解得。故A錯(cuò)誤；B．在滑塊速度最大位置有，由圖知，彈簧被壓縮?x=0.1m，解得k=50N/m。故B正確；C．滑塊運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)C時(shí)，彈簧彈性勢(shì)能大小為，由圖知xAC=0.52m，解得Ep=2.6J。故C正確；D．設(shè)滑塊返回時(shí)上滑的最大距離為S，則，解得，所以滑塊不能返回到B點(diǎn)，故D錯(cuò)誤；故選BC。【點(diǎn)睛】對(duì)圖像直線段，運(yùn)用速度位移公式列式，求出加速度，再由牛頓第二定律求動(dòng)摩擦因數(shù)．由圖得到最大速度，此時(shí)滑塊的合力為零，由平衡條件和胡克定律結(jié)合求彈簧的勁度系數(shù)，從開始到最低點(diǎn)的過程，由功能關(guān)系求彈簧彈性勢(shì)能大?。儆煞祷剡^程，由功能關(guān)系求上升的最大距離．10．AD【詳解】A．0~t0時(shí)間內(nèi)回路的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為，根據(jù)圖乙可知解得故A正確；B．根據(jù)圖乙可知令0~t0時(shí)間內(nèi)回路的感應(yīng)電流為I，對(duì)M有，對(duì)N有解得故B錯(cuò)誤；C．根據(jù)上述，t0時(shí)刻的拉力大小為t0時(shí)刻之后，對(duì)M與重物整體進(jìn)行分析有對(duì)N進(jìn)行分析有解得，可知M、N的加速度大小相等，當(dāng)時(shí)，重物速度最大，即其中解得故C錯(cuò)誤；D．在0~t0時(shí)間內(nèi)，有在0~t0時(shí)間內(nèi)，產(chǎn)生的熱量為由，M、N桿的速度在任意時(shí)刻大小均相等，位移大小也相等。則從t0時(shí)刻開始到重物最大速度的過程中有解得則回路產(chǎn)生的焦耳熱為故D正確。故選AD。11．(1)平行 (2)0.4 (3)0.82【詳解】（1）在物塊兩側(cè)分別安裝上紙帶和細(xì)線，調(diào)節(jié)木板處于水平狀態(tài)，再調(diào)整滑輪高度，使細(xì)線與木板表面平行，從而確保細(xì)線的拉力為小球的合外力。（2）由物塊受力平衡可知，代入數(shù)據(jù)得（3）每相鄰兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔，物塊加速度大小為12．左③乙甲【詳解】（1）[1]閉合開關(guān)S前，應(yīng)將滑動(dòng)變阻器的滑片P移至最左端，保證開始時(shí)接入電路的滑動(dòng)變阻器阻值最大，用以保護(hù)電路。（3）[2]將導(dǎo)線③連接在定值電阻R0一端改接到電流表負(fù)接線柱上，便可實(shí)現(xiàn)圖乙電路圖的實(shí)物連接。（4）[3]對(duì)圖甲而言，根據(jù)閉合歐姆定律可得，整理可得，可知，對(duì)應(yīng)U-I圖線，當(dāng)I為零時(shí)，對(duì)應(yīng)，對(duì)圖乙而言，根據(jù)閉合歐姆定律可得，可知，對(duì)應(yīng)U-I圖線，當(dāng)I為零時(shí)，對(duì)應(yīng)。故可知標(biāo)記為I的圖線是采用實(shí)驗(yàn)電路乙測(cè)量得到的。（5）[4]當(dāng)采用圖甲所示電路時(shí)，相對(duì)誤差大小為當(dāng)采用圖乙所示電路時(shí)，相對(duì)誤差大小為，該相對(duì)誤差遠(yuǎn)大于圖甲所示電路，故宜選用圖甲所示電路。（6）[5]曲線I對(duì)應(yīng)的U1和I1滿足，曲線II對(duì)應(yīng)的U2和I2滿足，因此可以解得，則13．(1) (2) (3)【詳解】（1）A點(diǎn)距離懸掛點(diǎn)的高度為（2）設(shè)B點(diǎn)對(duì)應(yīng)彈性繩的伸長(zhǎng)量為，由B點(diǎn)對(duì)應(yīng)的加速度為零得，求得，所以，B點(diǎn)距離懸掛點(diǎn)的高度為（3）設(shè)C點(diǎn)對(duì)應(yīng)彈性繩的伸長(zhǎng)量為，由牛頓第二定律得，求得，所以，懸掛點(diǎn)距離水面高度的最小值為14．(1)2m/s2；1m/s2 (2)2s (3)5.8125m【詳解】（1）對(duì)長(zhǎng)木板受力分析，解得

，對(duì)物塊受力分析得，解得（2）對(duì)物塊與木板的運(yùn)動(dòng)情況分析，結(jié)合（1）問作出長(zhǎng)木板與物塊的圖像如圖，令水平向右為正方向，設(shè)經(jīng)時(shí)間物塊與木板的速度相同，有，解得

，此時(shí)的速度（3）物塊與長(zhǎng)木板速度達(dá)到相等后的運(yùn)動(dòng)分析：由于，所以接下來物塊與長(zhǎng)木板以不同的加速度向前減速。對(duì)物塊受力分析知：物塊加速度仍為，對(duì)長(zhǎng)木板受力分析得，解得

，長(zhǎng)木板從二者速度相等經(jīng)時(shí)間減速停下，解得

，長(zhǎng)木板在與物塊速度相等前運(yùn)動(dòng)的位移為，長(zhǎng)木板在時(shí)間內(nèi)的位移為，可得

，由圖物塊的v-t圖可知，物塊對(duì)地位移為，向右運(yùn)動(dòng)兩者的相對(duì)位移為15．（1）30N；（2）10N?s；（3）16J，【詳解】（1）A、B始終勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，系統(tǒng)受力平衡，有代入相關(guān)數(shù)據(jù)解得（2）拉力F1=24N時(shí)，設(shè)物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a1，繩中拉力為T1，取A研究，根據(jù)牛頓第二定律有，取B研究有，聯(lián)立解得，設(shè)歷時(shí)t1后和皮帶共速，則，運(yùn)動(dòng)的距離為s1，則，之后摩擦力突變?yōu)殪o摩擦力，設(shè)為f，A、B一起向上勻速，則解得，方向沿斜面向下；設(shè)勻速過程歷時(shí)t2，則，可得上升的過程中A所受摩擦力的沖量大小為解得（3）拉力F2=12N時(shí)，設(shè)物體運(yùn)動(dòng)的加速度大小為a2，繩中拉力為T2