備戰(zhàn)中考化學化學推斷題綜合題匯編及詳細答案一、初中化學推斷題1．有一包粉末，已知由CaCO3、FeCl3、MgCl2、Na2SO4、NaOH、NaNO3中的幾種組成。為確定其組成，現(xiàn)進行以下實驗，各步驟均已充分反應。①取一定質量的粉末，加水攪拌后過濾，得到沉淀和無色溶液A；②向①步得到的沉淀中加入足量稀鹽酸，得到無色氣體和黃色溶液；③將①步得到的無色溶液A進行如下圖所示的實驗。請回答下列問題：（1）B的化學式是_______________________。（2）A中一定存在的溶質的化學式是______________。（3）生成白色沉淀D的化學方程式是________________________。（4）這包粉末中可能含有物質的化學式是_______________________?！敬鸢浮緽aSO4MgCl2、Na2SO4MgCl2+2AgNO3==2AgCl↓+Mg(NO3)2NaNO3【解析】試題分析：①取一定質量的粉末，加水攪拌后過濾，得到沉淀和無色溶液A；具體無法確定是否含有哪種物質；②向①步得到的沉淀中加入足量稀鹽酸，得到無色氣體和黃色溶液，證明一定含有碳酸鈣、氯化鐵和氫氧化鈉；由③的操作可知，物質中含有硫酸鈉和氯化鎂；故（1）B的化學式是BaSO4（2）A中一定存在的溶質的化學式是MgCl2、Na2SO4（3）生成白色沉淀D的化學方程式是MgCl2+2AgNO3==2AgCl↓+Mg（NO3）2（4）這包粉末中可能含有物質的化學式是NaNO3考點：物質的推斷2．A?H是初中化學常見的物質，它們之間的關系如圖所示（“→”表示物質間的轉化關系，“一”表示兩端的物質能發(fā)生化學反應）．虛線圈中的兩種物質類別相同．A的濃溶液有吸水性，在實驗室常用作干燥劑；C可用來改良酸性土壤；D廣泛應用于肥皂、石油、造紙、紡織和印染等工業(yè)，在生活中可用來去除油污；E的水溶液為淺綠色，F(xiàn)可與生石灰、水配制成具有殺菌作用的波爾多液；A的稀溶液與G發(fā)生復分解反應生成F與H．（1）寫出化學式：B，F(xiàn)。（2）寫出C轉化為D的化學方程式。（3）寫出A的稀溶液與G發(fā)生反應的化學方程式；F轉化為E反應的基本類型是。（4）分類觀是化學的核心觀念之一．以上8種物質沒有涉及到的物質類別是?！敬鸢浮浚?）HCl，CuSO4．（2）Na2CO3+Ca（OH）2═CaCO3↓+2NaOH．（3）CuO+H2SO4═CuSO4+H2O；置換反應．（4）單質．【解析】試題分析：根據(jù)“A～J是初中化學常見的物質”，“虛線圈中的兩物質類別相同”，根據(jù)“A的濃溶液有吸水性，在實驗室常用作干燥劑”，所以A是硫酸，硫酸會轉化成酸B，所以B是鹽酸，根據(jù)“C可用來改良酸性土壤”，所以C為氫氧化鈣；根據(jù)“D廣泛應用于肥皂、石油、造紙、紡織和印染等工業(yè)，在生活中可用來去除油污”，所以D是氫氧化鈉；根據(jù)“E的水溶液為淺綠色”，則E為亞鐵離子的溶液；根據(jù)“F可與生石灰、水配制成具有殺菌作用的波爾多液”，則F為硫酸銅；根據(jù)“A的稀溶液與G發(fā)生復分解反應生成F與H”，所以推測G是氧化銅，H是水，然后將推出的物質進行驗證即可（1）根據(jù)分析可知：B為HCl，F(xiàn)為CuSO4；（2）反應C→D，即氫氧化鈣與碳酸鈉反應生成碳酸鈣沉淀和氫氧化鈉，故其化學方程式為：Na2CO3+Ca（OH）2═CaCO3↓+2NaOH；（3）根據(jù)分析可知：A是硫酸，G是氧化銅，則A的稀溶液與G發(fā)生反應，即氧化銅與稀硫酸反應生成硫酸銅和水，故其反應的化學方程式為CuO+H2SO4═CuSO4+H2O；F轉化為E，即硫酸銅溶液與鐵反應生成硫酸亞鐵溶液和銅，故反應的基本類型是置換反應；（4）分類觀是化學的核心觀念之一．AB為酸，CD為堿，EF為鹽，GH為氧化物，故以上8種物質沒有涉及到的物質類別是單質考點：物質的鑒別、推斷；反應類型的判定；書寫化學方程式、文字表達式、電離方程式3．已知A、B、C三種物質含有同種金屬元素，其中A是大理石的主要成分，B為氧化物；D、E、F三種物質含有同種非金屬元素，其中E與血紅蛋白的結合力大約是氧氣的200～300倍，F(xiàn)是單質。將A高溫煅燒，得到B與D，它們之間的轉化關系如圖所示（有些轉換關系，反應條件等略去），試回答：（1）B的化學式為_____；（2）C在工農(nóng)業(yè)生產(chǎn)、生活中的主要用途有（寫出一條）_____；（3）D+F→E的化學方程式：_____，此反應的類型為_____；（4）正是因為大氣中有D等氣體的存在所引起的_____，使得全球平均地表溫度提高到適合人類生存的15℃?！敬鸢浮緾aO改良酸性土壤CO2+C2CO化合反應溫室效應。【解析】【分析】A、B、C三種物質含有同種金屬元素，其中A是大理石的主要成分，所以A是碳酸鈣，B為氧化物，所以B是氧化鈣，將碳酸鈣高溫煅燒，得到氧化鈣與D，所以D是二氧化碳，D、E、F三種物質含有同種非金屬元素，其中E與血紅蛋白的結合力大約是氧氣的200～300倍，F(xiàn)是單質，所以F是碳，E是一氧化碳，氧化鈣和水反應生成氫氧化鈣，所以C是氫氧化鈣，經(jīng)過驗證，推導正確。【詳解】（1）B是氧化鈣，化學式為CaO；（2）氫氧化鈣在工農(nóng)業(yè)生產(chǎn)、生活中的主要用途有改良酸性土壤；（3）D+F→E的反應是二氧化碳和碳在高溫的條件下生成一氧化碳，化學方程式為：CO2+C2CO，該反應屬于化合反應；（4）正是因為大氣中有D等氣體的存在所引起的溫室效應，使得全球平均地表溫度提高到適合人類生存的15℃。4．圖示中A～F是初中化學常見的物質，其中A是一種鈉鹽，C、D為氧化物，A、B、C、D、E中都含有氧元素，且物質C的固體俗稱“干冰”。圖中“—”表示相連的兩種物質之間可以發(fā)生反應，“→”表示物質間存在著相應的轉化關系(部分反應物、生成物及反應條件已略去)。請分析后作答：(1)物質C的化學式__________。(2)反應①的基本反應類型是______________。(3)反應②的化學方程式_______________________。(4)寫出B的一種用途_________________【答案】CO2復分解反應BaCl2+H2SO4=2HCl+BaSO4↓補鈣劑（合理即可）【解析】【分析】根據(jù)題目給出的流程圖和信息：A是一種鈉鹽，C、D為氧化物，A、B、C、D、E中都含有氧元素，且物質C的固體俗稱“干冰”，因此C是二氧化碳；碳酸鈉和硫酸反應生成硫酸鈉和水和二氧化碳，碳酸鈉和氫氧化鈣反應生成碳酸鈣白色沉淀和氫氧化鈉，碳酸鈣在高溫的條件下生成氧化鈣和二氧化碳，硫酸和氯化鋇反應生成硫酸鋇和鹽酸，因此A是碳酸鈉，B是碳酸鈣，D是氧化鈣，E是硫酸，F(xiàn)是鹽酸?！驹斀狻浚?）物質C的固體俗稱“干冰”，因此C是二氧化碳；化學式為：CO2；（2）D是氧化鈣，F(xiàn)是鹽酸，反應①是氧化鈣和鹽酸反應生成氯化鈣和水，屬于復分解反應；（3）E是硫酸，F(xiàn)是鹽酸，反應②是硫酸和氯化鋇反應生成硫酸鋇和鹽酸，反應方程式為：BaCl2+H2SO4=BaSO4↓+2HCl。（4）B是碳酸鈣，可作補鈣劑（合理即可）。5．有一包白色粉末可能由NaCl、NaNO3、MgCl2、CuSO4中的一種或多種物質組成。小明為了探究其成分，設計并完成了如下圖所示的實驗。根據(jù)以上實驗，回答：（1）操作①是___（2）原固體粉末中一定沒有的成分是_______。（3）生成沉淀A的化學方程式是____。（4）上述實驗____（填‘能’或‘不能’）確定原固體粉末中含有NaCl、NaNO3?！敬鸢浮窟^濾CuSO42NaOH+MgCl2==Mg(OH)2↓+2NaCl不能【解析】【詳解】硫酸銅溶液為藍色，一包白色粉末可能由NaCl、NaNO3、MgCl2、CuSO4、中的一種或多種物質組成，固體粉末溶解后溶液為無色，說明沒有硫酸銅；溶液中加入氫氧化鈉，生成白色沉淀，說明有氯化鎂，因氯化鎂和氫氧化鈉生成氯化鈉和氫氧化鎂沉淀；向所得溶液中加入硝酸銀生成白色沉淀，說明溶液中有氯離子，但由于氯化鎂中有氯離子，因此不能證明原粉末中有氯化鈉。故：操作①是過濾，目的是將沉淀與溶液分離；原固體粉末中一定沒有的成分是硫酸銅；生成沉淀A的化學方程式是2NaOH+MgCl2==Mg(OH)2↓+2NaCl；根據(jù)上述實驗不能確定原固體粉末中含有NaCl、NaNO3。6．已知A、B、C、D、E、F、G是初中化學常見的物質，A在常溫下是一種無色液體，D是天然氣的主要成分，G是一種重要的建筑材料的主要成分，E可做食品干燥劑。它們之間的轉換關系如下圖所示：（1）出下列物質的化學式：A________________、D________________。（2）出反應④的化學方程式__________________________________________________。（3）用途廣泛，請寫出其中一點___________________________________。（4）應③屬于_________________反應（填“化合”、“分解”、“置換”）。（5）B是最清潔的燃料，與其它燃料相比其優(yōu)點有（寫一點）________________?！敬鸢浮縃2OCH4Ca(OH)2+CO2====CaCO3↓+H2O氣體干燥劑或食品干燥劑化合產(chǎn)物是水，無污染【解析】（1）A、B、C、D、E、F、G是初中化學常見的物質，D是天然氣的主要成分，所以D是甲烷（CH4），A在常溫下是一種無色液體，A通電會生成氣體B和氣體C，所以A是水（H2O），C會與甲烷反應，所以C是氧氣，B是氫氣，甲烷和氧氣點燃會生成水和二氧化碳，所以更說明A是水，E是一種金屬氧化物，與水反應能生成一種常見的堿，所以E是氧化鈣，因易和水反應生成氫氧化鈣，常用作某些氣體的干燥劑；F是氫氧化鈣，氫氧化鈣和二氧化碳反應生成碳酸鈣沉淀，G是一種重要建筑材料的主要成分，所以G是碳酸鈣，經(jīng)過驗證，推出的各種物質均滿足題中的轉化關系，推導正確，所以A是H2O，D是CH4；（2）反應④是氫氧化鈣和二氧化碳反應生成碳酸鈣沉淀和水，化學方程式Ca(OH)2+CO2====CaCO3↓+H2O；（3）通過推導可知E是氧化鈣，在日常生活中常被用作食品干燥劑；（4）反應③是氧化鈣和水反應生成氫氧化鈣，滿足化合反應多變一的條件，屬于化合反應；（5）氫氣和氧氣在點燃的條件下生成水，產(chǎn)物是水，無污染且熱值高。7．A～K為中學常見的物質，其中A為黑色粉末，H是一種建筑材料的主要成分，它們之間的轉換關系如圖所示。（1）D的化學式_____。（2）①的基本反應類型是_____。（3）反應②的化學方程式是_____。（4）氣體E在該實驗中體現(xiàn)的主要性質是_____性?！敬鸢浮緾u（OH）2復分解反應Cu+2AgNO3＝2Ag+Cu（NO3）2還原【解析】【分析】A﹣K為中學常見的物質，H是一種建筑材料的主要成分，H是白色沉淀，所以H是碳酸鈣，氣體F和溶液G反應會生成碳酸鈣，所以F是二氧化碳，G是氫氧化鈣，固體I和硝酸銀反應會生成藍色溶液和銀白色固體K，所以I是銅，J是硝酸銅，K是銀，A為黑色粉末，A和氣體E加熱會生成銅和二氧化碳，所以A是氧化銅，E是一氧化碳，氧化銅會與溶液B反應，所以B是鹽酸或硫酸，C是硫酸銅或氯化銅，C和氫氧化鈉反應會生成藍色沉淀D，所以D是氫氧化銅沉淀，經(jīng)過驗證，推導正確?！驹斀狻浚?）根據(jù)分析過程，D的化學式Cu（OH）2；（2）反應①是硫酸銅和氫氧化鈉反應生成氫氧化銅沉淀和硫酸鈉，所以基本反應類型是復分解反應；（3）反應②是銅和硝酸銀反應生成硝酸銅和銀，化學方程式是：Cu+2AgNO3＝2Ag+Cu（NO3）2；（4）氣體E在該實驗中體現(xiàn)的主要性質是還原性。故答案為（1）Cu（OH）2；（2）復分解反應；（3）Cu+2AgNO3＝2Ag+Cu（NO3）2；（4）還原。8．有一包白色固體樣品，可能由硫酸鈉、氫氧化鈉、碳酸鈣、氯化鋇、氯化鎂中的一種或幾種物質組成，為探究該樣品的組成，某小組取適量樣品按下列流程進行實驗。請回答下列問題：（1）過濾操作中用到的玻璃儀器有燒杯、玻璃棒和____________，其中玻璃棒的作用是___________________。（2）濾渣a的成分是_____________，濾液中溶質的成分除氯化鈉外還有___________，白色沉淀b的成分是______________。（3）若現(xiàn)象①“濾渣全部溶解”變?yōu)椤盀V渣部分溶解”，其他現(xiàn)象不變，則原樣品中不能確定是否存在的物質是_________________?！敬鸢浮柯┒芬鰿aCO3、Mg(OH)2NaOH、BaCl2BaCO3MgCl2【解析】【分析】【詳解】（1）過濾操作中用到的玻璃儀器有燒杯、玻璃棒、漏斗，其中玻璃棒的作用是引流（2）硫酸鋇沉淀不溶解于稀鹽酸。因為向濾渣中加入足量的稀鹽酸后，濾渣全部溶解，可判斷出濾渣中無硫酸鋇沉淀，根據(jù)產(chǎn)生無色氣體，可判斷出含有碳酸鈣沉淀，設產(chǎn)生0.44g二氧化碳時，參加反應的碳酸鈣質量是x,100:44=x:0.44g解得x=1g而濾渣的質量是1.5g，故濾渣a的成分是CaCO3、Mg(OH)2，氫氧化鎂沉淀是由氫氧化鈉與氯化鎂反應產(chǎn)生的。向濾液中通入適量CO2氣體生成白色沉淀，則該沉淀只能是碳酸鋇沉淀，可知濾液中含有NaOH、BaCl2，白色沉淀b的成分是BaCO3（3）若現(xiàn)象①“濾渣全部溶解”變?yōu)椤盀V渣部分溶解”，其他現(xiàn)象不變，則沉淀中含有碳酸鈣、硫酸鋇，不能確定是否含有氫氧化鎂沉淀，故原樣品中不能確定是否存在的物質是氯化鎂。9．A~F是初中化學常見物質，它們之間的反應及轉化關系如圖所示（部分反應物、生成物及反應條件未標出），其中A是一種建筑材料的主要成分，在高溫下分解為B和C；通常情況下，C是一種無色氣體，可用于生成汽水；E俗稱純堿，D、F都是常見的堿。（1）A的化學式是_________。（2）B→D的反應類型是_______________。（3）D的一種用途是_________。（4）C與F反應生成E的化學方程式為__________________?！敬鸢浮緾aCO3化合反應改良酸性土壤CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O【解析】【分析】A是一種建筑材料的主要成分，在高溫下分解為B和C；通常情況下，C是一種無色氣體，可用于生成汽水，碳酸鈣是大理石的主要成分，碳酸鈣在高溫下分解為氧化鈣和二氧化碳，二氧化碳是一種無色氣體，可用于生成汽水，所以A是碳酸鈣，B是氧化鈣，C是二氧化碳；B(氧化鈣)能轉化D，氧化鈣能與水反應生成氫氧化鈣，所以D可能是氫氧化鈣，C（二氧化碳）能與E相互轉化，二氧化碳與氫氧化鈉反應生成碳酸鈉和水，碳酸鈉與鹽酸反應生成氯化鈉、水和二氧化碳，E可能是碳酸鈉；D（氫氧化鈣）與E（碳酸鈉）能生成A（碳酸鈣）和F，氫氧化鈣與碳酸鈉能生成碳酸鈣和氫氧化鈉，所以F可能是氫氧化鈉，將猜想代入框圖，猜想成立。【詳解】根據(jù)以上分析可知：（1）A的化學式是CaCO3；（2）B→D的反應是氧化鈣與水反應生成氫氧化鈣，該反應是由兩種物質生成一種物質，反應類型是化合反應；（3）D是氫氧化鈣，可用作改良酸性土壤、建筑材料、配制農(nóng)藥波爾多液等；（4）C與F反應生成E的反應是二氧化碳與氫氧化鈉反應生成碳酸鈉和水，化學方程式為CO2+2NaOH=Na2CO3+H2O?！军c睛】在解此類題時，首先將題中有特征的物質推出，然后結合推出的物質和題中的轉化關系推導剩余的物質，最后將推出的各種物質代入轉化關系中進行驗證即可。10．下圖是初中化學中常見物質間的相互關系。其中A、B、C、D、E是五種不同類別的物質，E、F的類別相同，C、M的組成元素相同，C呈固態(tài)時俗稱“干冰”。圖中“—”表示兩端的物質間能發(fā)生反應；“→”表示物質間存在轉化關系；反應條件、部分反應物和生成物已略去。（1）寫出M的一種用途_________________。（2）寫出B的化學式___________。（3）寫出F→D的化學方程式_________________________。（4）寫出E→D的實驗現(xiàn)象___________________________。（5）圖示相互關系中沒有涉及到的基本反應類型是____________?！敬鸢浮孔鋈剂?或冶煉金屬)H2SO4Na2SO4+Ba(OH)2=BaSO4↓+2NaOH產(chǎn)生白色沉淀分解反應【解析】【分析】C呈固態(tài)時俗稱“干冰”，C是二氧化碳，C、M的組成元素相同，所以M是一氧化碳，又因為A、B、C、D、E是五種不同類別的物質，故A、B、D、E是單質、酸、堿、鹽中的一種，只有D能和二氧化碳反應，故D是堿、B是酸、A是活潑金屬，又因為E、F的類別相同，D與E、F之間能相互轉化，綜上所述可推知：A是活潑金屬鐵等、B是硫酸、D是氫氧化鈉、E是碳酸鈉、F是硫酸鈉，代入驗證成立。【詳解】(1)M是一氧化碳，具有可燃性，可以做燃料；具有還原性，可以冶煉金屬；(2)B是硫酸，化學式為：H2SO4；(3)F→D是硫酸鈉與氫氧化鋇反應的化學方程式：Na2SO4+Ba(OH)2=BaSO4↓+2NaOH；(4)E→D是碳酸鈉與可溶性鈣鹽或鋇鹽生成碳酸鈣白色沉淀或碳酸鋇白色沉淀和氫氧化鈉；(5)二氧化碳高溫下和碳生成一氧化碳屬于化合反應；活潑金屬A與鹽酸或硫酸發(fā)生置換反應；BDEF屬于酸堿鹽之間的復分解反應；所以物質間沒有發(fā)生分解反應。11．已知甲、乙、丙是初中化學常見的三種物質，且三種物質中均含有相同的某種元素。它們的轉化關系如圖所示（“→”表示一種物質能轉化為另一種物質，部分反應物、生成物及反應條件已略去）（1）若乙、丙是組成元素相同的氣體，且丙是有毒氣體，則甲可能是_____（填化學式），寫出乙轉化為丙的化學方程式_____。（2）若丙是相同條件下密度最小的氣體，則乙是_____（填化學式），甲轉化成丙的基本反應類型是_____。【答案】C或O2CO2+C2COH2O置換反應【解析】【分析】根據(jù)已知甲、乙、丙是初中化學常見的三種物質，且三種物質中均含有相同的某種元素，若乙、丙是組成元素相同的氣體，且丙是有毒氣體，所以丙是一氧化碳，乙是二氧化碳，甲可能是碳或氧氣；若丙是相同條件下密度最小的氣體，所以丙是氫氣，乙和氫氣可以相互轉化，所以乙是水，甲是酸，然后將推出的物質進行驗證即可?！驹斀狻浚?）若乙、丙是組成元素相同的氣體，且丙是有毒氣體，所以丙是一氧化碳，乙是二氧化碳，甲可能是碳或氧氣，經(jīng)過驗證，推導正確，所以甲可能是C或O2，乙轉化