安徽省A10聯(lián)盟2026屆高三下學(xué)期最后一卷理綜物理試題含解析安徽省A10聯(lián)盟2026屆高三下學(xué)期最后一卷理綜物理試題含解析//安徽省A10聯(lián)盟2026屆高三下學(xué)期最后一卷理綜物理試題含解析安徽省A10聯(lián)盟2026屆高三最后一卷理綜物理試題二、選擇題1.隨著中國(guó)在核能發(fā)電領(lǐng)域的發(fā)展，國(guó)際能源署界長(zhǎng)提林·比羅爾估計(jì)到2030年中國(guó)就會(huì)超過美國(guó)成為全球最大的核能國(guó)家。下列關(guān)于核反應(yīng)和核能的說法正確的是A.原子彈是利用輕核聚變制成的核武器B.任何核反應(yīng)滿足質(zhì)量守恒定律C.原子核結(jié)合能越大，表明原子核中的核子結(jié)合得越牢周，原子核就越穩(wěn)定D.如果不對(duì)裂變的鏈武反應(yīng)加以控制，就會(huì)在極短的時(shí)間內(nèi)釋放出巨大的能量，發(fā)生猛烈爆炸【答案】D【解析】原子彈是利用重核裂變（鏈?zhǔn)椒磻?yīng)）制成的核武器，故A錯(cuò)誤；原子核發(fā)生衰變時(shí)要遵守電荷數(shù)守恒和質(zhì)量數(shù)守恒的規(guī)律，但質(zhì)量并不守恒，故B錯(cuò)誤。原子核中，核子的比結(jié)合能越大，表示原子核中核子結(jié)合得越牢，原子核越穩(wěn)定，故C錯(cuò)誤。若核燃料能達(dá)到足夠多時(shí)，如果對(duì)裂變的鏈?zhǔn)椒磻?yīng)不加控制，在極短的時(shí)間內(nèi)會(huì)釋放出巨大的能量，發(fā)生猛烈爆炸，故D正確；故選D?！军c(diǎn)睛】核能分為裂變和聚變兩種，裂變分為兩種：可控鏈?zhǔn)椒磻?yīng)和不可控鏈?zhǔn)椒磻?yīng)，前者主要應(yīng)用在核反應(yīng)堆中，后者應(yīng)用在原子彈中；聚變主要應(yīng)用在氫彈上。比結(jié)合能越大，表示原子核中核子結(jié)合得越牢，原子核越穩(wěn)定．2.勻強(qiáng)電場(chǎng)平行于等邊三角形ABC所在的平面，M、N分別是BC和AC的中點(diǎn)。同一帶負(fù)電的點(diǎn)電荷，由A移到B電場(chǎng)力做功1.2×10-8J，由A移到C電場(chǎng)力做功2.4×10-8J，則下列說法正確的是A.M、N連線所在直線為等勢(shì)線B.A點(diǎn)電勢(shì)高于B點(diǎn)C.將該點(diǎn)電荷由A點(diǎn)移到M點(diǎn)，電場(chǎng)力做功1.8×10-8JD.勻強(qiáng)電場(chǎng)的方向由A點(diǎn)指向C點(diǎn)【答案】C因BN是等勢(shì)線，故MD也是等勢(shì)線，即M及D的電勢(shì)相等，由幾何關(guān)系可知，則，根據(jù)W=Uq可知，，即將該點(diǎn)電荷由A點(diǎn)移到M點(diǎn)，電場(chǎng)力做功，故C正確；故選C?！军c(diǎn)睛】電場(chǎng)力做功量等于電勢(shì)能的變化．勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)線為相互平行間隔相等的平行線，而等勢(shì)線及電場(chǎng)線垂直；根據(jù)電場(chǎng)線及等勢(shì)線的特點(diǎn)可確定電場(chǎng)線的方向，根據(jù)W=Uq分析電場(chǎng)力做功的情況。3.已知月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半輕為r，周期為T。如圖，某小行星掠過地球時(shí)其軌道剛好及月球軌道相切于A點(diǎn)，若只考慮地球?qū)λ囊ψ饔?，?dāng)這顆小行星運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)，可以求出其A.加速度的大小B.線速度的大小C.角速度的大小D.受到地球的引力【答案】A【解析】已知月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半輕為r，周期為T，由萬有引力提供向心力，得：，可以解得地球的質(zhì)量，小行星運(yùn)動(dòng)到A點(diǎn)時(shí)，距地球的距離為r，根據(jù)牛頓第二定律得：，解得：，可以解出加速度的大小，因小行星不是圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，故無法求出線速度、角速度的大小，因不知道小行星的質(zhì)量，故無法求出小行星在A點(diǎn)受到地球的引力，故A正確，BCD錯(cuò)誤；故選A。【點(diǎn)睛】由月球繞地球做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半輕為r，周期為T，可以求出地球的質(zhì)量；根據(jù)牛頓第二定律可以求出加速度的大小。4.t=0時(shí)，甲、乙兩車同時(shí)同向行駛，其位移時(shí)間圖象分別為圖中直線甲和曲線乙。已知乙車的加速度恒定，且大小為4m/s2，t=3s時(shí)，直線甲和曲線乙剛好相切，則t=0時(shí)甲車和乙車的距離為A.16mB.18mC.20mD.22m【答案】B【解析】由圖可知，甲車的速度為，3s時(shí)，直線甲和曲線乙剛好相切，即此時(shí)乙車的速度，由圖可知乙車做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，即，設(shè)乙車的初速度為，由，得，由圖可知甲車的位移為，乙車的位移為，t=3s時(shí)，甲車和乙車到達(dá)同一位置，則，故選B。【點(diǎn)睛】由圖知，甲車做勻速直線運(yùn)動(dòng)，由斜率求出甲車的速度．t=3s時(shí)，直線甲及曲線乙剛好相切，兩車的速度相等，對(duì)乙車，由速度時(shí)間公式求出乙車的初速度．由位移公式求出兩車的位移，即可求得t=0s時(shí)兩車相距的距離．5.用正弦式交變電流通過一理想變壓器給距離較遠(yuǎn)的用戶供電，電路圖可等效為圖示電路。副線線圈及用戶之間導(dǎo)線的電阻為r，其余部分導(dǎo)線及電流表的電阻均不計(jì)。已知開關(guān)S閉合前后用戶消耗的電功率相等，變壓器輸人電壓有效值不變，則下列說法正確的是A.R：r=2：1B.開關(guān)閉合前后輸電線上損失的功率之比為1：2C.開關(guān)閉合前后變壓器的輸人功率不變D.開關(guān)閉合前后電流表的讀數(shù)之比為1：2【答案】B【解析】變壓器輸人電壓有效值不變，故副線圈兩端電壓不變，設(shè)為，由題知，閉合前用戶消耗的電功率為，閉合后用戶消耗的電功率為，因，即，解得：，故A錯(cuò)誤；閉合前輸電線上損失的功率為,閉合后輸電線上損失的功率為，故，故B正確；根據(jù)P=UI，可知閉合前后電壓不變，電流變大，故變壓器的輸入功率變大，故C錯(cuò)誤；閉合前副線圈的電流為，閉合后副線圈的電流為，則副線圈電流之比為，根據(jù)電流及匝數(shù)的關(guān)系，故原線圈的電流之比為，故D錯(cuò)誤；故選B?！军c(diǎn)睛】閉合前后副線圈的電壓不變，電阻變化，從而電流變化，利用用戶消耗的功率不變得到R及r的關(guān)系，根據(jù)分析輸電線損失的功率，根據(jù)副線圈電流的變化，得出原線圈電流的變化。6.如圖，兩光滑平行直導(dǎo)軌傾斜放置，導(dǎo)軌平面的候角為θ。有兩磁場(chǎng)均垂直于導(dǎo)軌平面，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相反、以虛線AC為界。兩磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)分別有MN、PO兩個(gè)金屬棒放置在導(dǎo)軌上，兩金屬棒的質(zhì)量相等、垂直于導(dǎo)軟并及導(dǎo)軌接觸良好，保持MN靜止，釋放PQ導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，則下列說快正確的是A.當(dāng)PQ棒的加速度為a時(shí)釋放MN棒，釋放的一瞬間MN棒的加速度也為aB.當(dāng)PO棒的加速度為a時(shí)釋放MN棒，釋放的一瞬間MN棒的加速度大于aC.當(dāng)PQ棒速度達(dá)到最大時(shí)釋放MN棒，釋放的一瞬間MN棒有最大加速度D.當(dāng)PQ棒速度達(dá)到最大時(shí)釋放MN棒，釋放后MN棒會(huì)處于靜止?fàn)顟B(tài)【答案】AD【解析】當(dāng)PQ棒的加速度為a時(shí)，設(shè)此時(shí)的電流為I，對(duì)PQ受力分析，由牛頓第二定律得：，對(duì)MN受力分析，由牛頓第二定律得：，聯(lián)立得：，故A正確，B錯(cuò)誤；當(dāng)PQ棒速度達(dá)到最大時(shí)，對(duì)PQ受力分析，則有：，解得：，此時(shí)對(duì)MN受力分析，則有：，故釋放后MN棒會(huì)處于靜止?fàn)顟B(tài)，故C錯(cuò)誤，D正確；故選AD?！军c(diǎn)睛】根據(jù)題目所給狀態(tài)，分別對(duì)PQ和MN受力分析，根據(jù)牛頓第二定律求解MN的加速度，根據(jù)達(dá)到最大速度分析MN的受力情況。7.如圖，質(zhì)量為2m、傾角θ=37o的斜面體放在光滑水平面上，斜面上有一質(zhì)量為m的物塊。用水平推力推物塊，物塊和斜面體保持相對(duì)靜止，一起向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng)。已知物塊及斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5.重力加速度為g，sin37o=0.6，cos37o=0.8.假設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，則物塊的加速度大小可能為A.B.C.gD.【答案】ABC【解析】對(duì)整體受力分析，由牛頓第二定律得：F=3ma；當(dāng)F較小時(shí)，物塊受到的最大靜摩擦力沿斜面向上，對(duì)其受力分析，如圖在豎直方向上，根據(jù)平衡條件得：，在水平方向上，根據(jù)牛頓第二定律得：，聯(lián)立解得：；故加速度的范圍為，故ABC正確，D錯(cuò)誤，故選ABC?！军c(diǎn)睛】分兩種情況討論最大靜摩擦力的方向，根據(jù)整體法求出加速度，再根據(jù)隔離法求出加速度的最小值和最大值，得出加速度的范圍，即可分析求解。8.如圖，一個(gè)質(zhì)量為m的光滑小環(huán)套在一根輕質(zhì)細(xì)繩上，細(xì)繩的兩端分別系在豎直的桿上A、B兩點(diǎn)，讓豎直桿以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，此時(shí)小環(huán)在繩上C點(diǎn)，AC和BC及豎直方向的夾角分別為37o和53o，sin37o=0.6，cos37o=0.8，重力加速度為g.則A.繩上的張力大小為mgB.繩子的長(zhǎng)度為C.桿上A、B兩點(diǎn)間的距離為D.環(huán)做圓周運(yùn)動(dòng)的向心加速度大小等于g【答案】ABD【解析】對(duì)小環(huán)受力分析，可知其受重力和繩子的拉力作用，受力分析如圖在豎直方向上，根據(jù)平衡條件得：，在水平方向上，根據(jù)牛頓第二定律得：，聯(lián)立解得：，向心加速度，；根據(jù)幾何關(guān)系，得繩長(zhǎng)，根據(jù)幾何關(guān)系，得AB間的距離為，故ABD正確，C錯(cuò)誤；故選ABD。【點(diǎn)睛】同一根繩拉力大小相等，對(duì)環(huán)受力分析，進(jìn)行正交分解，根據(jù)平衡條件和牛頓第二定律列式求解拉力，向心加速度，繩長(zhǎng)和AB間的距離。三、非選擇題9.某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖甲所示的實(shí)驗(yàn)裝置研究滑塊做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度。(1)利用游標(biāo)為50分度的游標(biāo)卡尺測(cè)量遮光條的寬度，其讀數(shù)如圖乙所示，則遮光條的寬度為________mm；(2)用米尺測(cè)量出兩光電門之間的距離如圖丙所示，則米尺的讀數(shù)為_________cm；(3)組裝好實(shí)驗(yàn)器材后，將滑塊由靜止釋放，在重錘的牽引下沿長(zhǎng)木板做加速運(yùn)動(dòng)，滑塊通過兩光電門時(shí)，這光條的指光時(shí)間分別為=2.50×10-2s，=1.25×10-2s.由以上數(shù)據(jù)可求得該滑塊微勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的加速度大小為__________m/s2。(結(jié)果保留兩位小數(shù))【答案】(1).5.06(2).20.0（19.9-20.1均可）(3).0.31（0.30-0.32均可）【解析】（1）游標(biāo)卡尺的固定刻度讀數(shù)為，游標(biāo)讀數(shù)為，所以最終讀數(shù)為：；（2）由圖可知米尺的讀數(shù)為20.0cm；（3）經(jīng)過光電門A的速度為，經(jīng)過光電門B的速度為，根據(jù)速度位移公式得：，代入數(shù)據(jù)得：。【點(diǎn)睛】了解不同的測(cè)量工具的精確度和讀數(shù)方法．知道光電門測(cè)量滑塊瞬時(shí)速度的原理．根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出加速度．10.某同學(xué)要測(cè)量電池組的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，根據(jù)實(shí)驗(yàn)室提供的器材，設(shè)計(jì)了圖甲所示的電路圖。(1)請(qǐng)根據(jù)電路圖將圖中器材連接成電路__________；(2)閉合電鍵后，調(diào)節(jié)電阻箱。得到多組電阻箱接入電路的阻值R和對(duì)應(yīng)的電壓表的示數(shù)U，作出圖象如圖乙所示，圖線及橫、縱坐標(biāo)軸的裁距分別為-b、a，定值電陽的阻值用表示，則該電池組的電動(dòng)勢(shì)為_______，內(nèi)阻為_______；測(cè)得的電動(dòng)勢(shì)及真實(shí)值相比_______(選填“偏大”、“偏小”或“相等”)(3)該同學(xué)嘗試以電壓表讀數(shù)U為縱坐標(biāo)作圖，為使做出的圖線為一條直線，圖象的橫坐標(biāo)表示的物理量應(yīng)該是______________(用測(cè)量值的符號(hào)表示)【答案】(1).如圖所示；(2).(3).(4).偏小(5).【解析】（1）根據(jù)圖示電路圖連接實(shí)物電路圖，實(shí)物電路圖如圖所示：（2）根據(jù)閉合電路的歐姆定律得：，變形得：，則圖象的斜率：，縱軸截距：，解得：，，由于電壓表分流作用，通過電流表的電流大于，則電動(dòng)勢(shì)的測(cè)量值小于真實(shí)值。（3）根據(jù)閉合電路的歐姆定律得：，變形得：，U及是線性關(guān)系，要得到直線圖象，橫坐標(biāo)應(yīng)表示?！军c(diǎn)睛】根據(jù)電路圖連接實(shí)物電路圖。根據(jù)電路圖應(yīng)用閉合電路歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后答題。根據(jù)圖示電路圖應(yīng)用閉合電路的歐姆定律求出圖象的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)圖示圖象求出電源的電動(dòng)勢(shì)及內(nèi)阻，再分析實(shí)驗(yàn)誤差。11.如圖，光滑水平面上靜止質(zhì)量=1.0kg、長(zhǎng)L=0.3m的木板，木板右端有質(zhì)量=1.0kg的小滑塊，在滑塊正上方的0點(diǎn)用長(zhǎng)r=0.4m的輕質(zhì)細(xì)繩懸掛質(zhì)量m=0.5kg的小球。將小球向右上方拉至細(xì)繩及整直方向成θ=60o的位置由靜止釋放，小球擺到最低點(diǎn)及滑塊發(fā)生正碰并被反彈，碰撞時(shí)間極短，碰撞前后瞬間細(xì)繩對(duì)小球的拉力減小了4.8N，最終小滑塊恰好不會(huì)從木板上滑下。不計(jì)空氣阻力、滑塊、小球均可視為質(zhì)點(diǎn)，重力加速度g取10m/s2。求：(1)小球碰前、碰后瞬間的速度大?。?2)小滑塊及木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)?！敬鸢浮?1)2m/s，0.4m/s(2)0.12【解析】試題分析：（1）根據(jù)機(jī)械能守恒求出小球下擺到最低點(diǎn)的速度，根據(jù)碰撞前后拉力減小了4.8N，分別列出碰撞前后向心力的表達(dá)式，即可求出碰撞后的速度大?。唬?）利用動(dòng)量守恒和能量守恒即可求出動(dòng)摩擦因數(shù)。(1)小球下擺過程，機(jī)械能守恒小球碰前瞬間的速度大小小球及小滑塊碰撞前、后瞬間，由向心力公式可得：，由題意得：聯(lián)立求得碰后瞬間小球的速度大小為(2)小球及小滑塊碰撞過程，動(dòng)量守恒得：解得：小滑塊在木板上滑動(dòng)過程中，動(dòng)量守恒得：解得：由能量守恒可得：小滑塊及木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.12【點(diǎn)睛】本題考查了動(dòng)量守恒定律、能量守恒定律、機(jī)械能守恒定律的綜合運(yùn)用，知道小球和小滑塊碰撞的瞬間，系統(tǒng)動(dòng)量守恒；小滑塊在木板上運(yùn)動(dòng)的過程中，系統(tǒng)動(dòng)量守恒．12.如圖所示，在xOy坐標(biāo)系的第一、二、三象限內(nèi)存在乘直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，在第四象限內(nèi)存在沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)。質(zhì)量為m、電量為-q的帶電粒子以初速度v從原點(diǎn)O沿y軸正方向射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，經(jīng)過時(shí)間進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)，在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后離開電場(chǎng)，粒子再次進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)后恰好能直接回到原點(diǎn)O。不計(jì)粒子重力，求：(1)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B；(2)粒子第一次在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間；(3)粒子第n次離開電場(chǎng)時(shí)距原點(diǎn)的距離.【答案】(1)(2)(3)(n=1，2，3)【解析】試題分析：（1）粒子第一象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，根據(jù)洛倫茲力提供向心力及周期定義式即可求得磁感應(yīng)強(qiáng)度；（2）根據(jù)粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)的規(guī)律和在磁場(chǎng)中做勻速圓運(yùn)動(dòng)的規(guī)律即可求解；（3）根據(jù)題意作出粒子運(yùn)動(dòng)的軌跡圖，得出第n次離開電場(chǎng)時(shí)距離原點(diǎn)的距離。(1)設(shè)粒子在第一象限做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為R，周期為T，則：，，解得：(2)設(shè)粒子第一次離開電場(chǎng)時(shí)的速度為，方向及-y的夾角為θ，沿-y方向的位移為，如圖粒子在電場(chǎng)中做類平拋運(yùn)動(dòng)，有粒子再次進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑由，可得聯(lián)立解得粒子第一次在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間(3)粒子第二次進(jìn)入電場(chǎng)后的速度為，且及-y方向的夾角為θ，粒子做類斜拋運(yùn)動(dòng)。易知粒子第二次在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為在y方向的位移為粒子第三次進(jìn)人電場(chǎng)及第一次離開電場(chǎng)的位置相同，運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，可知粒子第n次離開電場(chǎng)時(shí)位置(n=1，2，3)【點(diǎn)睛】本題考查了帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)、電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)。解決本題的關(guān)鍵理清粒子整個(gè)過程中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，掌握處理類平拋運(yùn)動(dòng)和圓周運(yùn)動(dòng)的方法，作出運(yùn)動(dòng)軌跡，結(jié)合牛頓第二定律、運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解。13.下列說法正確的是________A.單晶體中原子(或分子、離子)的排列具有空間周期性B.由同種元素構(gòu)成的固體，可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體C.同種物質(zhì)可能以晶體和非晶體兩種形態(tài)出現(xiàn)D.一塊均勻薄片，沿各個(gè)方向?qū)λ┘永?，發(fā)現(xiàn)其強(qiáng)度一樣，則此薄片一定是非晶體E.燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的玻璃片背面，熔化的蜂蠟呈圓形，說明蜂蠟是非晶體【答案】ABC【解析】單晶體具有各向異性，原子（或分子、離子）的排列具有空間周期性，故A正確；由同種元素構(gòu)成的固體，可能會(huì)由于原子的排列方式不同而成為不同的晶體，例如石墨和金剛石，故B正確。同種物質(zhì)可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)，如天然水晶是晶體。而熔化后再凝固的水晶是非晶體，故C正確；一塊均勻薄片，沿各個(gè)方向?qū)λ┘永?，發(fā)現(xiàn)其強(qiáng)度一樣，即各向同性，則此薄片可能是多晶體也可能是非晶體，同時(shí)也可能是單晶體，因?yàn)閱尉w某些物理性質(zhì)各向異性，有些物理性質(zhì)各向同性，故D錯(cuò)誤；燒熱的針尖接觸涂有蜂蠟薄層的云母片背面，熔化的蜂蠟呈橢圓形，說明云母片是晶體，故E錯(cuò)誤；故選ABC?！军c(diǎn)睛】晶體分為單晶體和多晶體，都有固定的熔點(diǎn)，單晶體具有各向異性，多晶體非晶體各向同性；；同種物質(zhì)可能以晶體和非晶體兩種不同的形態(tài)出現(xiàn)．14.如圖，一絕熱氣缸豎直放置，氣缸內(nèi)橫截面積的光滑絕熱活塞封閉著一定質(zhì)量的理想氣體。在活塞上面放置一個(gè)物體，活塞和物體的總質(zhì)量為m=l0kg。在汽缸內(nèi)部有一個(gè)阻值R=4Ω的電阻絲，電阻絲兩端的電壓U=12V。接通電源10s后斷開，活塞緩慢升高h(yuǎn)=10cm.已知理想氣體的初始溫度、體積，大氣壓，重力加速度.若電阻絲產(chǎn)生的熱量全部被氣體吸收，求：(i)活塞上升10cm后理想氣體的溫度；(ii)從接通電源到活塞上升10cm的過程中理想氣體的內(nèi)能變化量?！敬鸢浮?i)400K(127℃)(ii)250J【解析】試題分析：（i）氣體壓強(qiáng)不變，根據(jù)蓋呂-薩克定律求解溫度；（ii）對(duì)活塞分析，活塞受力平衡，則由平衡關(guān)系可求得氣體壓強(qiáng)；由于緩慢移動(dòng)可認(rèn)為恒力作用，求出氣體對(duì)外界做功，根據(jù)焦耳定律求解產(chǎn)生的熱量；再根據(jù)熱力學(xué)第一定律求解內(nèi)能．(i)氣體的壓強(qiáng)保持不變，由蓋呂-薩克定律得：解得：(ii)設(shè)汽缸內(nèi)氣體的壓強(qiáng)為p，選活塞為研究對(duì)象，活塞緩慢移動(dòng)受力平衡根據(jù)平衡得：解得：活塞在上升h=10cm的過程中外界對(duì)氣體做功電阻絲在通電10s內(nèi)產(chǎn)生的熱量為根據(jù)熱力學(xué)第一定律得：，即氣體的內(nèi)能增加了250J【點(diǎn)睛】本題主要考查了氣體實(shí)驗(yàn)定律及熱力學(xué)第一定律，要求學(xué)生能從題目中找出所需信息，根據(jù)氣體實(shí)驗(yàn)定律和熱力學(xué)第一定律進(jìn)行求解。15.如圖，軸上及是兩個(gè)波源，產(chǎn)生的簡(jiǎn)諧波分別沿軸向右、向左傳播，波速均為v=0.4m/s，振幅均為A=2cm，圖示為t=0時(shí)刻兩列波的圖象，此時(shí)分別傳播到P點(diǎn)和Q點(diǎn)，下列說法正確的是_______A.圖示時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)P、Q都沿y軸負(fù)向運(yùn)動(dòng)B.t=0.75s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P、Q都運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)C.t=1s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M的位移為-4cmD.t=1.25s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)M為振動(dòng)減弱點(diǎn)E.t=3.5s時(shí)刻，質(zhì)點(diǎn)P的位移為0【答案】ACE【解析】由波的傳播方向可確定質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向：逆向描波法。兩列簡(jiǎn)諧橫波分別沿x軸正方向和負(fù)方向傳播，則質(zhì)點(diǎn)P、Q均沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)。故A正確；質(zhì)點(diǎn)不隨波遷移，所以質(zhì)點(diǎn)P、Q都不會(huì)運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)，故B錯(cuò)誤；波的周期，兩質(zhì)點(diǎn)傳到M的時(shí)間為