五年（2021-2025）高考真題分類匯編PAGEPAGE1專題05恒定電流和交變電流考點(diǎn)五年考情（2021-2025）命題趨勢(shì)考點(diǎn)1恒定電流2022、2023、2024在恒定電流方面，注重將電路的基本規(guī)律，如歐姆定律、閉合電路歐姆定律等，與實(shí)際生活及科技應(yīng)用場(chǎng)景相結(jié)合，像智能家居電路、新能源設(shè)備中的電路分析等。命題強(qiáng)調(diào)對(duì)電路結(jié)構(gòu)的理解，要求考生能通過識(shí)別與簡(jiǎn)化復(fù)雜電路，運(yùn)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)、功率計(jì)算等知識(shí)解決問題，同時(shí)也重視對(duì)實(shí)驗(yàn)的考查，如電表的改裝、電阻的測(cè)量、電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)定等實(shí)驗(yàn)，考查學(xué)生對(duì)實(shí)驗(yàn)原理的掌握、實(shí)驗(yàn)器材的選擇、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理及誤差分析能力。?對(duì)于交變電流，常以電力傳輸、變壓器的實(shí)際應(yīng)用等為情境，考查交變電流的產(chǎn)生原理、變化規(guī)律、有效值的計(jì)算以及變壓器的工作原理和相關(guān)計(jì)算。命題趨向于將交變電流知識(shí)與電磁感應(yīng)、能量守恒等知識(shí)進(jìn)行綜合，要求考生分析多過程、多因素的復(fù)雜問題，比如在遠(yuǎn)距離輸電模型中，結(jié)合電阻發(fā)熱損耗、變壓器效率等，考查學(xué)生綜合運(yùn)用知識(shí)的能力。同時(shí)，數(shù)學(xué)工具在這部分的考查中應(yīng)用更為頻繁，如利用三角函數(shù)知識(shí)描述交變電流的瞬時(shí)值，通過圖像分析交變電流的相關(guān)物理量變化。整體而言，這類命題旨在培養(yǎng)學(xué)生從實(shí)際問題中抽象出物理模型、運(yùn)用物理知識(shí)解決問題的科學(xué)思維與探究能力?？键c(diǎn)2交變電流2021、2022、2023、2024考點(diǎn)01恒定電流1．（2024·海南·高考）虛接是常見的電路故障，如圖所示，電熱器A與電熱器B并聯(lián)。電路中的C處由于某種原因形成了虛接，造成了該處接觸電阻0~240Ω之間不穩(wěn)定變化，可等效為電阻RC，已知MN兩端電壓U=220V，A與B的電阻（1）MN間電阻R的變化范圍；（2）當(dāng)RC=240Ω，電熱器B消耗的功率（保留【答案】（1）12Ω≤R≤22Ω；（2【詳析】（1）根據(jù)電路可知當(dāng)RC=0時(shí)MN間電阻R的阻值最小，為R=RARBRA+RB=12Ω當(dāng)RC（2）當(dāng)RC=240Ω，通過電熱器B的電流為I=URC+R2．（2023·海南·高考）用如圖所示的電路測(cè)量一個(gè)量程為100μA，內(nèi)阻約為2000Ω的微安表頭的內(nèi)阻，所用電源的電動(dòng)勢(shì)約為12V，有兩個(gè)電阻箱可選，R1（0~9999.9Ω），R2（99999.9Ω）

（1）RM應(yīng)選_________，RN應(yīng)選_________；（2）根據(jù)電路圖，請(qǐng)把實(shí)物連線補(bǔ)充完整_________；

（3）下列操作順序合理排列是______：①將變阻器滑動(dòng)頭P移至最左端，將RN調(diào)至最大值；②閉合開關(guān)S2，調(diào)節(jié)RM，使微安表半偏，并讀出RM阻值；③斷開S2，閉合S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至某位置再調(diào)節(jié)RN使表頭滿偏；④斷開S1、S2，拆除導(dǎo)線，整理好器材（4）如圖是RM調(diào)節(jié)后面板，則待測(cè)表頭的內(nèi)阻為_________，該測(cè)量值_________（填“大于”、“小于”、“等于”）真實(shí)值。

（5）將該微安表改裝成量程為2V的電壓表后，某次測(cè)量指針指在圖示位置，則待測(cè)電壓為_________V（保留3位有效數(shù)字）。

（6）某次半偏法測(cè)量表頭內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，S2斷開，電表滿偏時(shí)讀出RN值，在滑動(dòng)頭P不變，S2閉合后調(diào)節(jié)電阻箱RM，使電表半偏時(shí)讀出RM，若認(rèn)為OP間電壓不變，則微安表內(nèi)阻為_________（用RM、RN表示）【答案】R1R2

①③②④1998.0Ω小于1.28RN【詳析】（1）[1][2]根據(jù)半偏法的測(cè)量原理可知，RM與R1相當(dāng)，當(dāng)閉合S2之后，變阻器上方的電流應(yīng)基本不變，就需要RN較大，對(duì)下方分壓電路影響甚微。故RM應(yīng)選R1，RN應(yīng)選R2。（2）[3]根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖有

（3）[4]根據(jù)半偏法的實(shí)驗(yàn)步驟應(yīng)為①將變阻器滑動(dòng)頭P移至最左端，將RN調(diào)至最大值；③斷開S2，閉合S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至某位置再調(diào)節(jié)RN使表頭滿偏；②閉合開關(guān)S2，調(diào)節(jié)RM，使微安表半偏，并讀出RM阻值；④斷開S1、S2，拆除導(dǎo)線，整理好器材。（4）[5]根據(jù)RM調(diào)節(jié)后面板讀數(shù)為1998.0Ω。[6]當(dāng)閉合S2后，原電路可看成如下電路

閉合S2后，相當(dāng)于RM由無(wú)窮大變成有限值，變小了，則流過RN的電流大于原來的電流，則流過RM的電流大于I原（5）[7]將該微安表改裝成量程為2V的電壓表，則需要串聯(lián)一個(gè)電阻R0，則有U=Ig(Rg＋R0)此時(shí)的電壓讀數(shù)有U′=I′(Rg＋R0)其中U=2V，Ig=100μA，I′=64μA聯(lián)立解得U′=1.28V（6）根據(jù)題意OP間電壓不變，可得IRA+3．（2023·海南·高考）如圖所示電路，已知電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，電容器電容為C，閉合開關(guān)K，待電路穩(wěn)定后，電容器上電荷量為（

）

A．CE B．12CE C．25【答案】C【詳析】電路穩(wěn)定后，由于電源內(nèi)阻不計(jì)，則整個(gè)回路可看成3R、2R的串聯(lián)部分與R、4R的串聯(lián)部分并聯(lián)，若取電源負(fù)極為零電勢(shì)點(diǎn)，則電容器上極板的電勢(shì)為φ上=E5R?2R=2故選C。4．（2022·海南·高考）現(xiàn)要測(cè)量一個(gè)滿偏電流Ig=50μA的表頭內(nèi)阻并改裝成量程為（1）先閉合開關(guān)，再調(diào)整滑動(dòng)變阻器，使電流表A的示數(shù)為84mA，電流表G的示數(shù)如圖所示，則流過G的電流是_______。若rA=1.0Ω，則r（2）給G并聯(lián)一個(gè)R1的電阻進(jìn)行校準(zhǔn)時(shí)，當(dāng)電流表G的示數(shù)為45Ig時(shí)，標(biāo)準(zhǔn)電流表A的示數(shù)為（3）若要把它改裝成量程為1mA的電流表，還需要在R1兩邊并聯(lián)一個(gè)R2=【答案】30.0μA2800Ω0.95mA18【來源】2022年新高考海南物理高考真題（缺第6題和第12題）【詳析】（1）[1]電流表G的滿偏電流Ig=50μA，則如圖所示電流表G的示數(shù)為[2]根據(jù)并聯(lián)電路電壓相等可得84×10-3A×1.0Ω=30×10-6A×（2）[3]對(duì)改裝電表，流過電阻R1的電流為IR1=0.76mA-45（3）[4]若把并聯(lián)R1的電流表G再改裝成量程為1mA的電流表，需要并聯(lián)電阻R2考點(diǎn)02交變電流5．（2024·海南·高考）電動(dòng)汽車充電站變壓器輸入電壓為10kV，輸出電壓為220V，每個(gè)充電樁輸入電流16A，設(shè)原副線圈匝數(shù)分別為n1、n2，輸入正弦交流的頻率為A．交流電的周期為0.02sB．原副線圈匝數(shù)比nC．輸出的最大電壓為220VD．若10臺(tái)充電樁同時(shí)使用，輸入功率為35.2kW【答案】AD【詳析】A．交流電的周期為T=1f=0.02sB．根據(jù)理想變壓器原副線圈的電壓與線圈匝數(shù)的關(guān)系可得，原副線圈匝數(shù)比為n故B錯(cuò)誤；C．輸出的最大電壓為U2m=2D．若10臺(tái)充電樁同時(shí)使用，輸出功率為P2總故D正確。故選AD。6．（2023·海南·高考）下圖是工廠利用u=2202sin100πtV的交流電給36V

A．電源電壓有效值為2202V BC．副線圈匝數(shù)為180匝 D．副線圈匝數(shù)為240匝【答案】BC【詳析】A．電源電壓的有效值U=22022B．交流電的周期T=2πωCD．根據(jù)n1n2=U1U2故選BC。7．（2022·海南·高考）一個(gè)有N匝的矩形線框，面積為S，以角速度ω從如圖所示的位置開始，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的圖像是（

）A． B．C． D．【答案】A【詳析】圖示位置線框處于與中性面垂直的平面，豎直長(zhǎng)邊垂直切割磁感線，此時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大為Em=NBSω故選A。8．（2021·海南·高考）如圖，理想變壓器原線圈接在u=2202sin100πt(V)的交流電源上，副線圈匝數(shù)可通過滑片P來調(diào)節(jié)。當(dāng)滑片P處于圖示位置時(shí)，原、副線圈的匝數(shù)比n1:A．僅將滑片P向上滑動(dòng)B．僅將滑片P向下滑動(dòng)C．僅在副線圈電路中并聯(lián)一個(gè)阻值為20Ω的電阻D．僅在副線圈電路中串聯(lián)一個(gè)阻值為20Ω的電阻【答案】BD【詳析】原線圈電壓有效值U1=22022V=220V則次級(jí)電壓有效值U2=n2故選BD。1．（2025·海南海口農(nóng)墾中學(xué)·沖刺四）如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻不可忽略。開關(guān)S閉合后，在變阻器R0的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)的過程中（

）A．電壓表與電流表的示數(shù)都減小 B．電壓表與電流表的示數(shù)都增大C．電源的輸出功率一定變大 D．電源的總功率一定變小【答案】A【詳析】AB．在變阻器R0的滑片向下滑動(dòng)的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，變阻器R0與R2并聯(lián)電阻R并減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-Ir得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減?。徊⒙?lián)部分電壓U并=E-I（R1+r）可知I增大，E、R1、rC．在變阻器R0的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)的過程中，外電路總電阻減小，由于內(nèi)外電阻的關(guān)系未知，所以不能確定電源的輸出功率如何變化，故C錯(cuò)誤；D．電源的總功率P=EI，電流增大，則總功率變大，故D錯(cuò)誤；故選A。2．（2025·海南儋州·二中一模）有關(guān)下列四幅圖的描述，正確的是（

）A．圖1中，增大加速電壓U，可以減小粒子在回旋加速器中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間B．圖2中，線圈順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，電路中A、B發(fā)光二極管會(huì)交替發(fā)光C．圖3中，在梁的自由端施力F，梁發(fā)生彎曲，上表面應(yīng)變片的電阻變小D．圖4中，僅減小兩極板的距離，則磁流體發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)會(huì)增大【答案】A【詳析】A．設(shè)粒子獲得最大速度為v，由洛倫茲力提供向心力有qvB=mv2R（R為最大軌道半徑）最終動(dòng)能Ek=12mv2聯(lián)立解得Ek=q2B2B．圖甲中，由于線圈外接換向器，使線圈中的交流電整合為直流電，電流的方向不變，A、B發(fā)光二極管不會(huì)交替發(fā)光，故B錯(cuò)誤；C．在梁的自由端施力F，梁發(fā)生彎曲，上表面拉伸，應(yīng)變片的長(zhǎng)度l變長(zhǎng)，橫截面積S變小，根據(jù)電阻定律R=ρlS可知上表面應(yīng)變片的電阻變大，故D．磁流體發(fā)電機(jī)穩(wěn)定時(shí)，有qvB=qUd（d為兩極板間的距離）解得電動(dòng)勢(shì)U=Bdv可知僅減小兩極板的距離d，磁流體發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)會(huì)減小，故故選A。3．（2025·海南三亞·學(xué)業(yè)水平診斷）如圖為便捷式應(yīng)急儲(chǔ)能電站銘牌，其中容量單位“W?h”（瓦時(shí)）對(duì)應(yīng)的物理量是（）A．電能 B．位移 C．電流 D．電荷量【答案】A【詳析】由于W為功率P的單位，h為時(shí)間t單位，根據(jù)W=Pt可知，W?h為電能單位。故選A。4．（2025·海南瓊海嘉積中學(xué)·一模）鋰離子電池被廣泛地用于智能手機(jī)、智能機(jī)器人、電動(dòng)自行車、電動(dòng)汽車等領(lǐng)域。某款手機(jī)充電鋰離子電池的標(biāo)識(shí)如圖所示，關(guān)于電池容量對(duì)應(yīng)的物理量是（

）A．電荷量 B．電功率 C．電功 D．電流【答案】A【詳析】根據(jù)I=qt解得q=It可知電荷量的單位故選A。5．（2025·海南·三模）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=10V，內(nèi)阻r=1Ω，電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻r0=0.5Ω，閉合開關(guān)S，小燈泡LA．小燈泡額定功率為8W B．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)發(fā)熱功率為0.25WC．電源的輸出功率為18W D．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)其輸出的機(jī)械功率為8W【答案】A【詳析】A．根據(jù)閉合電路歐姆定律有E=U+I'r小燈泡的電流為IL=I'-I小燈泡額定功率為P=UB．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)發(fā)熱功率為Pr0=I2C．電源的輸出功率為P'=UI'=16D．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)其輸出的機(jī)械功率為P″=UI-Pr0=7.5故選A。6．（2025·海南·三模）某發(fā)電站遠(yuǎn)距離輸電示意圖如圖所示，升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器。已知降壓變壓器輸出電壓U4=U0，用戶獲得的功率為P0A．若發(fā)電站輸出電壓一定，當(dāng)用戶增加負(fù)載時(shí)，輸電線電阻r消耗的功率減小B．若發(fā)電站輸送功率一定，增大電壓U1C．輸電線損失的功率為nD．發(fā)電站輸出的功率為P【答案】C【詳析】A．當(dāng)用戶增加負(fù)載時(shí)，輸出功率增大，則降壓變壓器的輸入功率P3增大，發(fā)電機(jī)的輸出功率也增大，即P1增大，又發(fā)電站輸出電壓一定，根據(jù)P1=U1I可知I2增大。輸電線電阻r消耗的功率P=I22rB．若發(fā)電站輸送功率一定，根據(jù)P1=U1I1可知增大電壓U1，I1減?。籆．降壓變壓器副線圈的電流I4=P0U0又C正確；D．發(fā)電站輸出的功率為P=P0+故選C。7．（2025·海南海口·仿真考）如圖所示為某興趣小組制作的手搖式發(fā)電機(jī)原理示意圖，一半徑為R的單匝半圓形金屬線圈處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，通過搖動(dòng)把手使金屬線圈繞水平軸ab直線以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，使燈泡剛好正常發(fā)光，電路中除燈泡電阻為r外，其余部分電阻不計(jì)，則下列說法中正確的是（）A．線圈在圖中位置時(shí)，燈泡中電流方向向右B．線圈由圖中位置轉(zhuǎn)過90°時(shí)產(chǎn)生的電流最大C．當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度為ω時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為πBD．如果把小燈泡換成交流電壓表，其顯示的電壓示數(shù)為πB【答案】B【詳析】A．圖示位置，線圈的線速度方向與磁場(chǎng)方向平行，線圈沒有切割磁感線，可知，此時(shí)通過燈泡的電流為0，故A錯(cuò)誤；B．線圈由圖中位置轉(zhuǎn)過90°時(shí)，線圈的線速度方向恰好與磁場(chǎng)方向垂直，此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)達(dá)到最大值，產(chǎn)生的電流最大，故B正確；C．根據(jù)正弦式交流電的產(chǎn)生原理，當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度為ω時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為e故C錯(cuò)誤；D．交流電壓表測(cè)量的是有效值，結(jié)合上述可知，其示數(shù)為U=emax2=故選B。8．（2025·海南·三模）如圖1所示，abcd為100匝的正方形閉合金屬線圈，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，線圈整體處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，按圖示方向繞著與磁場(chǎng)垂直的軸OO'（與ad共線）勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。從圖1所示位置開始計(jì)時(shí)，圖A．t=0時(shí)刻電流的方向是adcbaB．若線圈邊長(zhǎng)L=0.1m，則磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為C．t=1sD．線圈的轉(zhuǎn)動(dòng)周期為1【答案】B【詳析】A．線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，bc邊切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由右手定則，t=0時(shí)刻時(shí)，bc邊電動(dòng)勢(shì)方向?yàn)閎到c，則t=0時(shí)刻線圈中電流方向是abcda，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；BD．由圖2可知電動(dòng)勢(shì)的峰值Em=NBSω=5V周期T=2s進(jìn)而角速度ω=2πT=πradC．由分析可知，t=1s時(shí)線圈電動(dòng)勢(shì)最大，線圈處于中性面的垂面，磁通量最小，C故選B。9．（2025·海南瓊海嘉積中學(xué)·預(yù)測(cè)）圖甲是某發(fā)電機(jī)通過理想變壓器輸電的示意圖，圖乙是原線圈接入的內(nèi)阻r=2Ω的發(fā)電機(jī)提供的交變電流的u-t圖像（um未知）。已知原線圈匝數(shù)n1=110匝，副線圈匝數(shù)n2A．燈泡的電阻為20B．交變電流的頻率為50C．原線圈接入的交流電壓表達(dá)式為u=10D．原線圈電路中消耗的總功率為12【答案】D【來源】2025屆甘肅省白銀市靖遠(yuǎn)縣第一中學(xué)高三下學(xué)期模擬預(yù)測(cè)物理試題【詳析】A．根據(jù)理想變壓器的工作原理n1n2=I2I1由題意可知IB．由題圖乙可知，交流電的周期T=0.2?s，則交流電的頻率f=1TC．根據(jù)理想變壓器的工作原理有n1n2=U1U2=11022=5D．原線圈電路中消耗的總功率P=I12故選D。10．（2025·海南三亞·學(xué)業(yè)水平診斷）如圖甲電路中變壓器為理想變壓器，其原線圈接有如圖乙所示正弦式交流電，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1:n2=1:5，電表均為理想交流電表。已知R0為保險(xiǎn)絲，其熔斷電流為3A，阻值為1Ω，滑動(dòng)變阻器R最大阻值為4Ω，現(xiàn)滑片P從b端緩慢移動(dòng)至a端，則此過程中（）A．保險(xiǎn)絲R0熔斷前，電流表的示數(shù)逐漸減小 B．保險(xiǎn)絲R0熔斷前，電壓表的示數(shù)逐漸增大C．當(dāng)滑片P位于b端時(shí)，電壓表讀數(shù)為1V D．保險(xiǎn)絲即將熔斷時(shí)，變壓器輸入功率為15W【答案】D【詳析】A．滑片P從b端緩慢移動(dòng)至a端，原、副線圈兩端電壓不變，則副線圈電阻減小，所以副線圈電流變大，根據(jù)原副線圈電流與匝數(shù)比的關(guān)系可知，原線圈中的電流變大，則電流表的示數(shù)逐漸增大，故A錯(cuò)誤；B．由于副線圈中電流變大，R0兩端的電壓變大，滑動(dòng)電阻器兩端電壓減小，所以電壓表示數(shù)變小，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知U1=Um2=1V根據(jù)原副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系U1U2=n1nD．保險(xiǎn)絲即將熔斷時(shí)，即I2=3A根據(jù)原副線圈電流與匝數(shù)的關(guān)系I1I2=n2n故選D。11．（2025·海南·三模）如圖所示，電路中接有定值電阻R1、電阻箱R2、R3、當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，水平放置的一平行板電容器內(nèi)一帶正電微粒恰好靜止于兩板中間的A點(diǎn)。已知電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，電容器的電容為C，下列說法正確的是（）A．電容器下極板電勢(shì)高于上極板電勢(shì)B．若R3阻值增加，A點(diǎn)電勢(shì)φA將降低C．若R2阻值增加，帶電微粒將向上運(yùn)動(dòng)D．若將帶電微粒固定不動(dòng)，R2阻值增加時(shí)帶電微粒電勢(shì)能增大【答案】ACD【詳析】A．由于帶正電微粒恰好靜止于兩板中間的A點(diǎn)，則帶電微粒受到的電場(chǎng)力與重力平衡，則電場(chǎng)強(qiáng)度方向向上，可知電容器下極板為高電勢(shì)，故A正確；B．A點(diǎn)電勢(shì)為φA=12(E-ER1+C．若R2阻值增加，則A點(diǎn)電勢(shì)升高，兩極板間電壓增大，內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度增大，帶電微粒將向上運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．若將帶電微粒固定不動(dòng)，R2阻值增加時(shí)，A點(diǎn)電勢(shì)升高，帶電微粒電勢(shì)能增大，故D正確。故選ACD。12．（2025·海南瓊海嘉積中學(xué)·一模）如圖所示的電路中，R0為熱敏電阻（溫度降低電阻增大），C為平行板電容器，閉合開關(guān)K1、K2，C中央的帶電液滴剛好靜止，M點(diǎn)接地，不考慮電源內(nèi)阻，則下列說法正確的是（

）A．液滴帶正電B．僅將熱敏電阻R0加熱，平行板電容器所帶電量增大C．僅將變阻器R的滑片P向下移動(dòng)，液滴將向上運(yùn)動(dòng)D．同時(shí)斷開開關(guān)K1和K2，將下極板向下移動(dòng)，液滴將向下運(yùn)動(dòng)【答案】BC【詳析】A．由圖可知，電容器上極板帶正電，電場(chǎng)強(qiáng)度方向向下，液滴的重力向下，液滴受力平衡，則電場(chǎng)力方向向上，所以液滴帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．僅將熱敏電阻R0加熱，熱敏電阻阻值減小，則電容器兩端電壓增大，根據(jù)Q=CU，可知平行板電容器所帶電量增大，故BC．僅將變阻器R的滑片P向下移動(dòng)，變阻器接入電路中的電阻增大，則電容器兩端的電壓增大，根據(jù)E=Ud，可知兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，液滴的重力向下，液滴受到的電場(chǎng)力增大，所以液滴向上運(yùn)動(dòng)，故D．根據(jù)C=QU，C=εrS4πkd，E=Ud聯(lián)立可得兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E=4πkQε故選BC。13．（2025·海南·二模）將一電源、定值電阻R0=2Ω及電阻箱連成如圖甲所示的閉合回路，閉合開關(guān)后調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，測(cè)得電阻箱功率與電阻箱讀數(shù)變化關(guān)系曲線如圖乙所示，則下列說法中正確的是（）A．該電源電動(dòng)勢(shì)為9V B．該電源內(nèi)阻為1ΩC．調(diào)整R，電源最大輸出功率為8W D．電阻箱功率最大時(shí)電源效率為50%【答案】BC【詳析】B．根據(jù)電阻箱所消耗功率P與電阻箱讀數(shù)R變化的曲線，當(dāng)電阻箱的電阻等于電源內(nèi)阻加R0之和時(shí)，即R=r+R0=3Ω電阻箱消耗的電功率最大，所以r=1A．電阻箱的電功率最大時(shí)，電阻箱的電壓為U=PmR=3V根據(jù)串聯(lián)分壓可得ER+RC．當(dāng)外電路電阻與內(nèi)阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，由于定值電阻R0的阻值大于內(nèi)阻的阻值，故變阻箱的阻值為零時(shí)，電源的輸出功率最大，最大功率為Pmax=(ED．電阻箱所消耗功率P最大時(shí)，電源的輸出效率為η=故D錯(cuò)誤。故選BC。14．（2025·海南儋州二中·一模）下圖為某種燃?xì)庠铍娮狱c(diǎn)火器的原理圖，其中轉(zhuǎn)換器可以將2節(jié)干電池提供的3.0V的直流電轉(zhuǎn)化為u=22sin60πt(V)的交流電，并接在理想變壓器原線圈上。變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2A．電壓表的示數(shù)等于2B．經(jīng)轉(zhuǎn)換器后，接入原線圈電流的頻率為30HzC．實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是nD．實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是n【答案】BD【詳析】A．電壓表的讀數(shù)是有效值（I有=Im2B．由ω=2πf，得f=30Hz，故B正確；CD．原線圈中電壓峰值為22V，實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是副線圈電壓的峰值大于5000V，由n2n1=u故選BD。15．（2025·海南瓊海嘉積中學(xué)·一模）西藏那曲市色尼區(qū)歐瑪亭嘎風(fēng)電廠是當(dāng)前世界超高海拔地區(qū)單機(jī)容量最大、裝機(jī)規(guī)模最大的風(fēng)電項(xiàng)目。如圖是發(fā)電廠輸電網(wǎng)絡(luò)供電的原理圖。已知發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)子以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，輸電線上的總電阻R0=60Ω，輸電線上消耗的功率為3840W，升壓變壓器的匝數(shù)比為1：40，降壓變壓器的匝數(shù)比為50：1，用戶端獲得220V的電壓。不計(jì)其余電阻，下列說法正確的是（

）A．輸電線上的電流為8AB．發(fā)電機(jī)輸出電壓的最大值為287VC．用戶獲得的功率為88kWD．若轉(zhuǎn)子角速度ω增加一倍，則R0消耗的功率為7680W【答案】AC【詳析】A．根據(jù)輸電線上消耗的功率ΔP=I線2R0解得：B．輸電線上損失的電壓為ΔU=I線R0=480V根據(jù)電壓比與匝數(shù)比的關(guān)系可知n3n4=U3U4聯(lián)立，解得U3=11000C．根據(jù)變壓器的變流關(guān)系可得I線I4=n故C正確；D．轉(zhuǎn)子轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的電動(dòng)勢(shì)有效值為E=22NBSω轉(zhuǎn)子角速度ω增加一倍，變壓器、負(fù)載不變，則E變?yōu)樵瓉淼?倍，故通過R0的電流變?yōu)樵瓉淼?倍，根據(jù)P=I2R0可知故選AC。16．（2025·海南·考前訓(xùn)練）某自行車所裝車燈發(fā)電機(jī)如圖甲所示，其結(jié)構(gòu)見圖乙。繞有線圈的匚形鐵芯開口處裝有磁鐵，車輪轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)帶動(dòng)與其接觸的摩擦輪轉(zhuǎn)動(dòng)，摩擦輪又通過傳動(dòng)軸帶動(dòng)磁鐵一起轉(zhuǎn)動(dòng)，從而使鐵芯中磁通量發(fā)生變化。線圈兩端c、d作為發(fā)電機(jī)輸出端，通過導(dǎo)線與燈泡L1A．磁鐵從圖示位置勻速轉(zhuǎn)過90°的過程中，通過L1的電流方向?yàn)锽．磁鐵從圖示位置勻速轉(zhuǎn)過90°的過程中，L1C．車輪轉(zhuǎn)速加倍時(shí)L1D．自行車勻加速行駛時(shí)發(fā)電機(jī)輸出電壓u隨時(shí)間t變化關(guān)系大致如圖丙所示【答案】AC【詳析】A．磁鐵從圖示位置勻速轉(zhuǎn)過90°，根據(jù)楞次定律，通過線圈向下的原磁場(chǎng)磁通量減少，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)阻礙磁通量減少，用安培定則判斷，通過L1的電流方向?yàn)閐→L1B．磁鐵從圖示位置勻速轉(zhuǎn)過90°的過程中，通過線框磁通量變化率越來越大，當(dāng)轉(zhuǎn)90°時(shí)，通過鐵芯的磁通量為0，但是磁通量的變化率最大，因此此過程L1中的電流逐漸變大，故BC．車輪轉(zhuǎn)速加倍，摩擦輪轉(zhuǎn)速加倍，磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)角速度加倍，磁通量變化率ΔΦΔt由I=ER可知電流加倍，故D．自行車勻加速行駛時(shí)，車輪轉(zhuǎn)速持續(xù)增加，磁鐵轉(zhuǎn)動(dòng)加快，周期變小，但圖丙中電壓周期不變，故D錯(cuò)誤。故選AC。17．（2025·海南儋州·二中一模）某實(shí)驗(yàn)小組準(zhǔn)備測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)室提供了下列器材：A．多用電表（電壓擋量程2.5V，內(nèi)阻未知）；B．毫安表（量程200mA，內(nèi)阻為1.20ΩC．定值電阻R1D．定值電阻R2E.滑動(dòng)變阻器R；F.電鍵和導(dǎo)線若干。根據(jù)提供的器材，設(shè)計(jì)電路如圖1所示。(1)將毫安表與定值電阻R1改裝成電流表如虛線框中所示，改裝后的量程為______A(2)為了精確測(cè)量，圖中多用電表的右邊表筆P應(yīng)接到______（選填“B”或“C”）處；(3)閉合電鍵，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片，多次記錄多用電表的示數(shù)U、毫安表的示數(shù)I。其中一次測(cè)量時(shí)多用電表示數(shù)如圖2所示，其讀數(shù)為______V。(4)作U-I圖線如圖3所示，該干電池電動(dòng)勢(shì)E=______V；內(nèi)阻r=______Ω（以上結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）?！敬鸢浮?1)0~0.6(2)B(3)1.15(4)1.451.56【詳析】（1）毫安表的滿偏電壓為U0=I0r0=0.24（2）由于改裝后的電流表的內(nèi)阻已知，為了精確測(cè)量，圖中多用電表代替的電壓表應(yīng)為電源的“內(nèi)接法”，即右邊表筆P應(yīng)接到“B”處。（3）由圖2可知，多用電表的讀數(shù)為1.15V。（4）[1][2]由（1）分析可知，電路中電流為毫安表示數(shù)的3倍。改裝后的電流表的內(nèi)阻為R根據(jù)歐姆定律E=U+3Ir+R2+RA整理可得U=-3r+R2+RAI+E18．（2025·海南海口農(nóng)墾中學(xué)·沖刺四）某同學(xué)想把量程為0~3mA但內(nèi)阻未知的毫安表G改裝成量程為0~30mA的電流表A1；他先測(cè)量出毫安表G的內(nèi)阻，然后對(duì)電表進(jìn)行改裝，最后再利用一標(biāo)準(zhǔn)電流表A①按如圖甲所示的電路圖連接好線路；②將滑動(dòng)變阻器R的阻值調(diào)到最大，閉合開關(guān)S1后調(diào)節(jié)R的阻值，使毫安表G③閉合開關(guān)S2，保持R不變，調(diào)節(jié)電阻箱R'的阻值，使毫安表G的示數(shù)為1mA，此時(shí)R'接入電路的阻值為1800Ω(1)由實(shí)驗(yàn)操作步驟可知，毫安表G內(nèi)阻的測(cè)量值Rg＝______(2)在圖甲所示的電路圖中，為減小系統(tǒng)誤差，下列操作正確的是______A．減小R的總阻值 B．增大R的總阻值C．選擇電動(dòng)勢(shì)較大的電源 D．選擇電動(dòng)勢(shì)較小的電源(3)用圖乙所示的電路對(duì)改裝后的電流表進(jìn)行校準(zhǔn)，由于內(nèi)阻測(cè)量時(shí)造成的誤差，當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)電流表的示數(shù)為30mA時(shí)，改裝電流表中毫安表G的示數(shù)為2.5mA。改裝后電表的實(shí)際量程為______。(4)為了盡量消除改裝后的電流表測(cè)量電流時(shí)帶來的誤差，需選用一新電阻替換原并聯(lián)電阻，選用的新電阻為原電阻的______倍?！敬鸢浮?1)3600(2)C(3)36mA(4)11【來源】2025屆山東名?？荚嚶?lián)盟高三下學(xué)期3月高考模擬考試物理試題【詳析】（1）閉合開關(guān)S2，保持R不變，調(diào)節(jié)電阻箱R'的阻值，使毫安表G的示數(shù)為1mA，由并聯(lián)電路特點(diǎn)可知解得R（2）本實(shí)驗(yàn)成功的關(guān)鍵是R接入回路的電阻比表頭所在局部的電阻大得多，這樣就可以保證在R'與表頭并聯(lián)對(duì)干路電流的影響足夠小，由于表頭滿偏電流一定，故而電源的電動(dòng)勢(shì)越大，R接入干路的阻值就可以越大，實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差就越小。故選C。（3）當(dāng)標(biāo)準(zhǔn)電流表的示數(shù)為30mA時(shí)，改裝電流表中毫安表G的示數(shù)為2.5mA。根據(jù)2.5解得改裝后電表的實(shí)際量程為I（4）根據(jù)電流表原理可知(Im其中Im0=30專題05恒定電流和交變電流考點(diǎn)五年考情（2021-2025）命題趨勢(shì)考點(diǎn)1恒定電流2022、2023、2024在恒定電流方面，注重將電路的基本規(guī)律，如歐姆定律、閉合電路歐姆定律等，與實(shí)際生活及科技應(yīng)用場(chǎng)景相結(jié)合，像智能家居電路、新能源設(shè)備中的電路分析等。命題強(qiáng)調(diào)對(duì)電路結(jié)構(gòu)的理解，要求考生能通過識(shí)別與簡(jiǎn)化復(fù)雜電路，運(yùn)用串并聯(lián)電路特點(diǎn)、功率計(jì)算等知識(shí)解決問題，同時(shí)也重視對(duì)實(shí)驗(yàn)的考查，如電表的改裝、電阻的測(cè)量、電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻的測(cè)定等實(shí)驗(yàn)，考查學(xué)生對(duì)實(shí)驗(yàn)原理的掌握、實(shí)驗(yàn)器材的選擇、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)的處理及誤差分析能力。?對(duì)于交變電流，常以電力傳輸、變壓器的實(shí)際應(yīng)用等為情境，考查交變電流的產(chǎn)生原理、變化規(guī)律、有效值的計(jì)算以及變壓器的工作原理和相關(guān)計(jì)算。命題趨向于將交變電流知識(shí)與電磁感應(yīng)、能量守恒等知識(shí)進(jìn)行綜合，要求考生分析多過程、多因素的復(fù)雜問題，比如在遠(yuǎn)距離輸電模型中，結(jié)合電阻發(fā)熱損耗、變壓器效率等，考查學(xué)生綜合運(yùn)用知識(shí)的能力。同時(shí)，數(shù)學(xué)工具在這部分的考查中應(yīng)用更為頻繁，如利用三角函數(shù)知識(shí)描述交變電流的瞬時(shí)值，通過圖像分析交變電流的相關(guān)物理量變化。整體而言，這類命題旨在培養(yǎng)學(xué)生從實(shí)際問題中抽象出物理模型、運(yùn)用物理知識(shí)解決問題的科學(xué)思維與探究能力。考點(diǎn)2交變電流2021、2022、2023、2024考點(diǎn)01恒定電流1．（2024·海南·高考）虛接是常見的電路故障，如圖所示，電熱器A與電熱器B并聯(lián)。電路中的C處由于某種原因形成了虛接，造成了該處接觸電阻0~240Ω之間不穩(wěn)定變化，可等效為電阻RC，已知MN兩端電壓U=220V，A與B的電阻（1）MN間電阻R的變化范圍；（2）當(dāng)RC=240Ω，電熱器B消耗的功率（保留【答案】（1）12Ω≤R≤22Ω；（2【詳析】（1）根據(jù)電路可知當(dāng)RC=0時(shí)MN間電阻R的阻值最小，為R=RARBRA+RB=12Ω當(dāng)RC（2）當(dāng)RC=240Ω，通過電熱器B的電流為I=URC+R2．（2023·海南·高考）用如圖所示的電路測(cè)量一個(gè)量程為100μA，內(nèi)阻約為2000Ω的微安表頭的內(nèi)阻，所用電源的電動(dòng)勢(shì)約為12V，有兩個(gè)電阻箱可選，R1（0~9999.9Ω），R2（99999.9Ω）

（1）RM應(yīng)選_________，RN應(yīng)選_________；（2）根據(jù)電路圖，請(qǐng)把實(shí)物連線補(bǔ)充完整_________；

（3）下列操作順序合理排列是______：①將變阻器滑動(dòng)頭P移至最左端，將RN調(diào)至最大值；②閉合開關(guān)S2，調(diào)節(jié)RM，使微安表半偏，并讀出RM阻值；③斷開S2，閉合S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至某位置再調(diào)節(jié)RN使表頭滿偏；④斷開S1、S2，拆除導(dǎo)線，整理好器材（4）如圖是RM調(diào)節(jié)后面板，則待測(cè)表頭的內(nèi)阻為_________，該測(cè)量值_________（填“大于”、“小于”、“等于”）真實(shí)值。

（5）將該微安表改裝成量程為2V的電壓表后，某次測(cè)量指針指在圖示位置，則待測(cè)電壓為_________V（保留3位有效數(shù)字）。

（6）某次半偏法測(cè)量表頭內(nèi)阻的實(shí)驗(yàn)中，S2斷開，電表滿偏時(shí)讀出RN值，在滑動(dòng)頭P不變，S2閉合后調(diào)節(jié)電阻箱RM，使電表半偏時(shí)讀出RM，若認(rèn)為OP間電壓不變，則微安表內(nèi)阻為_________（用RM、RN表示）【答案】R1R2

①③②④1998.0Ω小于1.28RN【詳析】（1）[1][2]根據(jù)半偏法的測(cè)量原理可知，RM與R1相當(dāng)，當(dāng)閉合S2之后，變阻器上方的電流應(yīng)基本不變，就需要RN較大，對(duì)下方分壓電路影響甚微。故RM應(yīng)選R1，RN應(yīng)選R2。（2）[3]根據(jù)電路圖連接實(shí)物圖有

（3）[4]根據(jù)半偏法的實(shí)驗(yàn)步驟應(yīng)為①將變阻器滑動(dòng)頭P移至最左端，將RN調(diào)至最大值；③斷開S2，閉合S1，調(diào)節(jié)滑動(dòng)頭P至某位置再調(diào)節(jié)RN使表頭滿偏；②閉合開關(guān)S2，調(diào)節(jié)RM，使微安表半偏，并讀出RM阻值；④斷開S1、S2，拆除導(dǎo)線，整理好器材。（4）[5]根據(jù)RM調(diào)節(jié)后面板讀數(shù)為1998.0Ω。[6]當(dāng)閉合S2后，原電路可看成如下電路

閉合S2后，相當(dāng)于RM由無(wú)窮大變成有限值，變小了，則流過RN的電流大于原來的電流，則流過RM的電流大于I原（5）[7]將該微安表改裝成量程為2V的電壓表，則需要串聯(lián)一個(gè)電阻R0，則有U=Ig(Rg＋R0)此時(shí)的電壓讀數(shù)有U′=I′(Rg＋R0)其中U=2V，Ig=100μA，I′=64μA聯(lián)立解得U′=1.28V（6）根據(jù)題意OP間電壓不變，可得IRA+3．（2023·海南·高考）如圖所示電路，已知電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，電容器電容為C，閉合開關(guān)K，待電路穩(wěn)定后，電容器上電荷量為（

）

A．CE B．12CE C．25【答案】C【詳析】電路穩(wěn)定后，由于電源內(nèi)阻不計(jì)，則整個(gè)回路可看成3R、2R的串聯(lián)部分與R、4R的串聯(lián)部分并聯(lián)，若取電源負(fù)極為零電勢(shì)點(diǎn)，則電容器上極板的電勢(shì)為φ上=E5R?2R=2故選C。4．（2022·海南·高考）現(xiàn)要測(cè)量一個(gè)滿偏電流Ig=50μA的表頭內(nèi)阻并改裝成量程為（1）先閉合開關(guān)，再調(diào)整滑動(dòng)變阻器，使電流表A的示數(shù)為84mA，電流表G的示數(shù)如圖所示，則流過G的電流是_______。若rA=1.0Ω，則r（2）給G并聯(lián)一個(gè)R1的電阻進(jìn)行校準(zhǔn)時(shí)，當(dāng)電流表G的示數(shù)為45Ig時(shí)，標(biāo)準(zhǔn)電流表A的示數(shù)為（3）若要把它改裝成量程為1mA的電流表，還需要在R1兩邊并聯(lián)一個(gè)R2=【答案】30.0μA2800Ω0.95mA18【來源】2022年新高考海南物理高考真題（缺第6題和第12題）【詳析】（1）[1]電流表G的滿偏電流Ig=50μA，則如圖所示電流表G的示數(shù)為[2]根據(jù)并聯(lián)電路電壓相等可得84×10-3A×1.0Ω=30×10-6A×（2）[3]對(duì)改裝電表，流過電阻R1的電流為IR1=0.76mA-45（3）[4]若把并聯(lián)R1的電流表G再改裝成量程為1mA的電流表，需要并聯(lián)電阻R2考點(diǎn)02交變電流5．（2024·海南·高考）電動(dòng)汽車充電站變壓器輸入電壓為10kV，輸出電壓為220V，每個(gè)充電樁輸入電流16A，設(shè)原副線圈匝數(shù)分別為n1、n2，輸入正弦交流的頻率為A．交流電的周期為0.02sB．原副線圈匝數(shù)比nC．輸出的最大電壓為220VD．若10臺(tái)充電樁同時(shí)使用，輸入功率為35.2kW【答案】AD【詳析】A．交流電的周期為T=1f=0.02sB．根據(jù)理想變壓器原副線圈的電壓與線圈匝數(shù)的關(guān)系可得，原副線圈匝數(shù)比為n故B錯(cuò)誤；C．輸出的最大電壓為U2m=2D．若10臺(tái)充電樁同時(shí)使用，輸出功率為P2總故D正確。故選AD。6．（2023·海南·高考）下圖是工廠利用u=2202sin100πtV的交流電給36V

A．電源電壓有效值為2202V BC．副線圈匝數(shù)為180匝 D．副線圈匝數(shù)為240匝【答案】BC【詳析】A．電源電壓的有效值U=22022B．交流電的周期T=2πωCD．根據(jù)n1n2=U1U2故選BC。7．（2022·海南·高考）一個(gè)有N匝的矩形線框，面積為S，以角速度ω從如圖所示的位置開始，在勻強(qiáng)磁場(chǎng)B中勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，則產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的圖像是（

）A． B．C． D．【答案】A【詳析】圖示位置線框處于與中性面垂直的平面，豎直長(zhǎng)邊垂直切割磁感線，此時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大為Em=NBSω故選A。8．（2021·海南·高考）如圖，理想變壓器原線圈接在u=2202sin100πt(V)的交流電源上，副線圈匝數(shù)可通過滑片P來調(diào)節(jié)。當(dāng)滑片P處于圖示位置時(shí)，原、副線圈的匝數(shù)比n1:A．僅將滑片P向上滑動(dòng)B．僅將滑片P向下滑動(dòng)C．僅在副線圈電路中并聯(lián)一個(gè)阻值為20Ω的電阻D．僅在副線圈電路中串聯(lián)一個(gè)阻值為20Ω的電阻【答案】BD【詳析】原線圈電壓有效值U1=22022V=220V則次級(jí)電壓有效值U2=n2故選BD。1．（2025·海南海口農(nóng)墾中學(xué)·沖刺四）如圖所示的電路中，電源內(nèi)阻不可忽略。開關(guān)S閉合后，在變阻器R0的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)的過程中（

）A．電壓表與電流表的示數(shù)都減小 B．電壓表與電流表的示數(shù)都增大C．電源的輸出功率一定變大 D．電源的總功率一定變小【答案】A【詳析】AB．在變阻器R0的滑片向下滑動(dòng)的過程中，變阻器接入電路的電阻減小，變阻器R0與R2并聯(lián)電阻R并減小，外電路總電阻減小，根據(jù)閉合電路歐姆定律U=E-Ir得知，干路電流I增大，路端電壓U減小，則電壓表示數(shù)減?。徊⒙?lián)部分電壓U并=E-I（R1+r）可知I增大，E、R1、rC．在變阻器R0的滑動(dòng)端向下滑動(dòng)的過程中，外電路總電阻減小，由于內(nèi)外電阻的關(guān)系未知，所以不能確定電源的輸出功率如何變化，故C錯(cuò)誤；D．電源的總功率P=EI，電流增大，則總功率變大，故D錯(cuò)誤；故選A。2．（2025·海南儋州·二中一模）有關(guān)下列四幅圖的描述，正確的是（

）A．圖1中，增大加速電壓U，可以減小粒子在回旋加速器中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間B．圖2中，線圈順時(shí)針勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，電路中A、B發(fā)光二極管會(huì)交替發(fā)光C．圖3中，在梁的自由端施力F，梁發(fā)生彎曲，上表面應(yīng)變片的電阻變小D．圖4中，僅減小兩極板的距離，則磁流體發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)會(huì)增大【答案】A【詳析】A．設(shè)粒子獲得最大速度為v，由洛倫茲力提供向心力有qvB=mv2R（R為最大軌道半徑）最終動(dòng)能Ek=12mv2聯(lián)立解得Ek=q2B2B．圖甲中，由于線圈外接換向器，使線圈中的交流電整合為直流電，電流的方向不變，A、B發(fā)光二極管不會(huì)交替發(fā)光，故B錯(cuò)誤；C．在梁的自由端施力F，梁發(fā)生彎曲，上表面拉伸，應(yīng)變片的長(zhǎng)度l變長(zhǎng)，橫截面積S變小，根據(jù)電阻定律R=ρlS可知上表面應(yīng)變片的電阻變大，故D．磁流體發(fā)電機(jī)穩(wěn)定時(shí)，有qvB=qUd（d為兩極板間的距離）解得電動(dòng)勢(shì)U=Bdv可知僅減小兩極板的距離d，磁流體發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)會(huì)減小，故故選A。3．（2025·海南三亞·學(xué)業(yè)水平診斷）如圖為便捷式應(yīng)急儲(chǔ)能電站銘牌，其中容量單位“W?h”（瓦時(shí)）對(duì)應(yīng)的物理量是（）A．電能 B．位移 C．電流 D．電荷量【答案】A【詳析】由于W為功率P的單位，h為時(shí)間t單位，根據(jù)W=Pt可知，W?h為電能單位。故選A。4．（2025·海南瓊海嘉積中學(xué)·一模）鋰離子電池被廣泛地用于智能手機(jī)、智能機(jī)器人、電動(dòng)自行車、電動(dòng)汽車等領(lǐng)域。某款手機(jī)充電鋰離子電池的標(biāo)識(shí)如圖所示，關(guān)于電池容量對(duì)應(yīng)的物理量是（

）A．電荷量 B．電功率 C．電功 D．電流【答案】A【詳析】根據(jù)I=qt解得q=It可知電荷量的單位故選A。5．（2025·海南·三模）如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=10V，內(nèi)阻r=1Ω，電動(dòng)機(jī)內(nèi)阻r0=0.5Ω，閉合開關(guān)S，小燈泡LA．小燈泡額定功率為8W B．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)發(fā)熱功率為0.25WC．電源的輸出功率為18W D．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)其輸出的機(jī)械功率為8W【答案】A【詳析】A．根據(jù)閉合電路歐姆定律有E=U+I'r小燈泡的電流為IL=I'-I小燈泡額定功率為P=UB．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)發(fā)熱功率為Pr0=I2C．電源的輸出功率為P'=UI'=16D．電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)其輸出的機(jī)械功率為P″=UI-Pr0=7.5故選A。6．（2025·海南·三模）某發(fā)電站遠(yuǎn)距離輸電示意圖如圖所示，升壓變壓器和降壓變壓器均為理想變壓器。已知降壓變壓器輸出電壓U4=U0，用戶獲得的功率為P0A．若發(fā)電站輸出電壓一定，當(dāng)用戶增加負(fù)載時(shí)，輸電線電阻r消耗的功率減小B．若發(fā)電站輸送功率一定，增大電壓U1C．輸電線損失的功率為nD．發(fā)電站輸出的功率為P【答案】C【詳析】A．當(dāng)用戶增加負(fù)載時(shí)，輸出功率增大，則降壓變壓器的輸入功率P3增大，發(fā)電機(jī)的輸出功率也增大，即P1增大，又發(fā)電站輸出電壓一定，根據(jù)P1=U1I可知I2增大。輸電線電阻r消耗的功率P=I22rB．若發(fā)電站輸送功率一定，根據(jù)P1=U1I1可知增大電壓U1，I1減?。籆．降壓變壓器副線圈的電流I4=P0U0又C正確；D．發(fā)電站輸出的功率為P=P0+故選C。7．（2025·海南?？凇し抡婵迹┤鐖D所示為某興趣小組制作的手搖式發(fā)電機(jī)原理示意圖，一半徑為R的單匝半圓形金屬線圈處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B、方向垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，通過搖動(dòng)把手使金屬線圈繞水平軸ab直線以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，使燈泡剛好正常發(fā)光，電路中除燈泡電阻為r外，其余部分電阻不計(jì)，則下列說法中正確的是（）A．線圈在圖中位置時(shí)，燈泡中電流方向向右B．線圈由圖中位置轉(zhuǎn)過90°時(shí)產(chǎn)生的電流最大C．當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度為ω時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為πBD．如果把小燈泡換成交流電壓表，其顯示的電壓示數(shù)為πB【答案】B【詳析】A．圖示位置，線圈的線速度方向與磁場(chǎng)方向平行，線圈沒有切割磁感線，可知，此時(shí)通過燈泡的電流為0，故A錯(cuò)誤；B．線圈由圖中位置轉(zhuǎn)過90°時(shí)，線圈的線速度方向恰好與磁場(chǎng)方向垂直，此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)達(dá)到最大值，產(chǎn)生的電流最大，故B正確；C．根據(jù)正弦式交流電的產(chǎn)生原理，當(dāng)轉(zhuǎn)動(dòng)角速度為ω時(shí)，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大值為e故C錯(cuò)誤；D．交流電壓表測(cè)量的是有效值，結(jié)合上述可知，其示數(shù)為U=emax2=故選B。8．（2025·海南·三模）如圖1所示，abcd為100匝的正方形閉合金屬線圈，邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，線圈整體處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，按圖示方向繞著與磁場(chǎng)垂直的軸OO'（與ad共線）勻速轉(zhuǎn)動(dòng)。從圖1所示位置開始計(jì)時(shí)，圖A．t=0時(shí)刻電流的方向是adcbaB．若線圈邊長(zhǎng)L=0.1m，則磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為C．t=1sD．線圈的轉(zhuǎn)動(dòng)周期為1【答案】B【詳析】A．線圈轉(zhuǎn)動(dòng)過程中，bc邊切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，由右手定則，t=0時(shí)刻時(shí)，bc邊電動(dòng)勢(shì)方向?yàn)閎到c，則t=0時(shí)刻線圈中電流方向是abcda，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；BD．由圖2可知電動(dòng)勢(shì)的峰值Em=NBSω=5V周期T=2s進(jìn)而角速度ω=2πT=πradC．由分析可知，t=1s時(shí)線圈電動(dòng)勢(shì)最大，線圈處于中性面的垂面，磁通量最小，C故選B。9．（2025·海南瓊海嘉積中學(xué)·預(yù)測(cè)）圖甲是某發(fā)電機(jī)通過理想變壓器輸電的示意圖，圖乙是原線圈接入的內(nèi)阻r=2Ω的發(fā)電機(jī)提供的交變電流的u-t圖像（um未知）。已知原線圈匝數(shù)n1=110匝，副線圈匝數(shù)n2A．燈泡的電阻為20B．交變電流的頻率為50C．原線圈接入的交流電壓表達(dá)式為u=10D．原線圈電路中消耗的總功率為12【答案】D【來源】2025屆甘肅省白銀市靖遠(yuǎn)縣第一中學(xué)高三下學(xué)期模擬預(yù)測(cè)物理試題【詳析】A．根據(jù)理想變壓器的工作原理n1n2=I2I1由題意可知IB．由題圖乙可知，交流電的周期T=0.2?s，則交流電的頻率f=1TC．根據(jù)理想變壓器的工作原理有n1n2=U1U2=11022=5D．原線圈電路中消耗的總功率P=I12故選D。10．（2025·海南三亞·學(xué)業(yè)水平診斷）如圖甲電路中變壓器為理想變壓器，其原線圈接有如圖乙所示正弦式交流電，變壓器原、副線圈的匝數(shù)比n1:n2=1:5，電表均為理想交流電表。已知R0為保險(xiǎn)絲，其熔斷電流為3A，阻值為1Ω，滑動(dòng)變阻器R最大阻值為4Ω，現(xiàn)滑片P從b端緩慢移動(dòng)至a端，則此過程中（）A．保險(xiǎn)絲R0熔斷前，電流表的示數(shù)逐漸減小 B．保險(xiǎn)絲R0熔斷前，電壓表的示數(shù)逐漸增大C．當(dāng)滑片P位于b端時(shí)，電壓表讀數(shù)為1V D．保險(xiǎn)絲即將熔斷時(shí)，變壓器輸入功率為15W【答案】D【詳析】A．滑片P從b端緩慢移動(dòng)至a端，原、副線圈兩端電壓不變，則副線圈電阻減小，所以副線圈電流變大，根據(jù)原副線圈電流與匝數(shù)比的關(guān)系可知，原線圈中的電流變大，則電流表的示數(shù)逐漸增大，故A錯(cuò)誤；B．由于副線圈中電流變大，R0兩端的電壓變大，滑動(dòng)電阻器兩端電壓減小，所以電壓表示數(shù)變小，故B錯(cuò)誤；C．由圖可知U1=Um2=1V根據(jù)原副線圈電壓與匝數(shù)的關(guān)系U1U2=n1nD．保險(xiǎn)絲即將熔斷時(shí)，即I2=3A根據(jù)原副線圈電流與匝數(shù)的關(guān)系I1I2=n2n故選D。11．（2025·海南·三模）如圖所示，電路中接有定值電阻R1、電阻箱R2、R3、當(dāng)開關(guān)S閉合時(shí)，水平放置的一平行板電容器內(nèi)一帶正電微粒恰好靜止于兩板中間的A點(diǎn)。已知電源電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻不計(jì)，電容器的電容為C，下列說法正確的是（）A．電容器下極板電勢(shì)高于上極板電勢(shì)B．若R3阻值增加，A點(diǎn)電勢(shì)φA將降低C．若R2阻值增加，帶電微粒將向上運(yùn)動(dòng)D．若將帶電微粒固定不動(dòng)，R2阻值增加時(shí)帶電微粒電勢(shì)能增大【答案】ACD【詳析】A．由于帶正電微粒恰好靜止于兩板中間的A點(diǎn)，則帶電微粒受到的電場(chǎng)力與重力平衡，則電場(chǎng)強(qiáng)度方向向上，可知電容器下極板為高電勢(shì)，故A正確；B．A點(diǎn)電勢(shì)為φA=12(E-ER1+C．若R2阻值增加，則A點(diǎn)電勢(shì)升高，兩極板間電壓增大，內(nèi)部電場(chǎng)強(qiáng)度增大，帶電微粒將向上運(yùn)動(dòng)，故C正確；D．若將帶電微粒固定不動(dòng)，R2阻值增加時(shí)，A點(diǎn)電勢(shì)升高，帶電微粒電勢(shì)能增大，故D正確。故選ACD。12．（2025·海南瓊海嘉積中學(xué)·一模）如圖所示的電路中，R0為熱敏電阻（溫度降低電阻增大），C為平行板電容器，閉合開關(guān)K1、K2，C中央的帶電液滴剛好靜止，M點(diǎn)接地，不考慮電源內(nèi)阻，則下列說法正確的是（

）A．液滴帶正電B．僅將熱敏電阻R0加熱，平行板電容器所帶電量增大C．僅將變阻器R的滑片P向下移動(dòng)，液滴將向上運(yùn)動(dòng)D．同時(shí)斷開開關(guān)K1和K2，將下極板向下移動(dòng)，液滴將向下運(yùn)動(dòng)【答案】BC【詳析】A．由圖可知，電容器上極板帶正電，電場(chǎng)強(qiáng)度方向向下，液滴的重力向下，液滴受力平衡，則電場(chǎng)力方向向上，所以液滴帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；B．僅將熱敏電阻R0加熱，熱敏電阻阻值減小，則電容器兩端電壓增大，根據(jù)Q=CU，可知平行板電容器所帶電量增大，故BC．僅將變阻器R的滑片P向下移動(dòng)，變阻器接入電路中的電阻增大，則電容器兩端的電壓增大，根據(jù)E=Ud，可知兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度增大，液滴的重力向下，液滴受到的電場(chǎng)力增大，所以液滴向上運(yùn)動(dòng)，故D．根據(jù)C=QU，C=εrS4πkd，E=Ud聯(lián)立可得兩極板間的電場(chǎng)強(qiáng)度E=4πkQε故選BC。13．（2025·海南·二模）將一電源、定值電阻R0=2Ω及電阻箱連成如圖甲所示的閉合回路，閉合開關(guān)后調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，測(cè)得電阻箱功率與電阻箱讀數(shù)變化關(guān)系曲線如圖乙所示，則下列說法中正確的是（）A．該電源電動(dòng)勢(shì)為9V B．該電源內(nèi)阻為1ΩC．調(diào)整R，電源最大輸出功率為8W D．電阻箱功率最大時(shí)電源效率為50%【答案】BC【詳析】B．根據(jù)電阻箱所消耗功率P與電阻箱讀數(shù)R變化的曲線，當(dāng)電阻箱的電阻等于電源內(nèi)阻加R0之和時(shí)，即R=r+R0=3Ω電阻箱消耗的電功率最大，所以r=1A．電阻箱的電功率最大時(shí)，電阻箱的電壓為U=PmR=3V根據(jù)串聯(lián)分壓可得ER+RC．當(dāng)外電路電阻與內(nèi)阻相等時(shí)，電源的輸出功率最大，由于定值電阻R0的阻值大于內(nèi)阻的阻值，故變阻箱的阻值為零時(shí)，電源的輸出功率最大，最大功率為Pmax=(ED．電阻箱所消耗功率P最大時(shí)，電源的輸出效率為η=故D錯(cuò)誤。故選BC。14．（2025·海南儋州二中·一模）下圖為某種燃?xì)庠铍娮狱c(diǎn)火器的原理圖，其中轉(zhuǎn)換器可以將2節(jié)干電池提供的3.0V的直流電轉(zhuǎn)化為u=22sin60πt(V)的交流電，并接在理想變壓器原線圈上。變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為n1、n2A．電壓表的示數(shù)等于2B．經(jīng)轉(zhuǎn)換器后，接入原線圈電流的頻率為30HzC．實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是nD．實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是n【答案】BD【詳析】A．電壓表的讀數(shù)是有效值（I有=Im2B．由ω=2πf，得f=30Hz，故B正確；CD．原線圈中電壓峰值為22V，實(shí)現(xiàn)點(diǎn)火的條件是副線圈電壓的峰值大于5000V，由n2n1=u故選BD。15．（2025·海南瓊海嘉積中學(xué)·一模）西藏那曲市色尼區(qū)歐瑪亭嘎風(fēng)電廠是當(dāng)前世界超高海拔地區(qū)單機(jī)容量最大、裝機(jī)規(guī)模最大的風(fēng)電項(xiàng)目。如圖是發(fā)電廠輸電網(wǎng)絡(luò)供電的原理圖。已知發(fā)電機(jī)轉(zhuǎn)子以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，輸電線上的總電阻R0=60Ω，輸電線上消耗的功率為3840W，升壓變壓器的匝數(shù)比為1：40，降壓變壓器的匝數(shù)比為50：1，用戶端獲得220V的電壓。不計(jì)其余電阻，下列說法正確的是（

）A．輸電線上的電流為8AB．發(fā)電機(jī)輸出電壓的最大值為287VC．用戶獲得的功率為88kWD．若轉(zhuǎn)子角速度ω增加一倍，則R0消耗的功率為7680